2025年外研衔接版选择性必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版选择性必修1物理下册阶段测试试卷548考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，质量为m的小球，用不可伸长的轻绳悬挂在O点．现将小球从A点由静止释放，小球向下摆动至最低点B．在此过程中，小球重力做的功为W，小球重力的冲量为I，小球动能的变化量为小球动量的变化量为．不计空气阻力；下列关系式正确的是。

A.B.C.D.2、在我国汉代，劳动人民就已经发明了辘轳，如图所示，可转动的把手边缘上a点到转轴的距离为辘轳边缘b点到转轴的距离为R，忽略空气阻力。在水桶离开水面后加速往上运动的过程中，下列说法正确的是（）

A.把手边缘上a点的角速度小于辘轳边缘b点的角速度B.水桶上升的速度大小等于把手边缘上a点的线速度大小C.绳子拉力对水桶做的功等于水桶和水的机械能的增加量D.拉力对水桶的冲量等于水桶动量的变化量3、研究人员让外层覆盖锌的纳米机器人携带药物进入老鼠体内，机器人到达胃部后，外层的锌与消化液反应，产生氢气气泡，从而推动机器人前进，速度可达60若机器人所受重力和浮力忽略不计；当纳米机器人在胃液中加速前进时，下列判断正确的是。

A.机器人由原电池提供的电能直接驱动B.机器人对胃液的作用力比胃液对机器人的作用力大C.氢气气泡对机器人做的功比机器人克服胃液作用力做的功多D.氢气气泡对机器人作用力的冲量比胃液对机器人作用力的冲量小.4、如图所示，A、两个大小相同、质量不等的小球放在光滑水平地面上，A以的速率向右运动，以的速率向左运动，发生正碰后A、两小球都以的速率反弹，则两小球的质量之比为（）

A.B.C.D.5、一束光强为I0的自然光垂直穿过两个偏振片，且此两偏振片的偏振化方向成45°角，则穿过两个偏振片后的光强I为（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、图1为一列简谐横波在t=0时刻的波形图；P；Q为介质中的两个质点，图2为质点P的振动图象，则。

A.t=0.2s时，质点Q沿y轴负方向运动B.0～0.3s内，质点Q运动的路程为0.3mC.t=0.5s时，质点Q的加速度小于质点P的加速度D.t=0.7s时，质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离7、一个质点做简谐运动的图像如图所示；下列叙述正确的是（）

A.质点的振动频率为4HzB.在10s内质点经过的路程是20cmC.在5s末，速度为零，加速度最大E.在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点的速度相同E.在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点的速度相同8、以下说法正确的是（）A.光纤通信利用了激光相干性好的特点B.激光武器利用了激光亮度高的特点C.激光写、读光盘利用了激光亮度高的特点D.全息照相利用了激光的相干性好的特点9、如图，a、b、c、d是均匀媒质中x轴上的四个质点，相邻两点的间距依次为2m、4m和6m。一列简谐横波以2m/s的波速沿x轴正向传播，在t=0时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向下运动，t=3s时a第一次到达最高点。下列说法正确的是（）

A.质点b开始振动后，其振动周期为4sB.在t=5s时刻质点c恰好到达最高点C.在t=6s时刻波恰好传到质点d处E.当质点d向下运动时，质点b一定向上运动E.当质点d向下运动时，质点b一定向上运动10、如图所示，一质量为m、半径为R的四分之一光滑圆弧槽，放在光滑的水平面上，有一质量也为m的小球由槽顶端A静止释放，在其下滑至槽末端B的过程中，已知重力加速度为g；空气阻力忽略不计。则下列说法正确的是（）

A.若圆弧槽固定，小球的机械能守恒B.若圆弧槽固定，小球滑至B点时对槽的压力大小为3mgC.若圆弧槽不固定，小球和槽组成的系统动量守恒D.圆弧槽固定和不固定情形下，小球滑到B点时的速度大小之比为1：111、如图所示，长直杆固定放置与水平面夹角=30°，杆上O点以上部分粗糙，O点以下部分（含O点）光滑。轻弹簧穿过长杆，下端与挡板相连，弹簧原长时上端恰好在O点，质量为m的带孔小球穿过长杆，与弹簧上端连接。小球与杆粗糙部分的动摩擦因数最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现将小球拉到图示a位置由静止释放，一段时间后观察到小球振动时弹簧上端的最低位置始终在b点，O点与a、b间距均为L。重力加速度为g；不计空气阻力，则下列说法正确的是（）

