2025年沪科版必修1物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修1物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一个物体从静止开始向东运动的v-t图象如图所示；下列关于物体运动的描述中，正确的是。

A.物体在1s-4s内的加速度最大B.物体在4s末开始向西运动C.物体在0-6s内的位移13.5mD.物体在4s-6s内的加速度大小为0.5m/s22、如图所示是物体运动的v—t图像，从t=0开始；下列说法不正确的是（）

A.t1时刻离出发点最远B.t2~t3时间内，加速度沿负方向C.在0~t2与t2~t4这两段时间内，物体的运动方向相反D.在t1~t2与t2~t3时间内，物体的加速度大小和方向都相同3、在学习物理知识的同时，还应当注意学习物理学研究问题的思想和方法，从一定意义上说，后一点甚至更重要．伟大的物理学家伽利略的研究方法对于后来的科学研究具有重大的启蒙作用，至今仍然具有重要意义．请你回顾伽利略探究物体下落规律的过程，判定下列哪个过程是伽利略的探究过程（）A.猜想—问题—数学推理—实验验证—合理外推—得出结论B.问题—猜想—实验验证—数学推理—合理外推—得出结论C.问题—猜想—数学推理—实验验证—合理外推—得出结论D.猜想—问题—实验验证—数学推理—合理外推—得出结论4、某物体做直线运动的v—t图像如图所示；下列说法正确的是（）

A.物体在第2s末加速度方向发生变化B.物体在4s内的位移为2mC.物体在6s内的路程为3mD.物体在2s末加速度为05、下图中表示匀速直线运动的有（）A.B.C.D.6、我国的高铁技术已经成熟；在世界处于领先地位。我国的高铁通常有8节或16节车厢，假设某高铁由质量均相同的16节车厢构成（仅第1节车厢存在动力），该车厢在启动时先做匀加速直线运动，达到某速度后做匀速直线运动，每节车厢所受的阻力与每节车厢的重力成正比，则下列说法正确的是（）

A.高铁在匀加速运动时，乘客受到高铁的作用力方向与高铁的运动方向相反B.高铁在匀速运动时，乘客原地起跳，乘客的落地点比起跳点靠后C.高铁在匀加速运动时，8、9节车厢间的作用力与12、13节车厢间作用力的比值为2：1D.高铁制动后匀减速运动到停止的位移与制动瞬间的速度成正比7、2020年12月22日，我国新一代运载火箭长征八号“一箭五星”首飞成功！长征八号后续也将具备海上垂直回收的能力，可以极大地减少火箭发射的成本，同时还大大缩短了发射周期。火箭某段时间内的速度随时间变化的图像（图像）如图所示。下列说法正确的是（）

A.火箭的速度越来越小B.随着火箭燃料的燃烧，火箭的惯性增大C.火箭在时间内的平均速度等于D.火箭在时间内的加速度增大8、物体A、B均静止在同一水平面上，质量分别为mA和mB，与水平面间的动摩擦因数分别为μA和μB，用水平力F分别拉物体A、B，它们的加速度a与拉力F关系的图象如图所示；由图象可知。

A.μA>μBB.μA<μBC.mA>mBD.mA=mB9、根据你对物理概念和规律的理解，下列说法中正确的是（）A.静止的物体可能受滑动摩擦力作用，运动的物体可能受静摩擦力作用B.物体的运动状态发生变化时，加速度一定发生了变化C.摩擦力的大小总是与正压力的大小成正比D.竖直上抛运动的物体到达最高点时速度为零，加速度也为零评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、物体由静止开始做匀加速直线运动，加速8s后，立即做匀减速直线运动，再经过4s停下。关于该物体的运动情况，下列说法正确的是（）A.加速、减速过程中的平均速度大小之比为1∶1B.加速、减速过程中的加速度大小之比为2∶1C.加速、减速过程中的位移大小之比为2∶1D.加速、减速过程中速度的变化率大小之比为1∶111、从同一地点同时开始沿同一方向做直线运动的两个物体A、B的v－t图象如图所示．在0～t0时间内，下列说法中正确的是（）

