2025年新世纪版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修3物理下册阶段测试试卷817考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，质量分别为m1、m2，电荷量分别为q1、q2的两小球，分别用绝缘轻丝线悬挂起来，两丝线与竖直方向的夹角分别为α和β（α>β）；两小球恰在同一水平线上。若同时剪断两根细线，空气阻力不计，两球带电量不变，两球在空中未相碰，则下列叙述正确的是（）

A.两球同时落地B.q1一定大于q2C.m1一定大于m2D.m1所受的库仑力可能大于m2所受的库仑力2、关于电场，下列说法正确的是（）A.电场线是实际存在的线，反映电场强度的大小和方向B.电场力一定对正电荷做正功C.电场是物质存在的一种形式D.静电场的电场线总是与等势面垂直，且从电势低的等势面指向电势高的等势面3、如图所示，带箭头的实线表示某电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。其中A、B、C三点的电场强度大小分别为EA、EB、EC，电势分别为φA、φB、φC。关于这三点的电场强度大小和电势高低的关系；下列说法中正确的是（）

A.EA=EBB.EA>ECC.φA=φBD.φB<φC4、场是物质的一种存在形式。如果某种场的场力做功与路径无关，在这种场中就可以引入“势能”的概念，势能的变化可以用场力做功来量度。静电力存在的空间称为静电场，由于静电力做功与路径无关，在静电场中可以引入“电势能”的概念；与之类似，重力存在的空间称为重力场，由于重力做功与路径无关，在重力场中也可以引入“重力势能”的概念，如图所示，真空中静止点电荷产生的电场中，A、B为同一条电场线上的两点，取无穷远处为电势能零点，电荷量为+q的检验电荷，在A点的电势能为在B点的电势能为则A、B两点间的电势差UAB等于（）

A.B.C.D.5、如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为中点，电势分别为则（）

A.c点的电势一定为4VB.a点处的场强一定比b点处的场强大C.a点处的场强与b点处的场强一定相等D.正电荷从c点运动到b点电势能一定减少6、如图所示，平行板电容器的上极板带正电、下极板带负电，两板之间的距离为d，电容为C。质量为m、电荷量大小为q的带电液滴恰能在电场中的P点处于静止状态。设电场内a、b两点的场强大小分别为Ea、Eb，电势大小分别为φa、φb。电容器所带的电荷量大小为（）

A.B.C.D.7、半径为R的均匀带电圆环，横截面积为S，所带电荷量为Q，现使圆环绕垂直圆环所在平面且过圆心的轴以角速度ω匀速转动；则由环产生的等效电流为（）

A.B.C.D.8、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，电流表和电压表为理想电表，当滑动变阻器的滑片向b端移动时，则（）

A.电压表读数增大B.电流表读数增大C.质点P将向上运动D.上消耗的功率逐渐增大评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、如图所示的水平匀强电场中，将两个带电小球M和N分别沿图示路径移动到同一水平线上的不同位置，释放后，M、N保持静止；不计重力，则()

A.M的带电荷量比N的大B.M带负电荷，N带正电荷C.静止时M受到的合力比N的大D.移动过程中匀强电场对M做负功10、如图所示的电路中，电源内阻为r；电流表；电压表均为理想电表，开始时开关S断开，则下列说法正确的是。

A.闭合开关S，电流表的示数减小B.闭合开关S，电压表V1、V2的示数均增大C.保持开关S断开，将滑动变阻器R2滑片P向上移，电流表示数减小D.保持开关S断开，将滑动变阻器R2滑片P向上移，电压表V1、V2的示数均减小11、一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示；三点的电势分别为18V；20V、26V，下列说法正确的是（）

A.坐标原点处的电势为12VB.电场强度的大小为C.电子从b点运动到c点，克服电场力做功为6eVD.电子在a点的电势能比在b点的电势能大2eV12、如图甲所示，P、Q为真空中两固定点电荷，O为PQ连线的中点，MN为PQ连线的中垂线，从MN上的C点由静止释放一试探电荷；电荷仅在电场力作用下运动，运动过程中的速度-时间图像如图乙所示（已知图像关于虚线对称），下列说法正确的是（）

