2025年华东师大版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

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A.逻辑电路是“或”门电路B.逻辑电路是“与”门电路C.有光照射电阻R′时，小灯泡L将发光D.无光照射电阻R′时，小灯泡L将发光3、如图所示，一定质量的理想气体从状态A经过状态B、C又回到状态A。下列说法正确的是（）

A.A→B过程中气体分子的平均动能增加，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加B.A→B过程中气体吸收的热量大于B→C过程中气体放出的热量C.C→A过程中单位体积内分子数增加，单位时间内撞击单位面积器壁的分子数减少D.A→B过程中气体对外做的功小于C→A过程中外界对气体做的功4、根据热力学定律，下列说法正确的是（）A.第二类永动机违反能量守恒定律，因此不可能制成B.热效率为100%的热机是可能制成的C.电冰箱的工作过程表明，热量可以从低温物体向高温物体传递D.从单一热源吸收热量，使之完全变为功是提高机械效率的常用手段5、在图示电路中E为电源电动势，r为电源内阻，R1为可变电阻，其阻值随着温度的升高而减小，R2、R3为定值电阻,C为电容器，L为小灯泡．当R1的阻值变大时，下列判断正确的是()

A.电流表的示数增大B.R2两端的电压增大C.小灯泡变亮D.电容器C所带的电荷量减小6、如图所示，真空中有一个半径为R、质量分布均匀的玻璃球，一细激光束在真空中沿直线BC传播，并与玻璃球表面的C点经折射进入玻璃球，在玻璃球表面的D点又经折射进入真空中，已知∠COD=120°；激光束的入射角为α=60°，则下列说法中正确的是（）

A.玻璃球对该激光的折射率为B.该激光在玻璃中的波长是在真空中波长的倍C.该激光束的光子在玻璃球中的能量小于在真空中的能量D.改变入射角该激光束可能在玻璃球的内表面发生全反射7、如图所示，虚线是一个铀核正在匀强磁场中以速率v0做匀速圆周运动的轨迹，当它运动到O点时，衰变成钍核和另外一个新核，两核的速度方向与v0共线；不计衰变后粒子间的相互作用，则关于钍核与新核在磁场中运动的轨迹和绕行方向可能正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、为证明实物粒子也具有波动性，某实验小组用电子束做双缝干涉实验．实验时用50kV电压加速电子束，然后垂直射到间距为1mm的双缝上，在与双缝距离约为35cm的光屏上得到了干涉条纹．该条纹与托马斯·杨用可见光做的双缝干涉实验所得到的图样基本相同，但条纹间距很小．这是对德布罗意物质波理论的又一次实验验证．根据德布罗意理论，实物粒子也具有波动性，其波长其中h为普朗克常量，p为电子的动量．下列说法正确的是A.只减小加速电子的电压，可以使干涉条纹间距变大B.只增大加速电子的电压，可以使干涉条纹间距变大C.只增大双缝间的距离，可以使干涉条纹间距变大D.只增大双缝到光屏的距离，可以使干涉条纹间距变大9、在基本的逻辑门电路中，当输入信号有一个为“0”时，输出信号为“0”的逻辑门电路可能是（）A.与门B.或门C.非门D.以上都不对10、光敏电阻的特性是在特定光的照射下；光强越大其阻值越小，可用于检测可见光。如图所示，R是光敏电阻，当它受到的光照强度增大时（）

A.灯泡L变暗B.光敏电阻R上的电压增大C.电压表V的读数减小D.电容器C的带电量增大11、为了证明超导体电阻为零，昂尼斯实验室的工程师GerritFlim设计了一个非常精巧的实验，实验装置示意图如图所示。Q为超导材料绕制的线圈，已感应出0.6A的电流，其对称位置放置了一个相同尺寸的线圈P，外接稳定电流也为0.6A；此时两个线圈中间放置的小磁针沿轴线严格指向东西方向。超导材料若电阻为零，则电流永不衰减，小磁针方向就不会发生偏转。不考虑其它磁场的影响，以下说法正确的是()

