2025年人教版（2024）必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版（2024）必修3物理下册阶段测试试卷859考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，C为电容器，L为小灯泡，电表均为理想电表，闭合开关S后，若滑动变阻器的触头P向下滑动时；则（）

A.小灯泡的功率减小B.电压表的示数减小C.电容器上的电荷量增加D.两表示数变化量的比值||不变2、在如图所示的电路中，当电键S闭合后，电流表和电压表的示数分别为和当可变电阻R的滑动片向右移动后，电流表和电压表的示数分别变为和则有。

A.B.C.D.23、三根长直导线垂直于纸面放置，通以大小相同、方向如图所示的电流，且ab=ad=ac；导线c在a点的磁感应强度大小为B，则a点处的合磁感应强度大小为。

A.BB.BC.BD.2B4、下列物理量中，属于矢量的是（）A.时间B.长度C.电场强度D.质量5、如图所示，平行板电容器的上极板带正电、下极板带负电，两板之间的距离为d，电容为C。质量为m、电荷量大小为q的带电液滴恰能在电场中的P点处于静止状态。设电场内a、b两点的场强大小分别为Ea、Eb，电势大小分别为φa、φb。下列关于Ea、Eb和φa、φb大小关系正确的是（）

A.Ea>EbB.EabC.φa>φbD.φa<φb6、下列物理量中，属于矢量的是（）A.电势B.电压C.电势能D.电场强度7、某空间区域的竖直平面内存在电场，其中竖直的一条电场线如图甲中虚线所示，一个质量为m、电荷量为q的带负电小球；在电场中从O点由静止开始沿电场线竖直向下运动。以O为坐标原点，取竖直向下为x轴的正方向，小球的机械能E与位移x的关系如图乙所示；不计空气阻力；则（）

A.电场强度大小恒定，方向沿x轴正方向B.从O到的过程中，小球的速率越来越大，加速度越来越大C.从O到的过程中，相等的位移内，小球克服电场力做的功相等D.到达位置时，小球速度的大小为8、某同学在测量电阻实验时；按图所示连接好实验电路。闭合开关后发现：电流表示数很小；电压表示数接近于电源电压，移动滑动变阻器滑片时两电表示数几乎不变化，电表及其量程的选择均无问题。请你分析造成上述结果的原因可能是（）

A.电流表断路B.滑动变阻器滑片接触不良C.开关接触部位由于氧化，使得接触电阻太大D.待测电阻和接线柱接触位置由于氧化，使得接触电阻很大9、如图所示；电荷q均匀分布在半球面上，球面的半径为R，CD为通过半球顶点C与球心O的轴线．P；Q为CD轴上关于O点对称的两点．如果带电量为Q的均匀带电球壳，其内部电场强度处处为零，电势都相等．则下列判断正确的是()

A.P点的电势与Q点的电势相等B.带正电的微粒在O点的电势能为零C.在P点静止释放带正电的微粒(重力不计)，微粒将做匀加速直线运动D.P点的电场强度与Q点的电场强度相等评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图所示，平行板电容器两极板M、N相距为d，两极板分别与电压为U的恒定电源两极连接。现有一质量为m的带电油滴在极板中央处于静止状态，且此时极板所带电荷量是油滴所带电荷量的k倍；则（）

A.油滴带负电B.油滴所带电荷量为C.电容器的电容为D.将极板N向下缓慢移动一小段距离，油滴将向上运动11、如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向右端滑动时，下面说法正确的是()

A.电压表的读数减小，电流表的读数增大B.电压表读数变化量的大小与电流表读数变化量的大小比值增大C.若电压表读数变化量大小为电流表读数变化量的大小为则D.若则电压表的读数与电流表读数的乘积增大12、如图所示，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子从电场中的O点以相同的初速度飞出。仅在电场力作用下；两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则（）

A.a一定带正电，b一定带负电B.a加速度减小，b加速度增大C.a电势能减小，b电势能增大D.a和b的动能一定都增大13、如图所示，两虚线相距两虚线之间的区域分别存在着方向竖直向上的匀强电场和方向竖直向下的匀强电场为两电场的水平分界线。一带电荷量为质量为的粒子由边界上距为的点以初速度垂直射入电场，经电场偏转后，穿过分界线上某一点后由边界上距为的点垂直边界射出。粒子重力不计，则的大小可能为（）

