2025年北师大新版选修3物理下册月考试卷

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A.B.C.D.2、一可变理想变压器原、副线圈的回路中分别接有电阻r和可变电阻R；原线圈一侧接在电压恒定的正弦交流电源上，如图所示，下列说法正确的是。

A.变压器的触头向下滑动，其他条件不变，R上消耗的功率不可能先增大后减小B.变压器的触头向下滑动，其他条件不变，R上消耗的功率不可能一直减小C.可变电阻R触头向下滑动，其他条件不变，r上消耗的功率一定减小D.可变电阻R触头向下滑动，其他条件不变，R上消耗的功率一定增大3、有关电动势的说法中正确的是（）A.当电路中通过1C电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的数值B.电源提供的电能越多，电源的电动势越大C.电源的电动势越大，也就是电源内储存的电荷越多D.电源的电动势反映了电源将电能转化为其他形式的能的本领4、如图所示，一有限范围的匀强磁场的宽度为d，将一边长为l的正方形导线框由磁场边缘以速度v匀速地通过磁场区域，若d>l，则在线框通过磁场区域的过程中，不产生感应电流的时间为()

A.B.C.D.5、如图所示，半径为R的圆形区域内有一垂直纸面向里的匀强磁场，P为磁场边界上的一点．大量质量为m、电荷量为q的带正电粒子，在纸面内沿各个方向以相同速率v从P点射入磁场．这些粒子射出磁场时的位置均位于PQ圆弧上，PQ圆弧长等于磁场边界周长的．不计粒子重力和粒子间的相互作用；则该匀强磁场的磁感应强度大小为()

A.B.C.D.6、篮球运动员通常要伸出两臂迎接传来的篮球．接球时两臂随球迅速收缩至胸前．这样做可以（）

A.减小篮球对手的冲量B.减小篮球对人的冲击力量C.减小篮球的动量变化量D.减小篮球的动能变化量评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示的交流电路中，理想变压器原线圈输入电压有效值为U1且保持不变，输入功率为P1，输出功率为P2，输出电压有效值为U2，各交流电表均为理想电表．当滑动变阻器R的滑动头向下移动时（）

A.灯L变亮B.各个电表读数均变大C.因为U1及原副线圈匝数比不变，所以U2不变D.P1变大，且始终有P1=P28、关于热现象，下列说法正确的是（）A.分析布朗运动会发现，悬浮的颗粒越小，温度越高，布朗运动越剧烈B.一定质量的气体，温度升高时，分子间的平均距离增大C.分子间的距离r存在某一值r0，当r大于r0时，分子间引力大于斥力，当r小于r0时，分子间斥力大于引力E.温度升高，一定质量的理想气体的分子平均动能增大，内能可能保持不变E.温度升高，一定质量的理想气体的分子平均动能增大，内能可能保持不变9、如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计。匀强磁场的磁感应强度大小为B、方向与轨道平面成θ角斜向右上方；开关S闭合后导体棒开始运动，则（）

A.导体棒向左运动B.开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为C.开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为D.开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为10、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形合D1、D2构成；其间留有空隙，下列说法正确的是。

A.离子由加速器的中心附近进入加速器B.离子由加速器的边缘进入加速器C.离子从磁场中获得能量D.离子从电场中获得能量11、如图所示，一矩形线圈置于匀强磁场中，磁场的磁感应强度随时间变化的规律如图（b）所示；则线圈产生的感应电动势的情况为（）

A.时刻电动势最大B.时刻电动势为零C.时刻磁通量的变化率最大D.时间内电动势增大12、如图所示，MM′是空气与某种介质的界面；一条光线从空气射入介质的光路如图所示，那么根据该光路图做出下列判断中正确的是。

A.该介质的折射率为B.光在介质中的传播速度c(c真空中光速)C.光线从介质射向空气时有可能发生全反射D.光线由介质射向空气时全反射的临界角大于45°13、如图所示，两束单色光a、b从水下面射向A点，光线经折射后合成一束光c，则下列说法正确的是（）

