2025年上教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版必修3物理上册月考试卷122考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在如图所示的电路中，电源的电动势E＝3V，内阻r＝1.0Ω，R为滑动变阻器．当闭合开关S后；电流表示数为0.3A，忽略电流表的内阻，则滑动变阻器接入电路的阻值为。

A.8.0ΩB.9.0ΩC.10.0ΩD.11.0Ω2、如图所示电路，电源的内电阻不可忽略．开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中。

A.电压表的示数增大B.电流表的示数增大C.R1消耗的电功率增大D.R2消耗的电功率增大3、关于电场力和电场强度，下列说法正确的是（）A.电场强度的方向总是跟电场力的方向一致B.正电荷受到的电场力的方向跟电场强度的方向一致C.电场强度的大小总是跟电场力的大小成正比D.移去检验电荷时，电场强度变为零4、通常把电荷在离场源电荷无限远处的电势能规定为零，已知试探电荷q在场源电荷Q的电场中所具有电势能表达式为（式中k为静电力常量，r为试探电荷与场源电荷间的距离）。真空中有两个点电荷Q1、Q2分别固定在x坐标轴的x=0和x=6m的位置上。x轴上各点的电势随的变化关系如图所示，A、B是图线与物的交点，A点的x坐标是4.8cm，图线上C点的切线水平；下列说法正确的是（）

A.电荷Q1、Q2的电性相同B.电荷Q1、Q2的电荷量之比为1∶4C.B点的x坐标是7.2cmD.C点的x坐标是12cm5、如图所示，带有等量异种电荷的平行板电容器与静电计相连，静电计的金属外壳和电容器下极板都接地，在两极板间的点固定着一个检验电荷，表示两板之间的电压，表示两板间的电场强度，表示静电计指针的偏角，表示检验电荷在点的电势能。若保持下极板不动；将上极板向下移动一小段距离至图中的虚线位置，则（）

A.增大，不变B.不变，不变C.减小，增大D.不变，增大6、如图所示，正对的平行板（矩形）电容器充电结束后保持与电源连接，电源电压恒为U，板长为L，带电油滴在极板间静止。现设法先使油滴保持不动，上极板固定，将下极板向上移动了后再由静止释放油滴；则（）

A.电容器的电容变小B.电容器所带电荷量变大C.极板间的场强不变D.油滴仍保持静止7、在如图所示的电路中，电源的电动势和内阻以及电阻R2的阻值都恒定，当滑动变阻器R1的滑片处于某位置时，电容器C两极板间的带电油滴恰好悬浮不动。下列判断正确的是（）

A.若仅减小电容器两极板间的正对面积，油滴将向下运动B.若仅将R1的滑片向右移动，油滴将向上运动C.若仅将R1的滑片向左移动，电源的效率将增加D.若仅将R1的滑片移动，电压表V1、V2的示数变化量的代数和总等于零8、如图所示，图线a、b分别为某电源和某定值电阻的U－I图线；现将此电源与此电阻直接相连，根据所学知识分析下列选项正确的是（）

A.该电源的内电阻大于定值电阻的阻值B.该电源的内电阻消耗的功率大于定值电阻消耗的功率C.如果减小定值电阻的阻值，电源的输出功率可能增大D.如果减小定值电阻的阻值，电源的效率可能增大评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，金属板带电量为＋Q，质量为m的金属小球带电量为＋q，当小球静止后，悬挂小球的绝缘细线与竖直方向间的夹角为α，小球与金属板中心O恰好在同一条水平线上，且距离为L。下列说法正确的是（）

A.＋Q在小球处产生的场强为B.＋Q在小球处产生的场强为C.＋q在O点产生的场强为D.＋q在O点产生的场强为10、将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d、U、E和Q表示．下列说法正确的是A.保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B.保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C.保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D.保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半11、电荷控制式喷墨打印机的打印头的结构简图如图所示。其中墨盒可以喷出极小的墨汁微粒（重力不计）；此微粒经过带电室后以一定的初速度垂直射入偏转电场，再经偏转电场后打到纸上，显示出字符。已知偏移量越大打在纸上的字迹越大。现要缩小字迹，下列措施可行的是（）