A.B.C.D.14、如图所示，在水平向右的匀强电场中，将一内壁光滑、半径为R的固定绝缘圆轨道放置在竖直平面内，AB为圆轨道的水平直径，CD为竖直直径。一个质量为m、电荷量为+q的带电小球从轨道的最低点C获得一定的初速度后，能够在轨道内做圆周运动，已知重力加速度为g，匀强电场的电场强度为E=不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.小球运动到B点时的电势能最大B.小球运动到D点时的动能最小C.小球运动到A、D两点时的动能相等D.若小球恰能在轨道内做圆周运动，则小球运动过程中对轨道的最大压力为mg15、在探究影响导体电阻与其影响因素的定量关系时，某同学按如图所示的电路进行了实验研究，其中导体a与b只是长度不同，a与c只是粗细不同，a与d只是材料不同；关于该实验，下列说法正确的是（）

A.此电路缺少电流表，所以无法研究定量关系B.a与b相比，导体越长，电压表示数越大C.a与c相比，导体越粗，电压表示数越大D.a与d相比，电压示数越小，表明该种材料的导电性能越好。16、如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，电流表和电压表均为理想电表，R1、R3为定值电阻，R2为滑动变阻器，C为平行板电容器。开关S闭合后，两极板间的带电液滴处于静止状态，当滑动变阻器滑片P向a端滑动过程中；下列说法正确的是（）

A.R3的功率变小B.电压表、电流表示数都变小C.增大平行板间距，则液滴可能保持不动D.电容器C所带电荷量减少，液滴向下加速运动评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、如图所示，R1＝4Ω，R2＝9Ω，R3＝18Ω．通电后经R1、R2和R3的电流之比I1∶I2∶I3＝________，R1、R2和R3两端的电压之比U1∶U2∶U3＝________．

18、如图，两根通电长直导线a、b平行放置，a、b中的电流强度分别为I和2I，此时a受到的磁场力大小为F，若以该磁场力的方向为正，则b受到的磁场力大小为_____．当在a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后，a受到的磁场力大小变为2F，则此时b受到的磁场力大小为_____．19、在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx的阻值约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为1Ω，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，结果由公式计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数。若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则___________（选填“Rx1”或“Rx2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1___________（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值，测量值Rx2___________（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。

20、电磁炉是绿色环保型炉具，在人们生活中有着重要的应用（如图所示）。某同学家买了一台电磁炉，仔细观察发现有两个挡位。“挡位1”上标有“220V500W”，“挡位2”上标有“220V1000W”，这台电磁炉正常工作时的电压应为_____V。如果用“挡位2”做饭，电路中的电流为_____A。

21、电容器作为储能器件，在生产生活中有广泛的应用。对给定电容值为C的电容器充电，无论采用何种充电方式，其两极间的电势差u随电荷量q的变化图像都相同。请在图中画出上述u–q图像____。类比直线运动中由v–t图像求位移的方法，求两极间电压为U时电容器所储存的电场能Ep=____

22、物理学规定____定向移动的方向为电流的方向；电流通过导体时能使导体的温度升高，电能转化为____能；一个的电阻工作时，通过它的电流是0.3A，则此电阻在100s内电流产生的热量为____J。评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短25、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

26、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、实验题(共1题，共4分)27、（1）在测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，某同学先用多用表的直流电压挡直接去测量电池两端的电压，把测量值作为电动势时，其主要误差是___________________。为减小实验误差；他用如图所示的电路，并通过作图法得到电池的电动势和内阻。

根据下列实验器材，则电阻箱应选__________；由同一表头改装的电流表应选__________（填选项前的字母）

A.电阻箱（调节范围）B.电阻箱（调节范围）

C.电流表（量程）D.电流表（量程）

（2）根据欧姆定律，有通过改变电阻箱电阻，测得若干组电阻值和相应的电流值，以为横轴，为纵轴，得到曲线，求得斜率为纵轴截距为则电动势__________；内阻__________。这样得到的电动势与电流表的内阻__________（填“有关”、“无关”或“不确定”）；电池内阻与电流表的内阻__________（填“有关”、“无关”或“不确定”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)28、空间存在一方向竖直向下的匀强电场，O、P是电场中的两点．从O点沿水平方向以不同速度先后发射两个质量均为m的小球A、B．A不带电，B的电荷量为q（q>0）．A从O点发射时的速度大小为v0，到达P点所用时间为t；B从O点到达P点所用时间为．重力加速度为g；求。

