2025年沪教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版高二物理上册月考试卷864考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为L。金属圆环的直径也是L。自圆环从左边界进入磁场开始计时，以垂直于磁场边界的恒定速度v穿过磁场区域。规定逆时针方向为感应电流i的正方向，则圆环中感应电流i随其移动距离x的i～x图象最接近：2、关于位移和路程，下列说法中正确的是（）A.在某段时间内，质点运动的位移为零，该质点一定是静止的B.在某段时间内，质点运动的路程为零，该质点不一定是静止的C.在直线运动中，质点位移的大小一定等于其路程D.在曲线运动中，质点位移的大小一定小于其路程3、关于两个物体之间的作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A.两物体之间的作用力和反作用力的大小不一定相等B.两物体之间的作用力和反作用力不作用在一条直线上C.两物体之间的作用力和反作用力总是大小相等D.两物体之间的作用力和反作用力作用在同一个物体上4、“力的合成的平行四边形定则”实验中体现的物理思想方法是（）

A.等效替代的方法B.控制变量的方法C.建立物理模型的方法D.取微元的方法5、影响平行板电容器电容的因素有很多，探究时需采用控制变量法．如图，已经充满电的两个极板所带电荷量不变，两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，改变电容器的结构，关于可能看到的现象，下列说法正确的是（）A.保持d不变，增大S，则θ变大B.保持d不变，增大S，则θ变小C.保持S不变，减小d，则θ变大D.保持S不变，减小d，则θ不变评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)6、如图所示，气缸内封闭一定质量的某种理想气体，活塞通过滑轮和一重物连接并保持平衡，已知活塞距缸口0．2m，活塞面积大气压强物重50N，活塞质量及一切摩擦不计，缓慢升高环境温度，使活塞刚好升到缸口，封闭气体吸收了60J的热量，则封闭气体的压强将____（选填“增加”、“减小”或“不变”），气体内能变化量为____J。

7、在双缝干涉实验中，屏上一点P到双缝的路程差是2.6×10-6m．若P点恰是暗纹，且和中央亮纹之间还有一条亮纹，则光的波长是______m．8、在“用单摆测定重力加速度”的实验中，测得单摆摆角小于5鈭�

完成n

全振动的时间为t

用毫米刻度尺测得摆线长为L

用螺旋测微器测得摆球直径为d

．

(1)

用上述物理量的符号写出重力加速度的一般表达式g=

______．

(2)

从图可知；摆球直径d

的读数为______mm

．

(3)

实验中有个同学发现他测得重力加速度的值偏大；其原因可能是______

A.悬点未固定紧；振动中出现松动，使摆线增长了。

B.单摆所用摆球质量太大。

C.把n

次全振动时间误当成(n+1)

次全振动时间。

D.以摆线长作为摆长来计算．9、如图所示，从匀强磁场中用外力把一矩形线圈匀速拉出磁场区域．如果两次拉出的速度之比v1：v2=1：2，则在将线圈拉出磁场区域的过程中，两次所用的外力大小之比F1：F2=____，通过线圈某截面的电量之比q1：q2=____．

10、半径分别为r和2r的两个质量不计的圆盘，共轴固定连结在一起，可以绕水平轴O无摩擦转动，大圆盘的边缘上固定有一个质量为m的质点，小圆盘上绕有细绳．开始时圆盘静止，质点处在水平轴O的正下方位置．现以水平恒力F拉细绳，使两圆盘转动，若两圆盘转过的角度时，质点m的速度最大，则恒力F=____；若圆盘转过的最大角度则此时恒力F=____．

