2025年冀教新版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图；一颗卫星先后在低空轨道A和高空轨道B绕地球做圆周运动．则卫星在轨道A上运行时（）

A.所需向心力比在轨道B的小。

B.线速度比在轨道B的大。

C.周期比在轨道B的长。

D.线速度大于第一宇宙速度。

2、有一个多用电表，其欧姆挡的四个量程分别为：“×1”“×10”“×100”“×1k”，某同学把选择开关旋到“×100”挡测量一未知电阻时，发现指针偏转角很大，为了减小误差，它应该()A.换用“×1k”挡，不必重新调整调零旋钮B.换用“×10”挡，不必重新调整调零旋钮C.换用“×1k”挡，必须重新调整调零旋钮D.换用“×10”挡，必须重新调整调零旋钮3、如图所示，图中v1v2

和v3

分别为第一、第二和第三宇宙速度.

三个飞行器abc

分别以第一、第二和第三宇宙速度从地面上发射.

三个飞行器中能够克服地球的引力，永远离开地球的是

A.只有a

B.只有b

C.只有c

D.b

和c

4、两个直径为r

的带电球，当它们相距100r

时的作用力为F

当它们相距r

时的作用力为(

)

A.1100F

B.104F

C.100F

D.以上均不对5、如图所示，两块较大的平行金属板A、B水平放置，并通过电阻R与电源相连，电源的电动势为E，闭合电键S，两板间有一带电油滴处于静止状态。下列说法正确的是（）A.油滴带负电B.B两板电压小于EC.若将A板向上平移一小段距离，则油滴向下加速D.若将B板向左平移一小段位移，则油滴向下加速6、在某电解质溶液中，如果每秒钟共有0.3C的正电荷和0.6C的负电荷相向通过某一横截面，则通过电解质溶液的电流是（）A.0.2AB.0.3AC.0.6AD.0.9A7、如图所示，轻绳的两端分别系在圆环A

和小球B

上，圆环A

套在粗糙的水平横杆MN

上，现用水平力F

拉着绳子上一点O

使小球B

从图中实线位置缓慢上升到虚线位置，但圆环A

始终保持在原位置不动，则在这一过程中，环对杆的摩擦力f

和环对杆的压力N

的变化情况是()A.f

不变，N

不变B.f

不变，N

减小C.f

增大，N

减小D.f

增大，N

不变8、如图所示，物块AB

放在光滑的水平地面上，其质量之比mA隆脙mB=2隆脙1

现用3N

的水平拉力作用在物体A

上，则A

对B

的拉力等于(

)

A.1N

B.1.5N

C.2N

D.3N

评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、一负电荷仅受电场力的作用，从电场中的A点运动到B点，在此过程中该电荷做初速度为零的匀加速直线运动，则A、B两点电场强度EA、EB及电势φA、φB之间的关系为（）A.EA=EBB.EA＜EBC.φA＜φBD.φA＞φB10、铜的摩尔质量是M，密度为ρ，阿伏加德罗常数为NA，以上说法正确的是（）A.单位体积铜中所含原子数目是ρB.单位质量中所含原子数目是ρNAC.单个铜原子质量是D.单个铜原子占有的体积是11、氢原子的能级如图所示，已知可见光的光子能量范围约为1.62〜3.11eV，则（）A.处于n=3能级的氢原子可以吸收任意频率的紫外线，并发生电离B.大量氢原子从高能级向n=3能级跃迁时，发出的光具有显著的热效应C.处于n=4能级的一个氢原子向低能级跃迁时，可能发出6种不同频率的光子D.大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，可能发出3种不同频率的可见光12、如图是某金属在光的照射下产生的光电子的最大初动能Ek与入射光频率的关系图象；由图象可知（）

