2025年北师大新版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大新版选修3物理上册阶段测试试卷694考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，金属杆ab长为l，垂直放置于光滑平行金属导轨上，导轨置于水平面内，导轨的左端接一电阻，阻值为R，金属棒ab的电阻为r，其余电阻不计，整个装置置于匀强磁场中，匀强磁场与导轨所在平面垂直，磁感应强度为B．现施加一水平向右的外力F，让金属棒ab以恒定的速率v水平向右运动；下列叙述正确的是。

A.ab杆中的电流方向由a到bB.b点电势高于a点电势C.ab两点的电势差为D.施加于金属棒ab的外力大小与安培力大小相等，即2、如图所示为一定质量的理想气体状态变化过程的p－t图像，直线ab通过坐标原点，Va、Vb表示在状态a、b的气体体积；则根据图像可以判定（）

A.Va=VbB.Va>VbC.Va<VbD.无法判断3、一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，其V–T图像如图所示。下列说法正确的是（）

A.B→C的过程中，气体一定放出热量B.B→C的过程中，气体分子平均动能增加C.A→B的过程中，气体分子的密集程度变小D.A→B的过程中，每个分子对器壁的平均撞击力变大4、关于下列热学现象的说法正确的是（）A.气温高时，水的饱和汽压高，所以人感到更潮湿B.在水蒸气凝结成同温度的水珠的过程中要吸热C.在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变D.给农田松土是为了破坏土壤里的毛细管，使地下的水分不会被快速引上来蒸发掉5、关于热现象和热学规律，下列说法正确的是（）A.只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出每个气体分子的体积B.一定质量的理想气体温度升高，产生的压强一定增大C.温度一定时，悬浮在液体中的固体颗粒越大，布朗运动越明显D.第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律6、下列说法正确的是（）A.扩散现象的原因是分子间存在斥力B.由于表面张力的作用，玻璃板上的小水银滴总是呈球形的C.第二类永动机是不可能造成的，因为它违背了能量守恒定律D.如果没有漏气、摩擦、机体的热量损失，热机的效率可以达到100%7、如图所示的平面内，光束a经圆心O射入半圆形玻璃砖，出射光为b、c两束单色光。下列说法正确的是（）

A.这是光的干涉现象B.在真空中光束b的波长大于光束c的波长C.玻璃砖对光束b的折射率大于对光束c的折射率D.在玻璃砖中光束b的传播速度大于光束c的传播速度8、如图所示，两长直导线P和Q垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l，在两导线中通有方向垂直于纸面向里的电流．在纸面内与两导线距离均为l的a点，每根通电直线产生的磁场磁感应强度大小均为B．若在a点平行于P、Q放入一段长为L的通电直导线，其电流大小为I；方向垂直纸面向外，则关于它受到的安培力说法正确的是。

A.大小等于BIL，方向水平向左B.大小等于BIL，方向水平向右C.大小等于方向竖直向下D.大小等于方向竖直向上评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、下面表格中给出了一些金属材料的逸出功：。材料铯铍钙钛逸出功（10﹣19J）3.06.24.36.6

现用波长为330-400nm（1nm=10-9m）的紫外线光照射上述材料，能产生光电效应的材料（普朗克常量光速c=3.0×108m/s）A.铯B.铍C.钙D.钛10、在做光电效应的实验时，某种金属被光照射发生了光电效应，实验测得光电子的最大初动能Ek与入射光的频率v的关系如图所示(A、C坐标值已知）；由实验图象可求出。

