2025年浙教版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高三物理下册阶段测试试卷145考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示的电路中，变压器为理想变压器，原线圈接一正弦交变电流，副线圈解火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均为理想电表，R0为定值电阻，R为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，则当该装置附近有火源而导致其所在位置温度升高时（不考虑仪器的损坏）（）A.电流表示数不变B.电压表的示数不变C.R0的功率变小D.变压器的输出功率减小2、人和气球离地高度为h，恰好悬浮在空中，气球质量为M，人的质量为m，人要从气球下拴着的软绳上安全的下滑到地面，软绳的长度至少为多少？（）A.B.C.D.3、一本书静止在水平桌面上，则书对地球引力的反作用力是（）A.书对桌面的压力B.地球对书的引力C.桌面对书的支持力D.书受到的合力4、测声室内的地面、天花板和四周墙壁表面都贴上了吸音板，它们不会反射声波，在相距6m的两侧墙壁上各安装了一个扬声器a和b，俯视如图，两扬声器的振动位移大小、方向完全相同，频率为170Hz．一个与示波器Y输入相连的麦克风从a点开始沿a、b两点连线缓缓向右运动，已知空气中声波的波速为340m/s（）A.麦克风运动到距离a点1.5m处时示波器荧屏上的波形为一直线B.麦克风运动过程中除在a、b两点外，示波器荧屏有5次出现波形最大C.麦克风运动过程中示波器荧屏显示的波形幅度是不变的D.如果麦克风运动到a、b连线的中点停下来之后，麦克风中的振动膜将始终处于位移最大处5、关于生活中遇到的各种波，下列说法正确的是（）A.电磁波可以传递信息，声波不能传递信息B.手机在通话时涉及的波既有电磁波又有声波C.太阳光中的可见光和医院“B超”中的超声波传递速度相同D.遥控器发出的红外线波长和医院CT中的X射线波长相同6、如图所示；固定的锥形漏斗内壁是光滑的，内壁上有两个质量相等的小球A和B，在各自不同的水平面做匀速圆周运动，以下说法正确的是（）

A.小球的线速度VA＞VB

B.小球的角速度ωA＞ωB

C.小球的加速度aA＞aB

D.小球对内壁压力NA＞NB

7、如图所示，有一垂直于纸面向外的磁感应强度为B的有界匀强磁场(边界上有磁场)，其边界为一边长为L的三角形，A．B．C为三角形的顶点。今有一质量为m．电荷量为+q的粒子(不计重力)，以速度从AB边上某点P既垂直于AB边又垂直于磁场的方向射人磁场，然后从BC边上某点Q射出．若从P点射入的该粒子能从Q点射出，则()A.

B.

C.

D.8、【题文】如图8所示，有一理想变压器，原线圈接在电压一定的正弦交流电源上，副线圈电路中接入三个电阻R1、R2、R3；各交流电表的阻值对电路的影响不计，原来开关s是断开的，当开关s闭合时，各电表的示数变化情况是()

A.电流流A1示数变大B.电流表A2示数变大C.电压表V1示数变小D.电压表V2示数变小9、赤道上某处有一竖直放置的避雷针，当带有正电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电，则地磁场对避雷针的作用力方向为（）A.正南B.正东C.正西D.正北评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)10、土星周围有美丽壮观的“光环”，组成环的颗粒是大小不等、线度从1μm到10m的岩石、尘埃，类似于卫星，它们与土星中心的距离从7.3×104km廷伸到1.4×105km．己知环的外缘颗粒绕土星做圆周运动的周期约为14h，引力常量为6.67×l0-11N•m2/k2，则土星的质量约为____．11、（2011秋•龙井市校级月考）如图所示，是一辆汽车在两站间行驶的速度图象，汽车所受到的阻力大小为2000N不变，且BC段的牵引力为零，已知汽车的质量为4000kg，则汽车在此段的加速度大小为____，OA段汽车的牵引力大小为____．12、某杂技演员把一小球竖直向上抛出，1s后小球落回到手中．则小球离开手时的速度为____m/s；小球上升的最大高度为____m．（g=10m/s2，不计空气阻力）13、氢原子中电子绕核做匀速圆周运动，当电子运动轨道半径增大时，电子的电势能____，（填增大、减小或不变）14、（2011•徐汇区模拟）如图a所示，用水平恒力F拉动水平面上的物体，使其做匀加速运动．当改变拉力的大小时，相对应的匀加速运动的加速度a也会变化，a和F的关系如图b所示，则该物体的质量是____kg，物体与水平面间的动摩擦因数是____．15、一个作简谐运动的质点在平衡位置O点附近振动．当质点从O点向某一侧运动时，经3s第1次经过M点，再向前运动，又经2s第2次经过M点．则该质点再经____s第3次经过M点．16、请完成以下小题．

