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…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2025年仁爱科普版高二物理下册月考试卷146考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题,共18分)1、如图所示,金属杆ab处于静止状态,当垂直于轨道平面倾斜向下的磁场零均匀增大金属杆刚要运动时,此过程金属杆受到的静摩擦力()A.逐渐增大B.逐渐减小C.先逐渐增大,后逐渐减小D.先逐渐减小,后逐渐增大2、在下列各电场中;MN

两点电场强度大小相等,方向相同的是()

A.B.C.D.3、关于电场线和磁感线,下列说法正确的是(

)

A.电场线和磁感线都是闭合的曲线B.磁感线是从磁体的N

极发出,终止于S

极C.电场线和磁感线都不能相交D.电场线和磁感线都是现实中存在的4、放在绝缘架上的相同金属球,相距r

球的半径远小于r

带电量分别为鈭�q

和+3q

相互吸引力为3F

将这两个金属球相接触,然后分开,仍放回原处,则它们之间的相互作用力将变为(

)

A.F

B.F3

C.2F

D.4F

5、使两个完全相同的金属小球(均可视为点电荷)分别带上-3Q和+5Q的电荷后,将它们固定在相距为a的两点,它们之间库仑力的大小为F1.现用绝缘工具使两小球相互接触后,再将它们固定在相距为2a的两点,它们之间库仑力的大小为F2.则F1与F2之比为A.2∶1B.4∶1C.16∶1D.60∶16、如图所示,分别用恒力F1F2将两个完全相同的物体,由静止开始沿相同的固定粗糙斜面从底端推到顶端,其中,F1沿斜面向上,F2沿水平方向向右.如果两次所用的时间相等;那么,在两个过程中,下列说法中正确的是()

A.两个物体的加速度不相同B.两个物体机械能的增量相同C.两个物体克服摩擦力做的功相等D.恒力F1F2这两个物体做的功的平均功率相同7、如图所示,两根垂直纸面平行放置的直导线M和N,通有大小相等方向相反的电流I,在纸面上与M、N距离相等的一点P处,M、N导线产生的磁场的磁感应强度分别为B1、B2,则下图中正确标出B1与B2合矢量B的方向的是()A.B.C.D.8、好多同学家里都有调光电灯和调速风扇,过去是用变压器来实现的.缺点是成本高、体积大、效率低,且不能任意调节灯的亮度或电风扇的转速,现在的调光灯和调速电风扇是用可控硅电子元件来实现的.如图所示为经一双向可控硅调节后加在电灯上的电压,即在正弦式交变电流的每个周期内,前周期被截去,调节台灯上旋钮可以控制截去的多少,从而改变电灯两端的电压,那么现在电灯两端的电压为()A.B.C.D.Um9、关于我国发射的同步通讯卫星,下列说法中正确的是(

)

A.它运行的周期比地球自转周期大B.它运行的角速度比地球自转角速度小C.它定点在北京正上方,所以我国可以利用它进行电视转播D.它运行的轨道平面一定与赤道平面重合评卷人得分二、多选题(共8题,共16分)10、如图所示,绝缘金属小球A、B带同种电荷,用无弹性的丝线相连.A球固定不动,B球从水平拉直的丝线末端由静止开始释放.下列说法正确的是()A.B球的电势能增加B.B球的电势能不变C.B球到达最低点时的速度与小球所带电荷量无关D.B球到达最低点时所受绳的拉力等于所受重力与库仑力之和11、传感器是一种采集信息的重要器件,如图所示是一种测定压力的电容式传感器.当待测压力F作用于可动膜片电极上时,以下说法中正确的是()A.若F向上压膜片电极,电路中有从a到b的电流B.若F向上压膜片电极,电路中有从b到a的电流C.若F向上压膜片电极,电路中不会出现电流D.若电流表有示数,则说明压力F发生变化12、在如图所示的匀强电场和匀强磁场共存的区域内(

不计重力)

电子可能沿水平向向右做直线运动的是()

A.B.C.D.13、如图所示,水平传送带以速度v1

匀速运动,小物体PQ

由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连,t=0

时刻P

在传送带左端具有速度v2P

与定滑轮间的绳水平,t=t0

时刻P

离开传送带。不计定滑轮质量和摩擦,绳足够长。正确描述小物体P

速度随时间变化的图象可能是()

A.B.C.D.14、某电容式话筒的原理示意图如图所示,E

为电源,R

为电阻,薄片P

和Q

为两金属基板.