A.该金属的截止频率B.普朗克常量C.该金属的逸出功D.单位时间内逸出的光电子数11、如图所示的电路中，电源内阻一定，电压表和电流表均为理想电表。现使滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，测得电压表V1的示数变化大小为电压表V2的示数变化大小为电流表A的示数变化大小为对于此过程下列说法正确的是（）A.通过电阻R1的电流变化量大小等于B.R0两端的电压的变化量大小等于C.路端电压的增加量等于D.为一定值12、对于一定量的稀薄气体，下列说法正确的是（）A.气体分子间距离增大，分子势能一定增大，B.若气体的压强和体积都不变，其内能也一定不变C.在完全失重的状态下，气体的压强为零E.气体温度不变时，体积减小，则每秒撞击单位面积器壁的分子数增多E.气体温度不变时，体积减小，则每秒撞击单位面积器壁的分子数增多13、下列说法中正确是（）A.布朗运动就是分子运动B.分子间距离增大，分子势能也增大C.温度升高，分子热运动的平均动能一定增大D.吸收热量，可能使分子热运动加剧、气体体积增大14、如图是倾角θ＝30°的光滑绝缘斜面在纸面内的截面图．一长为L，质量为m的导体棒垂直纸面放在斜面上，现给导体棒通入电流强度为I，并在垂直于导体棒的平面内加匀强磁场，要使导体棒静止在斜面上，已知当地重力加速度为g，则下列说法正确的是()

A.所加磁场方向与x轴正方向的夹角α的范围应为90°≤α＜240°

B.所加磁场方向与x轴正方向的夹角α的范围应为0°≤α＜150°

C.所加磁场的磁感应强度的最小值为D.所加磁场的磁感应强度的最小值为15、某输电线路横穿公路时；要在地下埋线通过，为了保护线路不至于被压坏，预先铺设结实的过路钢管，再让输电线从钢管中穿过．电线穿管的方案有两种：甲方案是铺设两根钢管，两条输电线分别从两根钢管中穿过；乙方案是只铺设一根钢管，两条输电线都从这一根钢管中穿过，如图12所示．如果输电导线输送的电流很大，那么，以下说法正确的是()

A.无论输送的电流是恒定电流还是交变电流，甲、乙两方案都是可行的B.若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的C.若输送的电流是交变电流，乙方案是可行的，甲方案是不可行的D.若输送的电流是交变电流，甲方案是可行的，乙方案是不可行的16、如图所示，R1、R2、R3、R4均为可变电阻，C1、C2均为电容器，电源的电动势为E，内阻r≠0．若改变四个电阻中的一个阻值；则（）

A.减小R1，C1、C2所带的电量都增加B.增大R2，C1、C2所带的电量都增加C.增大R3，C1、C2所带的电量都增加D.减小R4，C1、C2所带的电量都增加17、沿x轴正方向传播的简谐横波在t0时的波形如图所示，P、Q两个质点的平衡位置分别位于x=3.5m和x=6.5m处．此后，在t=0.5s时，质点P恰好第二次处于波峰位置．下列说法中正确的是____

A.波的周期为0.2slB.波速为5m/sC.tl=0.5s时，质点Q第二次到达平衡位置且向上运动E.P、Q两点的振动方向总是相反E.P、Q两点的振动方向总是相反评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)18、如图所示，正、负电子垂直磁场方向沿与边界成θ＝30°角的方向射入匀强磁场中，不计重力，那么在磁场中正、负电子的运动时间之比为________19、一定量的理想气体从状态开始，经历等温或等压过程回到原状态，其图像如图所示。其中对角线的延长线过原点气体从状态变化到状态的过程，气体对外做的功___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）气体从外界吸收的热量。气体在状态的体积___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）气体在状态的体积。气体从状态变化到状态外界对气体做的功___________（选填“大于”、“等于”或“小于”）气体从状态变化到状态气体对外界做的功。

20、如图为一定质量的理想气体的体积与热力学温度的关系图像，该气体的状态经历的变化过程。气体状态由过程中，气体压强________（选填“增大”“不变”或“减小”）；若整个过程中气体放出的热量为则整个过程外界对气体所做的功为________。

21、一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图所示。图中TA、VA和TD为已知量。

(1)从状态A到B，气体经历的是______(选填“等温”；“等容”，或“等压”)过程；

(2)从B到C的过程中，气体的内能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。22、汽车内燃机气缸内汽油燃烧时，气体体积膨胀推动活塞对外做功。已知在某次对外做功的冲程中，汽油燃烧释放的化学能为1×103J，因尾气排放、气缸发热等对外散失的热量为8×102J。该内燃机的效率为________。随着科技的进步，可设法减少热量的损失，则内燃机的效率能不断提高，其效率________(选填“有可能”或“仍不可能”)达到100%.23、如图所示，抛物线C1、C2分别是纯电阻直流电路中内、外电路消耗的电功率随电流变化的图线(电源电动势和内阻一定）．由该图可知：电源的最大输出功率为____________W，电源的内电阻为___________Ω．