A.该金属的逸出功等于EB.入射光的频率为时，产生的光电子的最大初动能为C.入射光的频率为2ν0时，产生的光电子的最大初动能为3ED.该金属的逸出功等于hν013、如图所示，甲带正电，乙是不带电的绝缘物块，甲、乙叠放在一起，置于粗糙的固定斜面上，地面上方空间有垂直纸面向里的匀强磁场，现用平行于斜面的恒力F

拉乙物块，在使甲、乙一起无相对滑动沿斜面向上加速运动的阶段中(

)

A.甲、乙两物块间的摩擦力不断增大B.甲、乙两物块间的摩擦力保持不变C.甲、乙两物块间的摩擦力不断减小D.乙物块与斜面之间的摩擦力不断减小14、两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A、B、C三点，如图所示，下列说法正确的是（）A.a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大B.a点电势比b点高C.a、b、c三点和无穷远处等电势D.一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动15、如图所示，一竖直放置开口向上质量为m

的均匀玻璃管内用质量也为m

水银柱封有一定质量的理想气体，水银与玻璃管间摩擦力不计，开始时玻璃管处于静止状态，当玻璃管竖直下落时，下列说法中正确的是()

A.当玻璃管刚开始下落瞬时，玻璃管的加速度2g

B.玻璃管最初下落的短时间内，水银的加速度在逐渐变大C.玻璃管最初下落的短时间内，玻璃管的加速度在逐渐变大D.玻璃管最初下落的短时间内，水银将相对玻璃管下移16、氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时，下列说法中正确的是(

)

A.氢原子的能量增加B.氢原子的能量减少C.减小的电势能大于增加的动能D.减少的电势能小于增加的动能17、关于晶体和非晶体的性质，下列说法正确的是（）A.同种元素的固体，可能由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体B.晶体熔化时，分子平均动能保持不变C.单晶体的所有物理性质均呈现很显著的各向异性D.熔化热是某种晶体熔化过程中所需的能量评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、如图所示，木块在水平桌面上移动的速度是v，跨过滑轮的绳子向下移动的速度是____．（绳与水平方向之间的夹角为α）

19、在“测定金属的电阻率”的实验中；用螺旋测微器测量金属丝直径时的刻度位置如图所示，用米尺测量金属丝的长度l=0.810m．金属丝的电阻大约为4Ω．先用伏安法测出金属丝的电阻，然后根据电阻定律计算出该金属材料的电阻率．

（1）从图中读出金属丝的直径为____．

（2）在用伏安法测定金属丝的电阻时；除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：

直流电源：电动势约4.5V；内阻很小；

电流表A1：量程0～0.6A；内阻0.125Ω；

电流表A2：量程0～3.0A；内阻0.025Ω；

电压表V：量程0～3V；内阻3kΩ；

滑动变阻器R1：最大阻值10Ω；

滑动变阻器R2：最大阻值50Ω；

开关；导线等．

在可供选择的器材中，应该选用的电流表是____，应该选用的滑动变阻器是____．

（3）根据所选的器材；画出实验电路图．

（4）若根据伏安法测出电阻丝的电阻为RX=4.1Ω，则这种金属材料的电阻率为____Ω•m．（保留二位有效数字）

20、电子所带的电荷量是e=1.6×10﹣19C，实验指出，所有带电物体的电荷量都是____e（填“等于”或“不等于”），或者是e的____倍．21、已知一电流表的满偏电流为3mA

其内阻为120娄赂

要把它改装成量程为6V

的电压表应______联(

串联还是并联)

的电阻值R=

______.

若将其改装量程为3A

的电流表，应当对原电流表______联(

串联还是并联)

的电阻值R=

______．22、某电解池，如果在1s钟内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是____．23、劈尖干涉是一种薄膜干涉，其装置如图1所示。将一块厚为d平板玻璃放置在另一平板玻璃之上，在一端夹入的两张纸片，从而在两玻璃表面之间形成一个劈形空气薄膜。当光垂直入射后，从上往下看到的干涉条纹如图2所示。设每张纸片厚度为x，平板玻璃左端离纸片距离为L，现若将频率为的可见光垂直入射到图1装置后，相邻两亮条纹之间的距离为____。24、如图所示，一质量为2m

