2025年苏教版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教版选修3物理下册阶段测试试卷448考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图为跳水运动员从起跳到落水过程的示意图；运动员从最高点到入水前的运动过程记为I，运动员入水后到最低点的运动过程记为II，忽略空气阻力，则运动员。

A.过程I的动量改变量等于零B.过程II的动量改变量等于零C.过程I的动量改变量等于重力的冲量D.过程II的动量改变量等于重力的冲量2、对于物质固体、液体、气体的认识，下列说法正确的是（）A.石墨和金刚石的物理性质不同，是由于组成它们的化学元素不同B.一定温度下饱和汽的密度为一定值，温度升高，体积增大后，再次达到饱和时饱和汽的密度可能不变C.若发现干湿泡温度计两边刻度的读数差正在变大，说明空气相对湿度正在变大D.由于液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间的相互作用表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势3、已知介质对某单色光的临界角为θ，则（）A.该介质对此单色光的折射率为sin(1/θ)；B.此单色光在该介质中的传播速度等于csinθ(c是真空中的光束)；C.此单色光在该介质中的波长是在真空中波长的1/sinθ；D.此单色光在该介质中的频率是在真空中频率的1/sinθ。4、如图所示，如果下表中给出的是简谐振动的物体的位移或速度或加速度与时刻的对应关系，是振动周期，则下列选项正确的是()。时刻。

状态。

物理量甲零正向最大零负向最大零乙零正向最大零负向最大零丙正向最大零负向最大零正向最大丁负向最大零正向最大零负向最大

A.若甲表示位移则丙表示相应的速度B.若丁表示位移则甲表示相应的加速度C.若丙表示位移则甲表示相应的加速度D.若丁表示位移则丙表示相应的速度5、如图所示的电路中，电源两端的电压恒定，L为小灯泡，R为光敏电阻，LED为发光二极管(电流越大，发出的光越强)，且R与LED之间的距离不变；下列说法正确的是()

A.当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率增大B.当滑动触头P向左移动时，L消耗的功率减小C.当滑动触头P向右移动时，L消耗的功率可能不变D.无论怎样移动滑动触头P，L消耗的功率都不变6、如图所示，带电小球a由绝缘细线PM和PN悬挂而处于静止状态，其中PM水平，地面上固定一绝缘且内壁光滑的圆弧细管道GH，圆心P与a球位置重合，管道底端H与水平地面相切，一质量为m可视为质点的带电小球b从G端口由静止释放，当小球b运动到H端时对管道壁恰好无压力，重力加速度为g．在小球b由G滑到H过程中；下列说法中正确的是。

A.细线PM的拉力先增大后减小B.小球b机械能逐渐减小C.小球b所受库仑力大小始终为2mgD.小球b加速度大小先变大后变小7、下列有关原子结构和原子核的认识，其中正确的是____．A.射线是高速运动的电子流B.氢原子辐射光子后，其绕核运动的电子动能增大C.太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的重核裂变D.的半衰期是5天，100克经过10天后还剩下50克评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、如图所示，在一绝缘、粗糙且足够长的水平管道中有一带电量为＋q、质量为m的带电球体，管道半径略大于球体半径．整个管道处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，磁感应强度方向与管道垂直．现给带电球体一个水平速度v0；则在整个运动过程中，带电球体克服摩擦力所做的功可能为()

A.B.m()2C.D.9、A、B、C为三块水平放置的金属板，与电路连接如图所示，三块板正中央各有一小孔，A板接地，电源内阻为r，三个定值电阻电路中电表均为理想电表，滑片P开始置于R2中点，现有一质量为m、电量为+q的液滴从A板小孔正上方距离为h的D点静止释放；恰好能到达C板，不计空气阻力和极板外电场，下列说法中正确的是。

A.滑片P由R2中点往左移动，则B板电势降低B.滑片P由R2中点往左移动,则电流表A1的示数减小，A2的示数增大C.滑片P由R2中点往左移动，仍将该液滴从D点由静止释放，则带电液滴不能到达C板D.滑片P由R2中点往左移动，则不变，的值变小(U为电压表V示数，I2为电流表A2，为电流表A2示数的改变量)10、地面附近空间中存在着水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直于纸面向里．一个带电油滴沿着一条与竖直方向成a角的直线MN运动．由此可以判断（）