A.P、Q为等量同种电荷B.P、Q为等量异种电荷C.t1时刻，试探电荷位于O点D.t2时刻，试探电荷位于O点13、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻小于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）

A.灯泡L变亮B.电流表读数变小，电压表读数变大C.电源的输出功率变小D.电容器C上电荷量增多14、如图所示，电路中电源电动势为内阻为为电容器，为小灯泡，为定值电阻，闭合开关，小灯泡能正常发光。现将滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离，滑动前后理想电压表示数变化量的绝对值分别为理想电流表A示数变化量的绝对值为则（）。

A.电源的输出功率一定增大B.灯泡逐渐变暗C.均保持不变D.当电路稳定后，断开开关，小灯泡不会立刻熄灭评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、能量的量子化∶在微观世界中能量是_____的，或者说微观粒子的能量是____的。这种现象叫能量的量子化。16、电动势和内阻。

（1）电动势。

①电动势：在电源内部，非静电力把正电荷从负极移送到正极___________与___________的比值。

②定义式：单位：伏特（V）。

③物理意义：反映电源___________做功本领大小的物理量。

④决定因素：由电源中___________决定，跟电源的体积___________，跟外电路___________

（2）内阻：电源___________导体的电阻。17、如图甲所示，真空中水平放置两块长度为2d的平行金属板P、Q，两板间距为d，两板间加上如图乙所示最大值为U0的周期性变化的电压，在两板左侧紧靠P板处有一粒子源A，自t=0时刻开始连续释放初速度大小为v0，方向平行于金属板的相同带电粒子，t=0时刻释放的粒子恰好从Q板右侧边缘离开电场，已知电场变化周期粒子质量为m，不计粒子所受重力及相互间的作用力，则在t=0时刻进入的粒子离开电场时速度大小为___________，粒子的电荷量为___________；在时刻进入的粒子离开电场时电势能减少了___________。

18、电动机消耗的功率P电＝_____。19、真空中有一根半径为R的半圆形细导线，流过的电流为I，则圆心处的磁感强度为_______。评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)20、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

21、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短22、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。23、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)24、利用以下仪器测量时；请读数。

（1）利用游标卡尺测得金属小球直径所示，小球直径d=________cm；

（2）用螺旋测微器测量摆球直径如图所示，摆球的直径为d=________mm。

（3）用秒表测量单摆周期如下图所示，停表读数为________s。

评卷人得分六、解答题(共2题，共16分)25、真空中存在着空间范围足够大的、水平向右的匀强电场，在电场中若将一个质量为带正电的小球由静止释放，运动中小球速度与竖直方向夹角为37°（取）。现将该小球从电场中某点以初速度竖直向上抛出；求运动过程中：

（1）小球受到的电场力的大小及方向；

（2）小球最小速度的大小和方向；

（3）小球从抛出点运动到与抛出点同一水平高度处的过程中电场力做的功。26、如图所示，A是一个质量为1×10-3kg表面绝缘的薄板，薄板静止在光滑的水平面上，在薄板左端放置一质量为1×10-3kg带电量为q=+1×10-5C的物块B，在薄板上方有一水平电场，可以通过开关控制其有、无及方向。先产生一个方向水平向右，大小E1=3×102V/m的电场，薄板和物块开始运动，作用时间3s后，改变电场，电场大小变为E2=1×102V/m，方向向左，电场作用一段时间后，关闭电场，薄板正好到达目的地，物块刚好到达薄板的最右端，且薄板和物块的速度恰好为零。已知薄板与物块间的动摩擦因数µ=0.1.（薄板不带电，物块体积大小不计，g取10m/s2）试求：

（1）在电场E1作用下物块B和薄板A各自的加速度；

（2）在A；B停止前会达到一个共同速度；求此时物块B相对出发点的位移大小；

（3）全过程中物块B电势能的变化量和薄板的长度L。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【详解】

A．剪断细线后；绳子的拉力立即消失，两球在水平方向上受到库仑力的作用，在竖直方向上受到重力的作用；故水平方向上的分运动为变速运动，竖直方向上的分运动为自由落体运动，由自由落体运动的特征可知，两球同时落地，故A正确；