A.小球在a点加速度大小是在b点加速度大小的2倍B.小球在a点加速度大小是在b点加速度大小的3倍C.整个运动过程小球在直杆粗糙部分运动的路程为2LD.若增加小球质量，仍从a位置静止释放，则小球最终运动的最低点仍在b点12、如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，时，位于坐标原点O处的波源开始从平衡位置沿y轴向上做周期为0.5s、振幅为6cm的简谐振动。当平衡位置在处的质点P刚开始振动时；波源处的质点刚好位于波峰。下列描述正确的是（）

A.波源O在开始振动后1.75s内通过的路程为0.84mB.该列简谐横波的最大波长为20mC.该列简谐横波的最大波速为40m/sD.若波长满足则波速为16m/s13、如图甲所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t＝0时刻的波形图，P是参与波动的、离原点x1＝2m处的质点，Q是参与波动的、离原点x2＝4m处的质点。图乙是参与波动的某一质点的振动图像（所有参与波动的质点计时起点相同）。由图可知（）

A.这列波的传播速度为v＝2m/sB.从t＝0到t＝6s，质点Q通过的路程为1.2mC.从t＝0起，质点P比质点Q先到达波峰D.图乙可能是图甲中质点Q的振动图像14、下列说法中正确的是（）A.用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象B.用激光束垂直照射一个不透光的小圆屏，在后面的圆屏阴影中心会出现一个亮点，这是光的衍射现象造成的C.两只相同的灯泡发出的光束相遇能发生干涉现象D.照相机的镜头上的增透膜利用的是光的干涉现象评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、如图所示S1和S2是两个相干的波源，其振幅均为A，波长为λ，图中实线和虚线分别表示两波形成的波峰和波谷，则在a、b、c三点中，振动减弱点是___________；经过四分之一周期，b点通过的路程为_________。16、判断下列说法的正误。

（1）一个系统初、末状态动量大小相等，即动量守恒。___________

（2）两个做匀速直线运动的物体发生碰撞瞬间，两个物体组成的系统动量守恒。___________

（3）系统动量守恒也就是系统总动量变化量始终为零。___________

（4）只要系统内存在摩擦力，动量就一定不守恒。___________17、人船模型。

（1）模型图示。

（2）模型特点。

①两物体满足动量守恒定律：mv人－Mv船＝____

②两物体的位移满足：m－M＝____，x人＋x船＝L；

得x人＝L，x船＝L

（3）运动特点。

①人动则船___，人静则船___，人快船___，人慢船___，人左船____；

②人船位移比等于它们质量的______；人船平均速度（瞬时速度）比等于它们质量的____，即＝＝18、在纵波中，_________。在横波中，_________。这种方法适用于看得见质点振动方向的机械波。_________不能产生偏振现象。相同的横波，即使传播方向相同，振动方向也可能是不同的。这个现象称为“____________”。一列沿水平方向传播的横波，既可能沿上下方向振动，也可能沿左右方向振动，还可能沿其他“斜”的方向振动。横波的振动方向称为“____________”。19、判断该说法的正误：

多普勒效应说明波源的频率发生变化。________20、一个静止的､质量为M的不稳定原子核，当它放射出质量为m､速度大小为υ的粒子后，原子核的剩余部分的速率等于________｡21、阻尼振动。

（1）阻尼：当振动系统受到_______的作用时；振动受到了阻尼。

（2）阻尼振动：______逐渐减小的振动；如图所示。

（3）振动系统能量衰减的两种方式。

①振动系统受到_______阻力作用，机械能逐渐转化为_____；

②振动系统引起邻近介质中各_______的振动，能量向外辐射出去。22、一列简谐横波沿x轴的正方向传播，在t=0时刻的波形图如图中的实线部分所示，当t=2.5s时刻的波形图如图中的虚线所示。若该波的周期T满足的条件是则该简谐波的波长=__________m，该简谐波的传播速度v=______m/s。