的圆筒A

圆筒内外皆光滑，将A

置于光滑水平面上，圆筒半径为R

现有一质量也为m

的光滑小球B(

可视为质点)

由静止从圆筒的水平直径处沿筒壁滑下，不计空气阻力，圆筒的位移为______．评卷人得分四、判断题(共2题，共10分)25、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

26、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、证明题(共2题，共12分)27、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。28、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】

A、根据F=可知：A的半径比B轨道半径小；所以所需向心力比在轨道B的大，故A错误；

B、根据得：v=A的半径比B轨道半径小，线速度比在轨道B的大．故B正确；

C、根据得：T=A的半径比B轨道半径小，周期比在轨道B的短，故C错误；

D；第一宇宙速度是卫星绕地球运动的最大速度；所以A的线速度小于第一宇宙速度，故D错误．

故选B

【解析】【答案】根据万有引力提供向心力比较线速度；向心力、周期等物理量．

2、D【分析】【解析】试题分析：用多用电表的欧姆挡测未知电阻时，指针偏转角很大，说明该待测电阻的阻值相对该挡比较小，为了提高测量精确度，应换低率“×10Ω”的挡来测量，换挡之后，必须重新调零。故选D考点：欧姆表的使用【解析】【答案】D3、D【分析】【分析】

本题考查三个宇宙速度。

第一宇宙速度(V1):

航天器沿地球表面作圆周运动时必须具备的速度；也叫环绕速度。

第二宇宙速度(V2):

当航天器超过第一宇宙速度V1

达到一定值时；它就会脱离地球的引力场而成为围绕太阳运行的人造行星，这个速度。

就叫做第二宇宙速度；亦称逃逸速度。

第三宇宙速度(V3):

从地球表面发射航天器；飞出太阳系，到浩瀚的银河系中漫游所需要的最小速度，就叫做第三宇宙速度。

解题的关键是了解三个宇宙速度。

【解答】

以第一宇宙速度发射飞行器，它将成为人造卫星，绕地球转动。以第二宇宙速射飞行器，它将脱离地球引力，成为绕太阳运行的行星。以第三宇宙速度从地面上发射，将飞出太阳系，能够克服地球的引力，永远离开地球的是bbcc故D正确，ABC错误。故选D。

【解析】D

4、D【分析】解：当两个直径为r

的带电球相距100r

时，两电荷可以看成点电荷，库仑定律适用.

但当它们相距r

时，不能看成点电荷，库仑定律不适用，无法用比例法求解它们相距r

时的作用力.

故D正确．

故选D

根据库仑定律适用的条件：真空中两个点电荷间的作用力来分析判断．

本题考查对库仑定律适用的条件理解能力．【解析】D

5、C【分析】解：A；下极板B带正电；而电场力与重力平衡，则油滴带正电，故A错误；

B；电容器与直流电源（内阻不计）连接；电压即等于E，故B错误；

C；由于电压不变；若将A板向上平移一小段距离，即板间距离增大，场强减小，油滴受到的电场力减小，带点油滴向下加速运动，故C正确；

D、若将B板向左平移一小段位移，依据电容的定义式C=再结合C=并由E=则由电场强度公式E=可知，电场强度增强，则电场力增大，则油滴向上加速，故D错误。

故选：C。

根据电场力与重力平衡，则可确定油滴的电性，因电容器与直流电源（内阻不计）连接，电压不变，即为E，A极板竖直向上平移一小段距离，依据电容的定义式C=分析电容变化，再结合C=并由E=分析板间场强变化，从而即可分析该点油滴的运动情况。