A.如果油滴带正电，它是从M点运动到N点B.如果油滴带正电，它是从N点运动到M点C.如果水平电场方向向右，油滴是从M点运动到N点D.如果水平电场方向向右，油滴是从N点运动到M点11、如图所示，电源两端的输出电压恒为为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，为指标灯泡，为平行板电容器，为灵敏电流计．闭合开始在环境温度明显升高的过程中，下列说法正确的是（）

A.变亮B.两端电压变小C.电容下极板带电性质变为相反D.中电流方向由12、下列说法中正确的是____。A.液晶的光学性质具有各向异性的特点B.只要知道某种晶体的密度，摩尔质量和阿伏伽德罗常数，就可以算出该晶体分子的体积C.不可能从单一热源吸收热量，使之完全变成功E.白天感觉干燥，是因为空气中水蒸气的分气压与同温度下的饱和汽压差距大E.白天感觉干燥，是因为空气中水蒸气的分气压与同温度下的饱和汽压差距大13、比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列物理量的表达式用比值法定义的是（）A.电场强度E=F/qB.电势φ=Ep/qC.电容C=Q/UD.电流I=U/R14、如图所示，某发电站的电能输送示意图，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1、n2，降压变压器原副线圈匝数分别为n3、n4；两变压器均为理想变压器．若发电机的输出电压与负载的额定电压刚好相等，要使负载正常工作，下列判断正确的是。

A.B.C.升压变压器的输出功率等于降压变压器的输入功率D.升压变压器的输出电流等于降压变压器的输入电流15、如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻r≠0．若改变四个电阻中的一个阻值；则（）

A.减小R1，C1、C2所带的电量都增加B.增大R2，C1、C2所带的电量都增加C.增大R3，C1、C2所带的电量都增加D.减小R4，C1、C2所带的电量都增加16、关于原子核的变化、核能及核力，下列说法正确的是A.核力是一种弱相互作用，只能发生在原子核内相邻核子之间B.某原子经过一次α衰变和两次β衰变后，核内质子数不变C.放射性原子核X发生衰变，衰变产物的结合能之和一定大于原来X的结合能D.＋→＋＋3是太阳内部发生的核反应之一评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、如图所示，甲木块的质量为m1=2kg，以v=4m/s的速度沿光滑水平地面向前运动，正前方有一静止的、质量为m2=3kg的乙木块，乙上连有一轻质弹簧．则甲木块与弹簧接触后弹簧获得的最大弹性势能为___J，乙木块受到的冲量I=___________

18、实验发现，二氧化碳气体在水深170m处将会变成液体。现用一活塞将一定量的二氧化碳气体封入某导热容器中，并将该容器沉入海底。已知随着深度的增加，海水温度逐渐降低，则在容器下沉过程中，容器内气体的密度将会________（选填“增大”、“减小”或“不变”），气体的饱和汽压将会____（选填“增大”、“减小”或“不变”）。19、（1）用游标卡尺测量某钢管的外径，某次游标卡尺（主尺的最小分度为1mm）的示数如图1所示，其读数为_____cm。

（2）如图2所示，螺旋测微器测出的某物件的宽度是_____mm。

20、某实验爱好者设计了模拟路灯光控电路，利用光敏电阻作为光传感器，配合使用斯密特触发器来控制电路，他设计的电路如图，他所使用的斯密特触发器的输入端信号____（“可以”或“不可以”）连续变化，为了更加节能，让天色更暗时，路灯点亮，应将R1___一些（“增大”或“减小”）。21、某物理兴趣小组用实验探究光的色散规律，他们将半圆形玻璃砖放在竖直面内，在其左方竖直放置一个很大的光屏P，让一复色光束SA射向玻璃砖的圆心O后，有a和b两束单色光射向光屏P，如图所示．他们根据实验现象提出了以下五个猜想，你认为不正确的是_______