对着话筒说话时,P

振动而Q

可视为不动.

在PQ

间距增大过程中(

)

A.PQ

构成的电容器的电容减小B.P

上电荷量保持不变C.M

点的电势比N

点的低D.M

点的电势比N

点的高15、如图所示,MN是介质1和介质2的分界面,介质1、2的绝对折射率分别为n1、n2,一束细光束从介质1射向介质2中,测得θ1=60°,θ2=30°,根据你所学的光学知识判断下列说法正确的是()A.介质2相对介质1的相对折射率为B.光在介质2中传播的速度小于光在介质1中传播的速度C.介质1相对介质2来说是光密介质E.光从介质1进入介质2,光的波长变短E.光从介质1进入介质2,光的波长变短16、在正方形的四个顶点分别放置点电荷,电荷量分布情况如图所示(q>0),过正方形的中心O点做正方形的垂线,A、B为垂线上关于正方形对称的两点,以无穷远为零电势点,用EA、EB别表示A、B两点的场强,用φA、φB分别表示A、B两点的电势;则下列说法正确的是()

A.EA与EB相等B.φA与φB相等C.将一个带正电的点电荷由B点无初速释放,仅在电场力作用下,该电荷从B点运动到O点的过程中加速度一定会一直减小D.将一个带正电的点电荷由A点无初速释放,仅在电场力作用下,该电荷从A点运动到O点的过程中加速度可能先增大后减小17、下列说法正确的是()A.为了解释黑体辐射规律,普朗克提出电磁辐射的能量是量子化的B.β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时所产生的C.一束光照射到某种金属上不能发生光电效应,可能是因为这束光的光强太小E.一个氢原子从量子数n=3的激发态跃迁到基态时最多可产生3条不同频率的谱线E.一个氢原子从量子数n=3的激发态跃迁到基态时最多可产生3条不同频率的谱线评卷人得分三、双选题(共2题,共4分)18、下列说法中;正确的是()

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖,麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中,滴加银氨溶液,再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液,加入碘水溶液,溶液不变蓝,证明淀粉尚未水解19、下列说法中;正确的是()

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖,麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中,滴加银氨溶液,再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液,加入碘水溶液,溶液不变蓝,证明淀粉尚未水解评卷人得分四、填空题(共3题,共30分)20、密闭在钢瓶中的理想气体,温度升高时压强增大.

从分子动理论的角度分析,这是由于分子热运动的________增大了.

该气体在温度T1T2

时的分子速率分布图象如图所示,则T1

________T2(

选填“大于”或“小于”)

.21、如图所示在磁感应强度B=0.4T

的匀强磁场中,长L=0.5m

电阻为0.1娄赂

的导体棒ab

在金属框上以v=10m/s

的速度向右匀速滑动,已知电阻R1=6娄赂R2=4娄赂

其余电阻不计,则流过R1

的电流为I1=

______A

导体棒所受的安倍力为F=

______N

.22、空间两点放置两个异种点电荷ab

其所带电荷量分别为qa

和qb

其产生的电场的等势面如图所示,且相邻等势面间的电势差均相等,电场中AB

两点间的电势大小的关系为娄脮A>娄脮B

由此可以判断出a

为正电荷,且有qa<qb

.______(

判断对错)