本题是电容器动态变化分析问题，考查分析和判断能力，掌握电容的定义式与决定式的区别，注意理解电容器的电压不变与电量不变的情况。【解析】C6、D【分析】解：电流的定义式是I=在导电液中，q指正负电荷绝对值的加和，所以I==0.9A；故D正确，ABC错误．

故选：D

根据电流的定义：单位时间内通过导体横截面的电荷量；注意同时有正负电荷通过时，电量是正负电荷绝对值的和．

本题需要注意的是对于电解液导电，通过某一横截面的电荷是正负电荷绝对值的和．【解析】【答案】D7、D【分析】【分析】物体处于动态平衡状态；对物体进行受力分析，找出其中不变的力，再根据其它的力与这个力的关系就可以求出。

本题是动态平衡问题，采用隔离法和整体法相结合进行研究。【解答】以B

为研究对象；小球受到重力；水平力F

和轻绳的拉力T

如图1

所示。

由平衡条件得：F=mgtan娄脕娄脕

增大，则F

增大；再以整体为研究对象，力图如图2

所示，根据平衡条件得：f=F

则f

逐渐增大N=(M+m)gN

保持不变，故D正确，ABC错误。

故选D。

【解析】D

8、A【分析】【分析】对AB

整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析B

由牛顿第二定律求出A

对B

的拉力。本题是连接体问题；要抓住两个物体的加速度相同，能灵活选择研究对象.

对加速度，往往采用整体法研究比较简便。

【解答】

对AB

整体分析，由牛顿第二定律得：a=FmA+mB=F3mB

隔离对B

分析，则A

对B

的拉力T=mBa=F3=1N

故A正确，BCD错误。故选A。

【解析】A

二、多选题(共9题，共18分)9、AC【分析】解：AB、由于电荷做匀加速直线运动，所以根据Eq=ma可知，电场强度不变，即EA=EB；故A正确，B正确。

CD、电荷做初速度为零的匀加速直线运动，且只受电场力，因此电场力做正功，电势能减小，所以EPA＞EPB，因为是负电荷，所以φA＜φB；故C正确，D错误。

故选：AC

根据受力特点可以判断A；B两点电场强度的大小；根据电场力做功的正负判断A、B两点电势能的高低。

本题比较简单，基础性强；要加强理解电场力和电场强度关系，电势能和电场力做功关系【解析】【答案】AC10、ACD【分析】解：A、铜的密度为ρ，故单位体积铜的质量为ρ，故摩尔数为：n=

单位体积铜中所含原子数目是：N=n•NA=ρ故A正确；

B、铜的摩尔质量是M，单位质量的摩尔数为：n=

单位质量中所含原子数目是：N=n•NA=故B错误；

C、铜的摩尔质量是M，单个铜原子质量是故C正确；

D、铜的摩尔质量是M，摩尔体积为单个铜原子占有的体积是故D正确；

故选：ACD．

阿伏加德罗常数是联系宏观与微观的桥梁，一摩尔的任何物质所含有的该物质的单位微粒数叫阿伏伽德罗常数，NA值为6.02×1023．

解决本题关键是要明确：（1）摩尔质量=摩尔体积×密度；（2）质量=摩尔质量×物质的量；（3）体积=摩尔体积×物质量．【解析】【答案】ACD11、AB【分析】解：A；处于n=3能级的氢原子能量为-1.51eV；紫外线的光子能量大于3.11eV，则吸收任意频率的紫外线都会发生电离．故A正确．

B；从高能级向n=3能级跃迁时；辐射的光子能量小于1.51eV，最小光子能量为1.51-0.85eV=0.66eV，该光子能量为红外线的光子能量，红外线具有显著的热效应．故B正确．

C、处于n=4能级的大量氢原子向低能级跃迁时，根据数学组合公式知，=6；可能发出6种不同频率的光子，但是只有一个氢原子，发出的光子频率没有6种．故C；D错误．

故选AB．

当吸收能量后能量大于0；则氢原子发生电离，能级间跃迁吸收和辐射光子的能量等于两能级间的能级差．

解决本题的关键知道能级间跃迁时辐射和吸收光子能量与能级差相等，即Em-En=hv．【解析】【答案】AB12、AD【分析】解：AD、根据光电效应方程有：EK=hv-W

