2025年北师大版九年级物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版九年级物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下面说法中正确的是（）A.色光与颜料的基本色都是红黄蓝B.夸克由质子或中子组成C.碗盘选用陶瓷材料因其隔热性好D.水能和太阳能是不可再生能源2、如图所示，男孩脚踩滑板车从高处滑下，在下滑过程中（）A.动能增加，势能减少B.动能增加，势能增加C.动能减少，势能增加D.动能减少，势能减少3、如图所示电路；电源电压不变，闭合开关S后，当滑片P向左移动时，电压表和电流表的示数将（）

A.电流表示数变大；电压表示数变大。

B.电流表示数变大；电压表示数不变。

C.电流表示数变小；电压表示数不变。

D.电流表示数变小；电压表示数变小。

4、下列关于能量转化的实例，你认为说法正确的是（）A.水轮机带动发电机发电电能转化为机械能B.燃料燃烧化学能转化为内能C.汽油机的做功冲程机械能转化为内能D.给蓄电池充电化学能转化为电能5、有一部电动机经过检查，一切都按要求安装完毕后，排除接触不良、短路、及磁铁没有磁性、电源没有电压等各种原因后，接通电源仍不能转动．小佳同学用手去旋转线圈，刚一旋转，电动机就立即持续转动起来．则原来电动机不转动的原因可能是（）A.电动机轴生锈而被卡住了B.转轴没润滑油转不动C.线圈所处的位置对它的转动有影响D.线圈转动要靠外力6、在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向左移动时，三个电表的示数变化情况是(

)

A.A

的示数变小，V1

的示数不变，V2

的示数变小B.A

的示数变大，V1

的示数变大，V2

的示数变小C.A

的示数变小，V1

的示数不变，V2

的示数变大D.A

的示数变大，V1

的示数变小，V2

的示数变大7、如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片P从中点向右端滑动的过程中（）A.电流表A的示数变大B.电压变V1的示数变大C.电压表V2的示数变大D.灯泡L变亮8、下列估测中学生的数据，符合实际的是（）A.脚的长度约为260mmB.脉搏跳动一次的时间约为2sC.体重约为50kgD.正常步行的速度约为1.4km/h评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）A.温度高的物体内能不一定多B.物体的温度越高所含的热量越多C.物体的温度不变，物体的内能就一定不变D.内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体10、下列光学仪器成虚像的是（）A.照相机B.平面镜C.投影仪D.放大镜11、如图中，不符合安全用电原则的做法是（）A.B.C.D.12、下列的四幅图中；能反映发电机工作原理的是（）

A.

B.

C.

D.

13、下列有关热和能的说法中不正确的是（）

A.改变物体内能的方法有做功和热传递；但是这两种方法所达到的效果是不同的。

B.比热容越大的物质吸热能力越强。

C.汽油机的做功冲程有喷油嘴喷出汽油点燃；将内能转化为机械能。

D.热值大的燃料燃烧时放出的热量多。

14、如图为某同学实验时所用电路，电路中电流表量程为0隆芦0.6A

电压表量程为0隆芦3V

滑动变阻器的最大值为50娄赂

定值电阻R0

为10娄赂.

电源电压为6V

且保持不变，实验操作正确并保证电路各器材安全，则在闭合开关后移动滑片P

的过程中：

A.电流表的最大示数是0.6A

B.电压表的最小示数是1V

C.滑动变阻器的最小功率是0.5W

D.电阻R0

的最大功率是0.6W

15、在如图所示电路中，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从a滑到b的过程中（）A.电路中总电阻逐渐变大B.电流表的示数先变大后变小C.R两端电压先变小后变大D.R、R′的总功率先变小后变大评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、某电磁波的频率是2500MHz，它的波长是____．17、声音是由物体的____产生的，说话时声带在____，敲锣时锣面在____．18、2003年春季；在我国部分城市出现了“非典”疫情，各地广泛使用喷雾器对公共场所消毒．图给出了一种喷雾器的示意图，就其工作原理要用到的物理知识有（写出两项即可）