（1）如图1所示；是某研究性学习小组做“探究橡皮筋做的功和物体速度变化的关系”的实验，图中是小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行的情形，这时，橡皮筋对小车做的功记为W．当我们用2条；3条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次实验时，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放，小车每次实验中获得的速度由打点计时器所打的纸带测出．

①除了图1中的已给出的实验器材外，还需要的器材有____；

②实验时为了使小车只在橡皮筋作用下运动，应采取的措施是____；

③在用图示装置做“探究动能定理”的实验时，下列对于实验步骤的描述中，正确的是____

A．通过改变橡皮筋的条数改变拉力做功的数值。

B．通过改变橡皮筋的长度改变拉力做功的数值。

C．通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的最大速度。

D．通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的平均速度。

（2）在做“研究匀变速直线运动”的实验时；某同学得到一条用电火花计时器打下的纸带如图甲所示，并在其上取A；B、C、D、E、F、G7个计数点，每相邻两个计数点之间还有4个点图中没有画出，电火花计时器接50Hz交流电源．他经过测量并计算得到电火花计时器在打B、C、D、E、F各点时纸带运动的瞬时速度如下表：

。对应点BCDEF速度（m/s）0.1410.1800.2180.2620.301①设电火花计时器打点的时间隔为T，则计算vF的公式为vF=____（用题中所给物理量符号表示）

②根据上表中的数据，以A点对应的时刻为计时的开始，即t=0．试在图乙所示坐标系中合理地选择标度，作出v-t图象，并利用该图象求物体的加速度a=____m/s2．17、用螺旋测微器测一金属丝的直径，示数如图所示，其直径为______mm．

评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)18、将未饱和汽转化成饱和汽，可以用保持温度不变，减小体积，或是保持体积不变，降低温度，也可以用保持体积不变，减小压强．____．（判断对错）19、电视机的显象管中电子束每秒进行50场扫描____．20、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．21、“宁停三分，不抢一秒”指的是时间．____．（判断对错）22、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）23、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应____（判断对错）评卷人得分四、画图题(共2题，共12分)24、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）25、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分五、证明题(共4题，共20分)26、证明推导题：

试用运动学公式和牛顿定律证明：物体在光滑斜面上下落过程中机械能守恒．27、如图，太阳系中星体A绕太阳做半径为R1的圆周运动，星体B作抛物线运动．B在近日点处与太阳的相距为R2=2R1，且两轨道在同一平面上，两星体运动方向如图中箭头所示．设B运动到近日点时，A恰好运动到B与太阳连线上，A、B随即发生某种强烈的相互作用而迅速合并成一个新的星体，其间的质量损失可忽略．试证明新星体绕太阳的运动轨道为椭圆．28、（2016•海淀区模拟）如图所示，将小物块（可视为质点）平放在水平桌面的一张薄纸上，对纸施加恒定水平拉力将其从物块底下抽出，物块的位移很小，人眼几乎观察不到物块的移动．已知物块的质量为M，纸与桌面、物块与桌面间的动摩擦因数均为μ1，纸与物块间的动摩擦因数为μ2；重力加速度为g．

（1）若薄纸的质量为m；则从开始抽纸到纸被抽离物块底部的过程中；

①求薄纸所受总的摩擦力为多大；

②从冲量和动量的定义；结合牛顿运动定律和运动学规律，证明：水平拉力F和桌面对薄纸摩擦力的总冲量等于物块和纸的总动量的变化量．（注意：解题过程中需要用到；但题目中没有给出的物理量，要在解题中做必要的说明．）