评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)11、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）12、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）13、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）14、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）15、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共4题，共28分)16、在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R.(1)用螺旋测微器测金属丝直径时读数如下图甲，则金属丝的直径为________mm.(2)若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值__________．(填“偏大”或“偏小”)(3)用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如下图所示，则电压表的读数为________V，电流表的读数为________A.17、一块玻璃砖用两个相互平行的表面，其中一个表面是镀银的（光线不能通过表面）。现要测定此玻璃的析射率。给定的器材还有：白纸、铅笔、大头针4枚（P1、P2、P3、P4）、带有刻度的直角三角板、量角器。实验时，先将玻璃砖放到白纸上，使上述两个相互平行的表面与纸面垂直。在纸上画出直线aa’表示镀银的玻璃表面，bb’表示另一表面，如图所示。然后，在白纸上竖直插上两枚大头针P1、P2（位置如图）。用P1、P2的连线表示入射光线。⑴为了测量折射率，大头针P3、P4应插在()A、玻璃砖aa’一侧B、玻璃砖bb’一侧C、玻璃砖aa’、bb’两侧各插一枚⑵试在题图中标出P3、P4的位置。然后，移去玻璃砖与大头针。试在题图中通过作图的方法标出光线从空气到玻璃中的入射角θ1与折射角θ2,并写出主要作图步骤：。⑶写出θ1、θ2表示的折射率公式为n＝____．18、硅光电池是一种可将光能转化为电能的元件．某同学利用如图a所示电路探究某硅光电池的路端电压U与电流I的关系．图中R0=2Ω，电压表、电流表均可视为理想电表．①实验一：用一定强度的光照射硅光电池，闭合电键S，调节可调电阻的阻值，通过测量得到该电池的U—I曲线a（见图c）．则由图象可知，当电流小于200mA时，该硅光电池的电动势为V，内阻为____Ω．②实验二：减小光照强度，重复实验，通过测量得到该电池的U—I曲线b（见图c）．在做实验一时，调整R的阻值使电压表的读数为1.5V；保持R的阻值不变，在实验二的光照强度下，可调电阻R的电功率为mW（保留两位有效数字）．③用“笔画线”代替导线，将图b中的器材按图a所示电路连接起来．19、乙酸乙酯是一种有香味的油状液体，在浓硫酸存在并加热的条件下，乙酸与乙醇反应生成乙酸乙酯。请回答：rm{(1)}乙酸乙酯分子中官能团的名称为____。rm{(2)}生成乙酸乙酯的化学方程式为____，该反应的类型是____反应。rm{(3)}常温下，乙酸和乙酸乙酯都是无色液体，写出一种能够鉴别两者的试剂：____。评卷人得分五、简答题(共1题，共4分)20、在电磁波大家族中，按波长由长到短排列依次是：无线电波、____、可见光、____、X

射线、娄脙

射线.(

填入“紫外线”、“红外线”)

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】试题分析：根据楞次定律，在进磁场的过程中，感应电流的方向为逆时针方向；在出磁场的过程中，感应电流的方向为顺时针方向．在进磁场的过程中，切割的有效长度先增加后减小，出磁场的过程中，切割的有效长度先增加后减小．所以感应电流的大小在进磁场的过程中先增大后减小，出磁场的过程中也是先增大后减小．故A正确，B、C、D错误．故选A．考点：法拉第电磁感应定律。【解析】【答案】A2、D【分析】解：A；位移是从初位置到末位置的有向线段；在某段时间内质点运动的位移为零，初位置与末位置重合，但中间过程可能是运动的，故A错误；

B；路程是轨迹的长度；在某段时间内质点运动的路程为零，说明物体一直静止不动，故B错误；

C；在直线运动中；质点的路程可能大于位移的大小，如往返运动，故C错误；

D；在曲线运动中；质点运动的路程大于位移的大小，故D正确；

故选：D．

位移是矢量；大小等于首末位置的距离，路程是标量，大小等于运动轨迹的长度，当物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程．

解决本题的关键知道路程和位移的区别，知道路程是标量，位移是矢量，路程等于运动轨迹的长度，位移大小等于首末位置的距离．【解析】【答案】D3、C【分析】解：A；由牛顿第三定律可知；任何情况下作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在一条直线上，故AB错误，C正确；

D；作用力和反作用力作用在不同的物体上；作用效果不能抵消，不能合成，故D错误；

故选：C．

由牛顿第三定律可知；作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．

本题考查牛顿第三定律及其理解．理解牛顿第三定律与平衡力的区别．作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果．【解析】【答案】C4、A【分析】解：该实验中；两个力拉绳套和一个力拉绳套时，节点要到同一位置，即要求作用效果相同，故采用了“等效替代”的科学思想方法，本实验采用了“等效法”，故A正确，BCD错误．

故选：A

正确理解“等效替代”科学思想方法的应用；明确实验原理，理解“理论值”和“实验值”的区别．

明确实验原理，了解具体操作，要围绕“验证力的平行四边形定则”的实验原理对实验步骤和实验中需要注意的问题进行理解记忆．【解析】【答案】A5、B【分析】解：A、B根据电容的决定式C=得知，电容与极板的正对面积成正比，当保持d不变，增大S时，电容增大，极板所带电荷量Q不变，则由电容的定义式C=分析可知板间电势差减小；静电计指针的偏角θ变小．故A错误，B正确．

C；D根据电容的决定式得知；电容与极板间距离成反比，当保持S不变，减小d时，电容增大，由电容的定义式分析可知板间电势差减小，静电计指针的偏角θ变小．故CD错误．

故选：B．

静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大．根据电容的决定式C=分析极板间距离、正对面积变化时电容的变化情况，由于极板所带电荷量不变，由电容的定义式C=分析板间电势差的变化；再确定静电计指针的偏角变化情况．

本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式．【解析】【答案】B二、填空题(共5题，共10分)6、不变（增加）50J【分析】【解答】不变（增加）50J（“增加”不写也给分；写成“减少”扣1分）．

