2025年浙教版选修三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版选修三物理下册月考试卷823考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示；由粒子源发出的带正电的粒子经过同一加速电场A加速后，形成粒子束进入同一偏转电场B中偏转．已知粒子源发出的粒子中包括有一价氢离子；一价氦离子和二价氦离子，这些粒子离开粒子源时的初速度可视为零，空气阻力粒子的重力及粒子之间的相互作用力均可忽略不计．下列说法正确的是（）

A.它们始终为一股粒子束B.它们会分离为两股粒子束C.它们会分离为三股粒子束D.它们会分离为无数股粒子束2、下列说法正确的是()A.布朗运动反映了悬浮颗粒在永不停息地做无规则运动B.气体分子的平均动能增大，压强也一定增大C.不同温度下，水的饱和汽压都是相同的D.完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果3、如图所示，有A、B、C、D四个电阻，它们的I—U关系如图所示；其中电阻最小的是()

A.AB.BC.CD.D4、设每个通电的圆环在圆心处产生的磁场的磁感应强度都为B0。如图，两个相互绝缘的都通有电流的圆环相互垂直放置；则这两个圆环中心处的磁场磁感应强度为（）

A.

A.B0方向斜向右上方A.B0方向斜向后上方B.B0方向斜向左上方C.2B0方向斜向后下方5、已知均匀带电的无穷大平面在真空中激发电场的场强大小为其中为平面上单位面积所带的电荷量，为常量．如图所示的平行板电容器，极板正对面积为S，其间为真空，带电荷量为Q．不计边缘效应时，极板可看作无穷大导体板，则极板间的电场强度大小和两极板间相互的静电引力大小分别为A.和B.和C.和D.和6、如图（甲）所示为一阴极射线管；接通电源后，电子射线由阴极向右射出，在荧光屏上会到一条亮线．要使荧光屏上的亮线向上偏转，如图（乙）所示．在下列措施中可采用的（）

A.加一电场，电场方向竖直向上B.加一磁场，磁场方向竖直向上C.加一磁场，磁场方向垂直荧光屏向外D.加一磁场，磁场方向垂直荧光屏向里评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、下图中S1和S2是相干波源，它们在同一水平面上产生两列圆形波．图中实线圆弧表示波峰，虚线圆弧表示波谷，图示为两列波在某时刻叠加的波形．图中有a、b、c三点()

A.a、b、c三点振动都加强B.a、c二点振动加强，b点振动减弱C.a、b、c三点振幅都相同D.a、b、c三点在同一时刻到达振动的正向最大位移8、如图所示；在绝缘的斜面上方存在着水平向右的匀强电场，一带电金属块沿斜面滑下，已知金属块在滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8J，重力做功24J，则以下判断正确的是。

A.金属块的机械能增加32JB.金属块的电势能增加4JC.金属块带正电荷D.金属块克服电场力做功8J9、如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，电压表读数为U，电流表读数为I，当滑动变阻器R的触头向上移动时，下列论述正确的是（）

A.灯泡L—定变亮B.电流表的示数变小C.电压表的示数变小D.保持不变10、下列说法正确的是（）A.金属材料各向同性，但金属中每一个晶粒的内部各向异性B.小昆虫能轻快在水面走过，说明水的表面张力方向应该与水面垂直C.某物质的摩尔质量为M，密度为阿伏伽德罗常数为则该物质单位体积所含分子数为E.空气压缩机在一次压缩过程中，活塞对气体做了的功，气体内能增加了则这个过程气体放出了的热量E.空气压缩机在一次压缩过程中，活塞对气体做了的功，气体内能增加了则这个过程气体放出了的热量11、目前，世界各国都在积极研究磁流体发电机，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为b、a、d，两极板间匀强磁场的磁感应强度为B．等离子体垂直进入磁场的速度为v，单个离子所带的电量为q．离子通道（即两极板内所围成空间）的等效电阻为r；负载电阻为R．则下列说法中正确的是（）

A.A；等离子体离子浓度越高；该发电机的电动势越大。

B.等离子体离子浓度越高，通过R的电流越大B.在其它条件不变的情况下，增大等离子的流量可以增大该发电机的电动势C.在其它条件不变的情况下，增大装置的宽度a对通过R的电流将增大D.12、如图所示，在直角坐标系xOy中x＞0空间内充满方向垂直纸面向里的匀强磁场（其他区域无磁场），在y轴上有到原点O的距离均为L的C、D两点．带电粒子P（不计重力）从C点以速率v沿x轴正向射入磁场，并恰好从O点射出磁场；与粒子P相同的粒子Q从C点以速率4v沿纸面射入磁场，并恰好从D点射出磁场；则（）

