2025年人民版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图，A、B两个物体的质量均为1kg，两个物体之间用轻弹簧栓接，弹簧的劲度系数为100N/m．两个物体均处于静止状态．现用恒力F=20N竖直向上提起物体A，当B恰好要离开地面时，下列说法正确的是（）（g=10m/s2）A.在上述过程中，以B物体为系统的机械能守恒B.在上述过程中，物体A的机械能守恒C.当B恰好离开地面时，物体A的速度为2m/sD.当B恰好离开地面后，物体B的加速度始终大小相等2、关于参考系的选取，下列说法正确的是（）A.参考系必须选取静止不动的物体B.参考系必须是在地面上的物体C.在空中运动的物体不能做为参考系D.运动的物体也可以做为参考系3、如图是一汽车在平直路面上启动的速度-时间图象，在0～t1段图象是直线段，t1时刻起汽车的功率保持不变．已知路面阻力不变；则由图象可知（）

A.0～t1时间内；汽车的牵引力增大，加速度增大，功率不变。

B.0～t1时间内；汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大。

C.t1～t2时间内；汽车的牵引力减小，加速度减小。

D.t1～t2时间内；汽车的牵引力不变，加速度不变。

4、【题文】下列关于光的波粒二象性的说法中，正确的是（）A.有的光是波，有的光是粒子B.光子与电子是同样的一种粒子C.光的波长越长，其波动性越显著，波长越短，其粒子性越显著D.大量光子产生的效果往往显示粒子性5、【题文】如图所示；为一质点做直线运动的速度—时间图象，下列说法错误的是：()

A.整个过程中，CE段的加速度最大B.在18s末，质点的运动方向发生了变化C.整个过程中，D点所表示的状态离出发点最远D.BC段所表示的运动通过的位移是34m6、关于质点，下列说法中正确的是（）A.研究微小的灰尘时，灰尘一定可以看成质点B.计算火车通过南京长江大桥的时间，火车可以看成质点C.研究行驶在京九铁路上北京到深圳的火车，火车可以看成质点D.研究体操运动员在空中的动作时，运动员可以看成质点7、地球的半径为R，某地球卫星在地球表面所受万有引力为F，则该卫星在离地面高度约6R的轨道上受到的万有引力约为（）A.6FB.7FC.FD.F8、如图所示，开关S处于断开状态，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中，导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（）A.B两点电场强度不相等，电势不相等B.枕形导体感应起电是由于导体中正、负电荷同时向两端移动引起的C.感应电荷在B两点的电场强度E′A＜E′BD.当电键S闭合时，电子从大地沿导线向导体移动评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、将轻弹簧上端固定，下端悬挂小钢球，把小钢球从平衡位置竖直向下拉下一段距离，放手让其运动．从小钢球通过平衡位置开始计时，其振动图象如图所示，下列说法正确的是（）A.钢球的振动周期为4sB.在t0时刻弹簧的形变量为4cmC.钢球振动半个周期，回复力做功为零D.钢球振动四分之一周期，通过的路程可能大于5cm10、两颗人造卫星绕地球做圆周运动，它们的轨道半径比为1：4，则（）A.它们的运动速率之比为2：1B.它们的周期之比为1：4C.它们的运动速率之比为4：1D.它们的周期之比为1：811、如图所示，AB

两物块的质量皆为m

静止叠放在水平地面上。AB

间的动摩擦因数为4?B

与地面间的动摩擦因数为?