B．由公式可知；两小球受到的库仑力等大反向；小球的重力与库仑力的合力与细线的拉力等大反向，所以细线与竖直方向的夹角不同，是由于两球的重力不相等造成的，故B错误；

C．对m1做受力分析，细线的拉力在水平方向的分力与库仑力等大反向，在竖直方向的分力与小球重力等大反向，即

两式相比可得

同理

由于所以故C错误；

D．根据牛顿第三定律；两小球之间的库仑力等大反向，作用在同一条直线上，故D错误。

故选A。2、C【分析】【详解】

A．电场线是人为假想的曲线；实际并不存在，A错误；

B．如果电场力方向与正电荷运动方向相反；电场力对正电荷做负功，B错误；

C．电场是物质存在的一种形式；C正确；

D．静电场的电场线总是与等势面垂直；且从电势高的等势面指向电势低的等势面，D错误。

故选C。3、B【分析】【分析】

【详解】

AB．电场线的疏密反映场强的大小；由图可知。

EA>ECEA>EB选项A错误；B正确；

CD．沿电场线电势逐渐降低；可知。

φA<φB而B、C两点在同一个等势面上；故二者的电势相等。

φB=φC选项CD错误。

故选B。4、D【分析】【详解】

A与B两点间的电势差为

从A到B电场力做的功等于电势能的变化，则有

得

故选D。5、D【分析】【详解】

BC．由于只知道电场中一条电场线，因此不能确定该电场是否为匀强电场，a点处的场强与b点处的场强大小不确定；BC错误；

A．当该电场是匀强电场时，由公式

可得沿电场方向相同距离电势差相等，则电场在c点处的电势一定为4V，因不能确定该电场是否为匀强电场，所以在c点处的电势不一定为4V；A错误；

D．因为，根据

正电荷在电势高处电势能大，正电荷从c点运动到b点电势能一定减少；D正确。

故选D。6、A【分析】【详解】

带电液滴恰能在电场中的P点处于静止状态，则

又Q=CU

解得

故选A。7、D【分析】【分析】

【详解】

环转动一周的时间为

一周内通过某一截面的电量为Q，则电流为

故选D。8、B【分析】【详解】

AB．由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时，R1两端的电压也增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R2中电压增大；故电压表示数减小，故A错误，B正确；

C．因R3两端电压减小；则电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C错误；

D．R3上电流减小，根据P=I32R3，则R3消耗的功率逐渐变小；选项D错误；

故选B。二、多选题(共6题，共12分)9、B:D【分析】【分析】

该题考查电场中物体的受力平衡问题；对于电场中的共点力作用下物体的平衡其解决方法和纯力学中共点力作用下物体的平衡适用完全相同的解决方法．

【详解】

AB．因为M；N在释放后保持静止；说明受到的合力为0，若M带正电，不论N带正电，还是带负电，都不可能同时静止，只有M带负电，N带正电才能满足同时静止．又M与N之间的库仑力是作用力与反作用力，总是大小相等方向相反，所以二者受到的电场力也必定是大小相等方向相反，由F=qE可知，二者所带的电量大小相等．故A错误，B正确；

C．静止时；二者受到的合力都是0．故C错误；

D．M带负电，受到的电场力的方向向左，所以移动过程中匀强电场对M做负功．故D正确．10、A:C【分析】【详解】

AB．不论开关闭合还是断开，电压表V1测的都是电源路端电压，闭合开关S，电流表的示数为零，R1被短路，电路中的总电阻减小，总电流增大，电源内电压增大，外电压减小，电压表V1的示数减小；选项A正确，选项B错误；