A.A、B两个物体的加速度大小都在不断减小B.A物体的加速度不断增大，B物体的加速度不断减小C.A、B两物体的位移都不断增大D.A、B两个物体的平均速度大小都大于12、右图是某质点的v-t图象；则。

A.前2s物体做匀加速运动，后3s物体做匀减速运动B.在2~5s内物体静止C.前2s和后3s内速度的变化量大小均为5m/sD.前2s的加速度是2.5m/s2，后2s的加速度是-2.5m/s213、如图所示的是一个物体运动的v-t图象；下列说法正确的是（）

A.物体4s末开始改变速度方向B.物体5s末开始改变速度方向C.物体在第6s内的加速度大于第1s内加速度D.物体在8s末距出发点位移最大14、甲；乙两物体同时由同一地点沿同一方向做直线运动；它们的速度一时间图像如图所示。则下列说法正确的是（）

A.甲做匀加速直线运动，加速度大小为B.在前内，乙的平均速度是甲的两倍C.在第末，甲、乙相遇D.在第内，甲在乙的前面15、如图所示，半圆形框架竖直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为θ，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢地转过框架与小球始终保持静止状态。在此过程中下列说法正确的是（）

A.拉力F的最小值为mgcosθB.框架对小球的支持力先减小后增大C.地面对框架的摩擦力减小D.框架对地面的压力先增大后减小评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、有一质量为50kg的人站在升降机底板上的台秤上，他从台秤的示数看到自己的体重减少了20％，则由此可以判断，此人处于_______状态（填“超重或失重”），升降机的加速度大小a为________m/s2，人对升降机的压力大小FN为_________N。（g取10m/s2）17、一个物体从45m高的地方静止释放，做自由落体运动（取10），则物体到达地面时的速度为____物体下落的时间为____物体下落最后1s内位移的大小为____18、一个物体受三个共点力作用，它们的大小分别为则该物体所受合力可能的最大值是__________最小值是__________．19、如图所示，重力G=100N的物体，在动摩擦因数为0.1的水平面上向左运动，同时受到大小为20N，方向向右的水平力F的作用，则物体所受摩擦力的大小为____N，方向______．

20、惯性。

（1）物体保持原来______状态或______状态的性质叫作惯性．牛顿第一定律也被叫作______定律。

（2）惯性是物体的______属性，一切物体都具有惯性。21、如图所示，一铁架台置于水平地面上，其上有一轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直，现将水平力作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止，则在这一过程中，水平力______；细线的拉力______；铁架台对地面的压力______。（选填“变大”或“变小”或“不变”）

22、力是产生_________的原因。23、有一质点从t=0开始由原点出发，其运动的速度—时间图象如图所示，则质点离原点的距离最大时刻是_____回到原点时刻是_____24、如图所示，用轻细绳OA、OB和OC悬挂一质量为m的物块，细绳OA水平，OC竖直，OB与竖直方向的夹角为θ，重力加速度为g。则OA绳上的拉力T1=________，OB绳上的拉力T2=________。

评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)25、画出图所示情景中物体A受力的示意图（所有接触面均光滑）。

26、两个共点力F1＝40N，F2＝60N的方向如图虚线所示；利用平行四边形定则用图示法求出合力的大小。

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)27、某同学用如图所示的装置测量木块与斜面间的动摩擦因数．将斜面固定在水平桌面上；木块放在斜面上，其后端与穿过电火花计时器的纸带相连，电火花计时器固定在斜面上，连接频率为50HZ的交流电源．接通电源后，从静止释放木块，木块带动纸带打出一系列的点迹．

(1)上图给出的是实验中获取的一条纸带的一部分，0〜6是实验中选取的7个计数点，每相邻两计数点之间还有4个点未标出，1、2和5、6计数点间的距离如图所示，由图中数据可求出木块下滑的加速度a=______m/s2（保留三位有效数字）

