2025年牛津译林版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津译林版高二物理上册阶段测试试卷454考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、甲；乙两人各站在船的两端；甲在左，乙在右，原来甲、乙和船都静止，为了能使船向右移动，以下哪些情况符合要求（不计水的阻力）（）

A.乙单独向甲走动。

B.甲乙相向走动；乙的速度大于甲。

C.甲乙相向走动；乙的质量大于甲。

D.甲乙相向走动；乙的动量大于甲。

2、两平行金属板相距为d

电势差为U

一电子质量为m

电荷量为e

从O

点沿垂直于极板的方向射出，最远到达A

点，然后返回，如图所示，OA=h

此电子具有的初动能是(

)

A.edhU

B.edUh

C.eUdh

D.eUhd

3、磁感应强度是描述磁场的重要概念，磁场的基本性质是对电流有磁场力的作用，则关于磁感应强度的大小，下列说法中正确的是(

)

A.一小段通电直导线，在磁场某处受的力越大，该处的磁感应强度越大B.一小段通电直导线在磁场某处受的力等于零，则该处的磁感应强度一定等于零C.匀强磁场中某处的磁感应强度的大小等于该处某一面积穿过的磁通量D.磁感线密处，磁感应强度大；磁感线疏的地方，磁感应强度一定小4、下列说法中正确的是(

)

A.电荷在某处不受电场力作用，则该处电场强度一定为零B.一小段通电导体在某处不受安培力作用，则该处磁感应强度一定为零C.当置于匀强磁场中的导体长度和电流大小一定时，导体所受的安培力大小也是一定的D.在感应强度为B

的匀强磁场中，长为L

电流为I

的载流导体所受到的安培力的大小是BIL

5、如图所示，一个“Y

”形弹弓顶部跨度为L

两根相同的橡皮条自由长度均为L

在两橡皮条的末端用一块软羊皮(

长度不计)

做成裹片.

若橡皮条的弹力与形变量的关系满足胡克定律，且劲度系数为k

发射弹丸时每根橡皮条的最大长度为2L(

弹性限度内)

则发射过程中裹片对弹丸的最大作用力为(

)

A.kL

B.2kL

C.32kL

D.152kL

评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)6、如图所示，一块均匀木板AB，长为12m，重为200N，距A端3m处有一固定转动轴O，另一端B以绳悬住，使板呈水平状态，绳与木板的夹角为30°．如果绳能承受的最大拉力为200N，现使一个重600N的人在板上行走，则此人在距A端____m至____m的范围内是安全的．

7、在做隆露

研究匀变速直线运动隆路

的实验时；所用电源频率为50Hz

取下一段纸带研究，如图所示.

设0

点为计数点的起点，相邻两计数点间还有四个点未画出，则相邻计数点的时间间隔是______s

各段测量数据如图所示，物体的加速度a=

______m/s2

物体在图中标记为“2

”的计数点的瞬时速度为v=

______m/s

．

8、能量守恒定律：能量既不会____，也不会____，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从____转移到____，在转化或转移的过程中，能量的总量____．9、如图，线圈A插在线圈B中，线圈B与电流表组成闭合电路；线圈A与蓄电池、开关、滑动变阻器组成另一个闭合电路，用此装置来研究电磁感应现象，开关闭合瞬间，电流表指针______（选填“会”或“不会”）发生偏转，开关闭合稳定后电流表指针______（选填“会”或“不会”）发生偏转．10、用镍铬合金制成的甲、乙两根电阻丝的粗细相同、长度不同，甲电阻丝的长度为24m

