2025年人教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版选修3物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程。以下说法正确的是（）A.扩散现象说明分子做有规则运动B.单晶体的物理性质都是各向异性的C.温度升高，每个分子的动能都增大D.露珠呈球状是由于液体表面张力的作用2、如图所示，ACD、EFG为两根相距L的足够长的金属直角导轨，它们被竖直固定在绝缘水平面上，CDGF面与水平面成θ角．两导轨所在空间存在垂直于CDGF平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B．两根质量均为m、长度均为L的金属细杆ab、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为μ，两金属细杆的电阻均为R，导轨电阻不计．当ab以速度v1沿导轨向下匀速运动时，cd杆正好以速度v2向下匀速运动，重力加速度为g．以下说法正确的是。

A.回路中的电流强度为B.ab杆所受摩擦力为mgsinθC.cd杆所受摩擦力为D.μ与v1大小关系满足=tanθ+3、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，R1=10Ω，R2=15Ω．C为电容器；电流传感器与原线圈串联．当开关S断开时，传感器测得的正弦交流电如图乙所示，则。

A.电阻R1中交流电的频率为5HzB.输入电压的最大值为600VC.电阻R2的电功率为270WD.S闭合前后，原线圈中电流不变4、下列说法正确的是A.物体吸热，其内能一定增加B.物体放热，其内能一定减小C.布朗运动间接反映了液体分子无规则运动D.布朗运动是液体分子的无规则运动5、宇宙飞船动力装置的工作原理与下列情景相似：如图，光滑地面上有一质量为M的绝缘小车，小车两端分别固定带等量异种电荷的竖直金属板，在小车的右板正中央开有一个小孔，两金属板间的电场可看作匀强电场，两板间电压为U，小车处于静止状态．现将一质量为m、带电量为+q、重力不计的粒子从左板正对小孔处无初速释放，同时释放小车．则以下判断正确的是（）

A.小车总保持静止状态B.小车最后减速运动C.粒子穿过小孔时速度为D.粒子穿过小孔时速度为评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、如图，两根平行光滑金属导轨固定在同一水平面内，其左端接有定值电阻R．Ox轴平行于金属导轨，在0≤x≤4m的空间区域内存在着垂直导轨平面向下的磁场，磁感应强度B随坐标x（以m为单位）的分布规律为B=0.8-0.2x（T）．金属棒ab在外力作用下从x=0处沿导轨运动，金属棒始终与导轨垂直并接触良好，不计导轨和金属棒的电阻．设在金属棒从x1=1m经x2=2m到x3=3m的过程中，R的电功率保持不变；则金属棒（）

A.在与处的电动势之比为1：3B.在与处受到磁场B的作用力大小之比为3：1C.从到与从到的过程中通过R的电荷量之比为5：3D.从到与从到的过程中R产生的焦耳热之比为5：37、如图所示，原来不带电的半径为r的空心金属球放在绝缘支架上，右侧放一个电荷量为＋Q的点电荷，点电荷到金属球表面的最近距离为r，静电力常量为k．达到静电平衡后；下列说法中正确的是。

A.点电荷Q在金属球内任意位置激发的电场的场强都为零B.感应电荷在金属球球心处激发的电场场强方向向右C.金属球最左侧表面的电势和最右侧表面的电势相同D.若用导线的两端分别接触金属球的最左端和最右端，导线能将两端的电荷中和8、一定质量的理想气体被质量为m的绝热活塞封闭在竖直放置的绝热汽缸中，活塞的面积为S，与汽缸底部相距L，温度为T0。现接通电热丝给气体缓慢加热，活塞缓慢向上移动距离L后停止加热，整个过程中，气体吸收的热量为Q，大气压强为p0，重力加速度为g。则（）