A.增大墨汁微粒的比荷B.增大墨汁微粒进入偏转电场时的初动能C.增大偏转极板的长度D.增大偏转极板间的间距12、如图所示，空间中存在竖直向上的匀强电场，将一绝缘带电小球自C点静止释放，一段时间后小球与正下方弹簧在A点开始接触并压缩弹簧，假设从释放到最低点B的过程中电场力对小球做功弹簧形变始终处于弹性限度范围，不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.小球反弹后可重新到达C点B.从C点到B点，小球与弹簧的机械能减少C.小球从A运动到B过程中速度一直在减小D.小球动能最大的位置在之间小球重力和弹簧弹力大小相等的位置13、一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时（）A.该金属导线的电阻变为原来的2倍B.该金属丝的电阻率变为原来4倍C.自由电子定向移动的平均速率为D.通过金属导线的电流为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=15V，φB=3V，φC=-3V；由此。

（1）则D点电势φD=____________V

（2）若该正方形的边长为a=20cm，且电场方向与正方形所在平面平行，则场强为E=_________N/C15、如图所示；竖直放置的长直导线通以恒定电流，有一矩形线框与导线处于同一平面内，让线框向右平动，线圈产生感应电流的方向是_____。

16、可再生能源和不可再生能源∶

（1）____、_______、天然气等化石能源，短期内无法恢复的能源，称为______能源。

（2）水能、风能、潮汐能等能源，归根结底来源于太阳能，这些能源在自然界可以再生，称为______能源。17、如图所示，匀强电场的电场线与平行，把的负电荷从点移到点，静电力做功长与成60°角。则匀强电场的场强方向______（填：指向或指向）；设处电势为则处电势为______，该负电荷在处的电势能为______。

18、定义∶原子的能量是量子化的，这些量子化的能量值叫作_____。19、利用静电除尘器可以消除空气中的粉尘，静电除尘器由金属管A和悬在管中的金属丝B组成，A和B分别接到高压电源的正极和负极，其装置示意图如右图所示．A、B之间有很强的电场，距B越近，场强__________（填“越大”或“越小”）．B附近的气体分子被电离成为电子和正离子、粉尘吸附电子后被吸附到______（填“A”或“B”）上；最后在重力作用下落入下面的漏斗中．

20、摩擦起电：当两种物质组成的物体互相摩擦时，一些受束缚较弱的电子会____________到另一个物体上。于是，原来电中性的物体由于得到电子而带____________电，失去电子的物体则带___________电。21、在如图（a）所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图（b）所示。则电源的最大输出功率为___________W，滑动变阻器R2的最大功率为___________W

22、如图所示，电源内阻Ω，Ω，Ω，灯L上标有“3V、1.5W”的字样，当滑动变阻器R3的滑片P移到最右端时，电流表示数为1A，灯L恰能正常发光．则电源的电动势____V；当P移到最左端时，电流表的示数_____A.

评卷人得分四、实验题(共2题，共10分)23、某同学要将量为300μA；内阻未知的微安表G改装成量程为3V的电压表。他先测量出微安表G的内阻；然后对微安表进行改装，最后再利用一标准电压表V对改装后的电压表进行校准。

（1）利用“半偏法”原理测量微安表G的内阻。实验中可供选择的器材：

A.滑动变阻器（）

B.电阻箱（）

C.电源（电动势为12V）

D.电源（电动势为15V）

E.开关；导线若干。

具体实验步骤如下：

a.按电路原理图甲连接好电路；

b.将滑动变阻器R1的阻值调到最大，闭合开关S后调节的阻值；使微安表G的指针满偏；

c.闭合开关S，保持R不变，调节的阻值，使微安表G的示数为150μA，此时的示数为4000.0Ω。

回答下列问题：

①实验中电源应选用__（选填“”或“”）。

②由实验操作步骤可知微安表内阻的测量值与真实值相比_______（选填“偏大”“相等”或“偏小”）。

（2）利用合适的电源滑动变阻器标准电压表V以及题（1）中的电阻箱在图乙虚线框内画出对改装的电压表进行校准的电路，其中部分电路元件已在图中给出_________。

（3）由于内阻测量造成的误差，当标准电压表示数为3V时，改装电压表中微安表G的示数为297μA，为了尽量消除改装后的电压表测量电压时带来的误差，与微安表串联的电阻值调至_______________Ω（结果保留1位小数）。24、测定干电池的电动势和内阻的电路如图（a）所示，MN为一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，定值电阻调节滑片P，记录电压表示数U、电流表示数I及对应的PN长度x，绘制出图（b）所示的图像。