A.粒子P带正电B.粒子P在磁场中运动的时间为C.粒子Q在磁场中运动的时间可能为D.粒子Q在磁场中运动的路程可能为13、新华中学高三物理兴趣小组用实验探究光的色散规律，他们将半圆形玻璃砖放在竖直面内，在其左方竖直放置一个很大的光屏P，让一复色光束SA射向玻璃砖的圆心O后，有两束单色光a和b射向光屏P；如图所示．他们根据实验现象提出了以下四个猜想，你认为正确的是。

A.单色光a的波长大于单色光b的波长B.单色光a的频率大于单色光b的频率C.若用b光照射锌板发生了光电效应，则a光照射锌板也能发生光电效应D.当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，在光屏P上最早消失的是b光评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)14、数字电路中基本的逻辑门电路是___________门、___________门和___________门。15、判断下列说法的正误：

（1）一定质量的某种气体，在压强不变时，若温度升高，则体积减小。（____）

（2）“拔火罐”时，火罐冷却，罐内气体的压强小于大气的压强，火罐就被“吸”在皮肤上。（____）

（3）一定质量的气体，等容变化时，气体的压强和温度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的数学表达式＝C，其中C是一个与气体的质量、压强、温度、体积均无关的恒量。（____）16、泡泡鱼游戏中，泡泡鱼吐出了一个泡泡，捉住了一条大宝鱼。若将泡泡内的气体视为理想气体，泡泡鱼吐出的泡泡上浮一段时间后到达大宝鱼所在位置，海水的温度不变，则在泡泡上浮的过程中，泡泡内的气体对外界做__________（填“正”或“负”）功，气体__________（填“从外界吸收热量”或“向外界放出热量”）。17、如图所示，一个边长为l＝1m的正方形线圈的总电阻为R＝2Ω，当线圈以v＝2m/s的速度匀速通过磁感应强度B＝0.5T的匀强磁场区域时，线圈平面总保持与磁场垂直．若磁场的宽度L＞1m，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为_____．

18、如图所示是探究影响平行板电容器电容大小因素的实验装置．

①关于此实验装置中的静电计，下列说法中正确的是______．（选填选项前面的字母）

A．静电计指针张角的大小反映了平行板电容器所带电荷量的多少。

B．静电计指针张角的大小反映了平行板电容器两板间电压的大小。

C．静电计的外壳与A板相连接后可不接地②让平行板电容器正对的两极板带电后，静电计的指针偏转一定角度．不改变A、B两板所带电荷量，且保持两板在竖直平面内．现要使静电计指针偏转角变大，下列做法中可行的是_____．（选填选项前面的字母）

A．保持B板不动，A板向上平移。

B．保持B板不动，A板向右平移。

C．保持A、B两板不动，在A、B之间插入一块绝缘介质板19、有一充电的平行电容器，两板件电压为现使它的电荷量减小于是电容器两极板间电压降为原来的此电容器的电容是__________μF；若电容器极板上的电荷全部放掉，电容器的电容是__________μF。20、如图所示，一束激光频率为传播方向正对卫星飞行方向，已知真空中光速为c，卫星速度为u，则卫星上观测到激光的传播速度是______，卫星接收到激光的频率______（选填“大于”“等于”或“小于”）。

21、高空作业须系安全带。如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带刚对人产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动），重力加速度为g，设竖直向上为正方向，则此过程人的动量变化量为______。此后经历时间t安全带达到最大伸长量，若在此过程中安全带作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为_____。评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)25、某同学用化学课所学的知识，用柠檬自制了一个水果电池，用万用表粗测得知它的电动势E约为3V，内阻r约为40Ω；若该电池允许输出的最大电流为20mA．为了测定该电池的电动势和内阻，某同学准备了如下器材：

A.待测电池。

B.电压表V：量程0~15V，内阻Rv≈15kΩ；

C.电流表A：量程0~1mA，内阻RA=38Ω；

D.电阻箱R：0-999.9Ω；

E.定值电阻R1=2Ω；

F.定值电阻R2=19Ω；

G.定值电阻R3=72Ω；

H.定值电阻R=108Ω

I.开关；导线若干．

(1)该同学设计的部分电路如图甲所示，图中保护电阻R0应选择器材中的___________(填写器材前的选项字母)