镍铬合金的电阻率为1隆脕10鈭�6娄赂?m

甲、乙电阻的I鈭�U

图象如图所示，则乙电阻丝的长度为______m

电阻丝的横截面积为______m2

．11、通过实验；要描绘一个“2.5V0.2W

”小灯泡的伏安特性曲线，可供选择的仪器有：

A.量程为0隆芦0.6A

内阻为0.2娄赂

的电流表。

B.量程为0隆芦100mA

内阻为5娄赂

的电流表。

C.量程为0隆芦3V

内阻为10K娄赂

的电压表。

D.量程为0隆芦15V

内阻为50K娄赂

的电压表。

E.最大值为20娄赂

额定电流为0.1A

的滑动变阻器。

F.学生电源；导线、电键等。

要求实验中小灯泡电压从零逐渐增大到额定电压，电流表应选______，电压表应选______.(

填选择的仪器前的字母)

12、（本题供选修1-1的考生作答）课堂上，小王老师做了如图所示的实验，给直导线（铝棒）通电，观察到直导线运动起来。这个实验现象说明______（选填“磁场可以产生电流”“电流产生磁场”或“磁场对电流有力的作用”），利用这种现象制成的是______（选填“电动机”或“发电机”）评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)13、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）14、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

18、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共1题，共7分)20、在《测定玻璃的折射率》的实验中，已画好玻璃砖界面两直线aa/和bb/后，不慎误将玻璃砖向上平移至如图中虚线所示位置，若其他操作正确，则测得的折射率将_________(填“偏大”、“偏小”和“不变”)评卷人得分五、作图题(共2题，共18分)21、在下列各图中画出导线中电流方向或通电导线周围磁感线的方向，其中（a）、（b）为平面图，（c）、（d）为立体图。

22、画出图中带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向。

评卷人得分六、综合题(共2题，共10分)23、(1)

利用单分子油膜法可粗略测定分子的大小和阿佛加德罗常数，如果已知n

滴油酸的体积为V

一滴油在水面上散开形成的单分子油膜面积为S

则这种油分子的直径表达式d=

___________；如果这种油的摩尔质量为M

密度为娄脩

写出阿佛加德罗常数的表达式为NA=

__________。(2)

如图所示，一定质量的理想气体，从状态A

变化到状态B

再变化到状态C

其状态变化过程的p鈭�V

图象如图所示。已知状态A

时的温度为27隆忙

则：垄脵

气体处于状态BC

时的温度分别是多少？垄脷

从状态A

到状态C

的过程中内能的变化是多少？24、(1)

下列说法正确的是______。

A.布朗运动反映了液体分子的无规则运动B.0隆忙

的冰熔化成0隆忙

的水的过程中内能和分子势能都有增大C.物体的温度为0隆忙

时，物体分子的平均动能为零D.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，但不能达到绝对零度E.气体分子的平均动能越大，则气体压强越大F.空气的相对湿度定义为水的饱和蒸汽压与相同温度时空气中所含水蒸气的压强之比(2)

如图所示，一端开口、内壁光滑的玻璃管竖直放置，管中用一段长H0=38cm

的水银柱封闭一段长的L1=20cm

空气，此时水银柱上端到管口的距离为L2=4cm

大气压强恒为P0=76cmHg

开始时封闭气体温度为，取0鈭�C

为273K

求：(1)

缓慢升高封闭气体温度至水银开始从管口溢出，此时封闭气体的温度．(2)

保持封闭气体温度不变，在竖直平面内缓慢转动玻璃管内水银开始从管口溢出，玻璃管转过的角度．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A|D【分析】

要使船向右运动；则船需要有向右运动的速度，甲乙在船上运动时，甲乙船整体不受外力，动量守恒．设向右为正，则。

A、若乙单独向甲走动，则乙的速度方向向左，根据动量守恒定律得：m船v船+m乙v乙=0，解得：v船=-此时船的速度方向与乙的速度方向相反，向右运动，故A正确；

B、若甲乙相向走动，乙的速度大于甲，根据动量守恒定律得：m甲v甲+m船v船+m乙v乙=0，解得：v船=因为不知道甲乙质量的关系，不能判断船速度的正负，及不能判断船的运动方向，故B错误；