（1）____；

（2）____．

19、如图所示，由于施工需要，某工人坐在筐子里用滑轮将自已吊起，他用100牛顿的力拉绳子，使自己匀速升高1米，他所做的功是____焦耳，他和筐子的总重是____牛顿．

20、定滑轮的特点：____省力，但能改变____，实质是一个____杠杆；动滑轮的特点：____省力，但不能改变____．21、【题文】在汽油机工作的四个冲程中，将机械能转化为内能的是________冲程.用铝壶烧开水，壶中的水蒸气将壶盖顶起来，这是消耗水蒸气的____能对外做功，将水蒸气的____能转化成壶盖的____能。22、小明去超市，走到电梯前发现电梯运动较慢，当他站在电梯上时电梯运动又快了起来．小明根据所学的知识，画出如图所示的电路（R是一个压敏电阻）．小明分析：当人站在电梯上，压敏电阻的阻值减小，则电磁铁的磁性变____，衔铁与触点____（选填“1”或“2”）接触，电动机的转速变____．23、当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，这时发动机的效率______（选填“升高”、“不变”或“降低”）．发动机散热器常用水做冷却剂，这是因为水的______大．运载火箭选用液态氢做燃料，是因为氢的______大．24、小强家中的电能表5月初的示数如图所示，5月份交了48.8元电费，若每千瓦•时电费为0.8元，则小强家6月初电能表的示数为____kW•h为．根据电能表的铭牌；你还能谈到哪些信息？请写出其中两条：

（1）____；

（2）____．评卷人得分四、判断题(共4题，共20分)25、凸透镜是对平行光线起会聚作用．____．26、有力的作用就一定有施力物体，但可以没有受力物体．____（判断对错）27、磁场是由磁感线组成的，用磁感线可以形象地描述磁场．____（判断对错）28、零刻线被磨损的刻度尺就一定不能再使用了．____（判断对错）评卷人得分五、实验探究题(共4题，共40分)29、如图甲所示是小红连接的“测定小灯泡功率”不完整的实物电路，请用笔画线代替导线，完成实物电路的连接．在开关S闭合前，现将滑动变阻器调到电阻最____，若某次操作时，电压表示数为1.8伏，为使额定电压为2.5伏的小灯泡正常发光，应将图甲中滑动变阻器的滑片P向____端移动（填左或右），使电压表的示数为____伏．如果此时电流表的示数如图乙所示，那么通过小灯泡的电流为____安，小灯泡的额定功率为____瓦．

30、探究“电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关”的实验中：

（1）比较图甲、乙两种情况可知，通过电磁铁的电流越大，它的磁性越______；

（2）比较图丙中两个电磁铁吸引大头针的数目，发现通过的电流相同时，线圈匝数越______；磁性越强；

（3）分析（1）（2）可归纳出，电磁铁磁性强弱与______和______有关．31、下图是实验室制取气体的常用装置，请根据装置图回答下列问题。rm{(1)}实验室制取并收集一瓶干燥的氧气，应选择的装置是________rm{(}填序号rm{)}有关反应的化学方程式是________。rm{(2)}若用rm{A}装置制取一种气体，可选择的药品是________。32、同组的小明和小华在探究凸透镜成像规律时；小华首先利用太阳光测量凸透镜的焦距，小华将凸透镜正对着太阳，再把一张纸放在它的下方，如图甲所示。当在纸上呈现一个光斑时，测得这个光斑到凸透镜光心的距离L=8cm．至此小华认为凸透镜的焦距是f=8cm。

（1）你认为该凸透镜的焦距应该是______

A．大于8cm．B．等于8cm．C．小于8cm．D．大于或小于8cm。

（2）小明后来用焦距为10cm的凸透镜来做实验；如图乙所示，光屏上得到一个清晰的像，该像是一个倒立；______的实像。生活中______就是利用这一成像规律工作的。此时，把光屏和蜡烛的位置互换，在光屏上______（选填“能”或“不能”）成清晰的像。

（3）如图丙所示。在蜡烛和光屏之间放一个近视眼镜，使烛焰在光屏上成一清晰的像，若取下近视眼镜，为使光屏上的像再次清晰，应将蜡烛______透镜（填“靠近”或“远离”）。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】（1）色光的三原色是红；绿、蓝；颜料的三原色是红、黄、蓝；

