2025年沪教版选修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教版选修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示；方波交流电压和正弦交流电压分别加在相同阻值的电阻上，则。

A.方波交流电压的有效值是10VB.正弦交流电压的有效值是5VC.它们在此电阻上产生的热功率之比Pa∶Pb为1∶1D.它们在此电阻上产生的热功率之比Pa∶Pb为4∶12、引力波是指通过波的形式从辐射源向外传播的时空弯曲中的涟漪，1916年，一著名物理学家基于广义相对论预言了引力波的存在，此物理学家由于发现了光电效应的规律而获得了1921年诺贝尔物理学奖，2015年，美国激光干涉引力波天文台（LIGO）探测到首个引力波信号，根据上述信息可知预言存在引力波的物理学家是A.爱因斯坦B.伽利略C.牛顿D.普朗克3、如图；一定质量的理想气体从状态A沿直线变化到状态B的过程中，其体积（）

A.保持不变B.逐渐变大C.逐渐变小D.先变小后变大4、一理想变压器原､副线圈匝数比n1：n2=11：5.原线圈与正弦交变电源连接,输入电压u如图所示.副线圈仅接入一个10Ω的电阻.则()

A.流过电阻的电流是20AB.与电阻并联的电压表的示数是100VC.经过1分钟电阻发出的热量是6×103JD.变压器的输入功率是1×103W5、铜是良好的导电材料．在一段通电铜导线内，定向移动形成电流的微粒是（）A.电子B.原子核C.既有电子也有原子核D.原子6、静止的原子核在磁场中发生衰变后运动轨迹如图所示，大、小圆半径分别为R1、R2．则下列关于此核衰变方程和两圆轨迹半径比值的判断中正确的是。

A.B.C.R1∶R2＝84∶1D.R1∶R2＝207∶47、下列说法正确的是A.α粒子大角度散射表明α粒子很难进入原子内部B.氨原子跃迁发出的光从空气射入水时可能发生全反射C.裂变反应有质量亏损，质量数不守恒D.γ射线是一种波长很短的电磁波评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、一定质量的理想气体，在体积保持不变的条件下，若气体温度升高，则（）A.气体中每个分子热运动的动能一定都变大B.气体中每个分子对器壁撞击的作用力都变大C.气体的压强变大D.气体一定从外界吸收热量9、一含有理想变压器的电路如图所示，变压器原、副线圈匝数比为3：1．电路中连接三个相同的电阻R，A为理想交流电流表，U为正弦交流电源，输出电压的有效值U=380V．当开关S断开时；电流表的示数为2A．则。

A.定值电阻R的阻值为10ΩB.开关S断开时，副线圈的输出电压为127VC.开关S闭合时，电流表的示数为3.8AD.开关S闭合时，电路中消耗的总功率为1300W10、关于一定量的气体，下列说法正确的是()A.气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体所有分子体积之和B.只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低C.气体在等压膨胀过程中温度一定升高E.在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零E.在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零11、如图所示；一束由两种色光混合的复色光沿PO方向射向一上下表面平行的厚玻璃砖的上表面，得到三束光线Ⅰ；Ⅱ、Ⅲ，若玻璃砖的上下表面足够宽，下列说法正确的是（）

A.光束Ⅰ仍为复色光，光束Ⅱ、Ⅲ为单色光B.改变α角，光束Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ仍保持平行C.通过相同的双缝干涉装置，光束Ⅱ产生的条纹宽度要大于光束Ⅲ的D.在真空中，光束Ⅱ的速度小于光束Ⅲ的速度12、关于原子核的结合能，下列说法正确的是（）A.原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B.一重原子核衰变成粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能C.比结合越大，原子核越不稳定D.自由核子组成原子核时，其质量亏损所对应的能量大于该原子核的结合能评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)13、关于饱和汽与饱和汽压，气体和液体之间的动态平衡是指汽化和液化同时进行的过程，且进行的速率__________，一定温度下的饱和汽压与体积__________．14、热平衡：两个相互接触的热力学系统，经过一段时间，各自的状态参量_______，说明两个系统达到了平衡，这种平衡叫作热平衡。15、如图，上端带卡环、底部有加热装置的圆柱形气缸竖直放置在水平地面上，质量为m、横截面积为S、厚度不计的活塞到气缸底部的距离为气缸高度的一半，活塞下部封闭有温度为T的理想气体。已知重力加速度为g，外界大气压强恒为忽略一切摩擦。现对封闭气体缓慢加热，则活塞恰好到达气缸上端卡口时气体温度T1=_______；保持封闭气体的温度T1不变，在活塞上表面缓慢倒入沙子，使活塞到气缸底部的距离为气缸高度的三分之一，则倒入沙子的总质量m1=________。

