2025年浙教版选择性必修1物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版选择性必修1物理上册阶段测试试卷561考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、质量分别为m甲和m乙（m甲＞m乙）的甲、乙两条船静止停放在岸边，某同学以相同的水平对地速度v分别由甲、乙两船跳上岸，忽略水的阻力。该同学（）A.从甲船跳上岸消耗的能量较多B.从乙船跳上岸消耗的能量较多C.对甲船的冲量较大D.对乙船的冲量较大2、有质量相同的三个小物体a、b、c。现将小物体a从高为h的光滑斜面的顶端由静止释放，同时小物体b、c分别从与a等高的位置开始做自由落体运动和平抛运动，如图所示．有关三个物体的运动情况，下列判断正确的是（）

A.三个物体同时落地B.三个物体落地前瞬间的动能相同C.重力对三个物体做功相同D.重力对三个物体的冲量相同3、某一火箭喷气发动机每次喷出的气体，气体离开发动机喷出时的速度设火箭（包括燃料）质量发动机每秒喷气20次。以下说法正确的是（）A.运动第末，火箭的速度约为B.运动第末，火箭的速度约为C.当发动机第3次喷出气体后，火箭的速度约为D.当发动机第4次喷出气体后，火箭的速度约为4、中国地震台网正式测定：2021年11月17日13时54分在江苏盐城市大丰区海域（北纬33.50度，东经121.19度）发生5.0级地震，震源深度17千米。地震波既有横波也有纵波。地震发生后南京监测站监测到了一列沿x轴传播的地震横波，t=0时刻x轴上在-3km~3km区间内的波形图如图甲所示；x轴上处质点的振动图象如图乙所示，t=0.2s时刻该质点到达波峰；下列说法正确的是（）

A.该地震波沿x轴正向传播B.该地震波沿x轴传播的速度可能为25km/sC.该地震波沿x轴传播10km距离所需的最长时间为0.8sD.当x=2km处质点到达波谷时，x=1km处质点将到达波峰5、如图所示，曲线表示一列横波的传播，其中实线是t1=1s时的波形，虚线是t2=2.5s时的波形，且（t2-t1）小于一个周期；则可以判断（）

A.这列波的波长为20cmB.这列波一定是向x轴正方向传播C.这列波的振幅为10cmD.这列波的周期可能为6s，也可能为2s6、一列简谐横波在x轴上传播，某时刻的波形如图所示，a、b、c为介质中三个质点，a正沿图中所示方向运动。下列选项正确的是（）

A.该波沿x轴负方向传播B.该时刻质点a的速度比质点b的速度大C.质点c的振幅大于质点a的振幅D.该时刻后，质点b比质点c先到达平衡位置7、如图所示的是一个透明圆柱体的横截面，一束单色光平行于直径AB射向圆柱体，光线经过折射后恰能射到B点．已知入射光线到直径AB的距离为R，R是圆柱体的半径．已知光在真空中的传播速度为c；则()

A.该透明圆柱体介质的折射率为B.该单色光从C点传播到B点的时间为C.折射光线过B点时可能发生全反射D.改变入射光线到直径AB的距离，折射光线仍然能够射到B点评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)8、一列简谐横波沿绳子传播，振幅为0.2m，传播速度为1m/s，频率为0.5Hz．在t时刻，质点a正好经过平衡位置．沿波的传播方向A.在t时刻，距a点2m处的质点离开其平衡位置的距离为0.2mB.在t时刻，距a点0.5m处的质点离开其平衡位置的距离为0.2mC.在(t+0.5)s时刻，距a点1m处的质点离开其平衡位置的距离为0.2mD.在(t+2)s时刻，距a点1.5m处的质点离开其平衡位置的距离为0.2m9、某物理兴趣小组为了研究水波的传播“特点”，在“四二一”广场的方形水塘中进行了这样一个实验：如图所示，甲、乙两名同学各执一振源，分别位于水塘两侧的A、B两点，在水塘中央O点放置一浮标。两振源同时开始在竖直方向做简谐运动，振源的振动频率之比为则（）