A.用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B.a光在水中的传播速度比b光快C.用a、b光分别做双缝干涉时它们的干涉条纹宽度都是不均匀的E.若a光与b光以相同入射角从水射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是a光E.若a光与b光以相同入射角从水射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是a光14、【加试题】波长为λ1和λ2的两束可见光入射到双缝，在光屏上观察到干涉条纹，其中波长为λ1的光的条纹间距大于波长为λ2的条纹间距．则（下列表述中，脚标“1”和“2”分别代表波长为λ1和λ2的光所对应的物理量）A.这两束光的光子的动量p1＞p2B.这两束光从玻璃射向真空时，其临界角C1＞C2C.这两束光都能使某种金属发生光电效应，则遏止电压U1＞U2D.这两束光由氢原子从不同激发态跃迁到n＝2能级时产生，则相应激发态的电离能△E1＞△E2评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、质量为0.1kg的弹性小球从高为1.25m处自由下落至一光滑而坚硬的水平板上，碰撞后弹回到0.8m高处，碰撞时间为0.01s，则小球与水平板碰撞过程中动量变化大小为_____________kg·m/s，小球与水平板间的平均撞击力大小为____________N．16、在“探究气体等温变化的规律”实验中，封闭的空气如图所示，形管粗细均匀，右端开口，已知外界大气压为水银柱高；图中给出了气体的两个不同的状态。

(1)实验时甲图气体的压强为___________乙图气体压强为___________

(2)实验时某同学认为形管的横截面积可不用测量，这一观点正确吗？___________（选填“正确”或“错误”）。

(3)数据测量完后在用图像法处理数据时，某同学以压强为纵坐标，以体积（或空气柱长度）为横坐标来作图，你认为他这样做能方便地看出与间的反比关系吗？___________（选填“能”或“不能”）。17、查理定律。

（1）内容：一定质量的某种气体，在体积不变的情况下，压强p与热力学温度T成______。

（2）表达式：p＝______。

（3）适用条件：气体的______和______不变。

（4）图像：如图所示。

①p－T图像中的等容线是一条______。

②p－t图像中的等容线不过原点，但反向延长线交t轴于______。18、一定量的理想气体从状态a变化到状态b，再变化到状态c，再回到状态a，该过程的图线如图所示，则气体从状态a变化到状态b过程内能______（填“增大”、“减小”或“不变”）；气体从状态b变化到状态c过程温度____________（填“升高”、“降低”或“不变”），气体从状态c变化到状态a过程_______（填“吸收”；“放出”或“不吸收也不放出”）热量。

19、阅读下列资料并完成相关问题．

资料：如图所示；冰箱的致冷设备由蒸发器；压缩机、冷凝器、毛细管等部件组成．电冰箱工作过程中，致冷剂氟利昂（一种既容易汽化又容易液化的化学物质）在蒸发器中迅速蒸发①热，使冷冻室内温度②，气态的氟利昂经压缩机压缩后，送入冰箱外面的冷凝器，在此致冷剂液化③热，液态的致冷剂通过很细的毛细管回到蒸发器，又开始了新的循环．电冰箱就这样源源不断地将冷冻室内的热吸出来，并散发到冰箱的外面．

(1)在资料的①、②、③三处，补写上适当的内容分别是①________、②________、③________．

(2)冰箱冷冻室内温度很低，那么在室内多放几台打开冷冻室门的冰箱长时间工作能不能降低室内温度？评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)20、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

21、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

22、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共36分)23、在“利用单摆测重力加速度”的实验中，由单摆的周期公式得到T2=l．只需测量出多组单摆的摆长l和运动周期T，作出T2-l图象，就可求出当地的重力加速度．某同学在实验中，用一个直径为d的实心钢球作为摆球，多次改变悬点到摆球顶部的距离l0，分别测出摆球做简谐运动的周期T后，作出的T2-l图象如图．

①造成图象不过坐标原点的原因可能是______

A．将l0记为摆长l

B．将（l0+d）计为摆长l

C．将钢球的（N-1）全振动记为N次。

D．将钢球的（N+1）全振动记为N次。

②由图象求出重力加速度g=______m/s2（取π2=9.87，结果保留三位有效数字）．24、某同学用图甲所示的装置来验证动量守恒定律,A、B为半径相同的小球((mA>mB)；图中PQ是斜槽，QR为水平槽．实验时先使A球从斜槽上某一位置G由静止释放，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹．重复上述操作多次，得到多个落点痕迹．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止释放.两球碰撞后.A；B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹，重复这种操作多次．图甲中O点是水平槽末端R在记录纸上的竖直投影点．B球落点痕迹如图乙所示,图中米尺的零刻度线与O点对齐(未画出)．