A.超导线圈中电流方向为A→Q→BB.超导线圈中电流方向为B→Q→AC.若超导体存在一定电阻，电流衰减，小磁针将顺时针偏转D.若超导体存在一定电阻，电流衰减，小磁针将逆时针偏转12、如图所示，等腰直角三角形OPQ区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，磁场区域的OP边在x轴上且长为L，纸面内一边长为L的单匝闭合正方形导线框（线框电阻为R）的一条边在x轴上，且线框在外力作用下沿x轴正方向以恒定的速度v穿过磁场区域，在t=0时该线框恰好位于图中所示的位置；现规定顺时针方向为导线框中感应电流的正方向，则下列说法正确的有（）

A.在０～时间内线框中有正向电流，在～时间内线框中有负向电流B.在～时间内流经线框某处横截面的电量为C.在～时间内线框中最大电流为D.０～时间内线框中电流的平均值不等于有效值13、水平面内，有两根足够长的固定平行金属导轨，在它们上面横放两根平行导体棒，构成矩形回路．每根棒长度均为L，质量均为m，电阻均为R，导轨电阻不计，空间有方向竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场，不计电磁辐射及导体棒与导轨之间的摩擦．现已知左侧导体棒I静止，右侧导体棒II具有向右的初速度v0；如图所示，则以下判断正确的是。

A.两导体棒受到的安培力始终等大反向，整个过程中它们组成的系统动量守恒B.最终两导体棒将以同一速度向右做匀速运动，由于都做切割磁感线运动，电路中电流不为零C.从开始运动到最终达到稳定状态，整个回路产生的焦耳热为D.从开始运动到最终达到稳定状态，两导体棒之间的距离的变化x不断增大，x最大值为14、某同学漂浮在海面上，虽然水面波正平稳地以1.8m/s的速率向着海滩传播，但他并不向海滩靠近。该同学发现从第1个波峰到第10个波峰通过身下的时间间隔为18s。下列说法正确的是A.水面波是一种机械波B.该水面波的频率为2HzC.该水面波的波长为3.6mD.水面波没有将该同学推向岸边，是因为波传播时能量不会传递出去15、如图所示，在光滑水平面上停放质量为m装有弧形槽的小车．现有一质量为2m的小球以v0的水平速度沿切线水平的槽口向小车滑去(不计摩擦)；到达某一高度后，小球又返回小车右端，则()

A.小球在小车上到达的最大高度为B.小球离车后，对地将做自由落体运动C.小球离车后，对地将向右做平抛运动D.此过程中小球对车做的功为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、如图所示，正、负电子垂直磁场方向沿与边界成θ＝30°角的方向射入匀强磁场中，不计重力，那么在磁场中正、负电子的运动时间之比为________17、如图所示，用波长为λ的光照射逸出功为W的极板，则发生光电效应的光电子最大动能为_______，已知普朗克常量为h，光速为c；若将此入射光的频率增大，则极板逸出功________（选填“增大”；“减小”或“不变”）．

18、某日中午，我区的气温达到30℃，空气的相对湿度为60%，将一瓶水倒去一部分，拧紧瓶盖后的一小段时间内，单位时间内进入水中的分子数_______（选填“多于”“少于”或“等于”）从水面飞出的分子数；天气预报夜里的气温要降到20℃，那么空气中的水蒸气______（选填“会”或“不会”）成为饱和汽。（已知30℃时空气的饱和汽压为20℃时空气的饱和汽压为）19、如图所示，R1＝2Ω，R2＝3Ω，滑动变阻器最大值R3＝5Ω，则当滑动触头从a滑到b的过程中，电流表示数的变化情况是______________________________．

20、两根粗细均匀的铜丝，横截面积相同，长度之比为则电阻之比为________。把一个的平行板电容器接在的电池上，电容器所带的电荷量为________如图所示的电路中，两个开关并联，控制同一个灯泡只要中有一个闭合，灯就亮，这种关系叫做“________”（选填“与”；“或”或“非”）逻辑关系。