【分析】本题考查了气体的状态方程7、略

【分析】解：由题意知；P点恰是暗纹，且和中央之间还有一条亮纹；

则有双缝到P点的光程差为半个波长的3倍，即：λ=2.6×10-6m；

解得：λ=1.7×10-6m．

故答案为：1.7×10-6

根据相邻明纹的光程为半个波长的偶数倍；而相邻暗纹的光程差为半个波长的奇数倍，即可求解．

本题考查了双缝干涉实验的原理图，理解明、暗条纹对应的光程差与半个波长的倍数关系，是解题的关键．【解析】1.7×10-68、略

【分析】解：(1)

单摆周期T=tn

单摆摆长l=L+d2

由单摆周期公式T=2娄脨Lg

联立可得重力加速度为：g=4n2娄脨2(L+d2)1t2

(2)

由图示螺旋测微器可知；固定刻度示数为5.5mm

可动刻度示数为48.0隆脕0.01mm=0.480mm

则螺旋测微器的示数为5.5mm+0.480mm=5.980mm

(3)A

悬点未固定紧，振动中出现松动，使摆线增长了，故L的测量值偏小；根据g=4娄脨2LT2

重力加速度的测量值偏小，故A错误；

B、根据g=4娄脨2LT2

重力加速度的测量值与摆球质量无关，故B错误；

C、把n

次全振动时间误当成(n+1)

次全振动时间，周期测量值偏小；根据g=4娄脨2LT2

重力加速度的测量值偏大，故C正确；

D、以摆线长作为摆长来计算，则L

的测量值偏小；根据g=4娄脨2LT2

重力加速度的测量值偏小，故D错误；

故选：C

故答案为：(1)4n2娄脨2(L+d2)1t2(2)5.980(3)C

(1)

单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和；由单摆周期公式求出重力加速度的表达式．

(2)

螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．

(3)

对于测量误差可根据实验原理进行分析．

常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础.

掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系.

单摆的周期采用累积法测量可减小误差.

对于测量误差可根据实验原理进行分析．【解析】4n2娄脨2(L+d2)1t25.980C

9、略

【分析】

安培力F=BIL=所以线框所受安培力大小F1：F2=v1：v2．

由法拉第电磁感应定律得感应电动势E=

由欧姆定律得：I==

则通过导线的电荷量为：q=I△t=

则q与线框移动速度无关，磁通量的变化量△Φ相同，所以通过导线横截面的电荷量q1：q2=1：1．

故答案为：1：1，．v1：v2

【解析】【答案】根据法拉第电磁感应定律求得电动势；电流再由公式F=BIL研究安培力之比．根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律推导出电荷量的表达式；再求电荷量之比．

10、mg【分析】【解答】以水平恒力F拉细绳，使两圆盘转动，若两圆盘转过的角度时，质点m的速度最大；此时力矩平衡，故：

F•r=mg•2rsin30°

解得：F=mg；

根据能量守恒定律得。

解得

本题答案是：mg，．

【分析】两圆盘转过的角度θ时，两个物体构成的系统减小的重力势能等于增加的动能，根据机械能守恒定律列式求解；当F的力矩大于mg的力矩时，质点m的速度增大，当F的力矩小于mg的力矩时，质点m的速度减小，则当两者力矩相等时，质点m的速度最大．根据力矩平衡条件列方程求解．再能量守恒定律求解F．三、判断题(共5题，共10分)11、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．12、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．13、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．14、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．15、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、实验题(共4题，共28分)16、略

【分析】【解析】试题分析：（1）螺旋测微器读数方法：测量长度=固定刻度示数+可动刻度示数×精确度(注意单位为毫米)．所以读数为：0.695～0.697；(2)图乙为电流表外接，由于电压表的分流作用，测量结果将比真实值偏小；(3)由图可得电压表的读数为2.60V；电流表的读数为0.520A考点：测定金属丝电阻率【解析】【答案】0.695～0.697，偏小,2.60，0.52017、略

【分析】⑴P3、P4应插在玻璃砖bb’一侧⑵略⑶由光路图可知入射角为θ1，折射角为θ2【解析】【答案】⑴B⑵①过P1、P2作直线与bb′交于O；②过P3、P4作直线与bb′交于O′；③利用刻度尺找到OO′的中点M；④过O点作bb′的垂线CD，过M点作bb′的垂线与aa′相交与N，如图所示，连接ON；⑤∠P1OD＝θ1，∠CON＝θ2。⑶18、略

【分析】试题分析：（1）从图中读出当电流小于200mA时，该硅光电池的电动势为2.9V，内阻为（2）．从图中读出，当电压表读数为1.5V时通过R0和R的电流为65mA，则可调电阻R的电功率为(3)连线如下图。考点：测电源的电动势及内阻；电功率。【解析】【答案】