其中W为金属的逸出功：W=hv0

所以有：EK=hv-hv0，由此结合图象可知，该金属的逸出功为E，或者W=hv0；故AD正确；

BC、当入射光的频率为2v0时；带入方程可知产生的光电子的最大初动能为E；

若入射光的频率为时；小于极限频率，不能发生光电效应，故BC错误．

故选：AD．

根据光电效应方程写出最大初动能和入射光的频率关系式即可正确求解．

本题考查了光电效应方程的理解和应用，对于图象问题可以写出函数关系式结合数学知识求解．【解析】【答案】AD13、AD【分析】解：对整体；分析受力情况：重力；斜面的支持力和摩擦力、洛伦兹力，洛伦兹力方向垂直于斜面向上，则由牛顿第二定律得：

m脳脺gsin娄脕鈭�f=ma垄脵

FN=m脳脺gcos娄脕鈭�F脗氓垄脷

随着速度的增大；洛伦兹力增大，则由垄脷

知：FN

减小，乙所受的滑动摩擦力f=娄脤FN

减小，故D正确；

以乙为研究对象；有：

m脪脪gsin娄脠鈭�f=m脪脪a垄脹

由垄脵

知；f

减小，加速度增大，因此根据垄脹

可知，甲乙两物块之间的摩擦力不断增大，故A正确，BC错误；

故选：AD

．

先以整体为研究对象；分析受力情况，根据牛顿第二定律求出加速度，分析斜面对乙的摩擦力如何变化，再对甲分析，由牛顿第二定律研究甲；乙之间的摩擦力、弹力变化情况．

解决本题运用整体法和隔离法结合研究，关键是抓住洛伦兹力随速度而增大的特点进行分析【解析】AD

14、AC【分析】解：A、a、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同．由于b处电场线密；电场强度大于a处电场强度；故A正确；

B、C、a、b；c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点；电势相等，而且与无穷远处电势相等；故B错误，C正确；

D；一个电子在a点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左；无初速释放后，将向左下方运动，不可能到达c点；故D错误；

故选：AC．

两个等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线；电场强度方向与等势面方向垂直；而且指向电势低的方向．根据电子的受力情况，分析电子的运动情况．

对于等量异种电荷和等量同种电荷连线和垂直平分线的特点要掌握，抓住电场线和等势面的对称性进行记忆．【解析】【答案】AC15、AB【分析】【分析】

对水银柱和玻璃管分别受力分析；然后根据牛顿第二定律分析即可；

本题关键在气体膨胀前后；分别对水银柱和玻璃管受力分析，根据牛顿第二定律判断加速度变化情况，不难。

【解答】

A.玻璃管受重力；向下的大气压力、向上的大气压力、手的托力(

等于玻璃管和水银柱整体的重力)

四力平衡；刚放手瞬间，手的托力减为零，其余力都不变，故水银柱的合力为零，加速度为零，玻璃管的合力为(m+m)g

根据牛顿第二定律，故加速度等于2g

故A正确；

BD.

开始时；水银柱受重力；向下的大气压力、向上的大气压力，三力平衡；由于放手后，短时间内，气体等温膨胀，水银将相对玻璃管上移，气体压强减小，故水银柱受到的合力增加，故加速度增加，故B正确，D错误；

C.由于放手后；气体等温膨胀，气体压强减小，气体对玻璃管向下的压力减小，故玻璃管受到的合力减小，加速度减小，故C错误；

故选AB。

【解析】AB

16、BC【分析】解：氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时；能级降低，则氢原子能量减小，则向外辐射光子.