21、判断下列说法的正误。

（1）气体的体积等于气体分子体积的总和（____）。

（2）当物体温度升高时，每个分子运动都加快（____）。

（3）密闭容器中气体的压强是由于分子间的相互作用力而产生的（____）。

（4）一定质量的气体，在体积不变的情况下，温度降低，则压强减小（____）。22、图为某同学改装的毫安表的电路图；其中虚线框内是毫安表的改装电路。

已知毫安表表头的内阻为100Ω，满偏电流为1mA，R1和R2为阻值固定的电阻，若使用a和b两个接线柱，电表量程为3mA：若使用a和c两个接线拄，电表量程为10mA，由题给条件和数据，可以求出R1=___Ω，R2=_______Ω。23、为一列简谐横波在t=0时的波形图，P是平衡位置在x=0.5m处的质点，Q是平衡位置在x=2.0m处的质点；图（b）为质点Q的振动图象．下列说法正确的是()

A．这列简谐波沿x轴正方向传播。

B．这列简谐波沿x轴负方向传播。

C．波的传播速度为20m/s

D．从t=0到t=0.25s；波传播的距离为50cm

E．在t=0.10s时，质点Q的加速度方向与y轴正方向相同评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共2题，共14分)27、某同学用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验．先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端静止放置，让a球仍从原固定点由静止开始滚下和b球相碰后；两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次．

（1）本实验必须测量的物理量有()

A.斜槽轨道末端的水平地面的高度H

B.小球a、b的质量

C.小球a、b的半径r

D.小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间t

E.记录纸上0点到A；B、C各点的距离OA、OB、OC

F.a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h

（2）根据实验要求，_________（填“大于”；“小于”或“等于”）；

（3）放上被碰小球后，两小球碰后是否同时落地？如果不是同时落地，对实验结果有没有影响________？（不必作分析）

（4）为测定未放小球b时，小球a落点的平均位置，把刻度尺的零刻度线跟记录纸上的0点对齐，下图给出小球a落点附近的情况，由图可得OB距离应为_______cm．

（5）按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是___________________．28、某实验小组为了探究碰撞中的不变量；在气垫导轨中央放置一个滑块Q，另一个滑块P压缩导轨左端弹簧片后被锁定，滑块P上安装有遮光板C，其右端粘上橡皮泥，导轨上适当位置安装两个光电门A；B记录滑块上遮光板C分别通过两光电门的时间，如图（a）所示。解除滑块P的锁定，滑块P被弹出与滑块Q相碰后粘合在一起运动，P、Q碰撞前、后的运动均为匀速直线运动。

（1）为了正常实验和减小实验误差，下列操作必要的是_________。A．实验前应将气垫导轨调节水平B．光电门A应该靠近滑块PC．遮光板应适当加宽D．滑块Q上应安装遮光板（2）实验小组用游标卡尺测得遮光板的宽度如图（b）所示，其宽度为__________mm；实验除了要记录遮光板通过光电门的时间外，还应测定_____________________________。评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)29、如图，一竖直放置的汽缸上端开口，汽缸壁内有两个固定卡口M和N，卡口N距缸底的高度H，卡口M距缸底的高度2H．横截面积为S、质量为的活塞下方密封有一定质量的理想气体．开始时活塞处于卡口N处静止，汽缸内气体温度为压强为．活塞和汽缸壁均绝热，不计它们之间的摩擦，大气压强为．现用电阻为R的电热丝缓慢加热汽缸中的气体，电热丝中的电流为I．重力加速度为g．求：

（1）活塞开始上升时气体的温度

（2）活塞恰好上升到卡口M时气体的温度

（3）气体的温度升为的过程持续了时间t，不计电热丝由于温度升高而吸收的热量，试计算气体增加的内能．30、如图所示，实线是一列简谐横波在t1时刻的波形图，虚线是在t2＝t1＋0.2s时刻的波形图．

(1)若波速为35m/s，求质点M在t1时刻的振动方向．

(2)在t1到t2的时间内，如果M通过的路程为1m，那么波的传播方向怎样？波速为多大？参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