24、紧闭瓶盖的塑料瓶下方开一个小孔，让瓶中的水流出，此过程中瓶内气体可看成________过程；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，则此时瓶内气体的压强为________。（已知液体密度ρ，重力加速度g，外界大气压P0）25、对大量的事实分析表明：______________________．这个结论被称做热力学第三定律．26、.如图甲所示，为某简谐横波在t=0时刻的波形图象，乙图为在该波的传播方向上某质点的振动图象．下列说法中正确的是_______(填正确答案标号．)

A.该波的波速为10m/s

B.该波一定沿x轴正方向传播

C.若图乙是质点P的振动图象，那么，在t=0.15s时刻，质点Q的坐标为(0.5m，0)

D.若图乙是质点Q的振动图象，那么，在t=0.15s时刻，质点P的坐标为(1m，－4cm)

E.当t=0.1s时，质点P一定正在经过平衡位置评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)27、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

28、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

29、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)30、（1）读出下列仪器的读数

_________mm__________A(3A量程_________________)

cm(2)如图所示为多用电表的刻度盘．若选用倍率为

“×100”________的电阻挡测电阻时，表针指示如图所示，则：所测电阻的阻值为Ω；如果要用此多用电表测量一个阻值约为________2.0×104Ω的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是(选填“×10”、“×100”或31、某实验小组的同学利用图甲所示的电路探究并联电路中各点电势的关系．已知R1＝10Ω，R2＝20Ω，R3＝30Ω，R4＝40Ω，电源的电动势为E＝_____10V，内阻不计，且电源负极端接地．

（1）由此可得ab两点电势差为U＝_____V

（2）该实验小组同学又设计了图乙的电路来测量电阻Rx的阻值，其中R为电阻箱，④为灵敏电流计，请按图乙的实验原理图完成图丙中实物电路的连线

（3）实验时，先调节电阻箱，使电阻箱的阻值为R1．闭合开关，反复调节滑动变阻器滑片的位置，使通过灵敏电流计的电流为零；断开开关，保持滑动变阻器的滑片所处位置不变，交换电阻箱与待测电阻的位置．闭合开关，然后反复调节电阻箱，使灵敏电流计的示数再次为零，记下此时电阻箱的阻值记为R2；则待测电阻的阻值为Rx＝_______（用题中已知量的字母表示）32、小李为探究冰熔化和水沸腾时温度变化的特点，在实验室进行了探究实验．根据测量结果他画出了相关图像，如图a、b所示．

（1）这两个实验都需要用到的测量仪器是温度计和_________；图a中加热至BC段时，物质的状态为_________．

（2）水沸腾时，温度计的示数如图c所示，则水的沸点是_________℃，此时实验室的大气压____________1个标准大气压．（选填“高于”；“等于”或“低于”）

（3）在图a中，AB段与CD段的倾斜程度不同，这是因为________________________________评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)33、如图所示，在光滑水平面上有一边长为L的单匝正方形闭合导体线框abcd，处于磁感应强度为B的有界匀强磁场中，其ab边与磁场的右边界重合.线框由同种粗细均匀的导线制成，它的总电阻为R．现将线框以恒定速度水平向右匀速拉出磁场,此过程中保持线框平面与磁感线垂直,拉力在线框平面内且与ab边垂直，bc边始终与磁场的右边界保持垂直．求线框被拉出磁场的过程中。

(1)线框内的电流大小；

(2)cd两端的电压；

(3)线框中产生的热量．34、如图所示，一个横截面为直角三角形的三棱镜，∠A=30°，∠C=90°．三棱镜材料的折射率是n=，一束与BC面成=30°角的光线射向BC面，试通过计算说明由BC面的折射光线到达AC面上能否发生全反射？