原子核的库仑引力对电子做正功，电势能减少，动能增加，因向外辐射光子，所以电势能的减少量大于增加量，故BC正确，AD错误．

故选：BC

．

氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时；原子能量减小，减小的能量以电子的形式辐射出来．

解决本题的关键知道能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，关键知道从高能级向低能级跃迁，辐射光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子．【解析】BC

17、AB【分析】解：A；由同种元素构成的固体；可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体，例如石墨和金刚石。故A正确；

B；晶体具有固定的熔点；在晶体熔化时，温度不变，所以分子平均动能一定保持不变。故B正确；

C；单晶体的一部分的物理性质呈现各向异性；不是所有物理性质均呈现各向异性。故C错误；

D；熔化热是1kg晶体完全熔化所需的能量；故D错误；

故选：AB。

晶体是具有一定的规则外形；各项异性，具有固定的熔点；非晶体没有固定的熔点，没有规则的几何外形，表现各项同性，由此可判断各选项的正误。

解答该题要熟练的掌握晶体和非晶体的特性；对于晶体有一下特点：

1；晶体有整齐规则的几何外形；

2；晶体有固定的熔点；在熔化过程中，温度始终保持不变；

3；单晶体有各向异性的特点；但不是所有物理性质均呈现各向异性。

非晶体是指组成物质的分子（或原子、离子）不呈空间有规则周期性排列的固体。它没有一定规则的外形，如玻璃、松香、石蜡等。它的物理性质在各个方向上是相同的，叫“各项同性”。它没有固定的熔点。【解析】AB三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】

物块实际的速度等于沿绳子收缩的速度和绕滑轮摆动速度这两个速度的合速度，根据平行四边形定则得，v1=vcosα．

故本题答案为：vcosα．

【解析】【答案】连接物块的绳子端点既参与了绳子的收缩；又参与了绕定滑轮摆动，物块实际的速度等于两个速度的合速度，根据平行四边形定则求出跨过滑轮的绳子向下移动的速度．

19、略

【分析】

（1）；金属丝的直径为d=0.5mm+2.0×0.01mm=0.520mm．

（2）、因伏安法测定金属丝的电阻时的电流不能太大，否则由于随着温度升高电阻会增大而测不准，故应选电流表A1，由闭合电路欧姆定律及电流表读数要求应满足：≤≤11.25≤≤22.5Ω，所以若滑动变阻器采用限流式接法，变阻器阻值范围是7.25Ω≤≤18.25Ω，可见应选用滑动变阻器金属丝电阻很小，故电流表可采用外接法．

（3）；实验电路图如图。

（4）、根据电阻定律R=其中S=ρ=代入数据求得电阻率为ρ=1.1╳Ωm（保留二位有效数字）．

故答案为（1）0.520mm

（2）

（3）如图。

（4）1.1╳Ωm

【解析】【答案】螺旋测微器读数时要先读整数；再读小数，注意半毫米刻度线，要估读；

20、等于整数【分析】【解答】人们把最小电荷叫做元电荷，所带电荷量大小为：e=1.60×10﹣19C；任何带电体所带电荷都是e的整数倍，或等于e．

故答案为：等于；整数．

【分析】各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，所带电荷量大小为：e=1.60×10﹣19C，任何带电体所带电荷都是e的整数倍21、略

【分析】解：改装成电压表要串联电阻分压串阻值为：

R=UIg鈭�Rg=60.003鈭�120=1880娄赂

改装成电流表要并联电阻分流；并联电阻阻值为：

R=IgRgI鈭�Ig=0.003隆脕1203鈭�0.003隆脰0.12娄赂

故答案为：串；1880

并，0.12

．

电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=UIg鈭�RgU

为改装后的量程.

改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为R=IgRgI鈭�Ig

．

考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值；考查的电流表的改装原理，明确分流与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大．【解析】串；1880

并；0.12

22、略

【分析】

由题，1s内通过截面正离子的电