(1)由图（b）求得电池的电动势______________V（保留3位有效数字），内阻______________Ω（保留2位有效数字）。

(2)实验中因电表内阻的影响，电动势测量值_______________（选填“大于”；“等于”或“小于”）真实值。

(3)根据实验数据可绘出图（c）所示的图像。若图像斜率为k，电阻丝横截面积为S，则电阻丝的电阻率_______________，电表内阻对电阻率的测量______________（选填“有”或“没有”）影响。评卷人得分五、解答题(共4题，共20分)25、在xOy平面内，有沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E（图中未画出），由A点斜射出一质量为m，带电荷量为+q的粒子，B和C是粒子运动轨迹上的两点，如图所示，其中l0为常数；粒子所受重力忽略不计，求：

（1）粒子从A到C过程中电场力对它做的功；

（2）粒子从A到C过程所经历的时间；

（3）粒子经过C点时的速率。26、如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=C的点电荷由A点移到B点，静电力做功4.8×10-8J，再由B点移到C点，电荷克服静电力做功4.8×10-8J，取B点的电势为零；求：

（1）A、C两点的电势；

（2）作出过B点的一条电场线。

27、如图所示，水平绝缘轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径为R。轨道所在空间存在水平向右的匀强电场。现有一质量m的带正电的物体（可视为质点），在水平轨道上的P点由静止释放，已知静电力大小带电体运动到半圆形轨道的D点时受到轨道给的弹力大小已知带电体与水平轨道间的动摩擦因数为μ，取重力加速度g；不计空气阻力。求：（结果可以保留根号）

（1）带电体运动到D点时的加速度大小aD；

（2）释放点P到半圆形轨道最低点B点的距离L1；

（3）带电体在半圆轨道上运动过程中对轨道压力的最大值Fm；

（4）若带电体第一次经过C点，匀强电场方向突然变为竖直向下。带电体落在水平轨道上的位置到B点的距离L2。

28、电场中某区域的电场线如图所示，A、B是电场中的两点。一个电荷量的点电荷在A点所受电场力在仅受电场力的作用下，将该点电荷从A点移动到B点，电场力做功求。

（1）A点电场强度的大小

（2）A、B两点间的电势差

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【详解】

闭合开关S，根据闭合电路欧姆定律得：

变形得

即滑动变阻器接入电路的阻值为9.0Ω．

A．8.0Ω；与结论不相符，选项A错误；

B．9.0Ω；与结论相符，选项B正确；

C．10.0Ω；与结论不相符，选项C错误；

D．11.0Ω，与结论不相符，选项D错误；2、C【分析】【详解】

AB．在变阻器R0的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器R0与R2并联电阻R并减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小。并联部分电压U并=E-I（R1+r），I增大，E、R1、r均不变，则U并减小，故电流表示数减小，故AB错误；

C．干路电流I增大，由功率公式P=I2R分析得知，R1上消耗的功率增大，故C正确；

D．由于U并减小，据公式可知，R2消耗的功率减小；故D错误。

故选C。3、B【分析】【分析】

【详解】

AB．电场强度的方向跟正电荷所受电场力的方向一致；与负电荷所受电场力方向相反，故A错误，B正确；

CD．电场强度反映电场本身的性质；与检验电荷所受的电场力和电荷量无关，不能说电场强度的大小总是跟电场力的大小成正比；当移去检验电荷时，电场强度保持不变，不会变为零，故CD错误。