16、如图，一定量的理想气体经历的两个不同过程，分别由体积-温度（V-t）图上的两条直线I和Ⅱ表示，V1和V2分别为两直线与纵轴交点的纵坐标；t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0是它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0=-273.15℃；a、b为直线I上的一点。由图可知，气体在状态a和b的压强之比=___________；气体在状态b和c的压强之比=___________。

17、石坑崆位于广东省乳源瑶族自治县西部70多公里的群山中，是广东和湖南交界的地方，又名莽山峰，海拔1902米，是广东第一高峰。某人从山底释放一气象探测气球，气球上升到山顶时，内部气体的压强变小。若气球上升过程中体积不变，则从山底到山顶，气球内气体分子的平均动能___________（选填“变大”“变小”或“不变”）；该过程中，气球内气体___________（选填“放出”或“吸收”）热量。18、从年，出生于云南的航海家郑和先后7次下西洋。在一望无际的茫茫大海中，利用指南针导航。指南针指南的一端是______极选填“N”或“S”19、如下左图所示，楔形木块A固定在水平放置压力传感器上，A的斜面是光滑的．某同学将质量不同的小钢球从斜面顶端静止释放，记录小钢珠在斜面上运动时压力传感器的示数．重力加速度g="9.8"m/s2.记录实验数据后；根据数据做出F-m图像，如下右图．

（1）由图像知，木块A的质量M=____kg（保留小数点后一位）

（2）若斜面倾角为θ，由图像知，_____（保留小数点后两位）

（3）不同质量的小钢珠在斜面上运动的时间______________（填“相同”或“不相同”）

20、阅读短文；回答问题：

变频空调机。

空调机中有被称为“冷媒”的物质；利用它的物态变化可以实现室内；室外热量的转移，如图所示是空调机制冷系统的原理图，其中压缩机的作用是对气态“冷媒”加压，并使“冷媒”在管内循环，压缩机的转速越大，“冷媒”的流量越大，空调机的制冷能力就越强．

压缩机的转速由供电频率决定；“变频空调”是与传统供电频率不变的“定频空调”相比较而产生的概念，与“定频空调”相比，变频空调机的变频器可以在一定范围内调节供电频率，从而改变压缩机的转速．供电频率越高，转速越大，达到控制“冷媒”流量的目的．

变频空调机开始工作时；以最大功率进行制冷，当室内温度快速降至设定温度后，压缩机随机处于低速持续运转状态，维持室温基本不变．

某型号变频空调机的部分参数如下表；其中：制冷量是指单位时间内空调机从密闭区域内去除热量的总和；能效比是空调机在额定状态工作时，制冷量与输入功率之比．

。

最小。

额定。

最大。

输入功率/W

130

700

1400

制冷量/W

650

2660

3600

能效比。

﹣﹣

3．8

﹣﹣

请回答下列问题：

(1)空调机的制冷原理是：在室内；“冷媒”由于________吸收热量，而在室外则由于________放出热量，从而把室内的热量转移到室外，达到降低室内温度的目的．（以上均填物态变化名称）

(2)关于变频空调机；下列说法正确的是：（_____）．（填字母序号）

A；变频空调的压缩机与定频空调一样；也是断断续续工作的。

B；空调机制冷时；图中钢管A内流动的是气态“冷媒”

C；空调压缩机是利用降温的方法使“冷媒”发生物态变化的。

D、变频器供电频率越高，空调机的制冷能力越强评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)24、物理兴趣小组的同学们从实验室中找到一只小灯泡，其标称功率值为额定电压值已模糊不清．他们想测定其额定电压值，于是先用欧姆表直接测出该灯泡常温下不发光的电阻约为然后根据公式计算出该灯泡的额定电压．他们怀疑所得电压值不准确，于是，再利用下面可供选择的实验器材设计一个电路，测量通过灯泡的电流和它两端的电压并根据测量数据来绘灯泡的图线；进而分析灯泡的额定电压．