最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g

现对A

施加一水平拉力F

则A.当F<4?mg

时，AB

都相对地面静止B.当F=7?mg

时，A

的加速度为3?g

C.当F>8?mg

时，A

相对B

滑动D.无论F

为何值，B

的加速度不会超过?g

12、关于动能，下列说法正确的是（）A.运动的物体所具有的能叫做动能B.运动的物体所做的功的大小叫做动能C.做变速运动的物体，动能一定在变化D.速度不变的物体，其动能一定不变13、如图所示，一倾角θ=30°的光滑斜面固定在箱子底板上，一小球用一细绳拴于箱子顶部，细绳与斜面间夹角也为θ，细绳对小球的拉力为T，斜面对小球的支持力为N，重力加速度为g，小球始终相对斜面静止，则下列运动能确保T、N中只有一个为0的是（）A.箱子自由下落B.箱子水平向右做加速运动，且加速度大小为gC.箱子水平向右做减速运动，且加速度大小为gD.箱子以任意加速度竖直向上做加速运动14、如图所示，一截面为三角形的斜劈，放在粗糙的水平面上，A，B两个小物体中间夹一个轻质弹簧，在沿斜面向下的推力F作用下，恰好都能沿斜面匀速下滑．现突然撤去F，且撤去F前后斜面始终处于静止状态，下列说法正确的是（）A.撤去F瞬间，A的加速度方向沿斜面向上B.撤去F瞬间，B的加速度方向沿斜面向下C.撤去F之前，地面对斜劈的摩擦力方向向左D.撤去F前后瞬间，斜劈对地面的压力不变15、甲、乙两物体分别放在广州和北京，它们随地球一起转动时，下面说法正确的是（）A.甲的线速度大B.甲的角速度大C.甲的向心加速度大D.甲和乙的角速度相等16、甲、乙两车沿同一平直公路运动的速度图象，如图所示．已知t2=2t1，则（）A.甲的加速度大于乙的加速度B.在t1时刻，两车相遇C.0～t2时间，两车位移相等D.0～t1时间，两车位移相等17、如图是类氢结构的氦离子能级图．已知基态的氦离子能量为E1=-54.4eV．在具有下列能量的光子中，能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是（）A.40.8eVB.41.0eVC.43.2eVD.54.4eV评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、在某个点电荷形成的电场的A点，放入试探电荷q=2C，受到的电场力为2N，则该点的电场强度大小为____N/C；若把试探电荷q拿走后，该点的电场强度大小又为____N/C；若又把另一个试探电荷q=3C放入该点，则该点的电场强度大小又为____N/C．19、初速度为零的匀加速直线运动中，第一个T、第二个T、第三个T内的位移之比为____；通过连续相等的位移所用时间之比为____．20、一个质量为m=0.5kg的物体，在F=10N的向心力的作用下做半径r=0.2m的匀速圆周运动，它的向心加速度为a=____m/s2，线速度v=____m/s．21、用长为l的细线拴一个小球使其绕细线的加一端在竖直平面内做圆周运动，当球通过圆周的最高点时，细线受到的拉力等于球重的2倍，已知重力加速度为g，则球此时的速度大小为____，角速度大小为____，加速度大小为____．22、（1）氢原子的能级如图1所示，设各能级的能量值分别为E1、E2、E3En，且，n为量子数．有一群处于n=4能级的氢原子，当它们向低能级跃迁时，最多可发出____种频率的光子．若n=4能级的氢原子向n=2能级跃迁时，发出的光子照射到某金属时恰能产生光电效应现象，则该金属的极限频率为____（用E1、E2、E3En，普朗克常量h表示结果），上述各种频率的光子中还能使该金属产生光电效应的光子有____种．

（2）如图2所示，木块A的质量mA=1kg，足够长的木板B的质量mB=4kg，质量为mC=2kg的木块C置于木板B上，水平面光滑，B、C之间有摩擦，现使A以vo=10m/s的初速度向右运动；与B碰撞后以立即以4m/s的速度弹回．求：

①B运动过程中的最大速度；

②若B、C间的动摩擦因数为0.6，则C在B上滑动的距离．23、【题文】⑴（5分）如图为频率f=1Hz的波源产生的横波，图中虚线左侧为A介质，右侧为B介质。其中x=14m处的质点振动方向向上。则该波在A、B两种介质中传播的速度之比vA：vB=____。若图示时刻为0时刻，则经0．75s处于x=6m的质点位移为____cm。24、（2016春•彭州市期中）如图所示弹簧下面挂一个质量为m的物体；物体在竖直方向作振幅为A的简谐运动，当物体振动到最高点时，弹簧正好为原长．重力加速度为g．则物体在振动过程中。

（1）物体在竖直方向作简谐运动的过程中机械能是否守恒？____．

A．机械能守恒B．机械能不守恒C．不确定。

（2）物体在最高点回复力____最低点回复力．（大于；小于或等于）

（3）物体的最大弹性势能等于____．

（4）物体最低点弹力等于____．评卷人得分四、判断题(共2题，共20分)25、“宁停三分，不抢一秒”指的是时间．____．（判断对错）26、公式E=和对于任何静电场都是适用的．____．（判断对错）评卷人得分五、画图题(共2题，共20分)27、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）28、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分六、简答题(共1题，共6分)29、篮球以10m/s的速度水平撞击篮板后以8m/s的速度反向弹回，球与板接触的时间为0.1s，以初速度方向为正向，则篮球在这段时间内加速度多大？方向如何？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】根据只有重力做功；机械能守恒，即可判定；