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

A.导体切割磁感线，由右手定则知感应电流方向由到故A错；

B.由右手定则为正极，为负极；故B错；

C.感应电动势两点电势差为路端电压为故C错；

D.感应电流匀速运动，所以外力等于安培力：D正确；2、B【分析】【分析】

【详解】

如图所示，pa与pb为等容线，斜率越小说明体积越大，故可判断Va>Vb。

故选B。

3、A【分析】【详解】

A．因为图线中，BC段的图线是过原点的倾斜直线，则B→C的过程中，体积减小，即外界对气体做功（W为正），而温度减小，内能减小（为负），根据热力学第一定律，气体一定对外放热（Q为负）；故A正确；

B．B→C的过程中；温度降低，分子平均动能减小，故B错误；

C．A→B的过程中；体积减小，而气体质量不变，所以气体分子的密集程度增大，故C错误；

D．A→B的过程中；温度一定时，体积减小，单位体积内的分子数增多，从而压强增大，而并不是每个分子对器壁的撞击力变大，故D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

A．人感到潮湿是因为相对湿度大；而相对湿度为某一被测蒸气压与相同温度下的饱和蒸气压的比值的百分数，气温高时，水的饱和汽压高，但并不意味着相对湿度大，故A错误；

B．在水蒸气凝结成同温度的水珠的过程中要放出大量的热；故B错误；

C．在熔化过程中；晶体要吸收热量，但温度保持不变，分子平均动能不变，但整体分子势能在增加，内能在变大，故C错误；

D．给农田松土就是为了破坏土壤里的毛细管；使地下的水分不会被快速引上来蒸发掉，故D正确。

故选D。5、D【分析】【分析】

【详解】

A．只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数；就可以算出气体的分子所占据的空间大小，不能算出气体分子体积，A错误；

B．根据理想气体状态方程可知温度升高；压强不一定增大，B错误；

C．温度一定时；悬浮在液体中的固体颗粒越小，同一时刻撞击颗粒的液体分子数越少，冲力越不平衡，布朗运动越明显，C错误；

D．第二类永动机不可能制成的原因是因为其违背了热力学第二定律；D正确。

故选D。6、B【分析】【分析】

【详解】

A．扩散现象的原因是分子的热运动；故A错误；

B．表面张力使液体表面积收缩到最小的趋势；故B正确；

C．第二类永动机是不可能造成的；因为能量的转化和转移具有方向性，并没有违反能量守恒，故C错误；

D．如果没有漏气；摩擦、机体的热量损失；热机的机械效率也不可能达到100%，故D错误。

故选B。7、C【分析】【分析】

【详解】

A．光束a经圆心O射入半圆形玻璃砖，出射光为b、c两束单色光；这是光的色散现象，A错误；

C．由题图可知光束c的折射角大于光束b的折射角；根据折射定律可知。

nc<nbC正确；

B．由于光的折射率越大，其频率越大，波长越短，则b光在真空中的波长较短；B错误；

D．根据v=知，c光束的折射率小，则c光在棱镜中的传播速度大；D错误。

故选C。8、D【分析】【详解】

a点所在通电直导线的受力分析如图所示：

由题意得：安培力合力为方向竖直向上，故D正确，ABC错误．二、多选题(共9题，共18分)9、A:C【分析】【详解】

一个光子的能量

根据入射光的能量大于逸出功，才会发生光电效应，所以能发生光电效应的材料有铯和钙，故AC正确，BC错误．10、A:B:C【分析】【详解】

ABC.根据可知，图像与横轴交点对应的是截止频率，与纵轴交点的绝对值对应的是逸出功的，根据可求出普朗克常量，ABC正确．

D.单位时间逸出的光电子数目与光强有关，而图像得不出光强，所以不能判断，D错误．11、A:B:D【分析】【详解】

A．电压表V1测量路端电压，即R1两端的电压，根据欧姆定律可知，R1的电流变化量大小等于故A正确；

BCD．使滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，电阻变大，总电阻变大，总电流变小，内阻所占电压减小，路端电压增大，所以路端电压增大并联部分的电压增大通过R1的电流增大，所以通过滑动变阻器的电流减小，R0上的电压减小，R上的电压增大所以R0两端的电压的变化量大小等于电压表V1测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律可知