A．电压表（量程内阻约）

B．电流表（量程内阻约）

C．电流表（量程内阻约）

D．滑动变阻器

E．滑动变阻器

F．电源（电动势内阻不计）

G．开关和导线若干。

H．待测灯泡（额定功率额定电压未知）

（1）在下面所给的虚线框中画出他们进行实验的电路原理图________，指出上述器材中，电流表选择_____（“”或“”）：滑动变阻器选择____（填“”或“”）．

（2）在实验过程中，该同学将灯泡两端的电压由零缓慢地增加，当电压达到时，发现灯泡亮度很暗，当达到时，发现灯泡已过亮，便立即断开开关，并将所测数据记录在下边表格中．。次数12345670.200.601.001.401.802.202.7080155195227255279310

请你根据实验数据在图中作出灯泡的图线______．

（3）由图象得出该灯泡的额定电压应为__这一结果大于其原因____．25、某同学家里有一卷镍铬合金丝(表面绝缘层很薄)如图甲所示；他上网查出了其电阻率为ρ，拿到学校实验室用学过的方法测总长度．他选用的器材有多用电表；电压表、定值电阻、单刀双掷开关、滑动变阻器、螺旋测微器、导线和学生电源等．

测量步骤如下。

(1)使用螺旋测微器测量合金丝伸出部分的镍铬合金丝的直径，示数如图乙所示，则镍铬合金丝的直径D为___________mm．

(2)使用多用电表粗测其总电阻，选择欧姆挡“×10”倍率进行测量，多用电表的示数如图丙所示，则读数为___________Ω(结果保留两位有效数字)．

(3)该同学设计了如图甲所示的电路求合金丝的电阻，其中Rx为待测合金丝，R0为定值电阻，S2为单刀双掷开关，当S2打向1时电压表读出数值U1，打向2时电压表读出数值U2．请按他的实验原理图在图乙中连接好未曾连接的导线________．

(4)根据实验测得的镍铬合金丝的电阻值，可根据以上实验数据估算这卷镍铬合金丝的长度表达式是L=___________(用U1、U2、D、R0、ρ来表示)26、将满偏电流、内阻未知的电流表G改装成电压表．利用如图所示的电路测量电流表G的内阻．先闭合开关S1，断开开关S2，调节，使电流表指针偏转到满刻度（此时接入电路的值远大于电流表的内阻）；再闭合开关S2，保持R不变，调节，使电流表指针偏转到满刻度的一半，读出此时的阻值为200.0．

利用上述测量结果，把该电流表改装成量程为3V的电压表，应该______（填写“串联”或者“并联”）一个阻值为______的电阻．评卷人得分六、解答题(共1题，共9分)27、如图，平面直角坐标系xoy第一象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在第四象限内存在方向垂直纸面向外圆心标O'（2h，-2h），半径R=2h的圆形有界匀强磁场．现有一带电粒子质量为m，电荷量为+q，以速v0由y轴上y=h处的A点垂直y轴飞入第一象限并由x=2h处的C点进入有界磁场，在磁场中偏转900后飞离磁场（粒子重力不计、cos15°=cos30°=cos60°=）求：

（1）电场强度E；

（2）带电粒子进入磁场中的速度v的大小；

（3）磁感应强度B

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【详解】

A项：根据电流的热效应有：解得：U=10V，故A正确；

B项：正弦交流电压的有效值是：故B错误；

C、D项：根据可知，故C、D错误．2、A【分析】【详解】

根据题干中的“广义相对论”和“发现了光电效应的规律”可知；预言存在引力波的物理学家是爱因斯坦。

A．A项与上述分析结论相符；故A正确；

B．B项与上述分析结论不相符；故B错误；

C．C项与上述分析结论不相符；故C错误；

D．D项与上述分析结论不相符，故D错误。3、B【分析】【分析】

【详解】

将t轴上绝对零度（即-273℃）点D与AB连接起来，AD与BD均表示气体的等容变化；由数学知识得知：

等容线斜率越大，越大，由气态方程得知，体积越小。由图知：AD斜率较大，BD斜率较小，则AD线对应的气体体积较小，BD线对应的体积较大，故气体由A变化到B，体积逐渐增大。

