2025年外研版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、光纤通信是一种现代化的通信手段，它可以提供大容量、高速度、高质量的通信服务。为了研究问题的方便，我们将光导纤维简化为一根长直的玻璃棒，如图所示，设此玻璃棒长为L，折射率为n且光在玻璃内界面上恰好发生全反射，若光在真空中的传播速度为c，则光通过此段玻璃棒所需的时间为（）A.B.C.D.2、图甲所示电路中，A1A2A3

为相同的电流表，C

为电容器，电阻R1R2R3

的阻值相同，线圈L

的电阻不计.

在某段时间内理想变压器原线圈内磁场的变化如图乙所示，则在t1隆芦t2

时间内()A.电流表A1

的示数比A2

的小B.电流表A2

的示数比A3

的小C.电流表A1

和A2

的示数相同D.电流表的示数都不为零3、明明；亮亮两人共提总重力为G

的一桶水匀速前行；如图所示，两人手臂用力大小均为F

手臂间的夹角为娄脠.

则()

A.当娄脠=60鈭�

时，F=G2

B.当娄脠=90鈭�

时；F

有最小值。

C.当娄脠=120鈭�

时，F=G

D.娄脠

越大时，F

越小4、如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数比n1:n2=11:5.

原线圈与正弦交变电源连接，输入电压娄脤=2202sin(100娄脨t)V.

副线圈接入电阻的阻值R=100娄赂

图中电压表和电流表均为理想电表.

则()

A.通过电阻的电流是22A

B.交流电的频率是100Hz

C.电压表的示数是100V

D.变压器的输入功率是484W

5、矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，从中性面开始转动180°的过程中，平均感应电动势和最大感应电动势之比为：（）A.π/2B.2πC.πD.2/π6、关于分子间的相互作用力，下列叙述正确的是（）A.恒为引力B.恒为斥力C.分子间的距离小时只有斥力，距离大时只有引力D.分子间同时存在斥力和引力评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、某学习小组为探究影响干涉条纹宽度的因素，在实验室用蓝光做了双缝千涉实验，在光屏上呈现出蓝、暗相间的平行条纹，设相邻两条蓝条纹间的距离为△x．你认为以下结论中正确的是（）A.单缝到双缝间的距离越大，△x就越大B.双缝之间的距离越大，△x就越大C.双缝到光屏之间的距离越大，△x就越大D.双缝之间的距离越小，△x就越大8、以下是对现代生物进化理论的一些理解，其中正确的是A.环境改变使生物产生适应性的变异B.长期地理隔离可能形成新物种C.变异是不定向的D.自然选择使种群的基因频率定向改变9、如图所示的电路中，电源电动势为12V，内阻为2Ω，四个电阻的阻值已在图中标出．闭合开关S，下列说法正确的有（）A.路端电压为10VB.电源的总功率为10WC.a、b间电压的大小为5VD.a、b间用导线连接后，电路的总电流为1A10、(

多选)

一个电荷量为+q

的粒子只在电场力作用下沿x

轴做直线运动，规定x

轴正方向为电场强度正方向，x

轴上各点的电场强度E

随x

坐标的变化图线如图所示(

已知图线关于O

点对称).A(0x1)B(0,鈭�x1)

为粒子运动轨迹上的两点.

下列说法中正确的是(

)

A.B

两点的电场强度和电势均相同B.粒子经过AB

两点时的速度大小相同C.粒子经过AB

两点时的加速度相同D.粒子经过AB

两点时的电势能相同11、关于波的各种现象，下列说法正确的是(

)

A.“墙里说话墙外听，闻其声不见其人”是波的反射现象B.水波绕过芦苇、石块向前传播，是波的衍射现象C.在浓雾天气，交通信号灯红灯比绿灯看起来更清晰，是因为红光比绿光衍射更明显D.火车鸣笛减速向我们驶来时，我们听到的笛声频率将比声源发声的频率低12、如图所示电路中，定值电阻R2，滑动变阻器的最大阻值为R1，且R1＞R2+r（r为电源内阻），在滑动变阻器的滑动头P由左端a向右滑动的过程中，以下说法正确的是（）

A.电压表的示数变大B.R2消耗的功率先变大后变小C.滑动变阻器消耗的功率先变大后变小D.滑动变阻器R1两端的电压变化量大于R2两端的电压变化量评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)13、