评卷人得分五、解答题(共3题,共27分)23、如图所示,理想变压器原副线圈的匝数比是10:1,其中定值电阻R上标有“100Ω,1.0A”,电容器C上标有“1μF,100V”,为使电阻和电容器均能安全工作,原线圈两端的输入电压的最大值不能超过______V,若原线圈两端输入电压u=500sin100πt(V);则电流表的示数______0.5A(填“大于”;“等于”或“小于”)

24、金属杆ab放在光滑的水平金属导轨上,与导轨组成闭合矩形电路,长l1=0.8m,宽l2=0.5m,回路的总电阻R=0.2Ω,且回路处在竖直向上的磁场中,金属杆用水平绳通过定滑轮连接质量M=0.04kg的木块(轻绳处于绷紧状态),磁感应强度从B=1T开始随时间均匀增强,5s末木块将离开水平面,不计一切摩擦,g取10m/s2;求回路中的电流.

25、在“利用单摆测重力加速度”的实验中:

(1)以下做法中正确的是______

A.测量摆长的方法:用刻度尺量出从悬点到摆球间的细线的长度。

B.测量周期时;选取最大位移处作为计时起点与终止点。

C.要保证单摆在同一竖直面内摆动。

D.单摆摆动时;对摆角的大小没有要求。

(2)某同学测得以下数据:摆线长为L;摆球的直径为d,单摆完成N次全振动的时间为t,则。

①用L;d、N、t表示重力加速度g=______.

②他测得的g值偏小;可能原因是:______

A.测摆线长时摆线拉得过紧.

B.摆线上端未牢固地系于悬点;振动中出现松动,使摆线长度增加了.

C.开始计时时;秒表过迟按下.

D.实验中误将51次全振动计为49次.

参考答案一、选择题(共9题,共18分)1、D【分析】解:由题意,磁场从零均匀增大时,金属杆ab始终处于静止状态;穿过回路的磁通量均匀增大;

根据法拉第电磁感应定律E=得知;回路中产生的感应电动势恒定不变,则感应电流也恒定不变.

根据楞次定律判断可知;金属杆所受的安培力沿斜面向上.

开始阶段;安培力小于重力沿斜面向下的分力,金属杆所受的摩擦力沿斜面向上,由平衡条件得:BIL+f=mgsinθ,B增大,f减小;

当安培力等于重力沿斜面向下的分力;金属杆不受摩擦力;

当安培力大于重力沿斜面向下的分力;金属杆所受的摩擦力沿斜面向下,由平衡条件得:BIL=mgsinθ+f,B增大,f增大;

所以金属杆受到的静摩擦力将先逐渐减小;后逐渐增大,故ABC错误,D正确.

故选:D.

金属杆ab始终处于静止状态;穿过回路的磁通量均匀增大,产生的感应电动势和感应电流恒定不变,根据安培力与重力沿斜面向下的分力的大小关系,由平衡条件判断摩擦力如何变化.

本题是动态平衡问题,关键要知道回路中产生的感应电流是恒定不变的,运用平衡条件进行分析.【解析】【答案】D2、C【分析】略【解析】C

3、C【分析】解:A

磁感线是闭合的曲线;而电场线从正电荷出发,终止于负电荷,不是闭合的曲线.

故A错误;

B

磁感线的方向在磁铁的内部为S

极到N

极的方向;磁铁的外部是N

极到S

极的方向,是闭合曲线.

故B错误;

C

电场线的切线方向即为场强的方向;故任意两条电场线都不会相交;磁感线上每一点的切线方向与磁场的方向相同,故任意两条磁感线都不会相交.

故C正确;

D

电场线和磁感线都是人们为了描述场的性质而引入的;在现实中是不存在的.

故D错误.

故选C

电场线的方向是正电荷所受电场力的方向;而正负电荷所受的电场力的方向相反;电场线的切线方向即为场强的方向,故任意两条电场线都不会相交;只有电场线是直线,带电粒子的初速度为零或初速度方向与电场线方向在同一条直线上时电场线才与带电粒子的轨迹重合;电场线的疏密代表电场的强弱,故电场线越密的地方场强越强.