A.初始时，气体压强B.停止加热时，气体的温度C.该过程中，气体内能增加量D.该过程中，气体内能增加量9、下列说法中正确的是（）A.物体从外界吸热，其内能不一定增大B.布朗运动是液体分子无规则的运动C.温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均动能相同E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大E.当分子力表现为斥力时，分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大10、如图甲所示，abcd是位于竖直平面内的正方形闭合金属线框，金属线框的质量为m，电阻为R，在金属线框的下方有一匀强磁场区域，MN和PQ是匀强磁场区域的水平边界，并与线框的bc边平行，磁场方向垂直纸面向里．现使金属线框从MN上方某一高度处由静止开始下落，如图乙是金属线框由开始下落到bc边刚好运动到匀强磁场PQ边界的v﹣t图象；图中数据均为已知量，重力加速度为g，不计空气阻力，则在线框穿过磁场的过程中，下列说法正确的是（）

A.t1到t2过程中，线框中感应电流沿顺时针方向B.线框的边长为v1（t2﹣t1）C.线框中安培力的最大功率为D.线框中安培力的最大功率为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)11、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其变化过程的V-T图像如图所示，BC的反向延长线通过坐标原点O。已知该气体在状态A时的压强为1.5×105Pa，则该气体在状态C时的压强为__________Pa；该气体从状态A到状态C的过程中吸收的热量为__________J。

12、研究大气现象时可把温度、压强相同的一部分气体叫做气团。气团直径达几千米，边缘部分与外界的热交换对整个气团没有明显影响，气团在上升过程中可看成是一定质量理想气体的绝热膨胀，设气团在上升过程中，由状态Ⅰ（p1、V1、T1）绝热膨胀到状态II（p2、V2、T2）。倘若该气团由状态I（p1、V1、T1）作等温膨胀到Ⅲ（p3、V3、T3）；试回答：

(1)下列判断正确的是_______。A．p3＜p1B．p3＜p2C．T1＞T2D．T1<T2(2)若气团在绝热膨胀过程中对外做的功为W1，则其内能变化=____；若气团在等温膨胀过程中对外做的功为W2，则其内能变化ΔE2=____。

(3)气团体积由V1变化到V2时，则气团在变化前后的密度比为____，分子间平均距离之比为______。13、如图所示，已知导体棒中通有电流I，导体棒长度为L，磁场磁感应强度为B；当导体棒按下面几种方式放置时，写出导体棒所受安培力的大小．

F=________F=_________F=________F=________14、两个分别带有电荷量和的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为的两处，它们间库仑力的大小为两小球相互接触后将其固定距离变为则两球间的库仑力的大小为的__________倍．15、如图所示是一个单摆做受迫振动时的共振曲线，表示振幅A与驱动力的频率f的关系，则该单摆的摆长约为_____，若增大摆长，共振曲线的“峰”将_____（填“向右移动”、“向左移动”或“不移动”）（g＝9.8m/s2，π2≈9.86）

评卷人得分四、作图题(共3题，共21分)16、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

17、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

18、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共7分)19、在“用油膜法估测分子的大小”实验中.

(1)在做“用油膜法估测分子大小”的实验中，已知实验室中使用的酒精油酸溶液的体积浓度为N滴溶液的总体积为V．在浅盘中的水面上均匀撒上痱子粉，将一滴溶液滴在水面上，待油膜稳定后，在带有边长为a的正方形小格的玻璃板上描出油膜的轮廓(如图所示)，测得油膜占有的正方形小格个数为X.

①用以上字母表示油酸分子的大小d=_____________；

②从图中数得X=_____________.

(2)以下选项中可能导致所测的分子直径d偏大的有_____________.

A.将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算。

B.油酸酒精溶液长时间放置；酒精挥发使溶液的浓度发生了变化。

C.水面上痱子粉撒得太多；油膜没有充分展开。

D.计算油膜面积时，将不完整的方格全都作为完整方格处理评卷人得分六、解答题(共1题，共4分)20、为引起人眼的视觉，进入人眼的绿光的能量至少为每秒E=10-16J.假设在漆黑的夜晚，在距人s=100m远处点亮一只绿光小灯泡，为使人看到它的光线，小灯泡的功率至少为多大？（人用一只眼看，瞳孔直径为4mm）参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、D【分析】【分析】