（2）原子是由原子核和电子组成的；原子核是由质子和中子组成的，质子和中子是由更小的微粒夸克组成的；

（3）陶瓷的导热性低于金属材料；陶瓷还是良好的隔热材料；

（4）能够短时间从自然及得到补充的是可再生能源，短时间得不到补充的是不可再生能源．【解析】【解答】解：A；色光三原色与颜料的三原色是不同的；颜料的三原色是红、黄、蓝，光的三原色是红、黄、蓝，该选项说法不正确；

B；质子和中子是由夸克组成的；该选项说法不正确；

C；碗盘选用陶瓷材料是因为陶瓷材料的隔热性能好；人接触碗盘时不至于太热，该选项说法正确；

D；水能和太阳能都是可再生能源；该选项说法不正确．

故选C．2、A【分析】【分析】动能大小的影响因素：质量和速度；质量越大，速度越大，动能越大；

重力势能大小的影响因素：质量和高度；质量越大，高度越高，重力势能越大；

根据影响重力势能和动能的因素分析能量转化．【解析】【解答】解：因为男孩在最高点时重力势能最大；下滑的过程中高度减小，而速度越来越大，因此男孩在下滑的过程中重力势能转化为动能；即动能增加；势能减少．

故选：A．3、A【分析】

当滑片P向左移动时；滑动变阻器接入电路的电阻变小；电路的总电阻变小；

根据I=可知；电路中的电流变大，即电流表的示数变大；

根据U=IR可知；电阻R两端的电压变大，即电压表的示数变大．

故选A．

【解析】【答案】由电路图可知；电阻R与滑动变阻器串联，电压表测电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化和电路总电阻的变化，根据欧姆定律判断电路中电流的变化和电阻R两端的电压变化．

4、B【分析】【分析】解决此题的关键是知道各种现象的能量储存方式和转化方式，明确消耗了哪种形式的能，得到了哪种形式的能．【解析】【解答】解：A；水轮机带动发电机发电；将机械能转化为电能，故A错误；

B；燃料燃烧；将化学能转化为内能，故B正确；

C；汽油机的做功冲程对外做功；将内能转化为机械能，故C错误。

D；给蓄电池充电时；把电能转化为化学能储存在电池里，故D错误．

故选B．5、C【分析】【解答】解：经过检查；一切都按要求安装完毕后，排除接触不良；短路、及磁铁没有磁性、电源没有电压等各种原因后，因此选项A、B不正确．

接通电源仍不能转动；用手去旋转线圈，刚一旋转，电动机就立即持续转动起来，则线圈处于平衡位置，所以选项C正确．

电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的；所以选项D不正确．

故选C．

【分析】电动机不转动的原因主要有以下几个方面：电动机轴生因为锈而被卡住；线路接触不良，电路中无电流；电压过低，电路中电流太小；线圈处于平衡位置，线圈中无电流，线圈不受力的作用．6、C【分析】解：由电路图可知；滑动变阻器与灯串联，电压表V1

测量电源电压，电压表V2

测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；

当滑动变阻器的滑片P

向左移动时；接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大；

由I=UR

可知；电路中的电流变小，即电流表A

的示数变小；

由U=IR

可知；

灯两端的电压变小；由于电源电压不变，则滑动变阻器两端电压变大即V2

示数变大，故ABD错误，C正确。

故选：C

由电路图可知；滑动变阻器与灯串联，电压表V1

测量总电压，电压表V2

测量滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；

根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化；根据欧姆定律可知电路中电流的变化和滑动变阻器两端的电压变化。

本题考查电路的动态分析，利用欧姆定律即可求解；但要注意电路中用电器之间的连接方式和电压表的位置。【解析】C

7、C【分析】【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流．根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和L两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化．【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测R两端的电压；电流表测电路中的电流．

当滑动变阻器R的滑片P从中点向右端滑动的过程中；接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大；

由I=可知；电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故A错误；

由U=IR可知，L两端的电压变小，即电压表V1的示数变小；故B错误；

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小；

所以；由P=UI可知，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗，故D错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和；