（1）电场强度的大小；

（2）B运动到P点时的动能．29、如图所示，ABCD为竖直放在场强为E＝104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BCD部分是半径为R的半圆环，轨道的水平部分与半圆环相切，A为水平轨道的一点，而且AB＝R＝0.2m。把一质量m＝100g、带电量q＝＋10-4C的小球，放在水平轨道的A点，由静止开始被释放后，在轨道的内侧运动。求：（g＝10m/s2）

（1）它到达C点时的速度是多大？

（2）它到达C点时对轨道的压力是多大？

30、十三陵抽水蓄能电站是利用十三陵水库为下库，在蟒山顶上修建上库（又名“天池”），上下库落差h＝430m，如图18所示．其工作原理是：白天用电高峰期，将天池中的水引向下游水库，经过水轮机带动发电机产生电；晚上用电低谷期，则用抽水机将水由下游水库引向天池，由此循环来发电．假设某时刻将下游水库的水抽入天池，用电动机带动效率为η＝60%的离心水泵工作，工作电压为U＝380V，此时输入电动机的电功率为P＝19kW，电动机的内阻为r＝0.4Ω．已知水的密度为ρ＝1×103kg/m3，重力加速度g取10m/s2．求：

(1)电动机内阻消耗的热功率Pr；

(2)如果有10台这样的水泵同时工作，将540m3水蓄入天池，需多长时间？（不计进、出水口的水流速度）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、D【分析】【详解】

A．P下滑，R2阻值变小；故电路总电阻减小，则总电流增大，通过灯泡的电流增大，可知小灯泡的功率增大，A错误；

B．因电流增大，则R1上的电压增大；则电压表示数增大，B错误；

C．总电流增大，所以内电压及R1上的电压增大，故电容器上电压减小，所以电容器上的电荷量由知减小；C错误；

D．两表示数之比

故两表示数变化量的比值仍为R1不变；D正确。

故选D。2、B【分析】【详解】

由闭合电路欧姆定律，电流表的示数而一定，当可变电阻的滑动片向右移动后，减小，由知电流增大，即有：

电压表的示数因为电流增大，所以电压表的示数减小，即有：

A．与分析不符；故A错误；

B．与分析相符；故B正确；

C．与分析不符；故C错误；

D．与分析不符；故D错误；

故选B。3、C【分析】【详解】

导线c在a点的磁感应强度方向向下，大小为B；导线b在a点的磁感应强度方向向左，大小为B；导线d在a点的磁感应强度方向向左，大小为B；a点处的合磁感应强度大小为故选C.4、C【分析】【详解】