（2）若薄纸质量可忽略，纸的后边缘到物块的距离为L，从开始抽纸到物块最终停下，若物块相对桌面移动了很小的距离s0（人眼观察不到物块的移动），求此过程中水平拉力所做的功．29、如图所示，两个光滑的水平导轨间距为L．左侧连接有阻值为R的电阻，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过导轨平面，有一质量为m的导体棒以初速度v0向右运动．设除左边的电阻R外．其它电阻不计．棒向右移动最远的距离为s，问当棒运动到λs时0＜λ＜L，证明此时电阻R上的热功率：P=．评卷人得分六、计算题(共2题，共18分)30、在竖直井的井底，将一物块以v0=15m/s的速度竖直向上抛出，物块在上升过程中做加速度大小a=10m/s2的匀减速直线运动，物块上升到井口时被人接住，在被人接住前1s内物块的位移x1=6m．求：

（1）物块从抛出到被人接住所经历的时间；

（2）此竖直井的深度．31、如图所示，足够长的光滑竖直平行金属轨道处于一个很大的匀强磁场中，已知轨道宽为l，磁感应强度大小为B、方向垂直轨道平面水平指向纸里。轨道上端接入一个滑动变阻器和一个定值电阻，已知滑动变阻器的最大阻值为R，定值电阻阻值为．轨道下端有根金属棒CD恰好水平搁在轨道上，接触良好，已知金属棒质量为m。起初滑片P处于变阻器的中央，CD棒在一平行于轨道平面的竖直向上F作用下，以某一初速度开始向上做匀减速直线运动，已知初速度大小为v0；加速度大小为a。不考虑金属棒和轨道的电阻，重力加速度大小为g。则。

（1）请说明金属棒运动过程中棒中感应电流方向；

（2）保持滑片P位置不变；金属棒运动过程中经过多少时间时流过定值电阻的电流为零？此时外力F多大？

（3）保持滑片P位置不变，金属棒运动过程中经过多少时间时流过定值电阻的电流为I0（I0已知且非零值）？此时外力F多大？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】明确变压器原理，知道理想变压器电压之比等于线圈匝数之比，电流之比等于线圈匝数的反比；同时注意根据闭合电路欧姆定律的动态分析方法分析此类问题即可．【解析】【解答】解：A；根据变压器原理可知；变压器输出电压由输入电压和线圈匝数决定，因匝数不变；故输出电压不变，电压表示数不变；因热敏电阻阻值减小，则总电流增大，则输入电流增大；故A错误，B正确；

C、因输出电流增大，则由P=I2R可知，R0的功率变大；故C错误；

D；因输出电压不变；输出电流增大，则由P=UI可知，变压器的输出功率增大；故D错误；

故选：B．2、C【分析】【分析】以人和气球的系统为研究对象，系统所受的合外力为零，动量守恒．用绳梯的长度和高度h表示人和气球的速度大小，根据动量守恒定律求出绳梯的长度．【解析】【解答】解：设人沿软绳滑至地面，软绳长度至少为L．以人和气球的系统为研究对象；竖直方向动量守恒，规定竖直向下为正方向，由动量守恒定律得：

0=Mv2+mv1①

人沿绳梯滑至地面时；气球上升的高度为L-h，速度大小：

v2=②

人相对于地面下降的高度为h；速度大小为：

v1=③

将②③代入①得：0=M（-）+m•

解得：L=h；

故选：C．3、B【分析】【分析】力是物体间的相互作用力，相互作用力的施力物体和受力物体是相反的．【解析】【解答】解：书对地球引力的施力物体是书；受力物体是地球，故其反作用力是地球对书的吸引力；

故选：B．4、A【分析】【分析】当路程差是半波长的偶数倍时，振动加强，当路程差是半波长的奇数倍时，振动减弱；结合示波器的原理进行分析．【解析】【解答】解：A、声波的波长，麦克风运动到距离a点1.5m处时，该点到a、b两点的路程差为3m；等于半波长的奇数倍，振动减弱，正好抵消，所以在示波器荧屏上波形为一直线．故A正确．

B、麦克风运动过程中除在a、b两点外，距a点1m、2m、3m、4m、5m的5个点到a、b的路程差都为半波长的偶数倍；振动加强，上图示波器荧屏上有5次出现波形最大．故B正确．

