2025年湘教版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版必修3物理上册月考试卷333考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，R4是半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，这就是一个火警报警器的电路，电流表是安放在值班室的显示器，电源两极之间接一个报警器，当R4所在处出现火情时；显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是()

A.I变大，U变小B.I变大，U变大C.I变小，U变大D.I变小，U变小2、下列关于物理学史和物理研究方法的叙述中正确的是（）A.控制变量法是科学探究两个量关系的重要方法B.牛顿通过大量实验验证得出了牛顿第一定律C.伽利略利用理想斜面实验和逻辑推理证明了自由落体运动是初速度为零的匀加速运动D.法拉第发现电流的磁效应与他坚信电和磁之间一定存在联系的哲学思想是分不开的3、真空中某电场的电场线如图中实线所示，M、O、N为同一根电场线上的不同位置的点，两个带电粒子a、b从同一位置P点以相同速度射入该电场区域，仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，已知a粒子带负电，b粒子带正电；下列说法正确的是（）

A.M点的电势低于N点的电势B.电场力对a粒子做负功，对b粒子做正功C.a粒子与b粒子的电势能均减小D.若在O点静止释放a粒子，仅在电场力的作用下，a粒子将沿电场线运动到M点4、如图所示，在A、B两点分别固定带电荷量为和的点电荷，O为AB中点。在AB中垂线上有M、N两点，将一试探电荷沿AB中垂线从M点移到O点再移到N点。下列判断正确的是（）

A.M、N两点场强相同且小于O点场强B.M、N两点电势相同且高于O点电势C.试探电荷从M点移到N点的过程中，电势能先增大后减小D.试探电荷从M点移到O点的过程中，电场力做功为零5、如图所示，虚线abc代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点；据此可知（）

A.三个等势面中，a的电势最低B.带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C.带电质点通过P点时的动能较通过Q点时大D.带电质点通过P点时的加速度较通过Q点时小评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、如图，一椭圆的两焦点M、N处固定两个等量异种电荷+Q、-Q，O为椭圆中心，ab是椭圆短轴上的两个端点，c是OM上的一点，d是Oa上的一点，ef是椭圆上关于O点对称的两个点；设无穷远处电势和电势能为零，下列说法中正确的是（）

A.a、b两点电势相等，但电场强度不同B.e、f两点电场强度相同，电势也相同C.一电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，且在c点的电势能小于在d点的电势能D.一质子从d点移到无穷远处，静电力做功为零7、如图所示，真空中的带负电的两个点电荷位于x轴上的A、B两点，它们相距4L，O点为AB的连线中点。一电子在AB连线间靠近A点的某点从静止释放后，在AB间做往复运动，且经过C点时动能最大，已知两点电荷电量之比则下列说法正确的是（）

A.电子经过O点时的加速度为0B.AC点间距离为C.电子从A向B运动过程中电势能一直减小D.C点电势比O点电势高8、在空间M、N（未画出）处分别固定点电荷和点电荷已知以M点为圆心的圆周上的各点中，P点的电势最低，Q点是圆周上另外一点；则（）

A.N点一定位于MP的连线上，且在M点左侧B.N点一定位于MP的连线上，且在M点右侧C.将一正点电荷从P点移到Q点，电场力做负功D.将一正点电荷从P点移到Q点，电场力做正功9、如图所示，是正对、水平放置的平行板电容器的两个极板，板接地。为可调电阻，用绝缘细线将质量为且带正电的小球悬于电容器内部。闭合开关小球静止时受到悬线的拉力为下列判断正确的是（）

A.保持不变，缓慢增大时，将减小B.保持不变，缓慢增大时，将变大C.保持不变，仅将板向左平移少许，小球电势能增大D.保持不变，仅将板向右平移少许，将有电流向右通过10、如图所示，一质量为带电量为的物体处于场强以（是均为大于零的常数，取水平向左为正方向）变化的电场中，物体与竖直墙壁间动摩擦因数为当时刻物体处于静止状态。若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力；且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是（）

A.物体开始运动后加速度不断增加B.物体开始运动后加速度先增加、后保持不变C.经过时间物体在竖直墙壁上的位移达最大值D.经过时间物体运动速度达最大值评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)11、如果E表示电源的电动势，表示路端电压，表示内电压，R表示外电路的总电阻，r表示内电阻，I表示闭合电路中的电流；那么根据下列给出的已知条件，求出其余各量（用已知量表示）:

（1）已知E、和r，则_______，_______，_______.