A．洛伦兹研究发现了运动电荷在磁场中受到的磁场力的规律；A错误．

B．库仑通过库仑扭秤研究发现了库仑定律；B错误．

C．法拉第发现了电磁感应现象及其规律；C错误．

D．奥斯特发现了通电导线周围存在磁场，D正确．2、C【分析】【分析】

【详解】

AB．该逻辑电路是“非”门电路；故AB错误；

C．有光照射时R′的阻值将显著变小；则R′两端的电势差较小，输入非门的电势较低，输出非门的电势较高，灯泡两端的电压大，灯泡将发光，故C正确；

D．无光照射时R′的阻值将显著变大，则R′两端的电势差较大，输入非门的电势较高，输出非门的电势较低，灯泡两端的电压小，灯泡不发光，故D错误。3、B【分析】【详解】

A．A→B过程中，温度升高，气体分子的平均动能增大，AB直线过原点表示该过程为等压变化；故单位时间内撞击单位面积器壁的分子数减少，故A错误；

B．气体从A→B过程中，温度升高且体积增大，故气体吸收热量且对外做功，设吸热大小为Q1，做功大小为W1，根据热力学第一定律有

气体从B→C过程中，温度降低且体积不变，故气体不做功且对外放热，设放热大小为Q2，根据热力学第一定律

气体从C→A过程中，温度不变，内能增量为零，有

即

所以A→B过程中气体吸收的热量Q1大于B→C过程中气体放出的热量Q2；故B正确；

C．C→A过程中体积减小；单位体积内分子数增加，温度不变，故单位时间内撞击单位面积器壁的分子数增加，故C错误；

D．气体做功

A→B过程中体积变化的大小等于C→A过程中体积变化的大小，但图像上的点与原点连线的斜率越大，压强越小，故A→B过程中气体对外做的功大于C→A过程中外界对气体做的功；故D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

（1）第二类永动机不可能制成；是因它违反了热力学第二定律，但不违反能量守恒定律，故A错误；

（2）根据热力学第二定律；机械能可以100%转化为内能，但内能不能100%转化为机械能，即热力学过程不可逆，所以，热效率为100%的热机是不可能制成的，故B错误；

（3）电冰箱的工作过程表明；热量可以从低温物体向高温物体传递；故C正确；

（4）从单一热源吸收热量；使之完全变为功是不可能实现的；故D错误；

故本题选C

【点睛】

第二类永动机违背了热力学第二定律；并不违背热力学第一定律；热量可以从低温物体向高温物体传递；改变内能的方式有做功和热传递．5、C【分析】【详解】

试题分析：当增大；外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化．电容器的电压等于路端电压，由欧姆定律分析其电压的变化，判断电容器电量的变化．

增大，外电路总电阻增大时，根据闭合电路欧姆定律分析得到，总电流I减小，即电流表的示数减小；路端电压E、r不变，则U增大，所以电容器的电压增大，由知，电容器C所带的电荷量增大；由欧姆定律知，I减小，两端的电压减小．根据串联电路分压规律知，灯泡两端的电压增大，灯泡消耗的功率增大，则小灯泡变亮，C正确．6、A【分析】【详解】

由几何知识得到激光束在C点的折射角则玻璃球对该激光束的折射率为A正确；激光在玻璃中的传播速度为根据可知，激光由真空射入玻璃球时频率f不变，故波长与波速成正比，即该激光在玻璃中的波长是在真空中波长的倍，B错误；根据激光光子的能量可知h为常数，激光由真空射入玻璃球时频率f不变，故该激光束的光子在玻璃球中的能量等于在真空中的能量，C错误；激光束从C点进入玻璃球时，无论怎样改变入射角，折射角都小于临界角，根据几何知识可知光线在玻璃球内表面的入射角不可能大于临界角，所以都不可能发生全反射，D错误．选A.