所以，R两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；故C正确．

故选C．8、A【分析】【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解析】【解答】解：

A；中学生脚的长度在25cm左右；接近26cm=260mm．此选项符合实际；

B；正常情况下；人的脉搏1min跳动75次，跳动1次的时间大约1s．此选项不符合实际；

C；kg是质量的单位；中学生的质量在50kg左右，受到的重力约G=mg=50kg×10N/kg=500N左右．此选项不符合实际；

D；人正常步行的速度在1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h左右．此选项不符合实际．

故选A．二、多选题(共7题，共14分)9、AD【分析】【分析】（1）内能与物体的质量；温度以及状态有关．

（2）热量是过程量；只存在于热传递中，只能说吸收或放出热量，不能说含有或者具有热量．

（3）热传递的条件：有温度差．【解析】【解答】解：A；因为物体的内能不仅与温度有关；还与质量和状态有关，所以温度高的物体内能不一定多；故A正确；

B；热量是一过程量；描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有．故B不正确．

C；物体的内能不仅与温度有关；内能的大小还与质量和状态有关．故C不正确．

D；发生热传递的条件是：有温度差；传递内能的多少叫热量，所以物体的内能小，但可能温度高，所以“内能小的物体也可能将内能转给内能大的物体”，故D正确．

故选AD．10、BD【分析】【分析】实像和虚像的区别：实像能用光屏呈接，虚像不能；实像是实际光线会聚而成的，虚像是实际光线的反向延长线会聚形成的【解析】【解答】解：A；照相机是利用凸透镜在U＞2f时；在另一侧光屏上得到倒立、缩小的实像．不符合题意．

B；平面镜成像的特点；成正立等大的虚像，符合题意．

C；投影仪成倒立、放大的实像；不符合题意．

D；放大镜是利用凸透镜在U＜f时；通过凸透镜能看到一个正立的、放大的虚像．符合题意．

故选BD．11、ABD【分析】【分析】根据安全用电的常识逐一分析，选择正确答案．【解析】【解答】解：A；湿衣服是导体；当把湿衣服晾在电线上时，一旦漏电，人接触衣服时会发生触电事故．符合题意；

B；用湿手按开关；水是导体，会使人触电，不符合安全用电原则，符合题意；

C；控制灯泡的开关应接在火线和灯泡之间；符合安全用电原则；

D；多个大功率用电器插头插在同一插线板上；会使干路电路过大，容易引起火灾．符合题意．

故选ABD．12、AA【分析】

A；图示的是闭合电路的导体在磁场中做切割磁感线运动时；导体中就会产生电流，是电磁感应现象，属于发电机的工作原理，故该选项符合题意；

B；图示的是奥斯特实验；说明了电流周围存在磁场，故该选项不符合题意；

C；图示的通电导体在磁场中受到力的作用；受力的大小与电流的大小有关，是电动机的工作原理，故该选项不符合题意；

D；图示的是通电线圈在磁场中受力的作用；故该选项不符合题意．

故选A．A

【解析】【答案】（1）发电机的工作原理是电磁感应；即闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流；

（2）电动机的工作原理是磁场对电流的作用；即通电线圈在磁场中受力转动；

（3）奥斯特实验第一个揭示了电和磁之间的联系；说明了电流周围存在磁场．

13、AC【分析】

A；改变物体内能的方法有做功和热传递；这两种方法是等效的，选项说法错误，符合题意；

B；比热容大的物质吸热能力强；选项说法正确，不符合题意；

C；汽油机的做功冲程有电火花喷出点燃汽油和空气的混合物；将内能转化为机械能，选项说法错误，符合题意；

D；热值大的燃料燃烧时放出的热量多；选项说法正确，不符合题意；

故选AC．

【解析】【答案】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；

（2）相同质量的同种物质相比较；在升高相同温度的情况下，比热容越大，吸收的热量越多；

（3）汽油机气缸顶端有个火花塞；点火方式是点燃式，则在汽油机的吸气冲程中，要同时吸入燃料和助燃物，所以这个冲程吸入的是空气和汽油的混合气体；

（4）热值反映了燃料燃烧时放出热量的能力；与物体的质量和体积无关，不同物质的热值不同．

14、BC【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流；电源的电压大于电压表的最大示数，根据串联电路的分压特点可知当电压表的示数最大时电路中的电流最大，此时定值电阻消耗的电功率最大，滑动变阻器两端的电压不为00根据P=UIP=UI可知滑动变阻器的最小电功率，根据串联电路的电压特点求出定值电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，利用P=IP=I2RR求出电阻RR0消耗的最大功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用欧姆定律求出电压表的最小示数。由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻两端电压，电流表测电路电流；