C；同理可以得到；由于不知道甲乙速度的大小，不能判断船速度的正负，及不能判断船的运动方向，故C错误；

D、若甲乙相向走动，根据动量守恒定律得：m甲v甲+m船v船+m乙v乙=0，解得：v船=因为乙的动量大于甲的动量，所以船的速度方向与乙的速度方向相反，向右运动，故D正确；

故选AD

【解析】【答案】要使船向右运动；则船需要有向右运动的速度，甲乙在船上运动时，甲乙船整体不受外力，动量守恒，根据动量守恒定律即可判断．

2、D【分析】解：设出电子的初动能Ek0

末动能为零，极板间的电场E=Ud

根据动能定理：鈭�eEh=0鈭�Ek0

解得：Ek0=eUhd

故选：D

设出电子的初动能；末动能为零，全程只有电场力做功，根据动能定理解出电子的初动能．

注意动能定理应用时要找准全过程物体一共受到几个，并判断哪几个力做功．【解析】D

3、D【分析】解：AB

磁场的强弱由磁场本身的性质决定；与放入磁场中的电流元无关.

电流元在磁场中所受的力越大，该点磁感应强度不变，所受力等于零，磁感应强度仍然未变.

故A、B错误．

C

根据娄碌=BS(B

与S

垂直)

知匀强磁场的磁感应强度大小与某一面积穿过的磁通量不等.

故C错误．

D

磁感线越密的地方；磁场越强，越疏的地方，磁场越弱.

故D正确．

故选D．

磁场的强弱由磁场本身的性质决定；与放入磁场中的电流元无关.

磁感线越密的地方磁场越强，越疏的地方，磁场越弱．

解决本题的关键知道磁场的强弱由磁场本身的性质决定，与电流元所受力的大小无关，也可以通过磁感线的疏密表示磁场的强弱．【解析】D

4、A【分析】解：A

电场的基本性质就是对放入其中的电荷有力的作用；如果电荷在某处不受电场力作用，则说明该处没有电场或者叠加电场的合场强为零，即该处电场强度一定为零.

A正确；

B；一小段通电导体在某处不受安培力作用；可能是导体与磁场方向平行，即该处磁感应强度不一定为零，B错误；

C；当置于匀强磁场中的导体长度和电流大小一定时；导体所受的安培力大小F=BILsin娄脠

即安培力大小海域导体与磁场所成夹角有关，故C错误；

D；在感应强度为B

的匀强磁场中；长为L

电流为I

的载流导体所受到的安培力的大小是F=BILsin娄脠

故D错误；

故选：A

．

B隆脥L

根据安培力的公式F=BIL

求磁感应强度B

注意公式B=FIL

是采用比值法定义的；磁场中某点磁感应强度的大小与FIl

等因素无关，是由磁场本身决定的．

本题考查了对磁感应强度定义式：B=FIL

的理解和应用，属于简单基础题目，平时训练不可忽视要加强练习．【解析】A

5、D【分析】解：根据胡克定律知；每根橡皮条的弹力F=k(2L鈭�L)=kL

．

设此时两根橡皮条的夹角为娄脠

根据几何关系知，sin娄脠2=14.

根据平行四边形定则知，弹丸被发射过程中所受的最大弹力F潞脧=2Fcos娄脠2=152kL.