故选B。4、D【分析】【详解】

A．由

知场源电荷附近电势正负和场源电荷正负一致，故由图可得原点处电荷带正电，处电荷带负电；故A错误；

B．A点处电势为零，故

故B错误；

C．B点处电势为零，根据电势为零可得

可得

所以B点的x坐标

故C错误；

D．由点电荷周围场强

知两场源电荷电性相反，那么两场源电荷在C点的场强方向相反，C点电势变化率为零，故C点的场强为零，根据场强叠加定理可得两场源电荷在C点场强大小相等，故有

解得

故D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

电容器与电源断开，故电量不变；上极板向下移动时，两板间的距离减小，根据可知，电容C增大，则根据可知，电压U减小，故静电计指针偏角θ减小，两板间的电场强度

因此电场强度与板间距无关，因此电场强度E不变，再设P与下极板距离为L，则P点的电势φP=EL，电势能EP=qEL；因此电荷在P点的电势能EP保持不变。

故选B。6、B【分析】【详解】

A．根据电容的决定式

将下极板向上移动了；可知将板间距变小些，电容增大，A错误；

B．根据电容定义式

充电结束后保持与电源连接；极板间电压不变，因电容增大，那么电容器所带的电荷量增大，B正确；

CD．电容器一直与电源相连，极板两端的电压不变，板间距变小时，根据

两板间电场强度增大，根据

电场力变大；油滴将向上运动，不会保持静止，CD错误。

故选B。7、B【分析】【详解】

A．减小两板间正对面积，电容器的板间电压不变，场强不变，油滴所受的电场力不变，仍静止，故A错误；

B．R1滑动触头向右移动时；接入电路的电阻增大，电路中电流减小，内电压减小，路端电压增大，则电容器板间电压增大，板间场强增大，油滴所受的竖直向上的电场力增大，油滴将向上运动。故B正确；

C．同理可得，R1滑动触头向左移动时，接入电路的电阻减小，外电路电阻减小，而电源的效率

可知电源的效率减小，故C错误；

D．R1的滑动触头移动时，外电阻发生变化，则路端电压随之变化，电压表V1，V2的读数之和等于路端电压，所以电压表V1，V2的读数变化量的代数和不等于零，故D错误。

故选B。8、C【分析】【详解】

A．由图像可知，电源的内阻为

导体的电阻

则该电源的内电阻小于定值电阻的阻值；选项A错误；

B．该电源的内电阻消耗的功率

定值电阻消耗的功率

该电源的内电阻消耗的功率小于定值电阻消耗的功率；选项B错误；

C．当外电路电阻等于电源内阻时电源输出功率最大；则如果减小定值电阻的阻值，电源的输出功率可能增大，选项C正确；

D．根据

则如果减小定值电阻的阻值；电源的效率会减小，选项D错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)9、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．对金属小球受力分析；如图所示。

故+Q在小球处产生的场强为

A错误B正确；

CD．根据点电荷的场强公式，+q在O点产生的场强为

D错误C正确。

故选BC。10、A:D【分析】【详解】

试题分析：保持U不变，根据公式E=分析E与d的关系；保持E不变，U与d正比；保持d不变，C不变，根据C=分析Q与U的关系；保持d不变，将Q变为原来的一半，由C=分析U的变化，由E=分析E的变化．

解：A、保持U不变，将d变为原来的两倍，根据公式E=可知；E变为原来的一半．故A正确．

B；保持E不变；将d变为原来的一半，由U=Ed可知，U变为原来的一半．故B错误．

C、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的两倍，由公式C=分析可知；U变为原来的两倍．故C错误．

D、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的一半，由公式C=分析可知，U变为原来的一半，由E=分析知；E变为原来的一半．故D正确．

故选AD

【点评】

本题关键要掌握E=C=两个公式，同时，要明确d不变时，电容C不变．11、B:D【分析】【详解】

微粒以一定的初速度垂直射入偏转电场做类平抛运动；则有。

水平方向

竖直方向

又

联立解得

要缩小字迹，就要缩小微粒通过偏转电场的偏转量y，由上式分析可知，采用的方法可以有：减小比荷增大墨汁微粒进入偏转电场时的初动能Ek0、减小极板的长度L、增大偏转极板间的间距d。

故选BD。12、A:B【分析】【详解】

A．根据能量守恒定律可知，系统的能量只是重力势能，动势及电势能间的相互转化，则小球反弹后可重新到达C点；所以A正确；

B．从C点到B点，根据功能关系可知，除了重力与弹簧的弹力做的功不改变系统的机械能，其他力做功则改变机械能有

由于电场力对小球做功-5J；所以小球与弹簧组成的系统机械能减少5J，则B正确；

C．小球从静止释放后能运动到A点；则知小球受到的重力和电场力的合力竖直向下。小球从A运动到B过程中，弹簧的弹力先小于重力和电场力的合力，后大于重力和电场力的合力，小球的合力先向下后向上，则小球先向下做加速运动，后向下做减速运动，速度先增大后减小，故C错误；