即为定值；故BD正确，C错误。

故选ABD。12、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间距离rr0时，分子势能随分子间距的增大而逐渐增大；当分子间距离rr0时；分子势能随分子间距的增大而逐渐减小，故A错误；

B．对于一定量的稀薄气体（理想气体），若气体的压强和体积不变，根据理想气体状态方程可知；温度不变，而温度是一定质量理想气体气体内能的唯一标志，所以内能一定不变，故B正确；

C．气体压强是由于气体分子热运动撞击器壁形成的；在完全失重状态下，气体分子的撞击仍然存在，故气体的压强不为零，故C错误；

D．气体从外界吸收热即气体对外做功即根据热力学第一定律可知即气体内能一定增大2J，故D正确；

E．一定质量的稀薄气体温度不变时；分子运动的激烈程度不变，体积减小则单位体积内分子的个数增加，压强增大，说明每秒撞击单位面积器壁的分子数增多，故E正确。

故选BDE。13、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动；是液体分子运动的具体表现，选项A错误；

B．若分子力表现为斥力；则当分子间距离增大时，分子力做正功，分子势能减小，选项B错误；

C．温度升高；分子热运动的平均动能一定增大，选项C正确；

D．吸收热量；可能使气体温度升高，分子热运动加剧；温度升高，则气体体积可能增大，选项D正确。

故选CD。14、B:D【分析】【分析】

根据共点力平衡得出安培力方向的范围；从而得出磁场方向的范围，根据平行四边形定则求出安培力的最小值，结合安培力公式得出磁感应强度的最小值．

【详解】

A；B项：根据共点力平衡知；安培力的方向在垂直斜面向下与竖直向上这两个方向之间，根据左手定则知，所加磁场方向与x轴正方向的夹角θ的范围应为0°≤θ＜150°．故A错误，B正确；

C、D当安培力的方向与支持力方向垂直时，安培力最小，根据平行四边形定则有：FA=mgsin30°=BIL，则磁感应强度的最小值B=故C错误，D正确．

故应选：BD．

【点睛】

解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，求解最小值问题，往往通过三角形法分析判断．15、B:C【分析】若输送的电流是恒定电流，甲、乙两方案都是可行的，B正确．输电线周围存在磁场，交变电流产生变化的磁场，因此在输电过程中输电线因电流变化引起自感现象，当输电线上电流很大时，强大的自感电流有可能将钢管融化，造成事故，所以甲方案是不可行的．在乙方案中，两条输电线中的电流方向相反，产生的磁场互相抵消，使自感现象的影响减弱到可以忽略不计的程度，是可行的，C正确．此题类似于课本中提到的“双线并绕”．16、B:D【分析】【分析】

由电路图可知，电阻R2、R3、R4串联接入电路，电容器C1并联在电阻电阻R2两端，电容器C2与R2、R3的串联电路并联；根据电路电阻的变化；应用欧姆定律及串联电路特点判断电容器两端电压如何变化，然后由Q=CU判断出电容器所带电荷量如何变化．

【详解】

A、减小R1，电容器C1、C2两端电压不变；电容器所带电量不变，故A错误；

B、增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R3、R4两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压变大；由Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；

C、增大R3，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，由U=IR可知，电阻R2两端电压变小，电容器C1两端电压变小；路端电压变大，电阻R4两端电压变小，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C2两端电压变大，由Q=CU可知，电容器C1所带电荷量减少，C2所带的电量都增加；故C错误；

D、减小R4，电路总电阻变小，由闭合欧姆定律可知，电路电流变大，电阻R2两端电压变大，电阻R2、R3串联电压变大，电容器C1、C2两端电压都增大，由Q=CU可知C1、C2所带的电量都增加；故D正确；

故选BD．17、B:D:E【分析】【详解】

AB、由图可知，O时刻P点经平衡位置向上运动，则第二次到达波峰需经解得：由图可知解得波长为波速为故选项A错误，B正确；

C、0时刻Q点在平衡位置向下运动，时Q第二次到达波谷；故C错误；

D、当故此时P点在正向最大位移处，故位移为2cm，故选项D正确；

E、P、Q两点的相距所以P；Q两点的振动方向总是相反，故选项E正确；

说法中正确的是选选项BDE．三、填空题(共9题，共18分)18、略

【分析】设正离子轨迹的圆心角为α；负离子轨迹的圆心角为β，由几何知识得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正离子运动的时间为负离子运动的时间为而正、负离子在磁场中运动的周期相同，所以时间之比【解析】1:5；19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]气体从状态变化到状态的过程中，温度不变，内能不变；压强减小，根据理想气体状态方程