故D正确；AB

C错误．

故选D．

当橡皮条的长度最大时；橡皮条的弹力最大，两个弹力的夹角最小，则两弹力的合力最大，根据平行四边形定则求出最大弹力．

本题考查了胡克定律与力的合成的综合，难度中等，对数学几何要求较高．【解析】D

二、填空题(共7题，共14分)6、略

【分析】

当人在O点左侧行走时；当板恰好要逆时针转动时，设人走到离O点左侧距离xm处．

根据力矩平衡条件得：G人x=G板L，L=3m，得到x==m=1m；则人距A端距离为3m．

当人在O点右侧行走时；当绳拉力达到最大拉力时，人走到离O点向右最远处，设离A端距离为y．

G板L+G人（y-3）=F•OBsin30°F=200N；OB=9m，L=3m

代入解得y=3.5m．

故本题答案是：2；3.5

【解析】【答案】当人在O点左侧行走时；当板恰好要逆时针转动时，人走到离O点向左最远处．此时绳子的拉力为零．

当人在O点右侧行走时；当绳拉力达到最大拉力时，人走到离O点向右最远处．根据力矩平衡条件求解人在板行走的安全距离．

7、略

【分析】解：相邻两计数点间还有四个点未画出；则相邻计数点的时间间隔是T=0.1s

因为连续相等时间内的位移之差为：鈻�x=9.00鈭�4.00鈭�4.00=1.00cm

根据鈻�x=aT2

得：

a=鈻�xT2=1.00隆脕10鈭�20.12m/s2=1m/s2

．

2

点的速度等于13

段的平均速度；则有：

v2=x132T=15.00鈭�4.002脳0.1隆脕10鈭�2m/s=5.5m/s

．

故答案为：0.115.5

．

根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出物体的加速度；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出2

点的速度，从而即可求解．

解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用，注意单位的换算．【解析】0.115.5

8、凭空产生凭空消失一个物体另一个物体保持不变【分析】【分析】本题考查能量守恒定律的内容。能量守恒定律：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变。解题的关键是知道能量守恒定律的内容。【解答】能量守恒定律：能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量保持不变。故答案为：凭空产生凭空消失一个物体另一个物体保持不变

【解析】凭空产生凭空消失一个物体另一个物体保持不变9、略

【分析】解：当开关闭合和断开的瞬间；线圈A中电流大小发生变化，则线圈A产生的磁场强弱发生变化，通过闭合回路的磁通量发生变化，就会产生感应电流，电流表指针发生偏转；

当开关总是闭合的；滑动变阻器也不动，通过闭合回路的磁通量不发生变化，就不会产生感应电流，电流表的指针不会偏转；

故答案为：会；不会．

当通过闭合回路的磁通量发生变化；就会产生感应电流，电流表指针发生偏转；根据感应电流产生的条件结合题意分析答题．

本题考查了感应电流产生的条件；解决本题的关键掌握感应电流的产生条件，知道当通过闭合回路的磁通量发生变化，就会产生感应电流．【解析】会；不会10、略

【分析】解：根据伏安特性曲线得出甲乙电阻之比R录脳R脪脪=I脪脪I录脳=0.20.3=23

由电阻定律，有R=娄脩lS

粗细相同，材料相同，有：

R录脳R脪脪=l录脳l脪脪

代入数据：23=24l脪脪

解得：l脪脪=36m

甲电阻丝的电阻为：R=UI=2.40.3娄赂=8娄赂

电阻丝横截面积为：S=娄脩lR=1隆脕10鈭�6隆脕248=3隆脕10鈭�6m2

故答案为：363隆脕10鈭�6

根据伏安特性曲线求出电阻之比，因为粗细材料相同，由电阻定律电阻与长度成正比，根据R=娄脩lS

求出电阻丝的横截面积．

本题考查I鈭�U

图象以及电阻定律的应用，要注意明确U鈭�I

图象的性质，能通过图象正确分析电阻关系是解题的关键．【解析】363隆脕10鈭�6

11、略

【分析】解：由题意可知，灯泡额定电压为2.5V

故电压表应选择C

由P=UI

可知，电流I=PU=0.22.5=0.08A=80mA

故电流表应选择B

故答案为：BC

．

分析给出的灯泡的额定电压和额定功率；根据P=UI

可求得额定电流，为了安全和准确测量，电表的量程应略大于额定值即可．

本题考查灯泡伏安特性曲线中仪表的选择，要注意明确仪表的选择原则是保证实验的安全和准确．【解析】BC

12、磁场对电流有力的作用电动机【分析】解：给直导线（铝棒）通电；观察到直导线运动起来说明磁场对电流有力的作用，电动机就是利用这一原理制造的。

故答案为：磁场对电流有力的作用；电动机。

通电导线在磁场中受力的作用；电动机就是利用这一原理制造的。

此题考场电动机的工作原理，就是磁场对电流有力的作用，为高中会考题目，非常简单。【解析】磁场对电流有力的作用电动机三、判断题(共7题，共14分)13、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．14、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．18、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验题(共1题，共7分)20、略