A．单色光a的波长小于单色光b的波长

B．在玻璃中单色光a的传播速度大于单色光b的传播速度

C．单色光a通过玻璃砖所需的时间大于单色光b通过玻璃砖所需的时间

D．在光束SA绕圆心O逆时针转动的过程中，在光屏P上最早消失的是a光

E．单色光a比单色光b更容易发生明显衍射22、如图所示，水平桌面上有一质量为m的铜质矩形线圈abcd，当一竖直放置的条形磁铁的S极从线圈正上方快速靠近线圈时，流过ab边的电流方向为___________；若线圈始终不动，线圈受到的支持力FN与自身重力间的关系是FN__________mg（选填“＞”、“＜”或“＝”）。23、有一充电的平行电容器，两板件电压为现使它的电荷量减小于是电容器两极板间电压降为原来的此电容器的电容是__________μF；若电容器极板上的电荷全部放掉，电容器的电容是__________μF。24、一个闭合的导线圆环，处在匀强磁场中，设导线粗细均匀，当磁感应强度随时间均匀变化时，线环中电流为I，若将线环半径增大1/3，其他条件不变，则线环中的电流强度为________.评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)28、某实验室中有一捆铜电线，实验小组的同学想应用所学的电学知识来测量这捆电线的长度．他们设计了如图甲所示的电路来测量这捆电线的电阻Rx，图中a、b之间连接这捆电线；V1和V2可视为理想电压表：R为阻值范围为0～999.0的电阻箱；E为电源；R0为定值电阻；S为开关．采用如下步骤完成实验：

(1)先用螺旋测微器测量该铜电线的直径d，如图乙所示，则d=___________mm；

(2)按照图甲所示的实验原理线路图；将实物电路连接好；

(3)将电阻箱R调节到适当的阻值，闭合开关S，记下此时电阻箱的阻值R、电压表V1的示数U1、电压表V2的示数U2，则这捆电线的阻值表达式为Rx=___________(用R、U1、U2表示)；

(4)改变电阻箱的阻值R，记下多组R、U1、U2的示数，计算出每一组的值，作出－图像如图丙所示，利用图像可求得这捆电线的电阻Rx=___________Ω；

(5)已知这捆电线铜材料的电阻率为ρ=2.00×10－8Ω·m，则这捆铜电线的长度为L=___________m(结果保留三位有效数字)．29、①小明同学用螺旋测微器测定某一金属丝的直径，测得的结果如下左图所示，则该金属丝的直径d=_____mm．然后他又用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测该金属丝的长度L=_____cm．

②然后小明又用多用电表粗略测量某金属电阻丝的电阻Rx约为5.0Ω；为了尽可能精确地测定该金属丝的电阻，且测量时要求通过金属丝的电流在0～0.5A之间变化.根据下列提供的实验器材，解答如下问题：

A、量程0.1A，内阻r1=1Ω的电流表A1

B、量程0.6A，内阻约为0.5Ω的电流表A2

C、滑动变阻器R1全电阻1.0Ω；允许通过最大电流10A

D、滑动变阻器R2全电阻100Ω；允许通过最大电流0.1A

E、阻值为29Ω的定值电阻R3

F、阻值为599Ω的定值电阻R4

G、电动势为6V的蓄电池E

H、电键S一个；导线若干。

（a）根据上述器材和实验要求完成此实验，请在虚线框内画出测量该金属丝电阻Rx的实验原理图（图中元件用题干中相应的元件符号标注）．

()

（b）实验中测得电表A1示数为I1，A2表示数为I2，其它所选的物理量题目中已给定，请写出电阻丝的电阻表达式Rx=_____.30、某实验小组为了较准确测量阻值约为20Ω的电阻Rx；实验室提供的器材有：

A．待测定值电阻Rx：阻值约20Ω

B.定值电阻R1：阻值30Ω

C．定值电阻R2：阻值20Ω

D．电流表G：量程3mA；0刻度在表盘中央，内阻约50Ω

E.电阻箱R3：最大阻值999.99Ω

F.直流电源E；电动势1,5V，内阻很小。

G．滑动变阻器R2(20Ω；0.2A)

H.单刀单掷开关S；导线等。

该小组设计的实验电路图如图；连接好电路，并进行下列操作．

（1）闭合开关；调节滑动变阻器，使电流表示数适当．

（2）若灵敏电流计G中的电流由C流向D再调节电阻箱R3，使电阻箱R3的阻值________（选填“增大”或“减小”），直到G中的电流为________(填“满偏”；“半偏”或“0”)．

（3）读出电阻箱连入电路的电阻R3，计算出Rx．用R1、R2、R3表示Rx的表达式为Rx=_______参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