故选B。4、D【分析】由图象可知，原线圈中电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，与电阻并联的电压表的示数是100V，流过电阻的电流所以AB错误；由所以经过60s电阻发出的热量是60000J，所以C错误；由图象可知，原线圈中电压的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压有效值为100V，副线圈的电阻为10Ω，所以输出功率输入功率等于输出功率，所以D正确．

故选：D．5、A【分析】【分析】

明确电流的性质；知道金属导体中形成电流的是自由电子.

【详解】

在金属铜中可以自由移动的是自由电子；原子核；原子均不能自由移动，故形成电流的微粒是电子，故A正确，B、C、D错误.故选A.

【点睛】

本题考查电流的形成，知道金属导体中能形成电流的自由电子.6、C【分析】【详解】

若是α衰变，则新核和α粒子向相反的方向射出，新核和α粒子偏转方向相反，做匀速圆周运动的轨迹外切，由题意知，两圆内切，所以该核的衰变是β衰变，于是根据质量和电量守恒就能写出衰变方程，所以选项AB错误．洛仑兹力提供向心力求得半径公式又由于衰变前后动量守恒，即m1v1=m2v2，所以半径之比等于电量的反比，从而求出半径之比为84：1，所以选项C正确，选项D错误．7、D【分析】【详解】

α粒子的散射现象表明大多数α粒子不发生偏转，说明穿过了原子，少数α粒子发生偏转，说明无法穿过原子核，A错误．任何光只有在从光密介质进入光疏介质时才能发生全反射，B错误．裂变有质量亏损是因为核子的平均密度变化引起的，但是核子的总数并未改变，C错误．γ射线是频率很大波长很短的电磁波，D正确．二、多选题(共5题，共10分)8、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．一定质量的气体；在体积不变的情况下，若气体的温度升高，则气体分子的平均动能增大，而不是气体分子的每个动能都一定增大，故A错误；

B．由于不是每个分子的速度都增大；总有速度还会变小的，所以每个分子对器壁的作用力不一定都变大，故B错误；

C．根据理想气体状态方程可知；若温度升高的同时，体积不变，则压强一定变大，故C正确；

D．若气体的温度升高，则它的内能一定增大，即△U＞0，而体积不变，故外界没有对它做功，即W=0，根据热力学第一定律△U=W+Q可知；气体一定从外界吸收热量，故D正确。

故选CD。9、A:C【分析】【详解】

A.此时电流表示数根据变压器原理可得副线圈电流根据电压关系有：代入数据解得：A正确．

B.副线圈电压B错误．

CD.开关闭合，且解得：回路总功率C正确D错误．10、A:B:C【分析】【详解】

A.气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积；而不是该气体所有分子体积之和，A正确。

B.温度是分子运动剧烈程度的标志；所以只要能减弱气体分子热运动的剧烈程度，气体的温度就可以降低，B正确。

C.根据气体方程可知；气体在等压膨胀过程中温度一定升高，C正确。

D.改变内能的两种方式：做功和热传递；由于不清楚做功情况，所以内能无法判断，D错误。

E.气体的压强是大量分子频繁撞击器壁产生的，与有无重力无关，E错误。11、A:B【分析】【详解】

A；所有色光都能反射；由反射定律知，它们的反射角相同，可知光束Ⅰ是复色光，而光束Ⅱ、Ⅲ由于折射率的不同导致偏折分离，所以光束Ⅱ、Ⅲ为单色光，故选项A正确；

B、一束由两种色光混合的复色光沿方向射出，经过反射、再折射后，光线仍是平行，因为光的反射时入射角与反射角相等，由光路可逆可得出射光线平行；改变角；光线Ⅰ，Ⅱ，Ⅲ仍保持平行，故选项B正确；