①碰撞后B球的水平射程应为________cm；

②以下选项，哪些是本次实验必须进行的测量?________(填选项前的字母)

A.测量A球未与B球相碰时的平均落点到O点的距离。

B.测量A球与B球相碰后的平均落点到O点的距离。

C.测量A球和B球的直径。

D.测量A球和B球的质量。

E.测量水平槽面相对于O点的高度25、一物理实验小组想测定某电压表（量程为0~3V；内阻约为5kΩ）的内阻，并将其改装成欧姆表，现有器材如下：

A.直流电源E（电动势为4V；内阻不计）；

B.电阻箱R（最大阻值为9999.9Ω）；

C.滑动变阻器R（最大阻值为10kΩ）；

D.滑动变阻器R（最大阻值为10Ω）；

E.开关；导线若干。

(1)图甲为探究小组设计的测量电压表内阻电路，请判断：虚线处______（填“需要”或“不需要”）连接导线；为使测量精度更高，滑动变阻器应选择______（填“R1”或“R2”）；

(2)按图甲连接好实验电路；进行如下实验操作：

①闭合开关S1、S2；调节滑动变阻器的滑片，使电压表指针达到满偏；

②保持滑动变阻器的滑片位置不变，断开开关S2，调节电阻箱的阻值，使电压表指针指到1.00V位置处，读取并记录此时电阻箱的阻值Ro，则电压表的内阻Rv=______，用此法测得电压表的内阻与真实值相比______；（填“偏大”；“偏小”或“不变”）

(3)实验测得电压表的内阻为4.8kΩ，该同学将此电压表、上述器材中的电源和其中的一个滑动变阻器改装成欧姆表，设计电路如图乙所示，首先对其进行欧姆调零；再用改装后的欧姆表测量某电阻，指针如图丙所示，则指针指示处对应的电阻刻度为______kΩ。26、在描绘一个标有“6.3V0.3A”小灯泡的伏安特性曲线的实验中，要求灯泡两端的电压由零逐渐增加到6.3V，并便于操作．已选用的器材有：

学生电源（电动势为9V，内阻约1Ω）；

电流表（量程为0~0.6A，内阻约0.2Ω；量程为0~3A，内阻约0.04Ω）；

电压表（量程为0~3V，内阻约3kΩ；0~15V，内阻约15kΩ）；

开关一个、导线若干．

（1）实验中还需要选择一个滑动变阻器，现有以下两个滑动变阻器，则应选其中的_________（选填选项前的字母）．

A．滑动变阻器（最大阻值10Ω，最大允许电流

1A)B．滑动变阻器（最大阻值1500Ω，最大允许电流

0.3A)（2）实验电路图应选用图1_________中的（选填“甲”或“乙

”）．（3）请根据（2）中所选的电路图，补充完成图2

中实物电路的连线．（4I）根据实验数据，画出的小灯泡U-图线如图3________所示．由此可知，当小灯泡两端的电压增加时，小灯泡的电阻值将（选填“变大”或“变小”）．评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)27、如图所示，MN、PQ两平行光滑水平导轨分别与半径r=0.5m的相同竖直半圆导轨在N、Q端平滑连接，M、P端连接定值电阻R，质量M=2kg的cd绝缘杆垂直静止在水平导轨上，在其右侧至N、Q端的区域内充满竖直向上的匀强磁场．现有质量m=1kg的ab金属杆以初速度v0=12m/s水平向右与cd绝缘杆发生正碰后，进入磁场并最终未滑出，cd绝缘杆则恰好能通过半圆导轨最高点，不计其它电阻和摩擦，ab金属杆始终与导轨垂直且接触良好，取g=10m/s2，求：

（1）cd绝缘杆通过半圆导轨最高点时的速度大小v；

（2）电阻R产生的焦耳热Q．28、如图所示，有一热气球，球的下端有一小口，使球内外的空气可以流通，以保持球内外压强相等；球内有温度调节器，以便调节球内空气的温度，使气球可以上升或下降.设气球的总体积（球壳体积忽略不计），除球内空气外，气球质量已知地球表面大气温度密度如果把大气视为理想气体它的组成和温度几乎不随高度变化，重力加速度取求：

（1）给球内气体加热使热气球恰能从地面飘起；此时球内剩余气体质量占原先球内气体质量的百分比；

（2）热气球恰能从地面飘起时球内气体的温度.