分析两个过程中运动员速度的变化；受力情况等；由此确定动量的变化是否为零。

【详解】

AC．过程I中动量改变量等于重力的冲量；即为mgt，不为零，故A错误，C正确；

B．运动员进入水前的速度不为零；末速度为零，过程II的动量改变量不等于零，故B错误；

D．过程II的动量改变量等于合外力的冲量，不等于重力的冲量，故D错误。2、D【分析】【分析】

【详解】

A．石墨和金刚石组成它们的化学元素是相同的；都是碳原子，它们的物理性质不同，是由于碳原子排列结构不同造成的，故A错误；

B．在一定温度下；饱和汽的密度是一定的，它随着温度的升高而增大，故B错误；

C．空气相对湿度越大时；空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压，水蒸发越慢，干湿泡温度计中两只温度计的读数相差越小，故C错误；

D．液体表面张力是液体表面层里的分子比液体内部稀疏；分子间的距离比液体内部大，分子力表现为引力的结果，液体的表面张力使液面具有收缩到液面表面积最小的趋势，故D正确。

故选D。3、B【分析】【详解】

A.根据临界角公式得：则得A错误。

B.光在介质中传播速度B正确。

C.设光在真空中与介质中波长分别为λ0和λ，由c=λ0f得：n=则得C错误。

D.光的频率由光源决定，与介质无关，则此单色光在该介质中的频率与在真空中频率相等，D错误4、A【分析】【详解】

A．若甲表示位移x，振子从平衡位置向正向最大位移处运动，速度从正向最大开始减小零，所以丙可以表示相应的速度v；故A正确；

BC．依据简谐运动的特点

加速度大小与位移成正比，与位移方向相反，故BC错误；

D．若丁表示位移x；位移从最大负向位移变化到零，则振子速度从零开始到正向最大速度变化，故D错误。

故选A。5、A【分析】【详解】

ABD.滑动触头P左移；滑动变阻器接入电路的电阻减小，流过二极管的电流增大，从而发光增强，使光敏电阻阻值减小，最终达到增大流过灯泡的电流的效果，即灯泡消耗的功率增大。故A正确，BD错误。

C.滑动触头P右移，滑动变阻器接入电路的电阻增大，流过二极管的电流减小，发光减弱，光敏电阻阻值增大，灯泡消粍的功率减小。故C错误。6、A【分析】【详解】

A.设PN与竖直方向成α角，对球a受力分析；

竖直方向上有：FPNcosα=mg+F库sinθ

水平方向上有：F库cosθ+FPNsinα=FPM．

解得：FPM=mgtanα+3mgcos(θ−α)cosα，下滑时θ从0增大90°，细线PM的拉力先增大后减小；故A正确；

B.在小球b由G滑到H过程中，小球b所受库仑力和管道的弹力始终与速度垂直，只有重力做功，库仑力和弹力不做功，小球b机械能守恒；故B错误；

C.根据机械能守恒定律，小球b从G滑到H过程中，有：mgR=

H处有：F库−mg=则有：F库=3mg；故C错误；

D.设b与a的连线与水平方向成θ角，则有：mgRsinθ=任意位置加速度为向心加速度和切向加速度合成；

即为：a===可知小球的加速度一直变大，故D错误．

故选A．7、B【分析】【详解】

A．射线是光子流；故A错误；

B．氢原子辐射光子后；从高轨道跃迁到低轨道，其绕核运动的电子速度增大，动能增大，故B正确；

C．太阳辐射能量的主要来源是太阳中发生的轻核聚变；故C错误；

D．的半衰期是5天，100克经过10天后还剩下

故D错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)8、A:C:D【分析】【详解】

当水平速度v0产生的洛伦兹力小于重力时，小球逐渐减速到零，则摩擦力做功为

当水平速度v0产生的洛伦兹力等于重力时；小球做匀速直线运动，则摩擦力做功为零；

当水平速度v0产生的洛伦兹力大于重力时，小球先做减速运动后做匀速直线运动，由动能定理可知，摩擦力做功为

解得

综上；故ACD正确B错误。

故选ACD。9、A:D【分析】A、滑片P由R2中点往左移动时使并联部分电阻减小从而使整个电路电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，即A2的示数增大，则两端电压增大；即B板电势降低，故选项A正确；

B、滑片P由R2中点往左移动时使并联部分电阻减小从而使整个电路电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，即A2的示数增大，路端电压减小，由于电压增大，则并联部分电压降低，根据并联电路特点可以知道电流表A1的示数增大；故选项B错误；

C、滑片P由R2中点往左移动时，电路总电流增大，则两端电压增大；即电容器AB电压增大，液滴加速运动，路端电压减小，则电容器BC电压减小，液滴减速运动，液滴将穿过C板，故选项C错误；