评卷人得分四、作图题(共2题，共6分)23、如图所示，一列简谐波在x轴上传播，波速为50m/s。已知时刻的波形图像如图甲所示，图中M处的质点此时正经过平衡位置沿y轴的正方向运动。将时的波形图像画在图乙上（至少要画出一个波长）。

24、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)25、某学习小组为了探究碰撞中的不变量，设计了如下方案：如图所示，斜面与水平固定的长木板上表面平滑连接（不计滑块A滑过交界处的能量损失），先将质量为mA的滑块A从斜面上某位置由静止释放，测量出滑块在水平木板上滑行的距离为L0；接着将质量为mB的滑块B放在斜面底端的水平木板上，再让A从斜面上同一位置由静止释放，A与B碰撞后，测量出各自沿水平木板滑行的距离L1、L2已知两滑块与长木板间的动摩擦因数相同；重力加速度为g。

（1）为使两滑块碰撞后滑块A不反弹，所选用的两滑块质量关系应为mA___________mB（选填“”、“>”或“=”）

（2）若满足关系式___________，则验证了A和B的碰撞中质量和速度乘积之和保持不变（用题目中给出的物理量表示）；

（3）如果A、B两滑块的碰撞是弹性碰撞，则还需满足的关系式为___________（用题目中给出的物理量表示）；

（4）若在长木板右端下方垫一小木块，使木板稍有倾斜，与上面同样的实验操作后___________（选填“能”或“不能”）验证A和B的碰撞中质量和速度的乘积之和保持不变。26、某同学利用图甲双缝干涉装置测量某种单色光的波长。实验时；接通电源使光源正常发光；调整实验装置，使得从目镜中可以观察到干涉条纹。回答下列问题：

（1）若想增加从目镜中观察到的条纹数，该同学可________。

A.将单缝向双缝靠近。

B.将屏向靠近双缝方向移动。

C.将屏向远离双缝的方向移动。

D.使用间距更小的双缝。

（2）该同学选用间距为的双缝，双缝与屏的距离为用某种单色光做实验得到干涉条纹如图乙所示，其中分划板在A条亮纹的中心时，螺旋测微器（图丙）读数为_________分划板在B条亮纹的中心时，螺旋测微器（图丁）读数_________该单色光的波长等于_______（两相邻亮条纹或暗条纹间的距离）。27、在“验证动量守恒定律”的实验中；某同学用如图所示的装置进行了如下的操作：

①先调整斜槽轨道，使斜槽末端切线水平，在一块平木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将该木板竖直立于靠近槽口处，使小球a从斜槽轨道上某固定点处由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；

②将木板向右平移适当的距离，再使小球a从原固定点由静止释放，撞在木板上并在白纸上留下痕迹B；

③把半径相同的小球b静止放在斜槽轨道水平段的最右端，让小球a仍从原固定点由静止释放，和小球b相碰后，两球撞在木板上并在白纸上留下痕迹A和C；

④用天平测量a、b两小球的质量分别为用刻度尺测量白纸上O点到A、B、C三点的距离分别为和

用本实验中所测得的量来验证两球碰撞过程动量守恒，其表达式为__________________；若发生的是弹性碰撞，则表达式__________________将成立。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

小球在摆动过程中，只有重力做功，轻绳的弹力不做功，根据动能定理可知，重力的功等于动能的变化量，即W=△Ek；小球在摆动过程中；受到了重力和绳子拉力的冲量，故重力的冲量不等于动量的变化量。

A.与分析不符；故A错误；

B.与分析相符；故B正确；

C.与分析不符；故C错误；

D.与分析不符，故D错误．2、C【分析】【详解】

A．手边缘上a点与辘轳边缘b点属于共轴转动；所以角速度相同，A错误；

B．根据角速度与线速度的关系，可得水桶上升的速度大小

把手边缘上a点的线速度大小为

所以水桶上升的速度大小小于把手边缘上a点的线速度大小；B错误；

C．水桶受到重力和拉力作用；根据功能关系可知绳子拉力对水桶做的功等于水桶和水的机械能的增加量，C正确；

D．对水平分析，根据动量定理

可知拉力对水桶的冲量等于重力对水桶的冲量与水桶动量的变化量之和；D错误。

故选C。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．纳米机器人由外层的锌与消化液中的盐酸反应；产生氢气气泡作为推进动力，故A错误；