【点睛】由几何知识得到激光束在C点的折射角，由折射定律求出折射率．激光通过不同介质时频率不变．由求出激光束在玻璃球中传播速度，由可分析激光进入玻璃球的波长与在真空中的波长关系；根据光路可知性原理分析可知，光束在D点不可能发生全反射．结合不同色光折射率关系分析．7、A【分析】【分析】

原子核发生衰变时，内力远大于外力，遵守动量守恒定律。根据动量守恒定律分析钍核与新核动量关系，由半径公式

（p是动量）分析轨迹半径关系；由左手定则判断绕行方向。

【详解】

A．若新核的速度方向与方向相同，根据动量守恒定律知，钍核的速度方向也可能与方向相同，由左手定则判断可知，衰变后钍核与新核所受的洛伦兹力均向右，均沿顺时针方向绕行。由半径公式

由动量表达式

可得

由核子数以及电荷数守恒可知，新核为氦核由于钍核的带电量远大于新核的带电量；知钍核的轨道半径可能小于新核的轨道半径，因此图A是可能的，A正确；

B．若衰变后钍核的速度方向与方向相反；由左手定则知，衰变后钍核所受的洛伦兹力向左，应顺时针绕行，B错误；

C．若衰变后钍核和新核的速度方向均与方向相同；衰变后钍核所受的洛伦兹力向右，应顺时针绕行，C错误；

D．若衰变后钍核和新核的速度方向均与方向相反；衰变后两者的总动量与原来的总动量方向相反，违反了动量守恒定律，D错误。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)8、A:D【分析】【详解】

AB、增大加速电子的电压，则电子的速度变大，动量变大，根据德布罗意波长公式知，波长变小，根据知；条纹间距变小；同理，只减小加速电子的电压，可以使干涉条纹间距变大，A正确B错误；

C、根据知，加大双缝间的距离d；则条纹间距减小，C错误；

D、根据知，只增大双缝到光屏的距离L，可以使干涉条纹间距增大，D正确．9、A:B【分析】【详解】

输入信号有一个为“0”时；“与”门电路的输出信号为“0”；“或”门电路输出什么信号要看另一个输入信号是什么，若另一个输入信号为“1”，那么“或”门电路输出信号为“1”；“非”门电路输入“0”时，输出“1”，AB正确，CD错误。

故选AB。10、C:D【分析】【详解】

当光照强度增大时；光敏电阻阻值减小，外电路总电阻减小，根据欧姆定律得知，总电流I增大，灯泡变亮，故A错误；电流变大，电源内阻所占电压变大，路端电压U减小，所以则电压表的示数减小。而灯泡两段电压增大，所以光敏电阻R上的电压减小，故B错误，C正确。灯泡两端电压，电容器两端电压增大，根据Q=UC可知电容器C的带电量增大，故D正确。故选CD。

【点睛】

本题是电路中动态变化分析问题，要搞清局部与整体的关系，一般按“局部→整体→局部”的顺序分析。11、A:C【分析】【分析】

因小磁针指向水平方向；可知上下螺线管的磁场是对称的，因上方螺线管的右端为N极，则下方螺线管的右端也为N极；根据右手螺旋法则判断电流方向.若超导体存在一定电阻，电流衰减，则上下磁场不再对称.

【详解】

根据右手螺旋法则，可知P线圈的D端为N极；则Q线圈的B端也应该为N极，由右手螺旋法则可知，超导线圈中电流方向为A→Q→B，选项A正确，B错误；若超导体存在一定电阻，电流衰减，则下方螺线管的磁场减弱，则小磁针S向上偏转，即将顺时针偏转，选项C正确，D错误；故选AC.12、B:D【分析】【详解】