由动能定理；结合重力做功，即可求解A的速度大小；

根据牛顿第二定律，结合受力分析，即可确定加速度的大小关系．【解析】【解答】解：A；当选取A、B与弹簧作为系统时；在运动过程中，除重力与弹力做功，还有外力做功，机械能不守恒，而选A、B或A机械能也不守恒，故AB错误；

C、由题意可知：A原来压弹簧，现在相同质量的B拉弹簧，由胡克定律可知，形变量相同，即为：x=；因此当物体B恰好离开地面时，A的位移为0.2m，由动能定理，则有：F•2x=；解得：v=2m/s，故C正确；

D；物体B刚好离开地面时；A的速度大于B的速度，所以弹簧先变长，根据牛顿第二定律，A加速度小于B，故D错误；

故选：C．2、D【分析】【分析】参考系，是指研究物体运动时所选定的参照物体或彼此不作相对运动的物体系；参考系的选取是任意的，如何选择参照系，必须从具体情况来考虑，一般情况下我们以地面或地面上的物体作为参考系．【解析】【解答】解：A；任何物体均可作为参考系；并不要求是否静止，如我们常用来作为参考系的地面，其实一直在运动的，故A错误；

B；参考系的选取是任意的；应根据所研究的问题灵活选取，并不是一定是选取地面上的物体为参考系，故B错误；

C；空中的物体可以作为参考系；如研究炸弹的运动时，可以将运动的飞机作为参考系，故C错误；

D；参考系的选取是任意的；故任何物体都可以作为参考系，故D正确；

故选：D．3、B|C【分析】

A、0～t1时间内；汽车的速度是均匀增加的，是匀加速运动，所以汽车的牵引力不变，加速度不变，功率增大，所以A错误．

B；由A的分析可知；B正确．

C、t1～t2时间内；汽车的功率已经达到最大值，功率不能再增加，所以汽车的牵引力在减小，加速度也要减小，所以C正确．

D；由C的分析可知；D错误．

故选BC．

【解析】【答案】由图可知；汽车从静止开始做匀加速直线运动，随着速度的增加，汽车的功率也要变大，当功率达到最大值之后，功率不能在增大，汽车的牵引力就要开始减小，以后就不是匀加速运动了，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值．

4、C【分析】【解析】

试题分析：光子既有波动性又有粒子性；波粒二象性中所说的波是一种概率波，对大量光子才有意义．波粒二象性中所说的粒子，是指其不连续性，是一份能量．个别光子的作用效果往往表现为粒子性；大量光子的作用效果往往表现为波动性．

A；光既是波又是粒子；A错误；

B；光子不带电；没有静止质量，而电子带负电，由质量，B错误；

C；光的波长越长；其波动性越显著，波长越短，其粒子性越显著，C正确；

D；个别光子的作用效果往往表现为粒子性；大量光子的作用效果往往表现为波动性；D错误；

故选C

考点：光的波粒二象性．

点评：光的波粒二象性是指光波同时具有波和粒子的双重性质，但有时表现为波动性，有时表现为粒子性．【解析】【答案】C5、B【分析】【解析】

试题分析：整个过程中，CE段倾斜角最大，故其加速度数值最大，故A正确；在18s末，质点的速度图象还在时间轴上方，方向没有发生改变，故B错误；从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点离出发点最远，故C正确；BC段与时间轴围成的梯形面积为故D正确；

让选错的；故选B；

考点：本题是速度--时间图象的应用；

点评：v-t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负【解析】【答案】B6、C【分析】【分析】当物体的形状和大小相对所研究的问题可以忽略不计的时候，物体可以看做质点．【解析】【解答】解：A；如果研究微小的灰尘结构时；灰尘不可以看成质点，故A错误；