A、电源的电压大于电压表的最大示数，根据串联电路的分压特点可知当电压表的示数最大时为3V3V电路中的电流最大。根据欧姆定律可得，电流表的最大示数：，故A错误；

B、当滑动变阻器全部接入电路中，电阻最大为RR脳脺=R+R=R+R0=50娄赂+10娄赂=60娄赂=50娄赂+10娄赂=60娄赂则电路中的电流：，电压表最小示数为：UURmin=I=IminRR0=0.1A隆脕10娄赂=1V=0.1A隆脕10娄赂=1V故B正确；

C、当滑动变阻器接入电路，电路中的电流为II滑动变阻器消耗的电功率：PPR=(U鈭�R=(U-R0I)I=UI鈭�RI)I=UI-R0II2=6V隆脕I鈭�10娄赂隆脕I=6V隆脕I-10娄赂隆脕I2，功率是关于电流的二次函数，功率有最大值，并且在I=0.3AI=0.3A时功率最大。由上分析可知：电流的变化范围是：0.1A隆芦0.3A0.1A隆芦0.3A所以最小值为PPmin=6V隆脕I鈭�10娄赂隆脕I=6V隆脕I-10娄赂隆脕I2=6V隆脕0.1A鈭�10娄赂隆脕(0.1A)=6V隆脕0.1A-10娄赂隆脕(0.1A)2=0.5W=0.5W故C正确；

D、电阻RR0的最大功率为PP0max=I=I2RR0=(0.3A)=(0.3A)2隆脕10娄赂=0.9W隆脕10娄赂=0.9W故D错误。

故选BC。滑动变阻器的电阻不连入，电压表超量程，根据电压表的量程找出滑动变阻器连入的电阻最小值，是解本题的关键。【解析】BC

15、CD【分析】【分析】从图中可以看出，滑动变阻器滑片左右两部分电阻并联使用，然后与定值电阻串联，电流表测量干路中的电流，注意滑片移至端点a、b处时，滑动变阻器被短路．【解析】【解答】解：AB、当滑片在a、b处时，滑动变阻器被短路，因此此时电路中电阻最小，电流最大，因此当滑片由a端向b端移动时；电路中的电流先减小，后增大；电路中的总电阻先增大后减小；故AB选项错误；

C、当滑片在a、b处时；为R的基本电路，因此R两端的电压等于电源电压，故R两端电压先变小后变大；故C选项正确；

D、因为滑片在a、b处时；电流表示数相等，且为最大，而电源电压不变，因此由P=UI可得，电路中的总功率先变小后变大．故D选项正确．

故选CD．三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s，已知频率f，波速c，由c=λf可求出波长．【解析】【解答】解：电磁波在真空中的传播速度与光速相同是3×108m/s；电磁波频率f=2500MHz=2.5×109Hz；

由公式c=λf得；

波长λ===0.12m．

故答案为：0.12m．17、略

【分析】【分析】解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的．【解析】【解答】解：声音是由物体的振动产生的；说话时声带在振动，敲锣时锣面在振动；