（2）已知I、R和则E=_______，_______._______.12、如图，电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，电阻R1=4Ω，R2=22Ω，滑动变阻器R的阻值0~30Ω。闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P由a端向b端滑动时，理想电流表和理想电压表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU表示。则______Ω；R1消耗的最小电功率为P＝_______W。

13、如图所示，电路电压U恒定，三个灯完全相同且电阻恒定，当滑动变阻器的滑片P由a向b滑动过程中，三个灯的亮度变化特点是________，________，________．

14、（1）某一电场的电场线和等势面如图甲所示，已知φa=5V，φc=3V，ab=bc，则______

A．φb=4VB．φb>4V

C．φb＜4VD．上述情况都有可能。

（2）若电场线和等势面如图乙所示，其他条件不变，则答案为（1）中的______

15、如图所示，匀强电场的电场线与平行，把的负电荷从点移到点，静电力做功长与成60°角。则匀强电场的场强方向______（填：指向或指向）；设处电势为则处电势为______，该负电荷在处的电势能为______。

16、如图所示是某吊扇的相关参数，测得吊扇正常匀速转动时单位时间排风量为Q=720m3/h，扇叶附近的风速为v=14.1m/s，电机内阻R=496取空气密度=1.2kg/m3，g=10m/s2，不计空气阻力，则正常工作时电机的输出功率为_______W，正常工作24小时对外做功约为_______J。

评卷人得分四、实验题(共1题，共7分)17、读数。

__________参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

当传感器R4所在处出现火情时，R4的阻值变小，R2、R3与R4的并联电阻减小；外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即有U变小．

因U变小；而电流增大，故R压增大；并联部分分压减小；故电流表示数减小；

故选A．

【点睛】

本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按局部→整体→局部的顺序进行动态变化分析2、C【分析】【详解】

A．控制变量法是科学探究多个量关系的重要方法；A错误；

B．牛顿第一定律是在可靠实验基础上结合逻辑思维的产物；不能用实验验证，B错误；

C．伽利略利用理想斜面实验和逻辑推理证明了自由落体运动是初速度为零的匀加速运动；C正确；

D．发现电流磁效应的科学家是奥斯特，D错误.3、C【分析】【详解】

ABC．a粒子带负电、b粒子带正电，由粒子的受力和运动轨迹可知，电场方向沿电场线向右，M点电势高于N点电势，电场力对a、b粒子均做正功；电势能均减小，AB错误，C正确；

D．由于M、O、N所在电场线为曲线，所以在O点静止释放的带电的粒子；不可能沿电场线运动，D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

A．由于在M、N点产生的场强大于在M、N点产生的场强，所以叠加后M点的场强斜向右上方（参看B中电场线图），而N点的场强斜向右下方；两者方向不同，故A错误；

B．由于在MN连线左侧电场线比右侧的电场线密集一些；如图所示。

所以经过O点的等势线上下方会向左弯曲（可参考图中箭头连线），导致O点电势高于M、N；故B错误；

C．由B中分析可知，M点移到N点过程中；电势先升高后降低，所以正电荷的电势能先增大后减小，故C正确；

D．由C中分析可知，M点移到O点的过程中；电势能增大，说明电场力做负功，故D错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

A．由带正电的质点轨迹弯曲的方向可知，质点所受电场力方向向右下方，则电场线与等势面垂直，电场线方向向右下方，沿电场线方向电势逐渐降低，可知a的电势最高；A错误；

B．正电荷在电势高的地方，电势能大，可知带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大；B正确；

C．若带电质点沿从P点到Q点方向运动，是从高电势到低电势，电场力做正功，由动能定理可知，质点的动能增加，因此通过P点时的动能较通过Q点时小；C错误；

D．由等势面越密集的地方，电场线也越密集，因此可知P点的电场线比Q点的电场线密，则有质点在P点所受的电场力比Q点所受的电场力大，由牛顿第二定律可知，带电质点通过P点时的加速度较通过Q点时大；D错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)6、C:D【分析】【详解】

AB．根据等量异种电荷电场线和等势面的分布规律可知，a、b两点电场强度相同，电势均为零，e、f两点关于O点对称，则电场强度相同，根据沿电场线方向电势降低，则e点的电势大于f点的电势；即电势不同，故AB错误；