B；计算火车通过南京长江大桥的时间；火车的长度不能忽略，不可以看成质点，故B错误；

C；研究行驶在京九铁路上北京到深圳的火车；火车的长度能忽略，火车可以看成质点，故C正确；

D；研究体操运动员在空中的动作时；运动员的形状和大小不能忽略，运动员不可以看成质点，故D错误；

故选：C．7、D【分析】【分析】根据万有引力定律公式F=，结合轨道半径的变化，求出万有引力的大小．【解析】【解答】解：卫星在地面受到的万有引力：F=．

卫星在离地面高度为2R的圆形轨道上受到的万有引力：

=．故D正确；ABC错误．

故选：D．8、D【分析】【分析】枕形导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在枕形导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．当点电荷移走后，电荷恢复原状．【解析】【解答】解：

A；枕形导体在点电荷附近；出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在枕形导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，静电平衡时内部电场强度处处为零，电势相等，故A错误．

B；枕形导体感应起电是由于导体中负电荷移动引起；正电荷不移动，故B错误．

C、在枕形导体内部处处为零，是因为点电荷的产生电场强度与感应电荷产生的电场强度大小相等、方向相反引起的，点电荷的产生电场在A点的场强大于在B点的场强，所以感应电荷在A点产生的附加电场较大，即有E′A＞E′B；故C错误．

D；当电键S闭合时；电子从大地沿导线移向导体中和枕形导体右端的正电荷，相当于右端正电荷流向远端，故D正确．

故选：D．二、多选题(共9题，共18分)9、CD【分析】【分析】由振动图象可以读出钢球振动的周期、某时刻的位移以及振幅；t0时刻弹簧相对于平衡位置的距离为4cm；简谐运动，经过半个周期后位移与之前的位移关系是大小相等、方向相反；速度、加速度也有同样的规律．根据时间与周期的关系确定质点通过的路程．【解析】【解答】解：A；由振动图象可以看出钢球的振动周期为2s；故A错误；

B、钢球振动的平衡位置应该是重力和弹力相等的位置，即平衡位置时弹簧的形变量并不为零，t0时刻在平衡位置的上方距离平衡位置为4cm处；则弹簧的形变量小于4cm，故B错误；

C；经过半个周期后；位移与之前的位移关系是大小相等、方向相反；速度也有同样的规律，故动能不变，根据动能定理，合力做的功为零，即钢球振动半个周期，回复力做功为零，故C正确；

D；若钢球的初始位置在平衡位置或最大位移处；振动四分之一周期，通过的路程等于5cm；若初始时钢球不在平衡位置或最大位移处，正向平衡位置靠近，速度在增大，则振动四分之一周期，通过的路程大于5cm，故D正确．

故选：CD．10、AD【分析】【分析】卫星运动由万有引力提供向心力即：，列式求出线速度、周期之比即可．【解析】【解答】解：由卫星运动由万有引力提供向心力即：得：

（1），得它们运行速率之比；故A正确C错误；

（2），得它们周期之比；故B错误D正确．

故选AD．11、BC【分析】略【解析】BC

12、AD【分析】【分析】动能是由于物体运动而具有的，所以运动物体的动能大小与物体的质量和速度有关，物体的质量越大，速度越大，它具有的动能就越大．一个物体能够对另一个物体做功，这个物体就具有能量，能够做功指的是具有做功的能力．【解析】【解答】解：A；动能是由于物体运动而具有的能量；所以A正确。

B；一个物体能够做功；我们说这个物体具有能量，做功的大小对应动能变化，所以B错误。

C；物体动能大小与物体的质量和速度有关；做变速运动的物体，动能不一定在变化，如匀速圆周运动，所以C错误；

D；物体动能大小与物体的质量和速度有关；速度不变的物体，其动能一定不变，所以D正确．

故选：AD．13、BC【分析】【分析】对小球受力分析，由牛顿第二定律可明确小球的受力情况，再由受力分析可明确小球受力情况，从而明确是否能满足题意．【解析】【解答】解：A；当箱子自由下落时；球对悬挂物及支持物均没有作用力；故A错误；