29、如图；一粗细均匀的细管开口向上竖直放置，管内有一段高度为2.0cm的水银柱，水银柱下密封了一定量的理想气体，水银柱上表面到管口的距离为4.0cm。若将细管倒置，水银柱下表面恰好位于管口处，且无水银滴落，管内气体温度与环境温度相同。已知大气压强为76cmHg，环境温度为296K。

（1）求细管的长度；

（2）若在倒置前；缓慢加热管内被密封的气体，直到水银柱的上表面恰好与管口平齐为止，求此时密封气体的温度。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

由题设条件求出粒子做匀速圆周运动的半径r；结合左手定则粒子做逆时针方向匀速圆周运动，粒子运动时间t最短时，所转过的圆心角θ最小，所对的弦也最短，画出最短的弦，再作出粒子在磁场中做匀速圆周运动最短时间的轨迹，由几何关系求出此种情况下粒子的偏转角θ，从而求出了最短时间．

【详解】

粒子在磁场中做匀速圆周运动，由得因所有粒子得速度一样，因此半径相同，因此在磁场中弦长越短则时间越短，根据题意可得最短弦长为L，则此时粒子圆周运动得圆心角为故粒子运动得最短时间故选B2、C【分析】【分析】

该题的突破口是表示出原线圈中的电流和原线圈回路中的电阻的分压；找出原线圈的电压和原线圈回路中的电阻的分压的数值关系．该题类似于远距离输电的情况．

【详解】

AB．将变压器与R等效为变压器的触头向下滑动时，变大，由图线可知；R上消耗的功率可能先增大后减小，也可能一直减小，故A；B错误；

CD．R触头向下滑，阻值变大，原线圈电流减小，r上消耗的功率一定关小，将变压器与R等效为由输出功率与外电阻关系知R的功率变化有多种情况，故C正确，D错误．

故选C．3、A【分析】A；电动势在数值上等于将1C正电荷在电源内从负极移到正极时非静电力做的功；当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值．故A正确．B、电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势在数值上等于将1C正电荷在电源内从负极移到正极时非静电力做的功，与电源提供的电能的多少无关．故B错误．C、电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势在数值上等于将1C正电荷在电源内从负极移到正极时非静电力做的功，与电源内部储存的电能的多少无关，故C错误．D、电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，故D错误．故选A。

【点睛】本题考查对电动势的理解．关键抓住电动势的物理意义和电动势的定义式。4、B【分析】【详解】

如图所示，从线框完全进入直到右边开始离开磁场区域，线框中的磁通量就不再发生变化，故线圈中没有感应电流的距离为d-l；因导线框做匀速运动，故不产生感应电流的时间故选B.5、D【分析】【详解】

从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为Q，最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点，相应的弧长变为圆周长的如图所示：

所以∠POQ=120°；结合几何关系，有：洛仑兹力充当向心力，根据牛顿第二定律，有：联立可得：故D正确，ABC错误．6、B【分析】【详解】

试题分析：根据动量定理，篮球以一定得速度减小为零，因此当动量的变化一定，则冲量也一样，因速度变化一样，因此动能变化一样，增大作用时间可减少作用力；运动员接篮球时，篮球的动量由某一值减到零，接球时，两手随球迅速收缩至胸前，这样可以增加篮球和运动员的作用时间，从而减少篮球对运动员的冲击力，选项B正确．

考点：动量定理的应用．二、多选题(共8题，共16分)7、C:D【分析】【详解】

理想变压器的输出的电压有输入电压和电压比决定，输入电压不变，所以输出电压也不会变，输入功率和输出功率始终相等，当滑动变阻器R的滑动头向下移动时，滑动变阻器的电阻减小，总电路的电阻减小，所以总电路的电流会变大，消耗的功率将变大，即变大，上的电压变大；所以灯L的电压变小，电压表的示数变小，所以灯L变暗，由于总的电流变大，灯L的电流变小，所以电流表的示数将变大，CD正确．