（1）一块多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100．用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很大，如图（1）中虚线位置．为了较准确地进行测量，应换到____挡，换挡后需要先进行____的操作，再进行测量．若正确操作后进行测量时表盘的示数如图（1），则该电阻的阻值是____Ω

（2）已知多用电表的表头满偏电流为Ig=2mA，内阻Rg=100Ω，当选择的挡位为直流电压2.5V时，表头串联电阻的阻值为____Ω，则指针读数为____v

（3）如图（2）为多用表内部电路，选择开关分别置于1、2、3、4、5、6位置时，下列说法正确的是：____

A．置于1；2时为电流表；且置于1时量程大。

B．置于3；4时为欧姆表；两个可变电阻不同倍率不同。

C．置于3；4时为欧姆表；两个电源的电动势不同倍率不同。

D．置于5；6时为电压表；且置于5时量程大。

E．左侧表笔为黑表笔，右侧表笔为红表笔．14、如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的粒子，从极板左侧中央以相同的水平速度v先后垂直地射入匀强电场中．分别落在正极板的a、b、c处，粒子所受重力不能忽略，则可知粒子a、b、c三个粒子在电场中的加速度有aa____b____ac（填“＞”、“＜”或“=”）；c粒子____；（填“带正电”；“带负电”或“不带电”）

15、在用电火花计时器（或电磁打点计时器）研究匀变速直线运动的实验中，某同学打出了一条纸带，已知计时器打点的时间间隔为0.02s，他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，得到了O、A、B、C、D等几个计数点，如图所示，则相邻两个计数点之间的时间间隔为____s．用刻度尺量得点A、B、C、D到O点的距离分别为x1=1.50cm，x2=3.40cm，x3=5.70cm，x4=8.40cm．由此可知，打C点时纸带的速度大小为____m/s．与纸带相连小车的加速度大小为____m/s2．

16、某原子核X不稳定，容易发生衰变，则该核发生衰变时的衰变方程：______(衰变后的元素用Y表示）；若其半衰期为8天，则经过______天有75%的X核发生了衰变。17、（1）《测定金属电阻率》中，测得金属丝的直径如图1所示，则该金属丝直径为____mm．

（2）某一同学用欧姆挡测电阻时；实验步骤如下：

A．将功能选择开关置×100挡；

B．将红黑表笔短接；调节调零旋钮，使指针指向左边零处；

C．接入被测电阻；读数；

D．将功能选择开关置OFF档；

上述实验步骤中，错误的操作是____（填字母代号），若操作无误，指针位置如图2所指，则被测电阻的阻值是____Ω．

18、通电螺线管的极性跟螺线管中的____方向有关，它们之间的关系可以用____定则来判定．内容是：用____手握住螺线管，让____弯向螺线管中电流的方向，则____所指的那端就是螺线管的N极．19、如图为一交变电流图象，把这种交变电流加在一灯泡两端，则灯泡中的电流大小为______A．

20、将质量为5kg

的铅球(

可视为质点)

从距沙坑表面1.25m

高处由静止释放，从铅球接触沙坑表面到陷入最低点所历经的时间为0.25s

不计空气阻力，重力加速度g=10m/s2.

则铅球对沙子的平均作用力大小为______N

方向______．评卷人得分四、判断题(共2题，共12分)21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分五、实验探究题(共1题，共8分)23、如图是某校物理兴趣小组设计的一个测量液体折射率的仪器，在一个圆盘上，过圆心O作两条相互垂直的直径BC、EF，在半径OA上，垂直盘面插上两枚大头针P1、P2并保持位置不变，每次测量时让圆盘的下半部分竖直进入液体中，而且总使得液面与直径BC相平，EF作为界面的法线，而后在图中右上方区域观察P1、P2，在EC范围内的一个合适位置插上大头针P3，量出∠AOF和∠P3OE；就可以计算出该液体的折射率．

（1）插P3时应满足______；

（2）在某次测量中，测得∠AOF=45°，∠P3OE=60°，则该液体的折射率为______．

（3）在测量另一种液体的折射率时，发现总是无法看清P1、P2，要完成测量，需将∠AOF______（选填“增大”或“减小”）一些．评卷人得分六、综合题(共1题，共6分)24、A.(

卓越班)(1)

图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T

的原、副线圈匝数分别为n1n2

在T

的原线圈两端接入一电压u=Umsin娄脴t

的交流电源，若输送电功率为P

输电线的总电阻为2r

不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为___________w

(2)

在粗糙的水平桌面上有两个静止的木块A

和B

两者相距为d

现给A

一初速度，使A

与B

发生弹性正碰，碰撞时间极短。当两木块都停止运动后，相距仍然为d.