磁感线的引入是为了形象地描述磁场的特点;规定磁感线上每一点的切线方向与磁场的方向相同,磁感线的疏密表示磁场的强弱;磁场的方向在磁铁的内部为S

极到N

极的方向,磁铁的外部是N

极到S

极的方向.

本题考查了电场线和和磁感线的内涵与外延,属于对基础知识的考查.

要加强对基础知识的学习.【解析】C

4、A【分析】解:由库仑定律可得:

3F=k3qqr2

所以F=kq2r2

而两球接触后再分开平分总电量;故分开后两球的带电量为q

则库仑力为F隆盲=kqqr2=F

故A正确;BCD错误.

故选:A

由库仑定律可得出两球在接触前后的库仑力表达式;则根据电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系。

本题很多同学由于没有看清题意而错将F

来表示了接触前的库仑力,从而导致错误;在学习中应注意审题的练习.【解析】A

5、D【分析】【解析】试题分析:由库仑定律可知接触后先中和后平分,所以故选D考点:考查库仑力的计算【解析】【答案】D6、B【分析】【解答】A、由公式x=at2得,由于x和t均相同,故a相同;故A错误。

B、由v=at;结合A项分析得,物体末速度相同,又由于处于相同的高度,所以两物体机械能增量相同,故B正确。

C;由图示分析可知;第二个物体所受斜面的摩擦力较大,故两物体克服摩擦力做功不同,故C错误。

D、对每一个物体而言,除重力以外的合力对物体做功等于机械能的增量,结合BC两项分析可知,F2做功较多;故其功率较大,故D错误。

故选B

【分析】两物体均做匀加速直线运动,在相等的时间内沿斜面上升的位移相等,但斜面对物体的摩擦力不同,二推理做功不同,平均功率不同7、D【分析】解:MN在P点产生的磁感应强度大小相等;根据安培定则,电流M在P点的磁场向右上方,电流N在P点的磁场的方向向右下方,所以,合磁场的方向一定右.如图.

故选项D正确,选项ABC错误.

故选:D

本题考查了磁场的叠加;根据导线周围磁场分布可知,与导线等距离地方磁感应强度大小相等,根据安培定则判断出两导线在P点形成磁场方向,磁感应强度B是矢量,根据矢量分解合成的平行四边形定则求解.

磁感应强度为矢量,合成时要用平行四边形定则,因此要正确根据安培定则判断导线周围磁场方向是解题的前提.【解析】【答案】D8、A【分析】解:设交流电的有效值为U;将交流电与直流电分别通过相同电阻R,分析一个周期内热量:

交流电产生的热量:Q1=

直流电产生的热量:Q2=

由Q1=Q2得:U=

故选:A.

根据电流的热效应:由一个周期内交变电流通过电阻R的产生热量与直流电通过电阻R一个周期内产生热量相等;求解有效值.

求解交流电的有效值,从有效值的定义出发,根据一个周期内通过相同的电阻,发热量相同,此直流的值即为交流电的有效值.【解析】【答案】A9、D【分析】解:

A;卫星要与地球的自转实现同步;就必须要角速度与地球自转角速度相同,周期也与地球的自转周期相同,相对地球静止.

故A错误.

B;同步卫星要与地球的自转实现同步;就必须要角速度与地球自转角速度相同,故B错误.

C;它们只能在赤道的正上方;它若在除赤道所在平面外的任意点,假设实现了“同步”,那它的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上,这是不可能的.

所以不可能定点在北京正上方,故C错误.

D;它们只能在赤道的正上方;它运行的轨道平面一定与赤道平面重合,故D正确.

故选:D

.【解析】D

二、多选题(共8题,共16分)10、BC【分析】解:AB;A球形成的电场为点电荷的电场;故B运动的轨迹处于同一等势面上,电场力不做功,故B球的电势能不变,故A错误,B正确;

C;B球到达最低点的过程中;只有重力做功,电场力不做功,故与小球所带电荷量无关,故C正确.