A．在时间内线框的磁通量增加，根据楞次定律判断知线框中有负向电流，在时间内磁通量减小；线框中有正向电流，故A错误；

B．在时间内线框中磁通量的减小量为

流经线框某处横截面的电量为

故B正确；

C．在时间内最大的有效切割长度为最大感应电动势为

则线框中最大感应是电流为

故C错误；

D．在时间内线框中电流沿负向均匀减小，在时间内电流沿正向均匀减小；电流的平均值为0，而线框中产生焦耳热，所以电流的有效值不为0，故D正确。

故选BD。13、A:C:D【分析】【详解】

A项：由于两导体棒在导轨上运动时所受的安培力等大反向；所以两棒组成的系统合外力为零，所以系统动量守恒，故A正确；

B项：最终两导体棒将以同一速度向右做匀速运动；由于穿过两棒组成的闭合回路磁通量不变，所以电路中没有电流，故B错误；

C项：最终两导体棒的共同速度为解得：由能量守恒可知，故C正确；

D项：当两棒速度相等时，两棒间的距离最大，从开始运动到最终达到稳定状态，通过回路的电量为对棒1应用动量定理可知，即所以

由解得：即为两棒的运动距离差，所以最大距离为故D正确．14、A:C【分析】【详解】

A；水面波是由机械振动引起的；在介质(水)中传播的一种波，是一种机械波，A正确；

B、由第1个波峰到第10个波峰通过身下的时间间隔为18s，可得知振动的周期T为：频率为：f=1/T=0.5Hz；B错误；

C、由公式有C正确；

D、参与振动的质点只是在自己的平衡位置附近做往复运动，并不会“随波逐流”，但振动的能量和振动形式却会不断的向外传播，D错误．15、A:D【分析】【分析】

小球和小车组成的系统在水平方向上动量守恒；当小球上升的最高点时，竖直方向上的速度为零，水平方向上与小车具有相同的速度，结合动量守恒和能量守恒求出上升的最大高度．根据动量守恒定律和能量守恒求出小球返回右端时的速度，从而得出小球的运动规律，根据动能定理得出小球对小车做功的大小．

【详解】

设小球离开小车时，小球的速度为v1，小车的速度为v2，整个过程中动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：2mv0=mv1+2mv2，由动能守恒定律得：解得：所以小球与小车分离后对地将向左做平抛运动，故BC错误；当小球与小车的水平速度相等时，小球弧形槽上升到最大高度，设该高度为h，系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：2mv0=3m•v，由机械能守恒定律得：解得：故A正确；对小车运用动能定理得，小球对小车做功：故D正确．所以AD正确，BC错误．

【点睛】

本题考查了动量守恒定律和能量守恒定律的综合，知道当小球与小车的水平速度相等时，小球上升到最大高度．三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】设正离子轨迹的圆心角为α；负离子轨迹的圆心角为β，由几何知识得到；

α=2π-2θ；β=2θ

正离子运动的时间为负离子运动的时间为而正、负离子在磁场中运动的周期相同，所以时间之比【解析】1:5；17、略

【分析】【详解】

逸出功是金属本身的属性，与外界因素无关，故极板的逸出功不变．【解析】不变18、略

【分析】【详解】

[1]末达到饱和蒸汽时；相同时间内回到水中的分子数小于从水面飞出的分子数。

[2]30℃时空气的相对湿度

解得实际的空气水气压强

故气温要降到20℃，空气中的水蒸气会成为饱和汽。【解析】少于会19、略

【分析】【详解】

由电路的组成可知，R1和R3的上半部分串联，R2和R3的下半部分串联，然后再并联．只要求出P由a向b滑动过程中电阻的变化，就可求得电流的变化．设P、a间电阻为Ra；则混联电路的电阻为。

上式中分子里两个因式之和为定值，则当时当时，R＝1.6Ω，I1＝≈3.94A

当时，R＝2.1Ω，I2＝3A

故当滑动触头P从a端滑动到b端的过程中；电流表示数变化：从3.94A减小到2.52A再增大到3A.

【点睛】

本题正确列出并联电路电阻表达式，再根据数学关系，即可正确解题．【解析】从3.94A减小到2.52A再增大到3A20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

可得两电阻丝的电阻之比为2:1；

[2]把一个的平行板电容器接在9V的电池上，电容器所带的电荷量为

[3]根据电路可知，这种关系叫做“或”逻辑关系。【解析】或21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确错误正确22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]使用a、b接线柱时

使用a、c两个接线柱时

即

联立解得【解析】153523、略

【分析】【详解】

由b图知，在时刻Q质点向上振动，根据“上下坡法”，知波沿x轴正方向传播，故A正确，B错误；由波动图象知，波长为由振动图象知，振动的周期为波传播的周期与质点的振动周期相等，则波速为故C正确；从到波传播的距离为故D错误；在时，即经过半个周期，质点P在平衡位置下方，加速度的方向沿y轴正方向，故E正确．【解析】ACE;四、作图题(共3题，共12分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象