B．根据相互作用力的特点可知；机器人对胃液的作用力等于胃液对机器人的作用力，故B错误；

C．机器人在胃液中加速前进；根据动能定理可知，氢气气泡对机器人做的功比机器人克服胃液作用力做的功多，故C正确；

D．氢气气泡对机器人作用力大于胃液对机器人作用力；故前者的冲量大，故D错误。

故选C。4、B【分析】【分析】

【详解】

向右为正方向，则由动量守恒可知

即

解得

故选B。5、B【分析】【详解】

透过第一片之后，光强变为设振幅为x，则分解到第二片的偏振方向的分量就是

即振幅变成原来的则穿过第二片后光强变为穿过第一片后的则光强变为

故选B。二、多选题(共9题，共18分)6、C:D【分析】【详解】

A．由振动图像可知T=0.4s；t=0时刻质点P向上振动，可知波沿x轴负向传播，则t=0.2s=0.5T时，质点Q沿y轴正方向运动，选项A错误；

B．0.3s=T，因质点Q在开始时不是从平衡位置或者最高点（或最低点）开始振动，可知0～0.3s内，质点Q运动的路程不等于选项B错误；

C．t=0.5s=1T时；质点P到达最高点，而质点Q经过平衡位置向下运动还没有最低点，则质点Q的加速度小于质点P的加速度，选项C正确；

D．t=0.7s=1T时，质点P到达波谷位置而质点而质点Q还没到达波峰位置，则质点Q距平衡位置的距离小于质点P距平衡位置的距离，选项D正确．7、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由图读出周期为T=4s，则频率为

故A错误；

B．质点在一个周期内通过的路程是4个振幅t=10s=2.5T

则在10s内质点经过的路程是s=2.5×4A=10×2cm=20cm

故B正确；

C．在5s末；质点位于最大位移处，速度为零，加速度最大，故C正确；

DE．由图看出，在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等；速度大小相等；方向相反，故D正确，E错误。