C；由于输入Y的振动不是稳定的；所以波形振幅是变化的．故C错误．

D、如果麦克风运动到a、b连线的中点停下来之后；该点为振动加强点，振幅最大，但不是位移始终最大．故D错误．

故选AB．5、B【分析】【分析】电磁波是电磁场的一种运动形态；可以传递信息；

声波是机械波，也可以传递信息．【解析】【解答】解：A；电磁波可以传递信息；如电视信号；声波也可以传递信息，如人说话；故A错误；

B；手机用电磁波传递信息；人用声波说话，故B正确；

C、太阳光中的可见光是电磁波，真空中为3×108m/s；“B超”中的超声波是声波；常温下，空气中大约为340m/s；故C错误；

D；遥控器发出的红外线波长和医院CT中的X射线频率不同；波速相同，根据c=λf，波长不同，故D错误；

故选B．6、A【分析】

物体受力如图：将FN沿水平和竖直方向分解得：FNcosθ=ma①，FNsinθ=mg②．

由②可知支持力相等；则A；B对内壁的压力大小相等．

根据牛顿第二定律，合外力提供向心力，合外力相等，则向心力相等．由①②可得：mgcotθ=ma=m=mω2R．可知半径大的线速度大，角速度小．

则A的线速度大于B的线速度；A的角速度小于B的角速度，A；B的向心加速度相等．故A正确，B、C、D错误．

故选A．

【解析】【答案】小球做匀速圆周运动；因此合外力提供向心力，对物体正确进行受力分析，然后根据向心力公式列方程求解即可．

7、A|D【分析】因为带电粒子在磁场中做圆周运动的圆心必定在经过AB的直线上，可将粒子的运动轨迹画出来，然后移动三角形，获取AC边的切点以及从BC边射出的最远点。由半径公式可得粒子在磁场中做圆周运动的半径为如图所示，当圆心处于O1位置时，粒子的运动轨迹与AC边相切，并与BC边相切，因此入射点P1，为离开B最远的点，满足A项正确；当圆心处于O2位置时，粒子从P2射入，打在BC边的Q点，由于此时Q点距离AB最远为运动轨迹的半径R，故QB最大，即D项正确。【解析】【答案】AD8、A|B|D【分析】【解析】分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化；确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．

解答：解：由于总的电阻减小，所以电路的总电流要变大，所以A1、A2的示数都要变大；所以AB正确；

当闭合开关S后，电路的总的电阻减小，由于变压器的匝数比和输入的电压都不变，所以输出的电压也不变，即V1的示数不变；故C错误；

当闭合开关S后，导致总电阻减小，由于总的电流变大，电阻R1的电压变大，总的电压保持不变，所以并联部分的电压要减小，即V2读数变小；所以D正确．

故选ABD．

点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．【解析】【答案】ABD9、B【分析】解：地磁场的方向在赤道处从南向北；电流的方向竖直向下，根据左手定则，安培力的方向为向东．

故选：B．

根据电流的方向；磁场的方向；通过左手定则判断安培力的方向．

解决本题的关键掌握左手定则判断电流方向、磁场方向和安培力方向的关系．【解析】【答案】B二、填空题(共8题，共16分)10、6.4×1026kg【分析】【分析】根据万有引力提供向心力，结合周期和轨道半径求出土星质量的表达式，从而得出土星的质量．【解析】【解答】解：根据得，土星的质量M=；

代入数据有：M=6.4×1026kg

故答案为：6.4×1026kg11、0.5m/s24000N【分析】【分析】根据速度时间图线求出匀加速和匀减速运动的加速度，根据牛顿第二定律求出牵引力的大小．【解析】【解答】解：匀加速运动的加速度大小，匀减速运动的加速度大小；

对OA段运用牛顿第二定律得；F-f=ma，解得F=f+ma=2000+4000×0.5N=4000N．

故答案为：0.5m/s2，4000N．12、51.25【分析】【分析】小球做竖直上抛运动，上升和下降两个具有对称性，据此得到下降的时间，即可由运动学公式求解初速度和最大高度．【解析】【解答】解：小球做竖直上抛运动；根据对称性可知小球下落的时间为t=0.5s

小球离开手时的速度与落回中的速度大小相等；为v=gt=10×0.5=5m/s

小球上升的最大高度为h==m=1.25m

故答案为：5；1.25．13、增大【分析】【分析】电子绕核运动时，半径增大，电场力做负功，电势能增大，动能减小；根据库仑力提供向心力可分析周期的变化；和卫星绕地球运动类似．【解析】【解答】解：电子运动轨道半径增大时；电场力做负功，电势能增大，动能减小；