(2)选择合适的器材，将虚线框中的电路补充完整_______；并在电路中注明所选器材的符号：

(3)将电阻箱的阻值调整到最大；闭合开关．

(4)调节电阻箱的电阻；使所选电表指针指到某一位置，记录此时电阻箱的阻值R和所选电表的读数x，电表读数用国际单位(A或V)作单位．

(5)重复步骤(4)获取多组R和x的值．

(6)断开开关；整理器材．

(7)据所得数据在－R坐标系中描点连线；如图乙所示．

根据图线可求得该电池的电动势E=___________V，内阻r=___________Ω．(结果均保留一位小数)26、某同学用双缝干涉实验仪测量光的波长，如图所示．

①实验中选用的双缝间距为d，双缝到像屏的距离为L，在像屏上得到的干涉图样如图所示，分划板刻线在图中A、B位置时，游标卡尺的读数分别为x1、x2，则入射的单色光波长的计算表达式为λ=_____．

②分划板刻线在某条明条纹位置时游标卡尺如图所示，则其读数为_________mm；27、某同学采用“半偏法”测量一个量程为的电压表的内阻（约）；电路图如图所示。

(1)要使测量值尽量准确，除了选用电源、导线、开关和待测电压表外，还应从提供的滑动变阻器中选用______（选填“A”或“B”），电阻箱中选用______（选填“C”或“D”），电源中选______（选填“E”或“F”）

A.滑动变阻器（）

B.滑动变阻器（）

C.电阻箱（），阻值最小改变量为

D.电阻箱（），阻值最小改变为

E.（电动势）；内阻可忽略。

F.电源（电动势）；内阻可忽略。

(2)该同学在测量电压表的内阻时；实验步骤如下：

①按实验原理图连按好电路，把开关断开，把滑动变阻器的滑片置于______（选填“a”或“b”）；

②闭合开关移动滑动变阻器的滑片使电压表的示数为

③保持位置不变，再断开开关调节电阻箱的阻值使电压表的示数为此时电阻箱的阻值为则被测电压表内阻的测量值______。

(3)为了减少实验的误差，必须使滑动变阻器的最大阻值______（选填“远小于”或“远大于”）电压表的内阻。

(4)电压表内阻的测量值和真实值相比，______（选填“略大于”“略小于”或“等于”）28、某同学用如图所示装置验证动量守恒定律，用轻质细线将小球1悬挂于O点，使小球1的球心到悬点O的距离为L，被碰小球2放在光滑的水平桌面上．将小球1从右方的A点（OA与竖直方向的夹角为α）由静止释放，摆到最低点时恰与小球2发生正碰，碰撞后，小球1继续向左运动到C位置，小球2落到水平地面上到桌面边缘水平距离为s的D点．

（1）实验中已经测得上述物理量中的α、L、s，为了验证两球碰撞过程动量守恒，还应该测量的物理量有________________________________________________（要求填写所测物理量的名称及符号）．

（2）请用测得的物理量结合已知物理量来表示碰撞前后小球1、小球2的动量：p1=_____；p1′=______；p2=_____；p2′=____．评卷人得分六、解答题(共4题，共24分)29、在如图所示的空间里，存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度在数值上满足．在竖直方向存在交替变化的匀强电场（竖直向上为正），电场大小为．一倾角为长度足够的光滑绝缘斜面放置在此空间．斜面上有一质量为m；带电量为-q的小球，从t＝0时刻由静止开始沿斜面下滑，设第5秒内小球不会离开斜面，重力加速度为g．求：

(1)第6秒内小球离开斜面的最大距离.

(2)第19秒内小球未离开斜面，角应满足什么条件？30、如图所示，一定厚度和宽度的导体板放在匀强磁场中，当导体板通过一定电流，且电流与磁场方向垂直时，在导体板的上侧面A和下侧面之间会产生一定的电势差这种现象称为霍尔效应。

(1)若图中的电流I是电子的定向运动产生的；则导体板上；下两个侧面中，哪个电势高？

(2)设该导体板单位体积中自由电子的个数为n，导体板的宽度为d，通过导体板的电流为I，磁感应强度为B，电子电荷量为e。试证明：发生霍尔效应时，导体板上、下侧面间的电势差

(3)由上问的结论可知，在I、n、e、d都相同的情况下，与B成正比，由的数值可以比较B的大小，因此可以把这种导体板做成磁敏元件。试问：用这种磁敏元件探测某空间的磁场时，磁敏元件摆放的方向对是否有影响？如果把这种导体板上；下侧面间的电压进行线性放大显示；用它做成的磁传感器的示数是否跟被测磁感应强度有线性关系？