D．小球动能最大的位置在之间小球重力与电场力的合力和弹簧弹力大小相等的位置；则D错误；

故选AB。13、C:D【分析】【详解】

AD．将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析得到，电阻变为原来的4倍，电压U恒定不变，根据欧姆定律可知，电流I变为原来的故A错误，D正确；

B．金属丝的电阻率与金属丝的长度无关；所以电阻率不变，故B错误；

C．电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的横截面积S变为原来的倍，则自由电子定向移动的平均速率为故C正确。三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【详解】

(1)[1]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化都相等，

解得：φD=9V

(2)[2]连接AC，将AC三等分，标上三等分点E、F，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，E点的电势为3V，F点的电势为9V．连接DF；是一条等势线．

将DF延长交于AB于P点，则P点的电势为φP=φD=9V

可知P是AB的中点，

PD是该电场的一条等势线，作AM⊥PD，根据等面积原理知

场强【解析】915、略

【分析】【详解】

电流的方向向上，由安培定则可知线框所在处的磁场的方向垂直于纸面向里，当线框向右运动时磁场减小，则穿过线框的磁通量减小，由楞次定律可知，线框内产生的感应电流沿顺时针方向。【解析】顺时针方向16、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]煤；石油、天然气等化石能源；短期内无法恢复的能源，称为不可再生能源。

（2）[4]水能、风能、潮汐能等能源，归根结底来源于太阳能，这些能源在自然界可以再生，称为可再生能源。【解析】煤石油不可再生可再生17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]将负电荷从A移至B，静电力做正功，所以所受静电力方向由A至C，又因为是负电荷，场强方向与负电荷受静电力方向相反，所以场强方向应为C至A方向。

[2]由

得

即

故

[3]电子在A点的电势能【解析】①.由指向②.③.18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据定义可知，原子的能量是量子化的，这些量子化的能量值叫做能级。【解析】能级19、略

【分析】【详解】

电源的两极分别接在AB上；净电荷一般分布在尖端，所以B处分布电荷较为密集，则距离B越近场强较大，粉尘吸附电子后带负电，在电场力的作用下将会向正极板运动，即向A运动，最后被吸附到A上。

故答案为越大；A【解析】越大A20、略

【解析】①.转移②.负③.正21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]当R2的滑动头P滑到最左端时，电压表V2的示数为0，可知图线甲是V2示数随电流变化的图线。由两图线得U1+U2=5V≠U1′+U2′=3V

可知电源有内阻R1==5Ω，R2m==20Ω

由闭合电路欧姆定律I=

得0.2=0.6=

解得E=6V，r=5Ω

当R2=0时，因R1=r电源有最大输出功率Pm==1.8W

[2]把R1等效成电源内阻，则当R2=R1+r时，R2上有最大功率P2m==0.9W【解析】1.8W0.9W22、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律得：E=UL+IR1+Ir=3+1×2+1×1=6V

（2）当P移到最左端时，【解析】62四、实验题(共2题，共10分)23、略

【分析】【详解】

（1）①[1]根据题意，由欧姆定律可知，若电源选取电路中的最小电流约为

超过微安表量程，则电源选

②[2]实验中，闭合开关S，外电路的总电阻减小，总电流变大，即干路电流大于则流过微安表的电流为流过电阻箱的电流大于由并联分流原理可知，电阻箱电阻小于微安表内阻，即微安表内阻的测量值与真实值相比偏小。

（2）[3]根据题意；由实验原理，设计电路图，如图所示。

（3）[4]根据题意，由上述分析可知，微安表内阻约为则改装成量程为的电压表需串联一个的电阻，当标准电压表示数为3V时，若改装电压表中微安表G的示数为297μA，则此时，微安表的等效内阻为

若调整准确，则微安表的等效内阻为

即需将改装后电表的等效内阻减小即与微安表串联的电阻值调至【解析】偏小5899.024、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]由闭合电路欧姆定律可知U=E-I（r+R0）

则可知图b中的图象与纵坐标间的交点表示电动势，故E=1.49V；

图象的斜率表示（r+R0），则

解得r=1.45-1.