故答案为：增大14、0.50.2【分析】【分析】根据牛顿第二定律求出a和F的关系式a=，根据图线的斜率求出物体的质量．根据a=0时，拉力F=f=1N，然后根据f=μmg求出动摩擦因数．【解析】【解答】解：由牛顿运动定律可知：a=可见；图线的斜率表示物体质量的倒数，则m=0.5kg

当a=0时；F=f，所以图线延长线与横轴的交点表示物体与水平面之间的滑动摩擦力或最大静摩擦力

由图象可知：f=1N

由f=μmg得：μ===0.2

故答案为：0.5；0.215、略

【分析】

如图所示，设质点B、C之间振动．

若质点先向左开始振动，画出其振动一个周期内运动轨迹，如图1所示，则知周期T1=3s+2s+=s，则该质点再时间△t1=T-2s=s；经第三次经过M点．

若该质点由O点出发后在20s内，=经过的路程是20cm，因为一个周期内质点通过的路程为4A，则15A1=20cm，振幅为A1==cm．

若质点先向右开始振动，画出其振动一个周期内运动轨迹，如图2所示，则知周期T1=4（3s+×2s）=16s，则该质点再时间△t2=T-2s=14s；经第三次经过M点．

故答案为：14s或s

【解析】【答案】分析质点可能的运动情况；画出运动轨迹，确定周期，即一次全振动所用的时间，再确定经过多长时间质点第三次经过M点．并确定出振幅，求路程．

16、略

【分析】

（1）①该实验用到打点计时器；所以需要交流电源，要测量长度，还需要刻度尺；

②小车下滑时受到重力；细线的拉力、支持力和摩擦力；要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高平衡小车所受的摩擦力．

③A：橡皮筋拉小车时的作用力是变力；我们不能求变力做功问题，但选用相同的橡皮筋，且伸长量都一样时，橡皮条数的关系就是做功多少的关系，因此，可以不需求出变力功的大小，就知道功的关系．所以A正确，B错误；

C；D：当橡皮筋做功完毕小车应获得最大速度；由于平衡了摩擦力所以小车以后要做匀速运动，相邻两点间的距离基本相同．所以计算小车速度应该选择相邻距离基本相同的若干个点作为小车的匀速运动阶段，用这些点计算小车的速度．故C对D错误．

综上可知A；C正确．

故选AC

（2）根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度；电火花计时器的周期为T，所以从E点到G点时间为10T，有：

vF=

根据图中数据；利用描点法做出图象如下；

图象斜率大小等于加速度大小，故a==0.40m/s

故答案为：（1）交流电源、刻度尺；将长木板的一段垫高平衡小车所受的摩擦力；AC；（2）0.40．

【解析】【答案】（1）①该实验用到打点计时器；所以需要交流电源，要测量长度，还需要刻度尺；②小车下滑时受到重力；细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，需要采取平衡摩擦力的措施；③用橡皮筋拉小车探究功与速度变化的关系，必须平衡摩擦力，让小车的速度增加仅仅是橡皮筋做功的结果；我们通过改变橡皮筋的条数来改变做功的多少，不用测量变力；小车的速度是加速段获得的最大速度即以后的匀速段的速度．

（2）根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度可以求出F点的瞬时速度；根据v-t图象的物理意义可知；图象的斜率表示加速度的大小，因此根据图象求出其斜率大小，即可求出其加速度大小．

17、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度为0.5mm；可动刻度为16.7×0.01mm=0.167mm，所以最终读数为0.5mm+0.167mm=0.667mm．由于需要估读，最后的结果可以在0.666～0.669之间．

故答案为：0.667（0.666～0.669之间）

解决本题的关键掌螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】0.667三、判断题(共6题，共12分)18、×【分析】【分析】根据饱和汽压仅仅与温度有关，然后结合理想气体的状态方程即可正确解答．【解析】【解答】解：根据与饱和蒸汽压有关的因素可知；同一种蒸汽的饱和蒸汽压仅仅与温度有关，与其体积无关．所以该说法是错误的．

故答案为：×19、√【分析】【分析】根据显像原理：显像管尾部的电子枪发射的电子束被加速和控制后呈扫描状轰击屏幕上的荧光粉，使屏幕发光，结合交流电的频率，即可求解．【解析】【解答】解：电子枪发射电子束击在显像管的屏幕上的彩色茧光粉上；它的电子束是逐行扫描的，速度非常的快，肉眼是看不出来的，电子束扫描的方向主是靠显像管管颈上的偏转线圈来控制的，交流电的频率为50赫兹，因此电子束能在1秒内，打在荧光屏上50场画面，所以显象管中电子束每秒进行50场扫描；