ABD．只有大小没有方向；运算遵循代数运算法则的物理量是标量。时间、长度、质量只有大小没有方向；运算遵循代数运算法则，都是标量，故ABD错误；

C．既有大小又有方向；运算时遵循平行四边形定则的物理量是矢量，电场强度既有大小又有方向，运算时遵循平行四边形定则，是矢量，故C正确；

故选C。5、C【分析】【详解】

两板间为匀强电场，则Ea=Eb

沿电场线电势逐渐降低，可知电势大小分别为φa>φb

则选项ABD错误；C正确。

故选C。6、D【分析】【详解】

A．电势只有大小无方向；是标量，选项A错误；

B．电压只有大小无方向；是标量，选项B错误；

C．电势能只有大小无方向；是标量，选项C错误；

D．电场强度即有大小又有方向，是矢量，选项D正确；7、B【分析】【详解】

A．由图乙可知，小球的机械能减少，所以向下运动时电场力对带负电小球做负功，则小球所受电场力沿x轴负方向，所以电场方向沿x轴正方向，由

可知图线的斜率表示电场力；由图可知电场力减小，所以电场强度减小，故A错误；

B．由牛顿第二定律

可知加速度增大；则小球向下做加速度增大的加速运动，故B正确；

C．从O到x1的过程中，相等的位移内，小球克服电场力做的功为

由于场强减小，故减小；故C错误；

D．根据动能定理可得

解得到达x1位置时，小球速度

故D错误。

故选B。8、D【分析】【详解】

AB．电流表断路或者滑动变阻器滑片接触不良；都会造成整个电路是断路情况，即电表示数为零，AB错误；

C．开关接触部位由于氧化；使得接触电阻太大，则电路电阻过大，电流很小，流过被测电阻的电流也很小，所以其两端电压很小，不会几乎等于电源电压，C错误；

D．待测电阻和接线柱接触位置由于氧化；使得接触电阻很大，相当于当被测电阻太大，远大于和其串联的其他仪器的电阻，所以电路电流很小，其分压接近电源电压，D正确。

故选D。9、D【分析】【详解】

A、由电场的叠加原理可知半球面右边的电场线是水平向右的，沿电场线方向电势逐渐降低，所以P点的电势高于Q点的电势，故A错误；

B、本题没有选取零势点，所以带正电的微粒在O点的电势能不一定为零，故B错误；

C、电场线方向水平向右，所以在P点释放静止带正电的微粒(重力不计)，微粒将作加速运动，距离远后电场力减小，所以是变加速运动，故C错误；

D、均匀带电半球相当于一个均匀带正电的球和半个均匀带负电的球，这个半球放在图的另一边，然后看PQ两点，可以看到，PQ两点在在上述涉及到的正电半球和负电半球中的相同的位置上，而由题目给出的条件，正电球在P、Q两点产生的电场为零，所以，正电半球在Q点产生的电场强度相当于负电半球在Q点产生的电场强度，而与P点的环境比较，唯一的区别是电荷符号相反，从而电场大小相同，只有可能有方向的区别，而分析可知，方向是相同的，故电场强度相等，故D正确；

故选D。

【点睛】

利用等效法分析电场强度，利用叠加原理判断电场线的分布，由受力分析判断带电粒子的运动状态。二、多选题(共7题，共14分)10、A:C【分析】【分析】

本题考查平行板电容器及带电粒子在电场中的运动；由电容的定义式，再结合电容的决定式进行分析；油滴的运动可结合其受力情况进行分析。

【详解】

A．由题意可知，带电荷量为的微粒静止不动；则微粒受到向上的电场力，平行板电容器板间场强方向竖直向下，则微粒带负电，故A正确；

B．由平衡条件得

解得油滴带电荷量为

故B错误；

C．电容器的电容为

故C正确；

D．极板N向下缓慢移动一小段距离，电容器两极板距离d增大，因电压U不变，故板间场强E减小，微粒所受电场力F减小，则有

微粒将向下做加速运动；故D错误。

故选AC。

【点睛】

本题整合了微粒的力平衡、电容器动态分析，由平衡条件判断微粒的电性，注意由受力情况来确定运动情况，是解题的思路。11、A:C【分析】【详解】

A．当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I1增大，则电流表A1读数增大；电压表V1读数U1=E-I1（R1+r），

I1增大，其他量不变，则U1减小；故A正确．

B．根据闭合电路欧姆定律有U1=E-I1（R1+r），则得

保持不变；故B错误．

C．电流表A1的读数等于电流表A2的读数与R2的电流之和，即I1=I2+IR2，

因I1增大，I2减小，IR2变大，则∆IR2>∆I2，

则

选项C正确；

D．将R1+r看做是电源的内阻，则电压表V1的读数与电流表A1读数的乘积等于电源的输出功率，当R1=R3时，滑动变阻器滑动触点P越向右移动，则外电阻和R1得差距越大；电源的输出功率越小，则选项D错误．

【点睛】

本题是简单的电路动态分析问题，按“部分→整体→部分”的思路进行分析．对于电压表读数的变化量与电流表读数的变化量之比，往往根据闭合电路欧姆定律分析．12、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定；A错误；

B．根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度及电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏；电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，B正确；

CD．根据图知a、b两粒子的电场力；速度的夹角为锐角；电场力对电荷做正功，其动能都增大，其电势能都减小，C错误，D正确。

故选BD。13、A:D【分析】【分析】

【详解】

设粒子经分界线上的点由匀强电场进入匀强电场由到及到的时间分别为到达点时竖直方向的分速度为则

解得

故AD正确。

故选AD。14、C:D【分析】【详解】

A．小球带正电；小球运动到B点时电场力做正功最多，电势能最小，小球运动到A点时电势能最大，A错误；

B．小球在等效场中做变速圆周运动，M点为等效最低点，N点为等效最高点；如图所示。

如图所示，在水平向右的匀强电场中，将一内壁光滑、半径为R的固定绝缘圆轨道放置在竖直平面内，AB为圆轨道的水平直径，CD为竖直直径。一个质量为m、电荷量为+q的带电小球从轨道的最低点C获得一定的初速度后，能够在轨道内做圆周运动，已知重力加速度为g，匀强电场的电场强度为E=不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.小球运动到B点时的电势能最大。