可知体积增大，对外做功，根据热力学第一定律

可知

即气体从状态a变化到状态b的过程；气体对外做的功等于气体从外界吸收的热量。

[2]由图可知a、c均在过原点的直线上，P-T图像的斜率为体积的倒数，所以气体在状态a的体积等于气体在状态b的体积；

[3]在bc过程中，等压变化，温度降低，内能减小△U＜0

温度降低，体积减小，外界对气体做功，根据

可得

bc过程中外界对气体做功Wbc=p△Vbc=C△Tbc

da过程中，气体对外界做功

所以

在bc过程中外界对气体做的功等于在da过程中气体对外界做的功。【解析】等于等于等于20、略

【分析】【详解】

[1]气体状态由过程中

所以是等压过程；气体压强不变。

[2]的整个过程气体温度不变，内能不变，则

整个过程中气体放出的热量为由热力学第一定律可知

解得整个过程外界对气体所做的功为【解析】不变Q21、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由图知从状态A到B；对应的体积不变，故气体经历的是等容变化；

(2)[2]理想气体的内能置于温度有关，从B到C的过程中温度不变，则气体的内能不变；【解析】等容不变22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由热力学第一定律知W=△U-Q=1×103J-8×102J=2×102J

效率

[2]随着科技的进步；不断设法减小热量损失，则内燃机的效率不断提高，效率仍不可能达到100%。

【点睛】

此题考查了热力学第一定律△U=W+Q，注意公式中各个物理量的符号法则；知道热力学第二定律的内容。【解析】不可能23、略

【分析】【详解】

由C2图象是外电路的功率随电流的图象，由可知图象为开口向下的抛物线，则图象的最高点为最大外电路功率为4W；由C1图象可得解得【解析】4124、略

【分析】【详解】

在让瓶中的水流出过程中，气体的温度没发生变化，所以是等温变化；当水流停止后，瓶内液面与小孔间的高度差为h，根据压强关系可知：，解得气体压强：【解析】等温25、略

【分析】【分析】

【详解】

对大量的事实分析表明：热力学零度不可达到这个结论被称做热力学第三定律．【解析】热力学零度不可达到26、A:D:E【分析】【详解】

由甲图读出波长由乙图读出周期T=0.2s，则该波的波速故A正确；由于不知道乙图为波的传播方向上哪个具体质点的振动图象，所以无法判断波的传播方向，故B错误；若乙是质点P的振动图象，则此时刻P向下振动，则波沿x轴负方向传播，所以Q点向上振动，经过时间：时，处于波谷处，所以坐标为（2m、-4cm），故C错误；若乙是质点Q的振动图象，则此时刻Q向下振动，则波沿x轴正方向传播，所以P点向上振动，经过时间：时，处于波谷处，所以坐标为（1m、-4cm），故D正确．由图可知t=0时刻P点处于平衡位置，经时P点又再次回到平衡位移，向反方向运动，故E正确.故选ADE.四、作图题(共3题，共6分)27、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】28、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】29、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共18分)30、略

【分析】【分析】

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读；游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；

根据选择开关位置确定多用电表所测量的量与量程；然后根据表盘确定其分度值，然后读出其示数。

【详解】

(1)螺旋测微器的固定刻度读数为2mm；可动刻度读数为0.01×15.0mm=0.150mm，所以最终读数为：2mm+0.150mm=2.150mm；

量程为3A时；精度为0.1A，所以安培表的读数为2.20A；

游标卡尺的固定刻度读数为5cm；游标读数为0.05×18mm=0.90mm=0.090cm，所以最终读数为：5cm+0.090cm=5.090cm；

(2)如果是用×100Ω档测量电阻；读数为15×100Ω=1500Ω；

为了测量更准确；应使欧姆表指针指在中间刻度附近，