A.两列波的波长之比为B.两列波的周期之比为C.两列波同时到达浮标D.B振源发出的波先到达浮标10、青岛市即墨区鳌山湾一带受崂山余脉和海岛影响，形成了长达60多公里的狭长“疾风带”，为风力发电创造了有利条件，目前该地风电总装机容量已达18万千瓦。如图，风力推动三个叶片转动，叶片带动转子（磁极）转动，在定子（线圈）中产生电流，实现风能向电能的转化。已知叶片长为r，风速为v，空气密度为流到叶片旋转形成的圆面的空气中约有速度减速为0，有原速率穿过；如果不考虑其他能量损耗。下列说法正确的是（）

A.一台风力发电机的发电功率约为B.一台风力发电机的发电功率约为C.空气对风力发电机一个叶片的平均作用力约为D.空气对风力发电机一个叶片的平均作用力约为11、小车静止在光滑水平面上，站在车上的人练习打靶，靶装在车的另一端，如图所示。已知车、人、枪和靶的总质量为M（不含子弹），每颗子弹质量为m，共n发，打靶时，枪口到靶的距离为d；若每发子弹打入靶中，就留在靶里，且待前一发子弹打入靶中后，再打下一发，人与车之间不发生相对滑动，则以下说法正确的是（）

A.在此过程中，小车将会在原位置处左右来回振动，最终停在原位置处B.待打完n发子弹后，小车应停在射击之前位置的右方C.在每一发子弹的射击过程中，小车所发生的位移都不相同D.从开始射击第一发子弹到第n发子弹打入靶中，小车发生的总位移为12、如图所示为两个单摆的受迫振动的共振曲线；则下列说法正确的是（）

A.若两个受迫振动分别在月球上和地球上进行，且摆长相同，则图线Ⅰ表示月球上单摆的共振曲线B.若两个受迫振动是在地球上同一地点进行，则两个摆长之比LⅠ∶LⅡ＝25∶4C.图线Ⅱ若是在地球地面上完成的，则该单摆摆长约为2mD.若两个单摆摆长均为1m，则图线Ⅰ是在地球地面上完成的13、一列简谐机械横波沿x轴正方向传播，波速为2m/s.某时刻波形如图所示，a、b两质点的平衡位置的横坐标分别为xa＝2.5m，xb＝4.5m；则下列说法中正确的是（）

A.质点b振动的周期为4sB.平衡位置x＝10.5m处的质点（图中未画出）与a质点的振动情况总相同C.此时质点a的速度比质点b的速度大E.如果该波在传播过程中遇到尺寸小于8m的障碍物，该波可发生明显的衍射现象E.如果该波在传播过程中遇到尺寸小于8m的障碍物，该波可发生明显的衍射现象评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、质量为0.45kg的木块静止在光滑水平面上，一质量为0.05kg的子弹以200m/s的水平速度击中木块，并留在其中，整个木块沿子弹原方向运动，则木块最终速度的大小是__________m/s。若子弹在木块中运动时受到的平均阻力为4.5×103N，则子弹射入木块的深度为_______m。15、如图，轻质弹簧一端固定，另一端连接套在水平光滑杆上的小球A，A以O点为平衡位置振动。小球B在竖直平面内以O′为圆心做匀速圆周运动（O与O′在同一竖直线上），角速度为ω，半径为R。用竖直向下的平行光照射小球B，可以观察到小球B在水平杆上的“影子”和小球A在任何瞬间都重合。由此可知：小球A的振动周期为________，小球A的最大加速度大小为________。

16、如图所示，为一液体槽：所在的侧面为铜板，其他侧面及底面为绝缘板，槽中盛满导电液体（设该液体导电时不发生电解）。现用质量不计的柔软细铜丝在下端固定一铁球构成一单摆，铜丝的上端固定在O点。下端穿出铁球使得单摆摆动时细铜丝始终与导电液体接触（小球与液体不接触。铜丝与导电液体的阻力忽略不计），O点与液体槽的中央在同一条竖直线上。在所在的铜板面上接上左下图所示电源。电源内阻可忽略。电动势将电源负极和细铜丝的上端点分别连接到传感器上。现将摆球拉离平衡位置使其在垂直于的竖直面上做简谐运动，图为闭合开关S后某段时间内传感器显示的摆球与板之间的电压波形；根据这一波形，可以得出：