已知两木块与桌面之间的动摩擦因数均为娄脤.B

的质量为A

的2

倍，重力加速度大小为g

求A

的初速度的大小

B.(

博越班)(1)

下图表示一交流电随时间变化的图像，其中电流为正值时的图像为正弦曲线的正半部分，其最大值为Im

电流的负值为鈭�Im

则该交变电流的有效值为___________

(2)

如图所示，一交流发电机的线圈在匀强磁场中匀速转动，线圈匝数N=100

匝，线圈电阻r=3娄赂ab=cd=0.5mbc=ad=0.4m

磁感应强度B=0.5T

电阻R=311娄赂

当线圈以n=300r/min

的转速匀速转动时.

求：(1)

感应电动势的最大值；(2)t=0

时线圈在图示位置，写出此交变电流电动势瞬时值表达式；(3)

此电压表的示数是多少？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【解析】试题分析：由可得，光在玻璃中的传播速度，即为光在玻璃的内界面上恰好发生全反射，由结合运动的分解可得，光在玻璃中沿玻璃管方向传播的速度为：则光在玻璃中传播的时间为：故选：A考点：光的折射定律．【解析】【答案】A2、C【分析】略【解析】C

3、C【分析】解：设小娟；小明的手臂对水桶的拉力大小为F

由题小娟、小明的手臂夹角成娄脠

角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等；

则根据平衡条件得：

2Fcos娄脠2=G

解得：F=G2cos娄脠2

当娄脠=0鈭�

时，cos娄脠2

值最大，则F=G2

即为最小；

当娄脠

为60鈭�

时，F=33G

当娄脠=90鈭�

时，F=22G

当娄脠

为120鈭�

时；F=G

当娄脠

越大时；则F

越大；故ABD错误，C正确；

故选：C

．

分析水桶的受力情况；分析平衡条件，求解小娟；小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系.

由于两人手臂均与竖直方向成娄脠

角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，从而根据列式，即可求解．

本题要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系，是解题的关键．【解析】C

4、C【分析】【分析】根据输入电压的表达式可以求得输入电压的有效值；周期和频率等；再根据电压与匝数成正比即可求得结论。

根据公式可以求得输入电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论。【解答】A.由输入电压公式可知，原线圈中电压的最大值为2202V，所以电压的有效值U=Um2=220VU=dfrac{{U}_{m}}{sqrt{2}}=220V根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V100V副线圈的电阻为100娄赂100娄赂所以电流的为1A1A故A错误；

B.由输入电压公式可知，角速度为100娄脨100娄脨所以交流电的频率f=娄脴2娄脨=50Hzf=dfrac{娄脴}{2娄脨}=50Hz故B错误；

C.由于电压表测量的是电压的有效值，所以电压表的读数为100V100V故C正确；

D.原副线圈的功率是相同的，由电阻消耗的功率为P=1002100=100W，所以变压器的输入功率是100100WW故D错误。

故选C。

【解析】C

5、D【分析】平均感应电动势等于最大感应电动势值为则平均感应电动势和最大感应电动势之比为D正确。【解析】【答案】D6、D【分析】解：ABD；分子间斥力与引力是同时存在；而分子力是斥力与引力的合力，故A、B错误，D正确；

C；当分子间距小于平衡位置时；体现为斥力，即引力小于斥力，而分子间距大于平衡位置时，分子表现为引力，即斥力小于引力，但总是引力和斥力是同时存在的，故C错误．

故选：D．

分子间有间隙；存在着相互作用的引力和斥力，当分子间距离增大时，通常表现为引力，当分子间距离减小时，通常表现为斥力，当分子间距等于平衡距离时，引力等于斥力，即分子力等于零．