31、如图为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴匀速转动，转动周期为线圈的匝数电阻面积．线圈的两端经集流环与电阻连接，电阻与并联的交流电压表为理想电表．磁场的磁感应强度为．（取）求：

（）交流发电机产生的电动势的最大值．

（）电路中交流电压表的示数．

（）线圈转动分钟电阻上产生的热．32、如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的圆弧槽C，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B、C静止在水平面上．现有滑块A以初速度从右端滑上B，一段时间后，以滑离B；并恰好能到达C的最高点，A；B、C的质量均为m．求：

（1）A刚滑离木板B时；木板B和圆弧槽C的共同速度；

（2）A与B的上表面间的动摩擦因数μ；

（3）圆弧槽C的半径R．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

设加速电压为U1，偏转电压为U2，极板的长度为L，间距为d；离子经过同一加速电场由静止加速后，在加速电场中，根据动能定理得：在偏转电场中，离子做类平抛运动，运动时间偏转距离联立以上各式得：y与带电粒子的质量、电荷量无关，则一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子在偏转电场轨迹重合，所以它们不会分成三股，而是会聚为一束射出，故A正确，BCD错误．2、D【分析】【详解】

布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动；反映了液体分子在永不停息地做无规则运动，选项A错误；气体分子的平均动能增大，温度一定升高，但是根据PV/T=c可知压强不一定增大，选项B错误；水的饱和汽压与温度有关，不同温度下，水的饱和汽压不相同，故C错误；完全失重状态下悬浮的水滴呈球状是液体表面张力作用的结果，故D正确．故选D．

【点睛】

该题关键是掌握压强的微观解释以及布朗运动和表面张力的性质，注意明确压强与分子的运动剧烈程度和单位时间内打在器壁上的分子数有关，会从宏观上解释压强与温度和体积间的关系．3、A【分析】【详解】

由图可知；当电流相同时，D两端的电压最大，C两端的电压次之，B两端的电压再次之，A两端的电压最小；

由欧姆定律公式可知：

电流相同时；电压与电阻成正比，所以四个电阻中，D阻值最大，A阻值最小。

故应选A．

点晴：在I-U图象中，横轴表示电压，纵轴表示电流，找出相同电流的对应的电压值，根据欧姆定律可知：电压小的，电阻就小．4、B【分析】【分析】

该题是关于磁场的叠加问题．首先用安培定则每个圆环在圆心O处产生的磁感应强度B0的方向；利用平行四边形定则进行矢量叠加，求出O处的磁感应强度大小．

【详解】

根据安培定则可知，竖直放置的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向垂直纸面向里，大小为B0，水平放置的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向竖直向上，大小为B0，两者相互垂直，根据平行四边形定则进行合成得知，O处的磁感应强度大小为B=B0，方向斜向后上方；故选B。5、D【分析】【详解】

由公式正负极板都有场强，由场强的叠加可得电场力故选D．

【考点定位】考查电场知识．6、C【分析】【详解】

A；若加一电场；电场方向竖直向上，电子受到的电场力方向向下，电子束向下偏转，故A错误；

B；若加一方向向上的磁场；根据左手定则，洛伦兹力方向向里，则电子束不会向上偏转，故B错误．

C；若加一方向向外的磁场；根据左手定则，洛伦兹力方向向上，亮线向上偏转，故C正确．

D、若加一方向向里的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向向下，亮线向下偏转，故D错误．二、多选题(共7题，共14分)7、A:C【分析】【分析】

【详解】

a点是波峰与波峰相遇点，是振动加强点；b点是波峰与波峰相遇点，是振动加强点；c点是波谷与波谷相遇点，是振动加强点，A正确，B错误；a、b、c三点都是振动加强点，故振幅相同，C正确；a、b两点是波峰与波峰相遇点，而c点是波谷与波谷相遇点，故当a、b达到正向最大位移时，c此时正达到负向最大位移，D错误．8、B:C【分析】【分析】

金属块滑下的过程中；电场力；重力和摩擦力做功引起动能变化，由动能定理求出电场力对金属块做功．根据电场力和摩擦力做功之和确定机械能的变化量．根据电场力做功，确定电势能的变化，并判断金属块的电性．

【详解】

在金属块滑下的过程中动能增加了12J，金属块克服摩擦力做功8.0J，重力做功24J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：W电=-4J；所以金属块克服电场力做功4.0J，金属块的电势能增加4J；由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷，故BC正确，D错误；在金属块滑下的过程中重力做功24J，重力势能减小24J，动能增加了12J，所以金属块的机械能减少12J，故A错误．故选BC．