故答案为：√．20、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×21、√【分析】【分析】时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，对应物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，对应物体的位置．【解析】【解答】解：“宁停三分；不抢一秒”中的3分是3分钟，3分钟与1秒钟在时间轴上都是指的时间的长度，都是时间．故该说法正确；

故答案为：√22、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：T0=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以温度从100℃升高到200℃时，它的体积改变为原来的倍．

故答案为：×23、√【分析】【分析】根据核反应的种类可知，太阳辐射的能量是核聚变反应．【解析】【解答】解：太阳辐射的能量主要来源于轻核聚变．所以以上的说法是正确的．

故答案为：√四、画图题(共2题，共12分)24、略

【分析】【解析】试题分析：由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在一个周期内通过的路程，求出位移．采用波形平移的方法画出7s时的波形图．由图直接可得波长根据得：7秒内波传播的位移为：根据平移法，把波形沿传播方向平移3.5米，如下图实线：考点：画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m25、略

【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题【解析】【答案】【解析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题五、证明题(共4题，共20分)26、略

【分析】【分析】根据牛顿第二定律求出加速度，再由运动学公式速度位移关系公式列式，变形即可证明．【解析】【解答】证明：设物体的质量为m，从光滑斜面上的A点滑到B点，在A、B两点的速度分别为v1和v2．斜面的倾角为α，A、B两点的高度分别为h1和h2．

根据牛顿第二定律得mgsinα=ma

即有a=gsinα

根据运动学公式有-=2a•

联立得有-=2g（h1-h2）

即得：m-=mg（h1-h2）

移项得+mgh1=m+mgh2．

即E1=E2；

得证．

证明见上．27、略

【分析】【分析】A、B星体靠拢过程中动量守恒，从而求出新星体C的速度，计算C新星体的机械能判断轨道的形状是否为椭圆．【解析】【解答】证明：计算新星体C的机械能，设C距日R3，设A、B星球的速度分别为vA和vB；则：