本题关键是明确分子力的实质、变化规律，可以类比弹簧模型．要抓住三个“同”记住分子力的特点：斥力与引力同时存在，随分子距离的变化是“同增同减”．【解析】【答案】D二、多选题(共6题，共12分)7、CD【分析】解：双缝干涉的条纹间距△x=λ；其中L是指屏和双缝之间的距离，d两缝之间距离，λ是指入射光的波长，则有：

A；△x与单缝到双缝间的距离无关；故A错误．

B；如果增大双缝之间的距离；使d增大，故△x变小，故B错误．

C；如果增大双缝到光屏之间的距离；L增大，△x将增大，故C正确．

D；双缝之间的距离越小；则△x就越大，故D正确．

故选：CD．

双缝干涉的条纹间距△x=λ；其中L是指屏和双缝之间的距离，d两缝之间距离，λ是指入射光的波长．

掌握了双缝干涉的条纹间距与L、d和λ之间的关系△x=λ，是解决本题的关键所在．【解析】【答案】CD8、BCD【分析】【分析】本题考查现代生物进化理论内容的理解和识记，提高综合运用能力。【解答】错误；A.变异是不定向的，环境对变异进行选择导致了生物的进化，A错误；正确；

A正确；

正确。

故选B.。长期地理隔离导致生殖隔离进而产生新物种是新物种形成的主要方式，B正确；

B【解析】BCD9、AC【分析】解：AB、外电阻为R：则则路端电压为U=IR=1×10V=10V，电源的总功率为P=EI=12×1W=12W，故A正确，B错误；

C、选电源负极为0电势点，则a点电势为b点的电势a、b两点间的电压为故C正确；

D、a、b间用导线连接后外电阻为R′，则则电流故D错误；

故选：AC

由串并联电路分别出初态的外接电阻阻由欧姆定律确定外压，求电流定功率；确定出a，b间的电势求其电压；a、b间用导线连接后电路结构变化；重新求电阻求电流．

考查串并联电路电阻的求解及全电路欧姆定律，计算前要明确电路结构是求解问题的关键．【解析】【答案】AC10、BD【分析】【分析】电场强度是矢量，只有大小、方向均相同时电场强度才相同；E鈭�x

图象包围的面积表示电势差，OA

与OB

两点电势差相等，所以AB

两点电势相等；根据牛顿第二定律比较AB

两点的加速度；由动能定理比较AB

两点的速度大小；再由能量守恒比较AB

两点的电势能。此题考查电场强度E

随x

变化的图象与电势的关系，U=EdE鈭�x

图象组成图形的面积表示电势差。【解答】A、由图可知，AB

两点的电场强度方向相反，E鈭�x

图象包围的面积表示电势差，OB

间场强与位置坐标均为负值，面积为正值，面积相等均为正值，所以OA

与OB

两点电势差相等，电势相等，故A错误；B、粒子从B

运动到A

电场力做功W=qU=0

根据动能定理知，粒子经过AB

两点时的速度大小相同，故B正确；C、AB

两点电场的方向相反，粒子受合外力方向相反，所以加速度方向相反，故C错误；D、AB

两点动能相等，根据能量守恒，AB

两点的电势能相同，故D正确。故选BD。【解析】BD

11、BC【分析】解：A

“闻其声而不见其人”是声波的衍射现象；故A错误；

B；水波绕过芦苇、石块向前传播；水波绕过阻碍物，继续向前传播，是波的衍射现象.

故B正确；

C；浓雾天气；交通信号灯红灯比绿灯看起来更清晰，是因为红光比绿光波长长，则衍射更明显；故C正确；

D；鸣笛减速向我们驶来时；我们听到的笛声频率将比声源发声的频率高，是声波的多普勒效应.