【点睛】

解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系．9、C:D【分析】【详解】

AC．当R的滑动触点向上滑移动时，R变小，外电路总电阻变小，由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，电源的内电压变大，则路端电压变小，因此电压表读数变小，灯泡L的电压变小，则灯L一定变暗；故A错误，C正确；

B．电路中并联部分电压变小，通过L的电流变小；而总电流变大，则电流表的读数变大，故B错误；

D．由闭合电路欧姆定律知

得

故D正确。

故选CD。10、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．金属材料属于多晶体；由于多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的，所以多晶体具有各向同性现象，但是金属中每一晶粒的内部均表现为各向异性，A正确；

B．小昆虫能在水面上自由走动正是由于表面张力的作用；表面张力产生在液体表面层，它的方向平行于液体表面，而非与液面垂直，B错误；

C．每个分子的质量。

单位体积的质量等于单位体积乘以密度；质量除以摩尔质量等于摩尔数，所以单位体积所含的分子数。

C正确；

D．影响气体压强的微观解释为分子的平均动能与分子的密集程度；而宏观因素为温度与体积，温度越高，体积越小，气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数越多；温度升高，若体积同时增大，则单位时间内打到器壁单位面积上的分子数不一定增多，D错误；

E．由热力学第一定律。

解得。

故说明此过程中气体放出的热量等于E正确。

故选ACE。11、B:C:D【分析】【详解】

根据qvB=q得电动势的大小为：E=Bdv；故等离子体离子浓度越高，该发电机的电动势不变；等离子体离子浓度越高，则离子通道的等效电阻越小，则电流越大，选项A错误，B正确；因流量Q=adv，则在其它条件不变的情况下，增大等离子的流量可以增大离子的速度v，则根据E=Bdv可知，该发电机的电动势增大，选项C正确；在其它条件不变的情况下，增大装置的宽度a可增加流体的横截面积，从而减小离子通道的电阻，则通过R的电流将增大，选项D正确；故选BCD.

点睛：解决本题的关键知道稳定时，电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡，结合闭合电路欧姆定律进行求解；注意离子通道和横截面积以及离子的浓度都会影响离子通道的电阻．12、A:B:D【分析】【详解】

A．粒子P从C点沿x轴正向进入磁场，受洛伦兹力而向上偏转过O点；由左手定则知带正电；故A正确.

B．据题意可知P粒子在磁场中做半个圆周运动，则半径为运动时间为故B正确.

CD．Q粒子与P粒子相同，而速度为4v，由可知而CD距离为2L，故Q粒子不可能沿x轴正向进入磁场，设与y轴的夹角为θ，分别有两种情况从C点进过D出；轨迹如图：

有几何关系可知两种轨迹的圆心角为60°和300°，则粒子Q的运动时间为或而圆周的弧长为或故C错误，D正确.13、A:D【分析】【详解】

AB、由图知光的偏折程度小于光，所以根据折射定律得知光的折射率小于光的折射率，光的频率小于光的频率，由可知光的波长大于光的波长；故选项A正确，B错误；

C、用光照射锌板发生了光电效应，由单色光的频率小于单色光的频率和光电效应方程可知用光照射锌板不一定能发生光电效应；故选项C错误；

D、由知光的临界角较大，光的临界角较小，则当光束绕圆心逆时针转动过程中，入射角增大，光最早发生全反射，所以在光屏上最早消失的是光，故选项D正确；三、填空题(共8题，共16分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]数字电路中基本的逻辑门电路是与门、或门和非门。【解析】与或非15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确正确错误16、略

【分析】【详解】

[1]在泡泡上浮的过程中；泡泡内的气体的压强减小，根据玻意耳定律可知，该过程中泡泡内的气体的体积增大，气体对外界做功。

[2]由于泡泡内的气体的温度不变，气体的内能不变，根据热力学第一定律可知，该过程中气体从外界吸收热量。【解析】正从外界吸收热量17、略

【分析】【详解】

[1]感应电动势为：E=Blv，感应电流为：

线圈进入磁场的时间为：

则线圈离开磁场的时间也等于0.5s，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为：Q=I2R•2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J18、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