（1）单摆的周期为___________s，摆长为___________m（取）；

（2）设所在的侧面两铜板内侧之间的距离则细铜丝与导电液体的接触点偏离的最大距离为___________

17、用红光做双缝干涉实验，在屏上形成双缝干涉图样如图所示，第1条到第7条亮条纹中心间的距离为x，则相邻两条亮条纹中心间的距离为___________。已知双缝之间的距离为d，测得双缝到屏的距离为L，红光的波长为___________。

18、汽笛发出雄壮的吼声，轮船像一匹钢铁骏马，斩波劈浪，向远方冲去。轮船鸣笛发出的声波同时在水和空气中传播，某时刻的波形如图所示。已知声波在空气中传播的速度小于在水中传播的速度，则声波在空气中传播的波长__________（填“大于”、“小于”或“等于”）声波在水中传播的波长；声波在空气中传播的波形是__________（填“a”或“b”）。

19、一个静止的､质量为M的不稳定原子核，当它放射出质量为m､速度大小为υ的粒子后，原子核的剩余部分的速率等于________｡评卷人得分四、作图题(共2题，共18分)20、O点是弹簧振子的平衡位置，在图上标出振子在B点的振动位移和在A点的加速度。

21、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

评卷人得分五、实验题(共2题，共12分)22、“探究碰撞中的不变量”的实验中：

（1）入射小球原静止的被碰小球由实验测得它们在碰撞前、后的图象如图甲，可知入射小球碰撞前的动量为碰撞后的是______被碰撞后的是______（结果保留两位有效数字）由此得出结论______.

（2）实验装置如图乙所示，本实验中，实验必须要求的条件是()

A.斜槽轨道必须是光滑的。

B.斜槽轨道末端点的切线是水平的。

C.入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放。

D.入射小球与被碰小球满足

（3）图中M、P、N分别为入射小球与被碰小球对应的落点的平均位置，则实验中要验证的关系是()

A.

B.

C.

D.23、某同学用如图所示的装置“验证动量守恒定律”；并测量处于压缩状态下的弹簧的弹性势能。实验前；用水平仪先将光滑操作台的台面调为水平。其实验步骤为：

A．用天平测出滑块A、B的质量mA、mB；

B．用细线将滑块A；B连接；使A、B间的弹簧处于压缩状态；

C．剪断细线，滑块A、B离开弹簧后。均沿光清操作台的台面运动，最后都滑落台面，记录A、B滑块的落地点M、N；

D．用刻度尺测出M、N距操作台边缘的水平距离x1、x2；

E．用刻度尺测出操作台面距地面的高度h。

请根据实验步骤完成下面填空：

(1)实验前，用水平仪先将光滑操作台的台面调为水平。其目的为___________；

(2)滑块A、B都离开桌面后，在空中运动的时间___________（选填“相等”或“不相等”）；

(3)如果滑块A、B组成的系统水平动量守恒，须满足的关系是___________（用测量的物理量表示）；

(4)剪断细线前，弹簧处于压缩状态下的弹性势能是___________（用测量的物理量和重力加速度g表示）。评卷人得分六、解答题(共1题，共10分)24、质量m＝260g的手榴弹从水平地面上以的初速度斜向上抛出，上升到距地面h＝5m的最高点时炸裂成质量相等的两块弹片，其中一块弹片自由下落到达地面，落地动能为5J．重力加速度g＝10m/s2；空气阻力不计，火药燃烧充分，求：

（1）手榴弹爆炸前瞬间的速度大小；

（2）手榴弹所装弹药的质量；

（3）两块弹片落地点间的距离．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

CD．由动量守恒有对船由动量定理有故该同学对两船的冲量一样大。故CD错误；

AB．由能量守恒，可知该同学消耗的能量

由于m甲＞m乙；所以从乙船跳上岸消耗的能量较多。故A错误，B正确。

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．由于物体a在斜面上下滑，它下滑的加速度a=gsinθ

小于g，而物体b、c在竖直方向做自由落体运动，加速度为g；故物体在斜面上运动的位移又比自由落体的长，所以三个物体下落的时间不相等，所以三个物体不能同时落地，选项A错误；

B．小物体a、b、c分别从等高的位置开始下落；重力做功相等，由于开始下落时的初动能不相同，所以三个物体落地前瞬间的动能不都相同，选项B错误；

C．重力对物体做功W=Gh，由于三个小物体的G和h均相同；故重力做功相同，选项C正确；

D．三个小物体a、b、c。受合力相等，由于作用时间不相等，故冲量I=Ft不相同；选项D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