故答案为：振动，振动，振动．18、略

【分析】

（1）手压压柄部分；压杆和出水管接触的部分为支点，构成一个杠杆；

（2）压杆下面有弹簧；按动压杆时，弹簧压缩形变，产生了弹力；

（3）按动压杆；活塞向右运动，导致进水管内气压减小，在大气压作用下把消毒药水压进进水管内；

（4）弹簧受到挤压后会把动能转化为弹性势能．

故答案为：（1）手柄相当于杠杆；（2）气体体积缩小；压强增大．

【解析】【答案】要解决此题；需要掌握杠杆的知识，能够从实际例子中抽象出杠杆．

掌握大气压与体积之间的关系；知道一定质量的气体，若压缩体积则压强增大．

19、略

【分析】

绳子自由端移动的距离：S=5×1m=5m．

所做的功：W=FS=100N×5m=500J．

物体的重力有5股绳子承担；所以，G=5F=5×100N=500N．

故答案为：500；500．

【解析】【答案】（1）由图可知；人和筐子的总重力由5股绳子承担，绳子自由端移动的距离是物体上升距离的5倍，已知人的拉力是100N和绳子自由端移动的距离，根据W=FS可求出人做的功．

（2）根据物体的重力有几股绳子承担；物体重力就是绳子自由端拉力的几倍，可求出人和筐子的总重力．

20、略

【分析】

（1）定滑轮的动力臂和阻力臂都等于滑轮的半径；所以定滑轮实际上是等臂杠杆，因此使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向．

（2）动滑轮的动力臂等于滑轮的直径；阻力臂等于滑轮的半径，即动力臂是阻力臂的二倍的杠杆，所以动滑轮实际上就是省力杠杆，因此使用动滑轮可以省一半的力，但不能改变力的方向，多费一倍的距离．

故答案为：不能；力的方向；等臂；能；力的方向．

【解析】【答案】（1）定滑轮实质上是个等臂杠杆；所以定滑轮不能省力，但能改变动力的方向；

（2）动滑轮实质上是省力杠杆；所以使用动滑轮可以省力，但不能改变力的方向．

21、略

【分析】【解析】内燃机的四个冲程是吸气；压缩、做功、排气冲程．压缩冲程将机械能转化为内能．

水烧开以后；水蒸气对壶盖做功，把壶盖顶起来，消耗水蒸气的内能，将水蒸气的内能转化为壶盖的机械能。

故答案为：压缩；内；内；机械。

点评：内燃机的四个冲程及能量转化情况，做功可以改变物体的内能：当物体对外做功时，物体的内能减小；当对物体做功时，物体的内能增大【解析】【答案】.压缩；内；内；机械22、强2快【分析】【分析】明确压敏电阻所在的电路为控制电路，再根据电阻大小对电磁铁磁性大小的影响来进一步分析，看工作电路中连接的特点是否发生了变化，然后判断电动机转速的变化．【解析】【解答】解：读图可知，压敏电阻R在控制电路中，当人站上电梯，阻值减小时，电路中电流变大，电磁铁磁性增强，吸引衔铁，使触点与1断开，与2连接，在工作电路中，电动机原本与电阻R1串联，此时电阻R1被断路；电动机两端的电压增大，转速就会变快．

故答案为：强；2；快．23、略

【分析】解：（1）汽车发动机工作时将内能转化为机械能；冒“黑烟”说明燃烧不充分，用来做有用功的能量占燃料完全燃烧放出的总能量的比值就小，所以效率降低；

（2）用水做冷却剂是因为水的比热容较大；在相同质量的情况下，升高相同的温度是，水能吸收更多的热量；

（3）运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料；原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量．

故答案为：降低；比热容；热值．

（1）热机工作的过程中内能转化为机械能；热机的效率是指用来做有用功的能量占燃料完全燃料放出的总能量的百分比；据此结合现象可分析对效率的影响；

（2）水具有比热容较大的特性；这是常被选做冷却剂的原因；

（3）热值是燃料的一种特性；热值越大，完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多．

本题主要考查了热机工作时能量的转化以及对热机效率、比热容概念以及燃料热值的了解与掌握，属于基础题目．【解析】降低；比热容；热值24、略

【分析】【分析】所交的电费除以每度电的价格就是当月消耗的电能；月初的示数加上消耗的电能就是月末的示数．

从电能表上可以看出电能表的额定电压、标定电流、工作频率、转数等．【解析】【解答】解：当月消耗的电能=61kw•h；

小明家6月初电能表的示数为18kw•h+61kw•h=79kw•h；在电能表上的示数即为00790．

根据电能表的铭牌可以得到：（1）电能彪允许通过的最大电流是10A；（2）每消耗1kw•h电能，电能表转盘转动3000r；（3）电能表示数上的单位是kW•h；

故答案为：79；00790；电能彪允许通过的最大电流是10A；电能表示数上的单位是kW•h．四、判断题(共4题，共20分)25、×【分析】【分析】凸透镜对光起会聚的作用，这里的光时泛指所有类型的光，包括发散的光、会聚的光和平行光．【解析】【解答】解：凸透镜对所有的光线都有会聚的作用；所以此说法是片面的，故而错误．