【详解】

A．扩散现象说明分子永不停息地做无规则运动；选项A错误；

B．多晶体的物理性质表现各向同性；而某个单晶体只有在某些物理性质上是各向异性的，选项B错误；

C．温度升高；分子平均动能增大，遵循统计规律，每个分子的动能不一定增大，选项C错误；

D．露珠表面张力使其表面积收缩到最小；呈球状，选项D正确。

故选D。2、D【分析】【分析】

ab下滑时切割磁感线产生感应电动势，cd不切割磁感线，根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求解电流强度；根据平衡条件和安培力公式求解ab杆和cd杆所受的摩擦力；两个平衡方程结合分析D项．

【详解】

ab杆产生的感应电动势E=BLv1；回路中感应电流为：故A错误；ab杆匀速下滑，受力平衡条件，则ab杆所受的安培力大小为：F安=BIL=方向沿轨道向上，则由平衡条件得ab所受的摩擦力大小为：f=mgsinθ-F安=mgsinθ-故B错误．cd杆所受的安培力大小也等于F安，方向垂直于导轨向下，则cd杆所受摩擦力为：f=μN=μ（mgcosθ+F安）=μ（mgsinθ+），故C错误．根据cd杆受力平衡得：mgsin（90°-θ）=f=μ（mgsinθ+），则得μ与v1大小的关系为：μ（mgsinθ+）=mgcosθ，即=tanθ+故D正确．故选D．

【点睛】

对于双杆问题，可采用隔离法分析，其分析方法与单杆相同，关键分析和计算安培力，再由平衡条件列方程解答．3、B【分析】【详解】

由图可知，原线圈交变电流的频率为50Hz，副线圈交变电流的频率同为50Hz；原线圈交变电流的有效值为由得．由并联电路的分流原理，电阻R2中的电流电阻R2消耗的电功率为PR2=IR22R2=120W；电阻R2的电压为由得故S闭合后，有电流流过电容器，故副线圈中电流增大，原线圈中电流也随之增大．故答案选B．4、C【分析】【分析】

【详解】

物体吸热，若同时对外做功大于吸收的热量，则其内能减小，选项A错误；物体放热，若外界对气体做功大于放出的热，可知其内能增加，选项B错误；布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的运动，间接反映了液体分子无规则运动，选项C正确，D错误；故选C.5、C【分析】【详解】

AB.金属板间的电场方向向右；粒子所受的电场力方向向右，根据牛顿第三定律可知，小车所。

受的电场力方向向左；则小车将向左做匀加速运动．粒子穿过小孔时速度，粒子不再受电场力。

作用；小车也不再受电场力，将做匀速运动，故AB错误．

CD.设粒子穿过小孔时速度为v1，小车此时的速度为v2．取向右方向为正方向．根据系统的动。

量守恒和能量守恒得：0＝mv1-Mv2，联立解得，

故C正确，D错误．二、多选题(共5题，共10分)6、B:C:D【分析】【详解】

由功率的计算式：知道由于金属棒从x1=1m经x2=2m到x3=3m的过电功率保持不变，所以E应不变，选项A错误．由安培力公式F=BIL及P=EI知：所以选项B正确．由于金属棒从x1=1m经x2=2m到x3=3m的过程中，R的电功率保持不变，由P=I2R知道R中的电流相等，再由安培力公式F=BIL，所以F-x图象如图所示:

显然图象与坐标轴围成的面积就是克服安培力做的功，即R产生的热量，所以：所以选项D正确．因为根据D选项热量Q=I2Rt，热量之比为5：3，电流相同，说明时间之比为5：3，因此电量选项C正确．7、B:C【分析】【详解】

A、感应电荷在金属球球心处产生的电场场强与+Q的点电荷在此处的电场场强大小相等，方向相反，合电场强度为零，因此感应电荷在金属球球心处产生的电场场强不为零；故A错误．B、感应电荷在金属球球心处激发的电场场强与点电荷在球心处产生的电场强度大小，方向相反，即为方向向右；故B正确；C；由于静电感应，金属球的右侧带负电，左侧带正电，但金属球是等势体；故C错误．D、静电感应导致金属球的电荷重新分布，总电量仍为零，因此左侧的正电荷与右侧负电荷电量相等，静电感应现象仍然存在，不能将金属球两侧的感应电荷中和；故D错误．故选BC．

【点睛】解决本题的关键要理解并掌握导体处于静电感应现象的特点：内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且导体是等势体.8、B:C【分析】【详解】