在径向：可以认为在A；B靠拢过程中质心未动；所以C到太阳的距离为。

R3==①

在切向：A、B合并过程中动量也守恒，则有（mA+mB）vC=mAvA+mBvB②

研究②中的vA、vB：

因A做圆周运动，故vA=

所以vB====vA

将vA、vB带入②得vC=③

利用①③C星体的机械能为。

EC=（mA+mB）-G=（mA+mB）-=-G

因此，新星体C的轨道为椭圆．28、略

【分析】【分析】（1）①根据滑动摩擦力公式f=μN求解摩擦力．

②根据牛顿第二定律得物块和薄纸的加速度．从而得到速度的变化量；再研究水平拉力F和桌面对薄纸摩擦力的总冲量，即可证明．

（2）根据相对位移，得到摩擦产生的热量，利用功能关系求解．【解析】【解答】解：（1）①从开始抽纸到纸被抽离物块底部的过程中；

物块对薄纸施加的摩擦力f物=μ2Mg

水平桌面对薄纸施加的摩擦力f桌=μ1（M+m）g

薄纸受到的总的摩擦阻力f总=μ1（M+m）g+μ2Mg

②从开始抽纸到薄纸被抽离物块底部的过程，假设物块的加速度为aM、薄纸的加速度为am，所用时间为t，这一过程物块和纸张的速度变化量分别为△vM，△vm．

则有△vM=aMt，△vm=amt；

对于薄纸，根据牛顿第二定律有F-f桌-f物=mam

对于物块，根据牛顿第二定律有f纸=MaM

由牛顿第三定律有f物=f纸

由以上三式解得F-f桌=mam+MaM

上式左右两边都乘以时间t，有（F-f桌）t=mamt+MaMt=m△vm+M△vM

上式左边即为水平拉力F和桌面对薄纸摩擦力的总冲量；右边即为物块和纸的总动量的变化量．命题得证．

说明：其他方法正确同样得分．

（2）设物块在薄纸上加速和在桌面上减速的位移分别为x1，x2；

则物块对地位移s0=x1+x2

因薄纸质量可忽略；故其动能可忽略，所以水平拉力F所做的功有以下一些去向：

薄纸与桌面间的摩擦生热Q1=μ1Mg（x1+L）

物块与薄纸间的摩擦生热Q2=μ2Mgs相=μ2MgL

物块与桌面间的摩擦生热Q3=μ1Mgx2

由功能关系有WF=Q1+Q2+Q3

解得WF=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL

所以，水平拉力F所做的功W=μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．

答：

（1）①薄纸所受总的摩擦力为μ1（M+m）g+μ2Mg．②证明见上．

（2）此过程中水平拉力所做的功为μ1Mg（s0+L）+μ2MgL．29、略

【分析】【分析】导体棒向右运动时，受到向左的安培力作用而减速运动，根据牛顿第二定律和加速度的定义式，运用积分法研究整个过程，再对棒运动λs时研究，求出电路中电流，从而得到R上的热功率．【解析】【解答】证明：取向右为正方向．根据牛顿第二定律得：

-=ma=m①

即得-v△t=m△v②

两边求和得：（-v△t）=m△v③

又v△t=△x④

对整个过程，由③求和得-s=m（0-v0）；

即有s=mv0⑤

从开始运动到棒运动到λs的过程，由③求和得：-λs=m（v-v0）⑥

由⑤⑥解得棒运动到λs速度为：v=（1-λ）v0⑦

此时电阻R上的热功率为：P===．

得证．六、计算题(共2题，共18分)30、略

【分析】【分析】（1）竖直上抛运动是加速度为g的匀减速直线运动；根据匀变速直线运动的推论可求得被人接住前1s内的平均速度，得到该段时间内中间时刻的瞬时速度，由速度公式求出物体被接住时的速度和物块从抛出到被人接住所经历的时间．

（2）根据速度位移公式求井深．【解析】【解答】解：（1）被人接住前1s内的平均速度为===6m/s

根据平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可得在人接住前0.5s时的速度为：v1=6m/s

设物体被接住时的速度v2，则：v2=v1-gt

得：v2=6-10×0.5=1m/s

由竖直上抛运动的运动规律；物块从抛出到被人接住所经历的时间：

t′==s=1.4s

（2）此竖直井的深度：

h===11.2m

答：

（1）物体从抛出点到被人接住所经历的时间为1.4s；

（2）竖直井的深度为11.2m．31、解：（1）金属棒先向上匀减速直线运动；速度减到零后向下匀加速直线运动。因此根据右手定则，当金属棒CD向上运动时，棒中感应电流方向为：D→C；然后当金属棒CD向下运动时，棒中感应电流方向为：C→D。

（2）若流过定值电阻的电流为零；则此时电路中没有感应电流，即感应电动势为零，根据E=BLv可知道，v=0

根据运动学公式：0=v0-at

得：t=

金属棒运动过程中流过定值电阻的电流为零；此时安培力为零；

根据牛顿第二定律；得：mg-F=ma

此时外力为：F=mg-ma

（3）当滑片处于中央时，并联电阻为R，回路总电阻为R．流过定值电阻的电流为I0时，此时干路电流为2I0。

感应电动势为：E=2I0•R=I0R，根据E=BLv得：v==

讨论：金属棒先向上匀减速直线运动；后向下匀加速直线运动。

①当v0＜时，只在向下加速过程中，才出现流过定值电阻的电流为I0．根据运动学公式得到，经过时间流过定值电阻的电流为I0。

此时；根据牛顿第二定律得：

mg-F-FA=ma，此时F=mg-ma-FA=mg-ma-2I0LB

此时t=

②当v0=时，在t1=0以及向下加速过程中，出现流过定值电阻的电流为I0。

t1=0时，棒向上运动，mg+FA-F=ma，得到此时F=mg+FA-ma=mg-ma+2I0LB

t2=时，棒向下运动，mg-F-FA=ma，此时F=mg-ma-FA=mg-ma-2I0LB

③当v0＞t=

时，向上和向下过程中都出现流过定值电阻的电流为I0

向上过程中，此时mg+FA-F=ma，得到此时F=mg+FA-ma=mg-ma+2I0LB此时t=

向下过程中，经过时间，此时mg-F-FA=ma，此时F=mg-ma-FA=mg-ma-2I0LB此时：t=

答：（1）金属棒CD向上运动时；棒中