A．1s末发动机喷出20次，共喷出的气体质量为

根据动量守恒定律得

则得火箭1s末的速度大小为

故A错误；

B．2s末发动机喷出40次，共喷出的气体质量为

同理可得，火箭2s末的速度大小为

故B错误；

C．第3次气体喷出后，共喷出的气体质量

同理可得，火箭第3次喷出气体后的速度大小为

故C正确；

D．第4次气体喷出后，共喷出的气体质量

同理可得，火箭第4次喷出气体后的速度大小为

故D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

A．由乙图知处质点在0时刻振动方向向上，对应到甲图中可知，质点是由其右边质点“带动”的，说明波是沿x轴负向传播；故A错误；

B．根据图像可知，波长=4km，则波速

当n=1时，v=25km/s；故B正确；

C．当n=0时，速度最小v=5km/s，则传播10km距离所需的最长时间为

故C错误；

D．x=2km处质点与x=1km处质点平衡间距不是半波长的奇数倍；不是反向点的关系，所以不会出现一个在波谷另一个在波峰的现象，故D错误。

故选B。5、D【分析】【详解】

A．由图可知；这列波的波长是40cm，A错误；

B．由波形的平移得知，波不一定向x轴正方向传播，也可能向x轴负方向传播；B错误；

C．振幅是指偏离平衡位置的最大距离；由图可知，振幅为5cm，C错误；

D．若波向x轴正方向传播时，（t2−t1）小于一个周期，由波形的平移可知

解得周期为T=4（t2−t1）=4×1.5s=6s

若波向x轴负方向传播时

解得周期为T=2s

这列波的周期可能为6s；也可能为2s，D正确。

故选D。6、D【分析】【分析】

【详解】

A．a点正向上运动，振动比左侧波峰迟，波向右传播，所以该波沿x轴正方向传播；A错误；

B．质点b离平衡位置近，振动速度较大，质点a的速度比质点b的速度小；B错误；

C．质点c的振幅等于质点a的振幅；C错误；

D．此时b向上运动，c向下运动，所以b比c先到平衡位置；D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

光线P经折射后经过B点；光路图如图所示．

由几何知识得：α=60°，β=α=30°；则折射率为：故A错误．CB间的距离为s=2Rcosβ=R，光在圆柱体传播速度为v=c/n，则光从C点传播到B点的时间为．故B正确．由几何知识知，折射光线射到B点时的入射角等于β，由光路可逆性原理，折射光线不可能在B点发生全反射，一定能从B点射出，故C错误．改变入射光线到直径AB的距离，α改变，由知，β改变，所以折射光线不能够射到B点，故D错误．故选B．二、多选题(共6题，共12分)8、B:C:D【分析】【详解】

由v=λf得，波长周期为

A.在t时刻；距a点2m处的质点，与a点相距一个波长，则t时刻，质点a正好经过平衡位置，则此质点也在平衡位置，故A错误；

B.在t时刻，距a点0.5m处的质点，与a点相距个波长；则t时刻，质点a正好经过平衡位置，则此质点处于波峰或波谷位置即离开其平衡位置的距离为0.2m，故B正确；

C.在t时刻，距a点1m处的质点处于平衡位置，再经0.5s即周期；则此质点处于波峰或波谷位置即离开其平衡位置的距离为0.2m，故C正确；

D.在（t0+2s）时刻，质点a位于平衡位置，距a点1.5m=处的质点，由波形得到，此质点到达最大位移处，此质点离开其平衡位置的距离为0.2m，故D正确．9、A:C【分析】【详解】

AB.根据

则周期之比2：3，因为波速相等，根据

波长之比为2：3；故A正确，B错误；

CD.因为传播速度一样；距离一样，因此时间相同，同时到达，故C正确，D错误。

故选AC。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．根据题意可知，假设空气流速v为空气接触，扇面的面积为