故D错误．

故选：BC

．

水波绕过阻碍物；是波的衍射现象；波长越长的，越容易发生衍射；

“闻其声而不见其人”是声波的衍射现象；当声源与观察者的间距变化时；会出现接收频率变化的现象，即为多普勒效应．

本题考查了波的反射现象、衍射与折射现象、与声波的直线传播原理属于常见的考题，并掌握多普勒效应原理．【解析】BC

12、C:D【分析】【详解】

在滑动变阻器的滑臂P由左端a向右滑动的过程中；滑动变阻器接入电路的电阻变小，外电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，电压表读数变小，故A错误；

根据闭合电路欧姆定律，I=由于R1不断减小，故电流不断增加，故R2消耗的功率不断增加，故B错误；将电源和电阻R2当作一个等效电源，在滑动变阻器的滑臂P由左端a向右滑动的过程中，等效电源的内电阻小于等效外电阻，且差值先减小到零后增加，故滑动变阻器消耗的功率先变大后变小，故C正确；根据闭合电路欧姆定律，I=由于R1不断减小，故电流不断增加；故滑动变阻器两端的电压减小量等于R2两端的电压增加量和内电压的增加量之和，所以滑动变阻器R1两端电压的变化量大于R2两端的电压变化量；故D正确；故选CD．

【点睛】

本题关键明确一个结论：电源的内外电阻越接进，电源的输出功率越大，相等时，电源的输出功率最大；同时要结合闭合电路欧姆定律分析．三、填空题(共8题，共16分)13、略

【分析】

（1）偏角太大；则示数小，所选量程大，要换小量程的为×1档，读数为18Ω．

（2）改装成电压表要串联电阻：R==读数因最小分度为0.05V，则估读到同位，为：1.10V

（3）接1；2时为电流表，并联电阻越小量程越大．故A正确。

接3，4时为欧姆表，中值电阻为R中=则E越大，则R中越大；倍率越大，故B错误，C正确。

接5；6时为电压表，串联电阻大，量程大，故D错误。

电流由红表笔进；则左侧为红表笔，故E错误。

故选：AC

故答案为：（1）×1欧姆调零18

（2）11501.10

（3）AC

【解析】【答案】（1）指针偏角大；则示数小，故所选量程太大，要换小量程的．换档后要电路变化了要重新进行欧姆调零．再测量读数．

（2）改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为：R=．再据量程读数．

（3）改装成电流表要并联电阻分流；改装成电压表要串联电阻分压，改装成欧姆表要连入电池．据此判断．

14、略

【分析】

由题意知带电粒子在电场中做类平抛运动，不带电粒子做平抛运动可知，垂直电场方向做匀速直线运动，平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，由图可知a在垂直电场方向的位移最大，c最小，故可知，在电场中的运动时间满足：ta＞tb＞tc，在平行电场方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，因为位移相同，则根据位移时间关系得粒子的加速度a=因为ta＞tb＞tc，h相同，故有aa＜ab＜ac．

粒子在电场中合外力为电场力和重力的合力，由题意知电场方向竖直向上，故正电荷在电场中受电场力方向与重力方向相反，合力小于重力，故其加速度a小于重力加速度，负电荷受力方向与电场方向相反即竖直向下，其合力大于重力，故其加速度大于重力加速度．不带电粒子只受重力，其加速度为重力加速度，由于aa＜ab＜ac，所以可以判断，c带负电，b不带电；a带正电．

故答案为：＜；＜，带负电．

【解析】【答案】不带电的粒子在电场中做平抛运动；带正电和带负电的粒子在电场中做类平抛运动，粒子在垂直电场方向做匀速直线运动，平行于电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，根据垂直电场方向位移的大小可以判断运动时间的大小，再根据电场方向的初速度为0的匀加速直线运动求得加速大小关系，并由加速度大小关系确定电场力的方向即电荷的种类．

15、略

【分析】

（1）由于计时器打点的时间间隔为0.02s；他按打点先后顺序每5个点取1个计数点，所以相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s．

（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；

vC===0.25m/s

（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：x3-x1=2a1T2

x4-x2=2a2T2

为了更加准确的求解加速度；我们对两个加速度取平均值。

得：a=（a1+a2）

即小车运动的加速度计算表达式为：

a=

整理：a===0.4m/s2

故答案为：0.1；0.25，0.4

【解析】【答案】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．

16、略

【分析】在衰变过程中，质量数守恒，核电荷数守恒，即衰变方程为经过8天后，有一半发生衰变，即50%的X核发生衰变，再经过8天，剩下的一半的一半发生衰变，这时有75%的X核发生了衰变，所以共用时间为16天。【解析】【答案】16（每空3分）17、略