(2)利用纸带求出加速度后，为了求出木块与斜面间的动摩擦因数,还应测量的物理量是_______

A.木块的质量mB.斜面高度h和底边长度d

C.滑块的运动时间tD.滑块到达斜面底端的速度v

(3)已知重力加速度为g，木块与斜面间的动摩擦因数的表达式μ=______（用所测物理量的字母表示）28、图甲是“验证力的平行四边形定则”实验中使用的部分器材，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细线的结点，OB和OC为细绳。某同学进行的实验操作步骤如下：

a、在桌上放一块木板；用图钉把白纸钉在木板上；

b、用图钉把橡皮条的一端固定在板上的A点，在橡皮条的另一端O点拴上两条细绳；细绳的另一端系有绳套；

c、将两个弹簧测力计分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使结点O到达某一位置P，记录P点位置和两个弹簧测力计的示数F1和F2；两根细绳的方向；

d、只用一个弹簧测力计通过细绳套拉橡皮条，使结点O到达任一位置，并记录弹簧测力计的示数F；一根细绳的方向；

e、取下白纸，按选好的标度用铅笔和刻度尺作出拉力F的图示；按同一标度作出两个拉力F1和F2的图示，并以F1和F2为邻边作平行四边形，画出它们所夹的对角线F´；

f、比较F´和F的大小和方向；看它们是否相同，得出结论。

（1）上述操作步骤存在错误的是___________（选填步骤前的序号）。请在横线上写出正确的操作方法：___________；

（2）其他两位同学正确完成了上述a到d各步骤后，分别取下做好标记的白纸A、B，如图乙所示。其中，最有利于减少实验作图误差的是白纸___________；（选填“A”或“B”）

（3）从白纸A中的标记可知，该同学在完成步骤c后，若要保持结点O仍然与P点重合且F1方向不变，同时增大F1、F2的夹角，则F1的大小将___________（选填“增大”；“减小”或“不变”）

（4）在上述步骤f中，若发现力___________（选填“F”或“F´”）的误差过大，则不能说明平行四边形定则的正确性。29、某同学利用如图甲所示的实验装置来测定气垫导轨上滑决的加速度；滑块上安装有遮光条。

(1)该同学利用10分度的游标卡尺测出滑块上安装的遮光条的宽度d，测量结果如图乙所示，则d=______cm；

(2)与光电门配套的数字毫秒计测出了遮光条通过光电门1所用的时间Δt1=0.025s，通过光电门2所用的时间为Δt2=0.010s，则滑块通过光电门1时滑块的速度大小为v1=______m/s；

(3)该同学利用刻度尺测出两光电门之间的距离为l=0.50m，则滑块的加速度大小为a=______m/s2。30、某研究小组利用如图所示实验器材测量滑块和长木板之间的动摩擦因数。带滑轮的长木板水平放置；力传感器固定在墙上，轻绳分别跨过固定在滑块上和固定在长木板左端的滑轮，一端与力传感器连接，另一端竖直悬挂一沙桶，沙桶距地面足够远。调节两滑轮使轻绳与长木板平行，不计轻绳与各滑轮之间的摩擦。

（1）下列操作或要求必须进行或满足的是_______（填选项前的字母）。

A．用天平测出滑块的质量M

B．用天平测沙和沙桶的总质量m

C．使沙和沙桶的总质量m远小于滑块质量M

D．将长木板右端垫高以平衡摩擦力。

E．记录力传感器的示数F

（2）已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，选取A至G的7个点为计数点，且各计数点间均有4个点没有画出，测得B、C、D、E、F、G各点到A点的距离依次是5.29cm、11.05cm、17.30cm、24.01cm、31.22cm、38.92cm。由此可知滑块下滑的加速度a=________m/s2（结果保留三位有效数字）。

（3）实验时，由纸带上的点求出加速度a。根据（1）中测量的数据，已知当地重力加速度为g，可以得出滑块和长木板间的动摩擦因数的表达式μ=________。评卷人得分六、解答题(共2题，共8分)31、某质点做直线运动的图象如图所示，通过图象回答下列问题：

画出的图象

第3s末物体的速度多大？

物体内的位移多大？32、如图所示，倾角为37°的斜面固定在水平地面上，可视为质点的小铁块放在斜面底端，对小铁块施加沿斜面向上的推力F0，可将其从斜面底端A缓慢的推到B点。若将小铁块置于水平地面上P点，对小铁块施加水平推力F0，运动到A点时撤去推力，小铁块恰好到达B点。已知小铁块质量为1kg，AB间距离为1m，小铁块与斜面、水平地面间的摩擦因数均为0.25，取g=10m/s2；sin37°=0.6。求；