D、根据闭合电路欧姆定律可知：则为定值，不变，根据欧姆定律可知为本身并联之后与串联的总电阻，即减小；故选项D正确。

点睛：本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析问题，注意电容器两端电压的问题。10、A:D【分析】【分析】

对带电粒子进行受力分析；受到竖直向下的重力，水平方向的电场力和垂直于虚线的洛伦兹力，由于带电粒子做直线运动，所以洛伦兹力只能垂直于直线向上，从而可判断粒子的电性，同时可知电场的方向以及粒子的运动方向．

【详解】

根据做直线运动的条件和受力情况（如图所示）可知；如果油滴带正电，水平电场的方向只能向左，由左手定则判断可知，油滴的速度从M点到N点，故A正确，B错误．

如果水平电场方向向右，油滴只能带负电，电场力水平向左，由左手定则判断可知，油滴的速度从N点到M点，故C错误，D正确．故选AD．11、A:B:D【分析】【详解】

电容器断路，相当于电压表，其两端电压为路端电压，故电路为一个L与串联的电路，当温度上升时，热敏电阻值变小，电路中电阻变小，路端电压减小，电流变大，通过灯泡的电流增大，灯泡两端电压变大，则灯泡变亮，且路端电压减小，所以热敏电阻两端电压变小，电容器两端的电压也变小，则电容器进行放电，但极板所带电荷的正负不变，电流由ABD项正确．12、A:B:E【分析】【详解】

A．液晶像液体一样可以流动；又具有某些晶体结构特征的一类物质．所以液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，故A正确；

B．由密度和摩尔质量可得出摩尔体积；再由摩尔体积和阿伏伽德罗常数可求出分子体积，故B正确；

C．根据热力学第二定律可知；不可能从单一热源吸收热量，使之完全用来做功,而不产生其他变化，故C错误；

D．0的水结成0的冰时要放热量；分子势能减小，故D错误；

E．白天感觉干燥；是因为空气中水蒸气的分气压与同温度下的饱和汽压差距大，故E正确。

故选ABE。13、A:B:C【分析】【详解】

A、电场强度与放入电场中的电荷无关，所以属于比值定义法．故A正确．

B、电场中的电势定义式，属于比值定义法．故B正确．

C、电容C由本身的性质决定，与所带的电荷量及两端间的电势差无关．所以属于比值定义法．故C正确．

D、根据欧姆定律可知电流I与电压U成正比，与电阻R成反比；不属于比值定义法，故D错误．故选ABC．

【点睛】

所谓比值定义法，就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性，它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变．14、B:D【分析】【详解】

由变压器的电压比与匝数之比的关系得：因为线路电压损失，即U2＞U3，由题意U1=U4，所以选项A错误，B正确；因是理想变压器，则其输入功率与输出功率相等，但由于电线电阻功率损失，所以升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率．故C错误．升压变压器的输出电流等于降压变压器的输入电流，故D正确；故选BD．

点睛：理想变压器的输入功率与输出功率相等，且没有漏磁现象．远距离输电，由于导线通电发热导致能量损失，所以通过提高输送电压，从而实现降低电损．15、B:D【分析】【分析】

由电路图可知，电阻R2、R3、R4串联接入电路，电容器C1并联在电阻电阻R2两端，电容器C2与R2、R3的串联电路并联；根据电路电阻的变化；应用欧姆定律及串联电路特点判断电容器两端电压如何变化，然后由Q=CU判断出电容器所带电荷量如何变化．

【详解】

A、减小R1，电容器C1、C2两端电压不变；电容器所带电量不变，故A错误；

B、增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R3、R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压变大；由Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；

C、增大R3，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，由U=IR可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻R4两端电压变小，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由Q=CU可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加；故C错误；

D、减小R4，电路总电阻变小，由闭合欧姆定律可知，电路电流变大，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压都增大，由Q=CU可知C1、C2所带的电量都增加；故D正确；

故选BD．16、B:C【分析】【详解】

A；核力是一种强相互作用；是一种短距作用，只能发生在原子核内相邻核子之间，故选项A错误；

B；某原子核经过一次α衰变和两次β衰变后；电荷数不变，质量数少4，可知核内质子数不变，故选项B正确；

C；放射性原子核X发生衰变；要释放能量，衰变产物的结合能之和一定大于原来X的结合能，故选项C正确；

D、太阳内部发生的核反应是聚变反应，而是裂变反应，故选项D错误．三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【详解】