故选BCD。8、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

AD．利用激光的相干性好可进行信息的传递；如光纤通信，全息照相也是利用了激光的相干性好的特点，故AD正确；

B．激光的亮度高；可以在很小的空间和很短的时间集中很高的能量，利用激光的该特性可以制作激光武器，故B正确；

C．激光的平行度好；可以把激光会聚到很小的一点，用于读；写光盘，故C错误。

故选ABD。9、A:C:D【分析】【详解】

B．设该波的周期为T，由题可得

解得T=4s

波从a传到c的时间为

则在t=5s时刻质点c已振动了2s，而c起振方向向下，故在t=5s时刻质点c恰好经过平衡位置向上；故B错误；

A．质点b的振动周期等于a的振动周期；即为4s，故A正确；

C．ad间距离为12m，波在同一介质中匀速传播，则波从a传到d的时间为

即在t=6s时刻波恰好传到质点d处；故C正确；

D．在4s-6s的时间间隔内，质点c已振动了1s-3s，质点c正从波谷向波峰运动，即向上运动，故D正确；

E．bd相距10m；该波的波长λ=vT=2×4=8m

故bd相距xbd=

则bd相当于相距故有可能b、d同向运动；故E错误。

故选ACD。10、A:B【分析】【详解】

A．若圆弧槽固定；小球下滑过程中只有重力做功，小球的机械能守恒，A正确；

B．若圆弧槽固定，小球滑至B点时的速度为

小球下滑的过程中做圆周运动有

解得

根据牛顿第三定律可知小球滑至B点时对槽的压力大小为3mg；B正确；

C．若圆弧槽不固定；小球和槽组成的系统在水平方向动量守恒，C错误；

D．圆弧槽不固定的情形下，小球滑到B点时的速度为，取水平向右为正

根据系统机械能守恒有

解得圆弧槽不固定的情形下，小球滑到B点时的速度为

再结合选项B，可知圆弧槽固定和不固定情形下，小球滑到B点时的速度之比为D错误。

故选AB。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

AB．小球在a点由牛顿第二定律得

小球在b点由牛顿第二定律得

由于小球最后是在O与b两点间做简谐振动，则在b点与O点的加速度大小相等，小球在O点有

联立解得

所以小球在a点加速度大小是在b点加速度大小的2倍；故A正确，B错误；

C．小球从a点由静止开始运动到最后到达b点的过程中由能量守恒可知

解得

故C正确；

D．若增加小球质量，仍从a位置静止释放，设小球最终运动的最低点为c，由于小球最后是在O与最低点c两点间做简谐振动，则在c点与O点的加速度大小相等，小球在c点有

解得

所以增大小球的质量；弹簧在最低点的形变量也会增大，则最低点位置发生了改变，故D错误。

故选AC。12、A:D【分析】【详解】

A．波源O在开始振动后内通过的路程

A正确；

BC．由已知条件可知波长满足关系

即

当时，波长最长，该波的最大波长故最大波速

BC错误；

D．由题意可知，波速

只有时，满足即波速D正确。

故选AD。13、A:D【分析】【详解】

A．由甲读出波长λ=4m，波速

A正确；

B．由图乙读出该波的周期T=2s，振幅为A=5cm，因为t=6s=3T

所以从t=0到t=6s，质点P、Q通过的路程都是

B错误；

C．简谐波沿x轴正方向传播，t=0时刻质点Q向上运动，质点P向下运动，所以Q质点比P质点先到达波峰；C错误；

D．由图乙看出，t=0时刻，质点经过平衡位置向上，而图甲中，Q点也经过平衡位置向上运动，故乙图可能是图甲中质点Q的振动图像；D正确。

故选AD。14、B:D【分析】【详解】

A．用标准平面检查光学平面的平整程度是利用光的干涉；A错误；

B．用激光束垂直照射一个不透光的小圆屏；在后面的圆屏阴影中心会出现一个亮点，这个亮点叫泊松亮斑，这是光的衍射现象造成的，B正确；

C．两只相同的灯泡发出的光束不是相干光源；因此相遇时不能发生干涉现象，C错误；

D．照相机的镜头上的增透膜；原理是膜层前后表面的反射光光程差为半波长的奇数倍，反射光发生干涉减弱，其利用的是光的干涉现象，D正确。

故选BD。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图可知，a点为波峰与波峰相遇，c点为波谷与波谷相遇，则a、c两点为振动加强点，b点为波峰与波谷相遇即为振动减弱点，在a、b、c三点中，振动减弱点是b点。

[2]由于b点为波峰与波谷相遇即为振动减弱点，且两波的振幅相同，则经过四分之一周期，b点通过的路程为0【解析】b016、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确正确错误17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]两物体满足动量守恒定律

[2]因为

两物体的位移满足

（2）[3][4][5][6][7]人动则船动；人静则船静，人快船快，人慢船慢，人左船右。

（3）[8]根据

则有

人船位移比等于它们质量的反比。

[9]根据

则有

人船平均速度（瞬时速度）比等于它们质量的反比【解析】①.0②.0③.动④.静⑤.快⑥.慢⑦.右⑧.反比⑨.反比18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]在纵波中；振动方向与波的传播方向平行。在横波中，振动方向与波的传播方向垂直。这种方法适用于看得见质点振动方向的机械波。

[3]纵波不能产生偏振现象。

[4]相同的横波，即使传播方向相同，振动方向也可能是不同的。这个现象称为“偏振现象”。[5]一列沿水平方向传播的横波，既可能沿上下方向振动，也可能沿左右方向振动，还可能沿其他“斜”的方向振动。横波的振动方向称为“偏振方向”。【解析】①.振动方向与波的传播方向平行②.振动方向与波的传播方向垂直③.纵波④.偏振现象⑤.偏振方向19、略

【分析】【分析】

【详解】

多普勒效应说明接收的频率发生变化，而波源的频率不会变，所以多普勒效应说明波源的频率发生变化是错误的。【解析】错误20、略

【分析】规定后质量为m的粒子的速度方向为正；根据动量守恒定律研究整个原子核：

解得：即剩余部分获得的反冲速度大小为方向与规定正方向相反．

【点睛】原子核衰变的过程可以认为系统动量守恒，根据动量守恒定律列出等式解决问题．【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】