(1)推力F0大小；

(2)小铁块从P到B的时间。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A.速度图象的斜率表示物体的加速度．由图看出；在1s−4s内图线的斜率为零，则加速度为零，故A错误；

B.在0−6s内速度均为正值；说明物体一直向东运动，故B错误；

C.物体在0−6s内的位移等于梯形面积，则位移为x=（3+6）×3m=13.5m

故C正确；

D.物体在4s−6s内的加速度

加速度大小为1.5m/s2，故D错误．2、A【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知，在t2时刻；图线与时间轴围成的面积最大，则位移最大，离出发点最远，故A错误，A项符合题意；

B．t2~t3时间内；图像的斜率为负，表示加速度沿负方向，故B正确，B项不合题意；

C．在0～t2与t2～t4这两段时间内；速度的正负相反，一正一负，则速度的方向即运动方向相反，故C正确，C项不符题意；

D．在t1～t2与t2～t3这两段时间内；图线的斜率相同，则加速度的大小和方向相同，故D正确，D项不符题意。

本题选不正确的故选A。3、C【分析】【详解】

伽利略在研究物体下落规律时，首先是提出问题即对亚里士多德的观点提出疑问，然后进行了猜想即落体是一种最简单的变速运动，而最简单的变速运动就是速度变化是均匀的，接着进行了实验，伽利略对实验结果进行数学推理，然后进行合理的外推得出结论，故伽利略的探究过程是问题-猜想-数学推理-实验验证-合理外推-得出结论，故C正确．4、C【分析】【分析】

【详解】

AD．图像的斜率等于加速度；则物体在第2s末加速度方向没有发生变化，且在2s末加速度不为0，选项AD错误；

B．图像与坐标轴围成的面积等于位移；横轴上方位移为正，下方位移为负，则物体在4s内的位移为0，选项B错误；

C．物体在6s内的路程为

选项C正确；

故选C。5、A【分析】【详解】

A．由图可知；速度不随时间发生改变，说明物体做匀速直线运动，故A正确；

B．由图可知；速度随时间均匀增加，说明物体做匀加速直线运动，故B错误；

C．由图可知；加速度恒定不为零，说明物体做匀变速直线运动，故C错误；

D．由图可知；位移不随时间发生改变，说明物体处于静止状态，故D错误。

故选A。6、C【分析】【详解】

A．高铁在匀加速运动时；乘客受到高铁的作用力为高铁对人竖直向上的支持力和水平方向的力，这两个力的合力不在水平方向，而高铁的运动方向为水平方向，A错误；

B．高铁在匀速运动时；乘客原地起跳，由于惯性，人保持原来运动速度向前运动，而高铁是匀速运动的，故乘客的落地点与起跳点相同，B错误；

C．设每节车厢的质量为m，整个车厢所受牵引力为F，则对整个车有

设第8、9节车厢间的作用力为F1，以9至16节车厢为研究对象，有

设第12、13节车厢间的作用力为F2，以13至16节车厢为研究对象，有

则有

故高铁在匀加速运动时；8；9节车厢间的作用力与12、13节车厢间作用力的比值为2：1，C正确；

D．高铁制动后匀减速运动到停止过程中，做匀减速直线运动，末速度为0，此过程中的位移与初速度的关系有

即与速度二次方成正比；D错误。

故选C。7、D【分析】【详解】

A．由题图可知火箭的速度越来越大；故A错误；

B．随着火箭燃料的燃烧；火箭的质量减小，惯性减小，故B错误；

C．v-t图像与t轴所围图形的面积表示位移，则火箭在0~t1时间内的位移。

则平均速度

故C错误；

D．v-t图像的斜率表示加速度，由题图可知火箭在0~t1时间内的加速度增大；故D正确。

故选D。8、A【分析】【详解】

CD．根据牛顿第二定律F-μmg=ma

则

图像的斜率等于质量的倒数，则由图像可知，mA<mB；选项CD错误；

AB．a=0时，F=μmg，则μA>μB；选项A正确，B错误；

故选A。9、A【分析】试题分析：人走路时脚受到地面给的静摩擦力；人是运动的，受到静摩擦力，推着箱子在水平面上运动时，地面是静止的，却受到滑动摩擦力，A正确；做匀变速直线运动过程中，加速度恒定，物体的速度发生变化，即运动状态发生变化，B错误；静摩擦力与接触面间的正压力无关，C错误；竖直上抛运动，在最高点速度为零，但加速度不为零，D错误；