B、当箱子水平向右匀加速时，加速度为g，则合外力F=ma=mg；则由几何关系可知；此时物体只受绳子的拉力；而支持力对小球的作用力为零；故B正确；

C、当绳子水平向右减速时，加速度大小为g，则合外力F=ma=mg；则由几何关系可知；此时物体只受斜面的支持力力；而绳子对斜面的拉力为零；故C正确；

D；当箱子向上匀加速运动时；合外力沿竖直方向，此时根据水平方向的平衡及竖直方向上的匀加速直线运动可知，绳子和斜面均有作用力；故D错误；

故选：BC．

14、AD【分析】【分析】分别对物体A、B和斜面体受力分析，结合平衡条件进行分析即可，注意n个力平衡时，任意（n-1）个力的合力与第n个力等值、反向、共线．【解析】【解答】解：A；物体A匀速运动时受重力、推力、支持力、弹簧的弹力和摩擦力；撤去F瞬间，其余4力不变，根据平衡条件，这4个力的合力与推力F等值、反向、共线，故物体A的加速度平行斜面向上，故A正确；

B；物体B匀速时受重力、支持力、弹簧的弹力和摩擦力；撤去F瞬间，每个力都不变，依然平衡，故B的加速度为零，故B错误；

CD；斜面匀速时受重力、两个物体的压力和摩擦力、地面的支持力和摩擦力；对A、B、斜面整体；受重力、支持力、推力和向右的静摩擦力；撤去推力F的瞬间，斜面体受到的重力、两个物体的压力和摩擦力均不变，故地面的支持力和静摩擦力也不变，故C错误，D正确；

故选：AD15、ACD【分析】【分析】甲、乙两个物体分别放在北京和广州，它们随地球一起转动时它们的周期相同，角速度相同，但半径不同，甲的转动半径大于乙的转动半径，由线速度和角速度的关系v=ωr知甲的线速度大于乙的线速度．【解析】【解答】解：A、B、D、甲、乙两个物体随地球一起转动时它们的周期相同，角速度相同，由v=ωr；而甲的半径大于乙的半径，所以甲的线速度大，乙的线速度小，故A正确，B错误，D正确；

C、根据公式a=rω2；甲；乙两个物体角速度相同，甲的转动半径大于乙的转动半径，故甲的向心加速度大，故C正确；

故选：ACD．16、AC【分析】【分析】速度时间图象斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，但不能反映物体出发点的位置．【解析】【解答】解：

A；根据速度时间图象的斜率等于加速度；可知，甲图线的斜率大于乙图线的斜率，则甲的加速度大于乙的加速度，故A正确．

B、D、速度图线与时间轴围成的面积表示位移，由几何知识得知在t1时刻；乙车的位移大于甲车的位移，由于两车出发点的位置关系不清楚，两车不一定相遇，故BD错误．

C、由几何知识可知0～t2时间；两条图线与时间轴所围的面积相等，说明两车通过的位移相等，故C正确．

故选：AC．17、AD【分析】【分析】氦离子吸收光子能量要发生跃迁，吸收的光子能量需等于两能级间的能级差，或吸收光子能量后，总能量大于等于0，发生电离．根据玻尔理论进行分析．【解析】【解答】解：A；若基态的氦离子吸收40.8eV后；其能量变为-13.6eV，根据玻尔理论可知氦离子能从基态跃迁到n=2的激发态，故A正确．

B；若基态的氦离子吸收41.5eV；能量为-13.4eV，根据玻尔理论可知不能吸收发生跃迁．故B错误．

C；若基态的氦离子吸收43.2eV；能量为-11.2eV，根据玻尔理论可知不能吸收发生跃迁．故C错误．

D；基态的氦离子吸收54.4eV；能量为0eV，根据玻尔理论可知能被基态氦离子吸收而电离．故D正确．

故选AD．三、填空题(共7题，共14分)18、111【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=求出电场强度，再根据F=qE求出电场力的大小．电场强度的大小与放入电场中的电荷无关．【解析】【解答】解：（1）A点的电场强度大小为E===1N/C；

（2）如果A点不放电荷；则A点的电场强度大小不变，仍然为1N/C．

（3）如果在A点放置另一个带电量为3C的点电荷；它受到的电场力大小变大，而电场强度仍不变，即为1N/C．

故答案为：1，1，1．19、1：3：5：：（2n-1）1：（-1）：（）：：（）【分析】【分析】本题应掌握初速度为零的匀加速直线运动的位移公式x=．第二个T秒内的位移等于前两个T秒内的位移减去第一个T秒内的位移，第三个T秒内的位移等于前三个T秒内的位移减去前两个T秒内的位移，从而可以求出第一个T秒内、第二个T秒内、第三个T秒内第nT秒内的位移之比；运用比例法，求出从静止开始通过连续相等的位移所用的时间之比．【解析】【解答】解：由位移公式x=得，x与t2成正比，则得，前T秒内、前2T秒内、前3T秒内前nT秒内的位移之比为12：22：32：：n2；