[1]当滑块甲、乙的速度相同时，间距最小，弹簧压缩量最大，弹簧的弹性势能最大，设向右为正方向，由动量守恒定律有

弹簧的最大弹性势等于滑块甲、乙系统损失的动能

联立并代入数据解得

[2]乙木块受到的冲量

【点睛】

解决本题首先要明确研究的过程，其次把握信隐含的条件：弹簧伸长最长时两木块的速度相同。考查学生应用动量守恒定律和能量守恒定律解决物理问题的能力。【解析】9.6J4.8NS18、略

【分析】【详解】

[1]随着深度的增加，海水温度逐渐降低，压强也增大，由理想气体状态方程

二氧化碳的体积减小；而质量不变，则密度一定增大；

[2]随着温度的降低，饱和汽压会减小。【解析】增大减小19、略

【分析】【分析】

解决本题的关键掌握螺旋测微器和游标卡尺的读数方法；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读。

【详解】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为5.4cm，游标尺上第4个刻度与主尺刻度对齐，则游标尺读数为

所以最终读数为

（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为5.5mm，可动刻度读数为

所以最终读数为

【点睛】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标尺读数，不需估读，注意两种仪器读数的不同。【解析】5.445.69520、略

【分析】【分析】

光敏电阻的电阻随光照增强而减小；天暗时，电阻比较大，光敏电阻两端的电势差比较大，则输入门电路为高电势，而另一输入端为低电势，最后路灯亮；天亮时，光敏电阻比较小，则光敏电阻两端的电势差比较小，则输入门电路为低电势，而另一输入端为低电势，路灯熄灭。

【详解】

斯密特触发器的工作原理是：当加在它的输入端A的电压逐渐上升到某个值（1.6V）时；输出端Y会突然从高电平跳到低电平（0.25V），而当输入端A的电压下降到另一个值的时候（0.8V），Y会从低电平突然跳到高电平（3.4V）。天暗时，光敏电阻阻值大，A端的电势升高，当A段的电势升高到一定的值时，经过非门，输出端Y为低电势，LED导通，路灯亮，故斯密特触发器的输入端信号可以连续变化；

R1调大时，天更暗时，光敏电阻变大，才导致分压变大，则A端的电势高，输出端Y为低电势，LED灯亮，故让天色更暗时，路灯点亮，应将R1增大一些。【解析】可以增大21、A:C:D【分析】【详解】

A、由图知，a光的偏折程度小于b光，所以a光的折射率小于b光的折射率，则a光的波长大于b光的波长；故A错误；

BC、由知，b光在玻璃砖中传播速度较小；时间较长，故B正确，C错误；

D、由知a光的临界角较大，b光的临界角较小，则当光束SA绕圆心O逆时针转动过程中，在光屏P上最早消失的是b光；D错误；

E、a光的波长大于b光的波长，a光波动性强，相同条件下，a光比b光容易发生衍射，故E正确；

不正确的是故选ACD．

【点睛】

根据光线的偏折程度，比较光的折射率大小，从而得出频率的大小关系；由比较光在玻璃砖中传播速度的大小，即可比较时间的长短；由比较临界角的大小，临界角小的光最先消失；折射率越小，波长越长，越容易发生衍射．22、略

【分析】【详解】

[1][2]当条形磁铁靠近线圈时，向上穿过线圈的磁通量增加，根据楞次定律判断出线圈中产生的感应电流方向为顺时针方向；若线圈始终不动，根据楞次定律可知，线圈受到排斥力作用，则线圈受到的支持力FN大于线圈的重力。【解析】顺时针方向＞23、略

【分析】【详解】

[1]由题平行板电容器的电荷量减少

电压降低

则μF

[2]电容反应电容器本身的特性，电容器极板上的电荷全部放掉电容器的电容不变，仍为150μF。【解析】24、略

【分析】【详解】

设圆环的半径为r，根据法拉第电磁感应定律得：感应电动势为：

再由欧姆定律得：感应电流的大小是：

若将线环半径增大其他条件不变，则线环中的电流强度为．

点睛：本题属于磁感应强度变化，而线圈面积不变化的情形，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律结合求解感应电流是常用的方法，注意寻找电流与半径，是解题的关键．【解析】四、作图题(共3题，共6分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；