考点：考查了摩擦力；加速度，竖直上抛运动。

【名师点睛】一个物体在另一个物体表面上滑动时，所受到的阻碍物体间相对运动的力叫做滑动摩擦力；摩擦力的方向有时跟物体运动方向相同，有时跟物体运动方向相反；有时是阻力、有时是动力，二、多选题(共6题，共12分)10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．设匀加速直线运动的末速度大小为v，根据匀变速直线运动的平均速度推论知，匀加速和匀减速阶段的平均速度大小均为

即平均速度大小之比为1∶1；故A正确；

BD．设匀加速直线运动的末速度大小为v，则加速阶段的加速度大小a1=

减速阶段的加速度大小a2=

可知a1∶a2=t2∶t1=1∶2

则加速；减速过程中速度的变化率大小之比为1∶2；故BD错误；

C．根据x=t

得加速阶段和减速阶段的位移大小之比为2∶1；故C正确。

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

AB.速度-时间图象上某点的切线的斜率表示该点对应时刻的加速度大小，故物体A和B的加速度都在不断减小；故A正确，B错误；

C.图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：随着时间的推移，A、B的速度图象与时间轴围城的面积不断变大；故位移都不断增大，故C正确；

D.图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，如果A物体做匀加速直线运动，从v1均匀增加到v2，物体的位移就等于图中梯形的面积，平均速度就等于速度由图看出，A实际的位移大于匀加速直线运动的位移，所以A的平均速度大于同理，B的平均速度小于故D错误．12、A:C【分析】【分析】

速度图象倾斜的直线表示质点做匀变速直线运动；速度大小均匀减小，做匀减速直线运动，相反质点即做匀加速直线运动；速度图象的斜率等于加速度．

【详解】

在前2s内质点的速度均匀增大，做匀加速直线运动，在后3s物体的速度均匀减小，做匀减速运动．故A正确．在2-5s内质点的速度保持不变，做匀速直线运动．故B错误．前2s内速度的变化量为△v=5m/s-0=5m/s；后3s内速度的变化量△v=0-5m/s=-5m/s，则前2s和后3s内速度的变化量大小均为5m/s，故C正确．根据速度图象的斜率等于加速度，得质点在前2s内的加速度为．后2s加速度为．故D错误．故选AC．13、B:C【分析】【详解】

AB.前2s内物体沿正方向做匀加速直线运动；加速度不变，2s-4s内沿正方向匀速直线运动。在4s-5s内物体沿正方向做匀减速直线运动，5s后沿负方向做匀加速运动，故5s开始改变运动方向，故A错误，B正确。

C.根据图象的斜率等于加速度；可知物体在第6s内的加速度大于第1s内加速度，故C正确；

D.图象的面积表示位移，时间轴下方的为负，时间轴上方的为正，所以5s末正向位移最大，离出发点最远，故D错误；14、A:B【分析】【详解】

A.根据图像可知，甲做匀加速直线运动，加速度大小为

故A正确；

B.在前内，甲的平均速度为

乙匀速直线运动，平均速度为10m/s，故在前内；乙的平均速度是甲的两倍，故B正确；

C.在0-内，乙的速度一直大于甲的速度，故第末；乙在甲的前面，故C错误；

D.0-3s末，甲的位移

乙的位移

故乙在甲前面；故D错误。

故选AB。15、A:C【分析】【分析】

【详解】

小球的受力情况如图所示：

AB．由图可知，拉力F顺时针转动过程中，框架对小球的支持力始终减小，F先减小后增大，当F与支持力垂直时，F最小；由几何关系可知。

故A正确B错误；

CD．以框架和小球组成的系统整体为研究对象，水平方向，地面对框架的摩擦力与拉力F的水平分力平衡，F顺时针转动过程中，其水平分力逐渐减小，故地面对框架的摩擦力也逐渐减小；竖直方向，整体的重力，地面的支持力和F的竖直分力三力平衡，F顺时针转动过程中；其竖直分力逐渐增大，故地面对框架的支持力逐渐减小，即框架对地面的压力逐渐减小，故C正确D错误。