第二个T秒内的位移等于前两个T秒内的位移减去第一个T秒内的位移；第三个T秒内的位移等于前三个T秒内的位移减去前两个T秒内的位移，则得。

第一个T秒内、第二个T秒内、第三个T秒内第nT秒内的位移之比为1：（22-1）：（32-22）：[n2-（n-1）2]=1：3：5：：（2n-1）；

设每个相等的位移大小为x，设物体通过每段位移的时间分别t1，t2，t3tn．

则x=，2x=，3x=

由数学知识解得，t1：t2：t3tn=1：（-1）：（）：：（）

故答案为：1：3：5：：（2n-1）；1：（-1）：（）：：（）．20、202【分析】【分析】本题比较简单，直接根据向心加速度的定义以及向心加速度和线速度之间的关系可以正确解答本题．【解析】【解答】解：根据牛顿第二定律；结合受到的向心力，则有：F=ma；

因此向心加速度为a===20m/s2；

由a=，则有：v=m/s；

故答案为：20；2．21、3g【分析】【分析】小球在最高点，靠竖直方向上的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球在最高点的速度，从而根据速度与角速度的关系求出角速度的大小，根据向心力的公式求出加速度的大小．【解析】【解答】解：根据牛顿第二定律得，T+mg=m，解得v=．

角速度ω=．

加速度a=．

故答案为：；；3g22、63【分析】【分析】（1）当氢原子从n=4向n=2的能级跃迁时，辐射的光子照射在某金属上，刚好能发生光电效应，光子的能量恰好等于金属的逸出功．根据玻尔理论求出氢原子从n=4向n=2的能级跃迁时，辐射的光子的能量．一群处于n能级的氢原子向低能级跃迁，任意两个能级间产生一次跃迁，发出一种频率的光子，共产生C种频率不同的光子．当光子的能量大于金属的逸出功时就能产生光电效应．

（2）①AB碰撞过程中动量守恒；由动量守恒定律可以求出碰后B的速度；

②A与B碰后，B向右做减速运动，C向右做加速运动，最终两者速度相同，以相同的速度做匀速直线运动，在此过程中，B、C系统的动量守恒，由动量守恒定律与能量守恒定律列方程可以求出C在B上滑动的距离．【解析】【解答】解：（1）有一群处于n=4能级的氢原子，当它们向低能级跃迁时，最多可发出C=6种频率的光子；

若n=4能级的氢原子向n=2能级跃迁时；发出的光子照射到某金属时恰能产生光电效应现象；

则释放光子的能量等于该金属的逸出功，则E4-E2=hγ，该金属的极限频率γ=；

于n=4能级的氢原子；当它们向低能级跃迁时所释放的光子中，有4种光子能量大于该金属的逸出功；

则上述各种频率的光子中还能使该金属产生光电效应的光子有3种．

（2）①AB碰撞过程中；动量守恒，以A的初速度方向为正方向；

由动量守恒定律可得：mAv0=-mAvA+mBvB，解得：vB=3.5m/s；

A与B碰撞后；B做减速运动，因此B的最大速度是3.5m/s．

②以B与C组成的系统为研究对象；由动量守恒定律得：

mBvB=（mB+mC）v，解得v=m/s；

在此过程中；由能量守恒定律可得：

-μmCg△x=（mB+mC）v2-mBvB2；

解得△x≈0.68m．

故答案为：（1）6；；3；

（2）①B运动过程中的最大速度为3.5m/s；

②C在B上滑动的距离为0.68m．23、略

【分析】【解析】

试题分析：振动周期由振源决定，波长分别为4m和6m，由可知波速之比为2:3；由x=14m处的质点振动方向向上，可判断波向左传播，周期均为1s，x=6m的质点此刻向下振动，经过0．75s振动到波峰位置，所以位移为5cm

考点：考查机械波的传播。

点评：难度较小，明确周期由振源决定，波速由介质决定【解析】【答案】2∶3（2分）5（3分）24、B等于2mgA2mg【