【点睛】电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．8、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．温度越高；水分子运动越激烈，对悬浮颗粒的冲力越大，布朗运动越剧烈，同时，悬浮颗粒越小，越容易改变运动状态，A正确；

B．一定质量的气体；压强不确定的情况下，温度升高时，体积不一定增大，故分子间的平均距离不一定增大，B错误；

C．分子间的距离r存在某一值r0，当r等于r0时，引力等于斥力，而分子间的引力和斥力都随分子间距离的增大而减小，由于斥力比引力变化快，所以当r小于r0时，斥力大于引力，当r大于r0时；引力大于斥力，C正确；

D．任一温度下；气体分子的速率分布均呈现“中间多；两头少”的规律，D正确；

E．温度升高；分子平均动能增大，由于理想气体不考虑分子势能，故内能一定增大，E错误。

故选ACD。9、B:D【分析】【详解】

A．开关闭合；安培力方向为，由左手定则可知，磁感线穿过掌心，则大拇指向为垂直磁感线向右，从而导致导体棒向右运动，A错误；

BC．当开关闭合后，根据安培力公式和可得

B正确；C错误；

D．当开关闭合后，安培力的方向与导轨成的夹角，再根据力的分解可得，合力大小，再由牛顿第二定律与安培力的大小可知，加速度

D正确。

故选BD。10、A:D【分析】【详解】

据回旋加速器的工作原理知；粒子由回旋加速器的中心附近进入加速器，且在电场中加速，通过磁场回旋，所以从电场中获得能量，故选AD。

【点睛】

回旋加速器的工作原理是利用电场加速，磁场偏转，且二者的周期相同，被加速离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对带电离子做功，即可加速正电荷也可加速负电荷。11、A:D【分析】【详解】

由于面积一定，磁场变化，根据法拉第电磁感应定律，感应电动势为：

A、0时刻磁感应强度的变化率即最大；故感应电动势最大，故A正确，B错误；

C、时刻磁通量最大，但磁感应强度的变化率即为零；即该时刻磁通量的变化率为零，故C错误；

D、时间内，磁感应强度的变化率即逐渐增大，即磁通量的变化率变大，故感应电动势增大，故D正确．12、B:C:D【分析】【详解】

由图知，入射角i=60°，折射角r=45°，则折射率为故A错误．光在介质中的传播速度为故B正确．光线从介质射向空气时，只要入射角大于等于临界角就能发生全反射，故C正确．设光线由介质射向空气时全反射的临界角为C，则则得：C>45°，故D正确．13、A:B:D【分析】【详解】

AC.由图可知，单色光a偏折程度小于b的偏折程度，根据光路可逆和折射定律n=知，a光的折射率小于b光的折射率，则知a光的波长较b光大；由干涉条纹的间距x=λ知，干涉条纹间距与波长成正比，所以a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距；用a、b光分别做双缝干涉时它们的干涉条纹宽度都是均匀的，故选项A符合题意，选项C不合题意；

B.a光的折射率小于b光的折射率，由n=知，a光在水中的传播速度比b光快；故选项B符合题意；

DE.由全反射临界角公式sinC=知，折射率n越大，临界角C越小，则知在水中a光的临界角大于b光的临界角；若a光与b光以相同入射角从水射向空气，在不断增大入射角时水面上首先消失的是b光，故选项D符合题意，选项E不合题意．14、B:D【分析】【详解】

A．根据双峰干涉的条纹间距的表达式可知λ1>λ2，由可知p12；选项A错误；

B．光1的折射率n1小于光2的折射率n2，则根据sinC=1/n可知这两束光从玻璃射向真空时，其临界角C1＞C2；选项B正确；

C．光1的频率f1小于光2的频率f2，则这两束光都能使某种金属发生光电效应，则根据可知，遏止电压U12；选项C错误；

D．这两束光由氢原子从不同激发态跃迁到n＝2能级时产生，可知1光所处的激发态的能级较低，相应激发态的电离能较大，即△E1＞△E2，选项D正确.三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