C．S断开时，R1、R2串联；将滑动变阻器滑片向上移，滑动变阻器接入电路的电阻增大，总电阻增大，总电流减小，电流表示数减小，选项C正确；

D．电源内电压减小，外电压增大，电压表V1示数增大，R1两端的电压减小，R2两端的电压增大，即V2示数增大；选项D错误。

故选AC.11、A:B:D【分析】【详解】

如图所示，在ac连线上，确定一点，电势为将连线，即为等势线，那么垂直连线；则为电场线，再依据沿着电场线方向，电势降低，则电场线方向如下图：

则有

因此可知

A．根据

因a、b、c三点电势分别为解得原点处的电势为

故A正确；

B．根据上图，因为匀强电场，则有

依据几何关系，则

因此电场强度大小为

故B正确；

C．bc间的电势差

电子从b点运动到c点，电场力做正功为

故C错误；

D．因

电子从a点到b点电场力做功为

因电场力做正功，则电势能减小，那么电子在a点的电势能比在b点的高故D正确。

故选ABD。12、A:C【分析】【详解】

AB．从MN上的C点由静止释放一试探电荷，电荷仅在电场力作用下运动，运动过程中的速度-时间图像如图乙所示，因为图像关于虚线对称，所以可以判断试探电荷在MN上运动，两电荷对试探电荷同为引力，所以P、Q为等量同种电荷；故A正确B错误；

CD．t1时刻，试探电荷速度最大，所以合力做功最多，所以试探电荷位于O点，t2时刻，试探电荷速度为零，到达关于O的对称点；故C正确D错误。

故选AC。13、B:D【分析】【详解】

AB．将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后；滑动变阻器的电阻变大，根据串反并同，灯泡L中电流减小，电流表读数变小，电压表读数变大，灯泡L变暗，选项A错误，B正确；

C．当外电路的总电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大。虽然灯泡L的电阻小于电源的内阻r；但外电路的总电阻与电源的内阻大小不确定，故电源的输出功率变化情况不确定，故选项C错误；

D．将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后；电容器C上电压增大，电容器C上电荷量增多，选项D正确。

故选BD。14、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由于外电阻与内阻相等时；电源的输出功率最大，所以滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离时，外电阻减小，但是电源的输出功率不一定增大，则A错误；

B．根据闭合电路欧姆定律

所以滑动变阻器的滑片向左滑动一段距离时；外电阻减小，总电流减小，灯泡逐渐变暗，则B正确；

C．根据部分电路欧姆定律可得

由闭合电路欧姆定律

则根据电源的伏安特性曲线，可得

由闭合电路欧姆定律

则根据电源的伏安特性曲线，可得

所以均保持不变；C正确；

D．当电路稳定后；断开开关，电容器与小灯泡组成一个回路，电容器放电，则小灯泡不会立刻熄灭，所以D正确；

故选BCD。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]能量的量子化∶在微观世界中能量是量子化的，或者说微观粒子的能量是分立的。这种现象叫能量的量子化。【解析】①.量子化②.分立16、略

【分析】【详解】

（1）①[1][2]物理中，对电动势的定义为：在电源内部，非静电力把正电荷从负极移送到正极所做的功W与被移送电荷q的比值；

③[3]电动势的物理意义为：反映电源非静电力做功本领大小的物理量；

④[4][5][6]决定电动势大小的因素为电源中非静电力的特性；跟电源的体积无关，跟外电路无关；

（2）[7]电源内阻指电源内部导体的电阻。【解析】所做的功W被移送电荷q非静电力非静电力的特性无关无关内部17、略

【分析】【详解】

[1]由题意知，t=0时刻进入电场的粒子，水平方向做匀速运动，则

所以粒子在电场中运动时间为

由此可知，粒子在竖直方向先做加速运动后做减速运动，经过一个周期，粒子的竖直速度为零，故粒子离开电场时的速度大小等于水平速度，即

[2]粒子在竖直方向一个周期内的位移为d，即

解得

[3]时刻进入电场的粒子，离开电场时在竖直方向上的位移为

电场力做功为

电场力做正功，电势能减少，且【解析】v018、略

【分析】【详解】

略【解析】UI19、略

【分析】【详解】

载有电流I的无限长，在距离导线为r处的P点的磁感应强度为

则半径为R的圆形细导线，当流过的电流为I时，在其圆心处的磁感应强度为

圆形细导线在圆心处的磁感应强度可以看成是由两根半圆形细导线在圆心处产生的磁感应强度的矢量和，由于两根半圆形细导线在圆心处分别产生的磁感应强度相同，所以一根半圆形细导线在圆心处产生的磁感应强度为上式B的即为【解析】四、作图题(共4题，共20分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】21、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电