【分析】

（1）由图甲所示螺旋测微器可知；固定刻度示数为1.5mm；

可动刻度所示为38.0×0.01mm=0.380mm；螺旋测微器的示数为1.5mm+0.380mm=1.880mm；

（2）错误的是B；左端是电流和电压的0刻线，欧姆示数的0刻线在右端，所以应该使指针指向右边0．

；图中示数为15；然后乘以倍率100，得示数为1500，故示数为1500Ω．

故答案为：（1）1.880（2）B；1500

【解析】【答案】螺旋测微器固定刻度与可动刻度的示数之和是螺旋测微器的示数；

欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表的示数；

18、电流安培右四指大拇指【分析】【解答】通电螺线管的极性跟螺线管中的电流方向有关；它们关系可由右手螺旋定则，即安培定则来判定；

根据安培定则内容：用右手握住螺线管；让四指弯向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极；

故答案为：电流；安培，右，四指，大拇指．

【分析】根据安培定则内容：用右手握住螺线管，让四指弯向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的N极，即可求解．19、略

【分析】解：将交流与直流通过阻值都为R的电阻；设直流电流为I，则根据有效值的定义有。

（4）2R•+（3）2R•=I2RT

解得：I=5A

故答案为：5．

根据有效值的定义求解．取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．

对于非正弦式电流可根据有效值的定义求解有效值．常见题型，要熟练掌握．【解析】520、略

【分析】【分析】

由自由落体运动规律可求得铅球落地时的速度；再对铅球在沙子中的运动；由动量定理可求得沙子对铅球的平均作用力。

本题考查动量定理的应用；要注意在应用动量定理时，应明确各量的方向。

【解答】

铅球到达沙坑表面的速度为：v=2gh=2隆脕10隆脕1.25=5m/s

设向下为正；则由动量定理可得：(mg+F)t=0鈭�mv

解得：F=鈭�mvt鈭�mg=鈭�(5隆脕50.25+50)=鈭�150N

负号说明铅球受到的作用力向上；

则由牛顿第三定律可知；沙子对铅球的平均作用力为150N

方向竖直向下；

故答案为：150

竖直向下。

【解析】150

竖直向下四、判断题(共2题，共12分)21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．五、实验探究题(共1题，共8分)23、略

【分析】解：（1）插P3时应满足：使P3正好挡住P1、P2的像．

（2）由图看出，折射角为i=∠AOF=45°，折射角r=∠EOP3=60°；

则P3处所对应的折射率的值为n===

（3）在测量另一种液体的折射率时，发现总是无法看清P1、P2；可能发生了全反射，要完成测量，应减小入射角∠AOF．

故答案为：（1）挡住P1、P2的像；（2）（3）减小．

（1）在图中右上方区域观察P1、P2的像，并在圆周上插上大头针P3，使P3正好挡住P1、P2的像．

（2）确定出折射角与折射角；由折射定律求解折射率．

（2）在测量另一种液体的折射率时，发现总是无法看清P1、P2；可能发生了全反射，要完成测量，应减小入射角．

本题是折射定律的应用，确定折射角和折射角是基础，要注意的是折射率不等于要紧扣折射率定义的条件．【解析】挡住P1、P2的像；减小六、综合题(共1题，共6分)24、A（1）（2）解：设在发生碰撞前的瞬间；木块A的速度大小为v；

在碰撞后的瞬间，A和B的速度分别为v1和v2．

在碰撞过程中；由能量守恒定律和动量守恒定律．得。

mv=mv1+2mv2；式中，以碰撞前木块A的速度方向为正。

联立解得：

设碰撞后A和B运动的距离分别为d1和d2；

由动能定理得

按题意有：d=d2+d1

设A的初速度大小为v0，由动能定理得

联立解得：（2）解：（1）n=300r/min=5r/s，则ω=2πn=2π×5=10πrad/s，感应电动势的最大值Em=NBSω=100×0.5×0.5×0.4×10πV=314V．

（2）因为从中性面垂直面开始计时，则e=Emcosωt=314cos10πtV．

（3）电动势的有效值

根据闭合电路欧姆定律知，电压表的示数

【分析】A.(1)

【分析】理想变压器输入功率和输出功率相等，通过原线圈的电压求出副线圈的电压，再根据I=PU

求出输电线上的电流，从而求出