①静电计指针张角可表示出两板间电势差的大小；所以A错误B正确。

因为目的就是为了让两板间电势差与静电计两铂片上电势差相等；所以静电计的外壳与A板相连接后可不接地，故C正确。

电压表有示数必须有电源；所以不可以用量程为3V的电压表替代静电计，故D错误。

故选BC

②现要使静电计指针偏角变大，即电势差增大，电荷量不变，所以电容减小，保持B板小动，A板向上平移，正对面积减小，电容减小，符合题意，故A正确。

保持B板不动；A板向右平移，板间距离减小，电容增大，不符合题意，故B错误。

保持A；B两板不动；在A、B之间插入一块绝缘介质板，增大介电常数，电容增大，不符合题意，故C错误。

故选A19、略

【分析】【详解】

[1]由题平行板电容器的电荷量减少

电压降低

则μF

[2]电容反应电容器本身的特性，电容器极板上的电荷全部放掉电容器的电容不变，仍为150μF。【解析】20、略

【分析】【详解】

[1]根据光速不变原理，卫星上观测到激光的传播速度为c；

[2]因为激光和卫星是相向运动，依据多普勒效应可知，卫星接收到激光的频率大于【解析】C大于21、略

【分析】【详解】

下落距离时的速度为：所以动量变化为：

对自由落体运动，有：解得：规定向下为正方向，对运动的全程，根据动量定理，有：解得：．【解析】四、作图题(共3题，共15分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共36分)25、略

【分析】【分析】

（1）求出电路的最小电阻；然后选择保护电阻．

（2）根据题意选择实验器材；根据实验原理作出实验电路图．

（7）根据实验电路应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式；然后根据图示图象求出电源的电动势与内阻．

【详解】

（1）本实验中，当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电池输出的电流最大，则电路中的最小固定电阻值约为因电源内阻约为故值电阻约为故该定值电阻应选器材中的H；

（2）本实验给定电压表量程太大，不可以使用；因电流表给定量程太小，故需要扩大量程20倍，需要并联的电阻值所以选定值电阻R1与电流表A并联，就可改装成一个量程为20mA的电流表．所以虚线框中的电路补充完整后如下图象所示：

（7）由以上分析可知；题目中提到的x，指代电流表读数I；

根据闭合电路欧姆定律可得：

整理方程得：

即：

故解得：

解得：

故本题答案为：（1）H；（2）（7）3.2V；42.1Ω

【点睛】

本题考查了测电源电动势与内阻实验，根据题意确定实验原理是解题的前提与关键，根据电路图应用闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达式，根据图示图象可以求出电源电动势与内阻．【解析】H3.2V42.1Ω26、略

【分析】【详解】

(1)根据双缝干涉条纹的间距公式得，

(2)游标卡尺的主尺读数为31mm，游标尺上第2个刻度与主尺上某一刻度对齐，游标尺读数为0.05×2mm=0.10mm，所以最终读数为31.10mm；【解析】31.1027、略

【分析】【详解】

(1)[1]本题滑动变阻器“是分压式接法；为了操作方便应选择最大阻值较小的滑动变阻器，故滑动变阻器选A；

[2]因为本实验是采用“半偏法”测电压表的内阻，电压表半偏时，电阻箱的阻值认为等于电压表的内阻，电压表的大约值为所以电阻箱选D；

[3]由于电压表量程为并且(2)中电压表示数要调到所以电源只能选F。

(2)[4]按实验原理图连接好电路，把开关断开，为了保证开关闭合时电路的安全，且本实验采用分压接法，为了让测量电路中的电压由零开始调节，把滑动变阻器的滑片置于端；

[5]电阻箱和电压表串联的总电压是调节电阻箱使电压表示数为时，电阻箱上分压为根据串联电路电压与电阻成正比，得被测电压表内阻的测量值等于电阻箱的阻值

(3)[6]为了减小电压表内阻对电路的影响；使测量电路两端的电压保持不变；应使滑动变阻器的最大阻值远小于电压表内阻；

(4)[7]实验中认为电阻箱和电压表电阻相等，故调节电阻箱的阻值使电压表指针指到位置，此时电阻箱的电压大于故电阻箱的电阻大于电压表的电阻，即测量值偏大。【解析】ADFa远小于略大于28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）为了验证两球碰撞过程动量守恒，需要测量两小球的质量，小球1质量小球2质量小球1碰撞前后的速度可以根据机械能守恒定律测出，所以还需要测量OC与OB夹角，需要通过平抛运动测量出小球2碰后的速度，需要测量水平位移s和桌面的高度h．

（2）小球从A处下摆过程只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律得

解得

则

小球A与小球B碰撞后