由于小球做自由落体运动，则其与水平面碰撞前的速度为：所以与水平面碰撞前的动量为：P1=mv1=0.1×5kg•m/s=0.5kg•m/s，方向竖直向下．与水平面碰后，小球做竖直上抛运动，上升的最大高度为0.8m，则碰后小球速度为方向竖直向上；此时小球的动量为：P2=mv2=0.1×4kg•m/s=0.4kg•m/s，方向竖直向上，动量的变化量为：．设向上为正方向，根据动量定理，合外力的冲量等于物体动量的变化．小球所受外力有重力mg和水平面对它的弹力N，则有：（N-mg）t=P2-P1，代入数据解得：N=91N，方向竖直向上．【解析】0.99116、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]题图甲中气体压强为图乙中气体压强为

(2)[3]由玻意耳定律

即（为空气柱长度）

知，形管的横截面积可不用测量；

(3)[4]以为纵坐标，以为横坐标，作出图线是一条曲线，但曲线未必表示反比关系，所以应作出图线，看是否为过原点的直线，才能最终确定与是否成反比。【解析】①.76②.80③.正确④.不能17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】正比CT或＝质量体积过原点的直线－273.15℃18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]ab为过原点的直线；根据。

压强随着体积的减小而增大；温度不变，所以内能不变。

[2]气体从状态b变化到状态c过程；压强减小，体积也减小，根据公式。

可知温度降低。

[3]气体从状态c变化到状态a过程；根据公式。

压强不变，体积增大对外做功，温度升高，吸收热量。【解析】不变降低吸收19、略

【分析】（1）氟利昂在冰箱内部的蒸发器里面汽化；吸收冰箱内的内能，使冰箱内的温度降低．携带有冰箱里面内能的氟利昂，到了冰箱外面的冷凝器里液化，液化放热，将冰箱内部的内能转移到冰箱的外面．故答案为①吸；②降低；③放；

（2）冰箱工作时，只不过是将冰箱内部的能量转移到冰箱的外面．冰箱工作一段时间，内部的温度虽然降低了，但外界的温度由于能量的增加而升高．若打开冰箱门，会出现部分内能从冰箱内到冰箱外的房间，再由房间到冰箱内的循环．室内的总内能并没有减少，所以，室内温度不会降低．故答案为不能．【解析】吸降低放不能四、作图题(共3题，共12分)20、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】21、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共36分)23、略

【分析】【详解】

①图象不通过坐标原点，将图象向右平移1cm就会通过坐标原点，故相同的周期下，摆长偏小1cm，故可能是测摆长时漏掉了摆球的半径；将l0记为摆长l；故选A；

②由单摆周期公式得：

则T2-l图象的斜率：

解得：g=π2=9.87m/s2；【解析】A9.8724、略

【分析】【详解】

①由图可知；取B落地的平均位置，则碰撞后B球的水平射程应为65.5cm；

②本实验需要验证的方程是：（其中的K、N、M分别是A球碰撞前后的平均落地点以及B球碰后的平均落地点），则需要测量两球的质量mA、mB，水平槽上未放B球时，测量A球落点位置到O点的距离．A球与B球碰撞后，测量两球落点位置到O点的平均距离和．故ABD正确，CE错误．故选ABD．【解析】①65.5（±0.3）；②ABD25、略

【分析】【详解】

(1)[1]测定某电压表的内阻时实验要求测尽量多的数据提高精确度；电流和电压从零调，所以变阻器应采用分压式接法，因此虚线处应填“需要”连接导线。

[2]为使测量精度更高，滑动变阻器应选择阻值小的滑动变阻器R2。

(2)[3]①闭合开关S1、S2，电压表与电阻箱并联，电压表指针达到满偏后，保持滑动变阻器的滑片位置不变，断开开关S2，电压表与电阻箱串联，调节电阻箱的阻值，使电压表指针指到1.00V位置处，读取并记录此时电阻箱的阻值Ro；则。

解得。

[4]用此法由并联改为串联后；电压表与电阻箱两端的总电压变大，实际电阻箱两端的电压大于2V，因此测得电压表的内阻与真实值相比“偏大”。

(3)[5]由题意可知。

联立解得。

【解析】需要偏