B.小球运动到D点时的动能最小。

C.小球运动到A、D两点时的动能相等。

D.若小球恰能在轨道内做圆周运动，则小球运动过程中对轨道的最大压力为mg

设等效重力加速度的方向与竖直方向的夹角为有

即

故在等效场中构成绳—球模型，在等效最高点的速度最小，动能最小，即小球运动到N点时的动能最小；B错误；

C．A、D两点关于等效重力场最高点对称，故运动到从N点分别运动到C、D点时合外力做功相同，故小球运动到A、D两点时的动能相等；C正确；

D.在等效场中的等效重力加速度为

小球恰好能够沿着轨道做圆周运动，则在等效最高点N时由等效重力提供向心力，有

可得

在等效最低点M点时速度最大，轨道对球的支持力最大，球对轨道的压力也最大，由C点到M点由动能定理

在M点由牛顿第二定律，有

解得

由牛顿第三定律可知小球运动过程中对轨道的最大压力为D正确。

故选CD。15、B:D【分析】【详解】

A．根据串联电路特点通过各电阻的电流都相同；则电阻两端的电压与电阻成正比，所以可以研究导体电阻与其影响因素的定量关系，则A错误；

B．串联电路电流处处相等，a与b相比；导体越长，电阻越大，则电压表示数越大，所以B正确；

C．串联电路电流处处相等，a与c相比；导体越粗，电阻越小，则电压表示数越小，所以C错误；

D．串联电路电流处处相等，a与d相比；电压示数越小，电阻越小，则表明该种材料的导电性能越好。所以D正确；

故选BD。16、B:C【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器滑片P向a端滑动过程中，接入电路的电阻增大，R2与R3并联的电阻增大，总电阻增大，则总电流减小，R1电压减小，则电压表示数变小，R2与R3并联的电压增大，通过R3电流增大，根据

可知功率变大，电流表示数为总电流减去通过R3电流；故电流表示数变小，故A错误，B正确；

C．R3两端的电压增大，增大平行板间距，根据

可知电场强度可能恒定；粒子可能保持不动，故C正确；

D．R2与R3并联的电压增大；电容器板间电压增大，带电量增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，则液滴将向上加速运动，故D错误；

故选BC。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【详解】

由并联电路的特点可知，U2=U3，即I2R2=I3R3，所以

流经R1和R3的电流之比所以：I1：I2：I3=3：2：1

R2和R3并联，两端的电压相等；由U=IR可知：所以：U1：U2：U3=2：3：3

【点睛】

该题考查的串联电路的特点，串联电路电流相同，电压与电阻成正比．并联电路电压相同，电流与电阻成反比，灵活选择表达式，然后将相关的数据代入即可．基础题目．【解析】3∶2∶12∶3∶318、略

【分析】【分析】

【详解】

由牛顿第三定律，b受到a对它的磁场力为-F；a、b的正中间再放置一根与a、b平行共面的通电长直导线c后，c在a、b两导线处的磁感应强度大小相等，方向相反，c导线对b导线的作用力是它对a导线的作用力的两倍，方向相反，a受到的磁场力大小变为2F，那么c导线对a导线的作用力可能是F也可能是-3F，c导线对b导线的作用力可能是-2F也可能是6F，故此时b受到的磁场力为-3F或5F．【解析】F；3F或5F；19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]因为。

可知用电流表内接误差较小，即Rx1更接近待测电阻的真实值；

[2][3]根据。

可知a图中电压表的读数大于待测电阻上的电压，可知测量值Rx1大于真实值；b图中电流表的读数大于待测电阻上的电流值，则测量值Rx2小于真实值。【解析】Rx1大于小于20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]用电器铭牌上的电压即为额定电压；因此电磁炉正常工作时的电压为220V；

[2]如果用“挡位2”做饭，根据可得电路中的电流为【解析】①.220②.4.521、略

【分析】【详解】

[1][2]根据可知故图像是过原点的直线。

类比直线运动中由v–t图像求位移的方法，求两极间电压为U时电容器所储存的电场能【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。

[2]电流通过导体时能使导体的温度升高；电能转化为内能。

[3]根据焦耳定律得；产生的热量。

【解析】正电荷内90四、作图题(共4题，共16分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【