【分析】【解析】【答案】不变五、作图题(共2题，共18分)21、【分析】【解答】利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图a；已知磁场方向为逆时针方向，则电流垂直纸面向外；

图b；已知磁场方向，则有电流方向，顺时针方向；

图c；已知电流方向，竖直向上，则磁场方向逆时针方向（俯视）；

根据螺线管中电流方向，再结合螺线管的N、S极；利用右手螺旋定则可以确定螺线管的绕向，如图所示：

答：如上图所示．

【分析】右手螺旋定则又称为安培定则；内容为：用右手握住螺线管，让四指指向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极．

先由电源的正负极确定电流的方向，再结合通电螺线管的右端为N极，左端为S极，再由右手螺旋定则得出线圈的绕法．22、解：根据左手定则可得；带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向，如图所示：

答：如图所示。【分析】

本题考查了左手定则的直接应用；根据左手定则即可正确判断磁场；运动方向、洛伦兹力三者之间的关系，特别注意的是四指指向和正电荷运动方向相同和负电荷运动方向相反。

安培定则、左手定则、右手定则是在电磁学中经常用到的，要掌握它们的区别，并能熟练应用。【解析】解：根据左手定则可得；带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向，如图所示：

答：如图所示。六、综合题(共2题，共10分)23、(1)VnS

6Mn3S3娄脨娄脩V3

(2)

解：

垄脵垄脵由图像可知，A隆煤B

过程为等压变化，由盖隆陋

吕萨克定律得：VATA=VBTB

代入数据解得：TB=900KB隆煤C

过程为等容过程，根据查理定律得PBTB=PCTC

代入数据解得：TC=300K

垄脷

由图像知A隆煤C

过程中，初、末状态温度相等，所以理想气体内能的增量：娄陇U=0【分析】(1)

【分析】由n

滴油酸的体积解得一滴的体积，再由体积除以油膜面积，从而解得油酸分子的直径；由题意可得油酸的摩尔体积，再由单分子体积解得阿伏伽德罗常数。本题主要考查利用单分子油膜法粗略测定分子的大小和阿伏伽德罗常数，较简单。【解答】油膜的体积与1

滴油酸的体积相等，V0=Vn

油酸分子的直径：d=V0S=VnS

油酸的摩尔体积：Vm=M娄脩

阿伏伽德罗常数：NA=VmV鈥�=M娄脩隆陇16娄脨d3=6Mn3S3娄脩娄脨V3

(2)垄脵垄脵判断气体从AA到BB的过程特点，由理想气体状态方程解得BB态时的温度；判断从BB到CC的过程，由理想气体状态方程解得CC态时的温度；垄脷垄脷由理想气体的内能决定因素判断内能的变化。本题主要考查理想气体状态方程的理解及应用，知道理想气体的内能由温度决定，是解题的关键，较简单。【解析】(1)VnS

6Mn3S3娄脨娄脩V3

(2)

解：垄脵垄脵由图像可知，A隆煤B

过程为等压变化，由盖隆陋

吕萨克定律得：VATA=VBTB

代入数据解得：TB=900KB隆煤C

过程为等容过程，根据查理定律得PBTB=PCTC

代入数据解得：TC=300K

垄脷

由图像知A隆煤C

过程中，初、末状态温度相等，所以理想气体内能的增量：娄陇U=0

24、（1）ABD。