故选AC。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】

本题考查运用牛顿第二定律处理超重失重问题。

【详解】

[1]人受到的支持力小于重力；处于失重状态；

[2][3]根据题目和牛顿第二定律，人受到的支持力

解得

根据作用力与反作用力定律【解析】失重240017、略

【分析】【详解】

[1][2]物体做自由落体运动；已知位移，根据位移时间关系公式，有。

解得。

根据速度时间关系公式；有。

v=gt=10×3=30m/s[3]前2s的位移。

故最后1s的位移为。

h1=h-h2=45-20=25m【解析】3032518、略

【分析】【分析】

【详解】

两个力的合力的最大值为F1+F2，最小值为|F1-F2|，第三个力只要在这两个力范围内，三个力的合力就可能为零，而F3的大小范围在6N≤F3≤18N，所以物体所受合力的最大值是34N，最小值为0．【解析】34019、略

【分析】【详解】

滑动摩擦力滑动摩擦力方向与相对运动方向相反，所以滑动摩擦力方向水平向右．【解析】10水平向右20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】匀速直线运动静止惯性固有21、略

【分析】【详解】

[1]小球受力分析如图。

由平衡条件有

可知，增大，F逐渐变大；

[2]由平衡条件有

可知，增大，T逐渐变大；

[3]以整体为研究对象，根据平衡条件得地面对铁架台的支持力

可知，地面对铁架台的支持力不变，由牛顿第三定律知铁架台对地面的压力不变。【解析】变大变大不变22、略

【分析】【详解】

根据牛顿第一定律：力是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因。【解析】加速度23、略

【分析】【分析】

速度时间图线的斜率表示加速度；加速度不变的运动为匀变速运动．图线与时间轴围成的面积表示位移，结合位移分析质点所处的位置．

【详解】

(1)在前2s内质点沿正方向运动，在后2s内沿负方向运动，两段时间内位移大小相等，4s末回到出发点，所以t=2s时离原点距离最大．

(2)由图象的“面积”看出，前2s内和后2s内位移大小相等，方向相反，则t=4s时回到原点.

【点睛】

本题抓住速度图象的“面积”等于位移是关键．能根据图象分析物体的运动情况，通过训练，培养基本的读图能力．【解析】t=2s时，t=4s时；24、略

【分析】【详解】

[1][2]对O点受力分析；如图所示。

根据平衡条件，有【解析】mgtanθ四、作图题(共2题，共18分)25、略

【分析】【详解】

（1）弹力方向垂直于接触面；

（2）固定杆力的方向可以不沿杆；又由于必须平衡重力，所以杆的弹力向上；

（3）绳子的拉力必须沿绳；若斜面有支持力，则物体受力不平衡，则支持力不存在。

【解析】（1）见解析；（2）见解析；（3）见解析26、略

【分析】【详解】

首先选取标度；如图。

再按比例画出画出两个力的图示；以F1、F2为邻边，根据平行四边形定则作出合力F，量得F与标度之比为4.7：1，所以合力大小为F=4.7×20N=94N【解析】五、实验题(共4题，共40分)27、略

【分析】【详解】

(1)每相邻两计数点之间还有4个点未标出，所以每相邻两计数点之间时间为根据则有解得木块的加速度为：

(2、3)对小车进行受力分析，小车受重力、支持力、阻力；将重力沿斜面和垂直斜面分解，设斜面倾角为θ，根据牛顿第二定律得：联立解得：因为则有：

故需要测量的物理量为斜面高度h和底边长度d，故选项B正确；【解析】1.75B28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]上述操作步骤存在错误的是d。正确的操作方法：把橡皮条和绳套的结点拉到O位置；

（2）[3]A图中记录力方向的点距离O点较远；有利于减小确定力方向时产生的误差，故选A；

（3）[4]保持结点O仍然与P点重合，则两个力的合力不变，且F1方向不变，同时增大F1