C；由图知光束Ⅱ的偏折程度大于比光束Ⅲ；根据折射定律可知光束Ⅱ的折射率大于光束Ⅲ的折射率，则光束Ⅱ的频率大于光束Ⅲ，光束Ⅱ的波长小于光束Ⅲ的波长，而双缝干涉条纹间距与波长成正比，则双缝干涉实验中光Ⅱ产生的条纹间距比光Ⅲ的小，故选项C错误；

D、在真空中，光束Ⅱ的速度要等于光束Ⅲ的速度，都是故选项D错误．

12、A:B【分析】【详解】

A.原子的结合能等于核子在结合成原子核的过程中释放的能量；也是把原子核分解成核子所需吸收的最小能量，A正确。

B.一重原子核衰变成粒子和另一原子核；要释放能量，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能，B正确。

C.比结合能越大；结合过程中核子平均释放能量越大，原子核越稳定，C错误。

D.自由核子组成原子核时，根据爱因斯坦质能方程其质量亏损所对应的能量等于该原子核的结合能，D错误三、填空题(共8题，共16分)13、略

【分析】由动态平衡的概念可知，汽化与液化的速率相等，一定温度下饱和汽压与体积无关.【解析】相等无关14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】不再变化15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]对封闭气体缓慢加热；则活塞恰好到达气缸上端卡口，对封闭气体处于等压过程，由盖-吕萨克定律可知。

其中。

解得。

[2]未在活塞上表面缓慢倒入沙子前；对活塞列受力平衡。

保持封闭气体的温度T1不变,对封闭气体处于等温过程；由玻意耳定律可知。

对活塞列受力平衡。

其中。

联立可解。

【解析】2T；4m16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据盖吕萨克定律有

整理得

由于体积-温度（V-t）图像可知，直线I为等压线，则a、b两点压强相等，则有

[2]设时，当气体体积为其压强为当气体体积为其压强为根据等温变化，则有

由于直线I和Ⅱ各为两条等压线，则有

联立解得【解析】117、略

【分析】【详解】

[1][2]从山底到山顶，气球的体积不变，气球内气体的压强变小，可知气体的温度变低，分子平均动能变小，又由热力学第一定律可知，气体的内能减小，则气体要放出热量。【解析】变小放出18、略

【分析】【分析】

根据磁体之间的相互作用的特点分析指南针.

【详解】

根据对磁体磁场的N、S极的规定可知，指南针指南的一端是S极.

【点睛】

该题考查磁场的方向的规定、磁场的基本特点以及洛伦兹力的定义，都是和磁场有关的几个基本概念，记住即可正确解答.【解析】S19、略

【分析】【详解】

试题分析：（1）当m=0时，传感器的示数即为木块A的重力，则有：Mg=4.80N，解得：

（2）对小球受力分析；根据平衡条件可知，A对小球的支持力N=mgcosθ；

根据牛顿第三定律可知；小球对A的压力为mgcosθ；

对A受力分析可知；传感器对A的支持力F=Mg+mgcosθcosθ；

则传感器的示数为F=Mg+mgcos2θ

则F-m图象的斜率k=gcos2θ；

则有：

解得：cos2θ=0.82

（3）根据牛顿第二定律得小球下滑的加速度为：a＝gsinθ；则不同质量的小钢珠在斜面上运动情况完全相同，所以运动的时间也相同．

考点：研究加速度与物体质量；受力的关系.

【名师点睛】

本题考查研究加速度与物体质量、受力的关系实验；解题的关键是搞清实验的原理及分别对小球和A受力分析，求出传感器的示数F与m的表达式，注意F-m图象斜率和截距所表示的含义，难度适中．【解析】0.50.80（0.77~0.83）相同20、略

【分析】（1）在室内；制冷剂由液态变成气态，叫做汽化，汽化吸热；在室外又由气态变成液态叫液化，液化放热．故填汽化（蒸发）；液化．

（2）变频空调的压缩机是连续工作的，故A错误；由图示可知，空调机制冷时，图中钢管A内流动的是气态“冷媒”，故B正确；空调压缩机是利用做功的方法使“冷媒”发生物态变化的，故C错误；变频器供电频率越高，空调机的制冷能力越强，故D正确。所以选BD。【解析】液化汽化BD四、作图题(共3题，共15分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共18分)24、略

【分析】【详解】

（1）由P=I2R可得，I==0.61A，所以应选