在时间t内流过扇叶的体积为

空气质量根据密度公式得

题中有的空气速度减为零，所以与叶片发生相互作用的风的质量为则根据功能关系有

则根据

得发电功率为

故A正确；B错误；

CD．以与叶片发生相互作用的那部分空气为研究对象，规定空气流动方向为正方向，可列动量定理表达式

得

则对一个扇叶的作用力为

故C错误；D正确。

故选AD。11、B:D【分析】【详解】

AB．子弹、枪、人、车系统所受的合外力为零，系统的动量守恒，子弹射击前系统的总动量为零，子弹射入靶后总动量也为零，故小车仍然是静止的。在子弹射出枪口到打入靶中的过程中，小车向右运动，所以第n发子弹打入靶中后，小车应停在原来位置的右方。待打完n发子弹后；小车将静止不动，故A错误；B正确；

CD．设子弹出口速度为v，车后退速度大小为v′，以向左为正，根据动量守恒定律，有：0=mv-[M+（n-1）m]v′①

子弹匀速前进的同时，车匀速后退，故有：vt+v′t=d②

联立解得：

故车后退位移大小为：

每颗子弹从发射到击中靶过程，小车均后退△S，均相同，从开始射击第一发子弹到第n发子弹打入靶中，小车发生的总位移为故D正确C错误。

故选BD。12、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．若两次受迫振动分别在月球上和地球上进行，因为图线Ⅰ单摆的固有频率较小，则固有周期较大，根据

知；周期大的重力加速度小，则图线Ⅰ是月球上单摆的共振曲线。故A正确；

B．若两次受迫振动均在地球上同一地点进行的；则重力加速度相等，因为固有频率比为。

2：5，则固有周期比为5：2，根据

知摆长比为25：4；故B正确；

CD．图线Ⅱ若是在地球表面上完成的，则固有频率为0.5Hz，则

解得

故CD错误。

故选AB。13、D【分析】A、由图能直接读出波长由波速公式该波的周期则质点a振动的周期为4s；A正确；

B、处的质点与a质点相距一个波长；步调总是一致，振动情况总是相同，B正确；

C、质点a离平衡位置比b远，所以此时质点a的速度比b的速度小；C错误；

D、图象时刻，质点a向上运动，速度减小，再经过个周期，质点a通过的路程小于一个振幅；即小于2cm，D错误；

E、此列波的波长尺寸小于8m的障碍物满足发生明显衍射的条件，所以该波可发生明显的衍射现象，E正确；

故选ABE．三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【详解】

试题分析：根据系统动量守恒求解两木块最终速度的大小；根据能量守恒定律求出子弹射入木块的深度；

根据动量守恒定律可得解得系统减小的动能转化为克服阻力产生的内能，故有解得

【点睛】本题综合考查了动量守恒定律、能量守恒定律，综合性较强，对学生能力要求较高．【解析】200.215、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]小球B在水平杆上的“影子”和小球A在任何瞬间都重合，则小球B在水平方向上的影子的速度时刻与小球A的速度相等，小球A振动周期与小球B做匀速圆周运动周期相等即

[2]小球B做匀速圆周运动线速度为v=ωr

加速度为

在水平方向上B的加速度水平分量与A的加速度相同，当小球A到达最左端和最右端时的加速度最大，此时B的加速度水平分量恰好等于其向心加速度，即小球A的最大加速度与小球B做匀速圆周运动的向心加速度相等为ω2R。【解析】ω2R16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由图可知单摆的周期为。

[2]由。

得。

(2)[3]由图象可知O与地之间的最大电压U=6V，铜板AB和CD间场强。

则球与CD间距。

【解析】10.25317、略

【分析】【详解】

[1]相邻两条亮条纹中心间的距离为

[2]已知双缝之间的距离为d，测得双缝到屏的距离为L，根据

红光的波长为【解析】18、略

【分析】【详解】

[1][2]波的频率取决于波源的振动频率，与介质无关，故声波在空气中与在水中传播的频率相同，由于声波在空气中传播的速度小于在水中传播的速度，根据可知，同一声波在空气中传播的波长较小，其波形是波形a。【解析】小于a19、略

【分析】规定后质量为m的粒子的速度方向为正；根据动量守恒定律研究整个原子核：

解得：即剩余部分获得的反冲速度大小为方向与规定正方向相反．

【点睛】原子核衰变的过程可以认为系统动量守恒，根据动量守恒定律列出等式解决问题．【解析】四、作图题(共2题，共18分)20、略

【分析】【分析