C．根据等量异种电荷电场分布规律可知，c点电场强度大于O点的电场强度，O点的电场强度又大于d点的电场强度，则电子在c点受到的静电力大于在d点受到的静电力，根据沿电场线方向电势降低，知c点的电势大于d点的电势，根据电势能又因为电子带负电，则电子在c点的电势能小于在d点的电势能；故C正确；

D．由题意可知，无穷远处电势为零，则两电荷在d点产生的电势大小相等，符号相反，代数和为零，即d点电势为零，一质子在d点和无穷远处具有的电势能都为零，即电势能相等，所以将质子从d点移到无穷远处；静电力做功为零，故D正确。

故选CD。7、B:D【分析】【详解】

A．由题意可知，电子在AB之间做往复于东，且在C点时动能最大，根据

可知，因为是同一个电子，所以速度大，则动能大，即电子在C点的速度最大，根据运动学规律可知，当加速度为零时，其速度达到最大值，即在C点时加速度为0；故A项错误；

B．设AC间的距离为l，由之前的分析可知，电子在C点的加速度为零，即在C点受力平衡，有

解得（不合题意舍去）

所以AC之间的距离为故B项正确；

CD．根据不等量负电荷连线上的电势分布规律可知，在C点电势为零，C点两边的电势均为为负值，故C点的电势比O点电势高，电子在从A到B点的过程中；其电势能先减小后增加，故C错误，D正确。

故选BD。8、B:C【分析】【详解】

AB．因P点的电势最低，故圆周上各点中，P点离负电荷最近，故电荷一定在MP的连线上，且在M点右侧；故A错误，B正确；

CD．由题意可知，P点电势低于Q点电势；故正电荷由低电势移动到高电势，电场力做负功，故C正确，D错误。

故选BC。9、B:D【分析】【详解】

A．电容器稳定时，与电容器串联的电路电流为零，电阻两端电势差为0，故R1变化不会影响小球受力；A错误；

B．电容器两端间的电压与R3两端的电压相等，R3增大，其两端的电压增大，电容器电压增大，根据

知电场强度增大，

拉力增大；B正确；

C．保持R2，R3不变，仅将N板向左平移少许，因电容器两端电压U一直稳定；小球所在位置的电势和小球的电荷量不变，所以电势能不变，C错误；

D．保持R2，R3不变，仅将N板向右平移少许，电容减小，面积S减小，根据

可知电容减小，根据

因电压不变，所以带电量减小，故电容放电，电流向右通过R1；D正确。

故选BD。10、A:C【分析】【详解】

AB．由题意物体所受的电场力电场改变方向之前，物体沿竖直墙运动，由于水平方向支持力与电场力相等，电场强度减小；所以支持力减小，故摩擦力减小，所以物体受到的重力和摩擦力的合力增大，加速度增大，速度增大；电场改为水平向右时，物体受互相垂直的重力和电场力，而电场力随电场强度的增大而增大，所以合力增大，加速度增大。因此，整个过程中，物体运动的加速度不断增大，A正确，B错误；

C．墙壁对物体的支持力时，物体将要离开墙壁，它在墙壁上运动的位移达到最大，此时

得

即

解得

C正确；

D．根据上述分析可知；物体运动的加速度不断增大，且速度不断增大，D错误；

故选AC。三、填空题(共6题，共12分)11、略

【分析】【详解】

(1)[1][2][3]根据闭合电路电压关系可知，

对内阻根据欧姆定律可知，电流

外电阻

(2)[4][5][6]已知I、R和则根据闭合电路欧姆定律E=

路端电压

对内阻根据欧姆定律可知，内阻【解析】12、略

【分析】【详解】

[1]．根据闭合电路欧姆定律得U=E-I（R1+r）

则由数学知识得知：=R1+r=4+1=5Ω．

[2]．当变阻器与电阻R2并联的电阻最大时，外电路电阻最大，总电流最小，R1消耗的电功率最小，此时有：RaP=RPb+R2

又RaP+RPb=30Ω，R2=22Ω；

解得：RaP=26Ω，RPb=4Ω

则外电路总电阻为：R=RaP+R1=13Ω+4Ω=17Ω

电路中总电流为：

R1消耗的最小电功率为：【解析】51.7813、略

【分析】【详解】

[1][2][3]当滑动变阻器的滑片P由a向b滑动过程中，电路中的总电阻值先增大后减小，所以电路中总电流先减小后增大，即灯泡L1的亮度先变暗后变亮。当电路中总电流减小时，L1分担的电压减小，L2、L3及滑动变阻器分担的电压增大，滑动过