答案为：×．26、×【分析】【分析】力是物体对物体的作用．要产生力的作用，至少有两个物体；单独一个物体不能产生力的作用，没有物体就没有力的作用．【解析】【解答】解：

要产生力的作用；至少有两个物体：施加力的作用的物体是施力物体，承受力的作用的物体是受力物体．单独一个物体不会产生力的作用．

故答案为：×．27、×【分析】【分析】磁感线是来表示磁场的，是为了研究方便人们假想出来的．但磁场却不是由磁感线组成的．【解析】【解答】解：磁场是确实存在的；但是磁场是看不见摸不到的，故用磁感线来形象的表示磁场．但磁场却不是由磁感线组成的．故题干说法错误．

故答案为：×．28、×【分析】【分析】刻度尺能否使用的判断标准不是零刻线的有无，而是刻度是否均匀．【解析】【解答】解：零刻线被磨损的刻度尺；另选一个刻度值作为测量的起点，测量的结果减去起始值即可，因此零刻线被磨损的刻度尺还可以使用，这种说法是错误的．

故答案为：×．五、实验探究题(共4题，共40分)29、略

【分析】【分析】根据伏安法测电功率的原理连接实物电路图；为保护电路，闭合开关前滑片应置于阻值最大处；根据电压表示数与灯泡额定电压的关系确滑片的移动方向；根据图示电流表确定其量程与分度值，读出其示数，然后由P=UI求出灯泡额定功率．【解析】【解答】解：把滑动变阻器；电流表、灯泡串联接入电路；电压表并联在灯泡两端，实物电路图如图所示：

为保护电路；在开关S闭合前，现将滑动变阻器调到电阻最大处；

电压表示数为1.8伏；为使额定电压为2.5伏的小灯泡正常发光；

应将图甲中滑动变阻器的滑片P向左端移动；使电压表的示数为2.5伏．

由图示电流表可知；其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.34A；

那么通过小灯泡的电流为0.34安；小灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.34A=0.85W．

故答案为：实物连接如上图所示；大处；左；2.5；0.34；0.85．30、略

【分析】解：

（1）比较图甲；乙两种情况可知：滑动变阻器滑片位置不同；甲图阻值大电流小，乙图阻值小电流大，根据吸引大头针数量可以看出，乙图电磁铁的磁性强，即：通过电磁铁的电流越大，它的磁性越强．

（2）比较图丙中两个电磁铁吸引大头针的数目；发现通过的电流相同时，线圈匝数越多的电磁铁，其吸引的大头针数量多，说明磁性强．

（3）分析（1）（2）可知：在线圈匝数和铁芯一定时；电流越大，磁性越强；在电流大小和铁芯一定时，线圈匝数越多，磁性越强．所以电磁铁的磁性强弱跟电流大小；线圈匝数多少有关．

故答案为：（1）强；（2）多；（3）电流大小；线圈匝数．

电磁铁的磁性强弱跟电流大小；线圈匝数多少、有无铁芯有关．在电流大小和铁芯一定时；匝数越多，磁性越强；在电流大小和匝数一定时，有铁芯，磁性强；在匝数和铁芯一定时，电流越大，磁性越强．

掌握电磁铁磁性强弱的影响因素，利用控制变量和转换法探究电磁铁磁性强弱的影响因素；可以总结一下初中物理所有利用控制变量法探究的知识点，真正理解控制变量法．【解析】强；多；电流大小；线圈匝数31、（1）BC

（2）锌粒和稀硫酸【分析】【分析】根据实验目的，需要制取干燥的氧气分析；根据rm{B}