A．对处于平衡状态的活塞进行受力分析，受到大气压力、重力和气体向上压力，则有

解得

故A错误；

B．活塞缓慢上升过程中气体压强不变，根据盖—吕萨克定律有

解得

故B正确；

CD．气体对外做功

根据热力学第一定律

故C正确；D错误。

故选BC。9、A:C:E【分析】【详解】

A．物体从外界吸热；若同时对外做功，则其内能不一定增大，选项A正确；

B．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动；是液体分子无规则运动的具体表现，选项B错误；

C．温度是分子平均动能的标志；则温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均动能相同，选项C正确；

D．用气体的摩尔体积除以阿伏加德罗常数；可求解一个气体分子运动占据的空间的体积，不可以估算气体分子的体积，选项D错误；

E．当分子力表现为斥力时；分子距离减小时分子力变大且做负功，分子势能变大，即分子力和分子势能总是随分子间距离的减小而增大，选项E正确。

故选ACE。10、B:D【分析】【详解】

A．金属线框刚进入磁场时；磁通量增加，磁场方向垂直纸面向里，根据楞次定律判断可知，线框中感应电流方向沿逆时针方向，故A错误；

B．由图象可知，金属框进入磁场过程中做匀速直线运动，速度为v1，匀速运动的时间为t2﹣t1，故金属框的边长：L＝v1（t2﹣t1）；故B正确；

CD．在金属框进入磁场的过程中，金属框所受安培力等于重力，则得：mg＝BIL，又又L＝v1（t2﹣t1），联立解得：线框仅在进入磁场和离开磁场过程中受安培力，进入时安培力等于重力，离开时安培力大于重力，开始减速，故开始离开磁场时安培力最大，功率最大，为Pm＝F安t2，又联立得：故C错误，D正确．三、填空题(共5题，共10分)11、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体从状态A到状态B，发生的是等容变化，由查理定律得

解得在状态B时的压强为pB=1.0×105Pa

气体从状态B到状态C，发生是等压变化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于状态A与状态C的温度相同，所以该气体从状态A到状态C的过程中，内能变化量

气体从状态A到状态B不做功，从状态B到状态C的过程中气体对外做功，做功大小为

由热力学第一定律

知整个过程中吸收的热量为Q=100J【解析】1.0×10510012、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]气团在上升过程中，由状态Ⅰ（p1、V1、T1）绝热膨胀到状态II（p2、V2、T2），对外做功，内能减小，温度降低，T1>T2，气团由状态Ⅰ（p1、V1、T1）作等温膨胀到Ⅲ（p3、V3、T3），体积增大，压强减小，p3＜p2。故AC正确；BD错误。故选AC。

(2)[2]若气团在绝热膨胀过程中对外做的功为W1；由热力学第一定律，则其内能变化为。

若气团在等温膨胀过程中对外做的功为W2；则其内能变化。

(3)[3][4]气体密度。

气团体积由V1变化到V2时；气团在变化前后的密度比为。

设分子之间平均距离为d，气体分子数N；则所有气体体积。

V=Nd3气团在变化前后的分子间平均距离之比。

【解析】AC-W113、略

【分析】【详解】

当导体棒与磁场垂直时受的安培力最大；平行时受安培力为零，则从左到右，导体棒所受安培力的大小分别为：BIL；BIL、BIL、0.

【点睛】

此题关键是搞清四个导体棒的放置方式，知道导体棒与磁场垂直时受的安培力最大，最大值为BIL，平行时受安培力为零.【解析】BIL；BIL；BIL；014、略

【分析】【分析】

清楚两小球相互接触后；其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．

【详解】

相距为r时，根据库仑定律得：接触后各自带电量变为则此时两式联立得即大小为F的倍．

【点睛】

本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键．【解析】15、略

【分析】【详解】

由共振曲线可知：当驱动力频率f=0.5Hz时产生共振现象，则单摆的固有频率为：f=0.5Hz．由单摆的周期公式有：得：．

由单摆的频率公式为：得知，当摆长增大时，单摆的固有周期增大，频率减小，产生共振的驱动力频率也减小，共振曲线的“峰”向左移动．【解析】1向左移动四、作图题(共3题，共21分)16、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】17、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式