D;B球到达最低点时所受绳的拉力、重力和库仑力的作用;合外力提供向心力,所以绳子的拉力大于所受重力与库仑力之和.故D错误.

故选:BC.

小球B处于小球A形成的等势面上运动;电场力不做功,只有重力做功,根据动能定理即可判断小球的速度.

本题主要考查了等势面,带电体在等势面上移动时,电场力不做功;做圆周运动的物体一定存在向心力.【解析】【答案】BC11、BD【分析】解:A、B、C由题可知,电容器的电压不变.若F向上压膜片电极,减小板间距离,电容增大,电量增大,电容器充电,电路中形成顺时针方向的充电电流,即电路中有从b到a的电流.故AC错误;B正确.

D;当压力F变化时;电容变化,电量变化,电路中就有电流.故D正确.

故选BD.

电容器的电压不变.若F向上压膜片电极;电容增大,电量增大,电容器充电,电路中形成顺时针方向的电流,电流表指针发生偏转.电流表有示数,则说明压力F发生变化.

本题是实际问题,实质是电容器动态变化分析的问题,关键要抓住不变量:电压不变.【解析】【答案】BD12、BC【分析】【分析】电子做直线运动,要求粒子受到得合力与初速度方向在同一直线上,逐项分析电子的受力情况即可解答。本题主要考查了电子在电场和磁场中受力情况的分析,要使电子做直线运动,则要求粒子受到得合力与初速度方向在同一直线上,难度不大,属于基础题。【解答】A.以电子为研究对象,电子受到电场力向左,若电子向右运动,则受到洛伦兹力向下,合力跟初速度方向不在同一直线上,不能做直线运动,故A错误;B..以电子为研究对象,电子受到电场力向左,不受洛伦兹力;合力跟初速度方向在同一直线上,电子向右做匀减速直线运动,故B正确;

C.以电子为研究对象,电子受到电场力向上,若电子向右运动,则受到洛伦兹力向下;当电场力等于洛伦兹力时,电子向右匀速直线运动,故C正确;

D.以电子为研究对象,电子受到电场力向上,若电子向右运动,则受到洛伦兹力向上,合力跟初速度方向不在同一直线上合力跟初速度方向不在同一直线上;电子不能做直线运动,故D错误。

故选BC。【解析】BC

13、BC【分析】【分析】要分不同的情况进行讨论:若V2<V1

分析在f>Q

的重力时的运动情况或f<Q

的重力的运动情况。

若V2<V1

分析在f>Q

的重力时的运动情况或f<Q

的重力的运动情况考查摩擦力的方向与速度的关系,明确其与相对运动方向相反,结合牛顿第二定律分析运动情况,较难。【解答】若V2<V1f

向右,若f>GQ

则向右匀加速到速度为V1

后做匀速运动到离开,则为B

图。

若f<GQ

则向右做匀减速到速度为0

后再向左匀加速到离开,无此选项。

若V2>V1f

向左,若f>GQ

则减速到V1

后匀速向右运动离开,无此选项。

若f<GQ

则减速到小于V1

后f

变为向右,加速度变小,此后加速度不变,继续减速到0

后向左加速到离开,则为C

图。

则AD错误;BC正确。

故选BC。

【解析】BC

14、AD【分析】解:电容式话筒与电源串联,电压保持不变.

在PQ

间距增大过程中,根据电容决定式C=娄脜S4娄脨kd

得电容减小,又根据电容定义式C=QU

得电容器所带电量减小;电容器的放电电流通过R

的方向由M

到N

所以M

点的电势比N

点的高.

故B;C

错,A

D正确.

故选AD.

在PQ

间距增大过程中;电容发生变化,而电容直接与电源相连,电容两端间的电压不变,从而可判断出电量的变化及电流的流向,再次可比较出电势的高低.

解决电容器的动态分析问题,抓住不变量,若电容始终与电源相连,两端间的电压不变;若电容器与电源断开,则电容器所带的电量不变.【解析】AD

15、ABE【分析】解:A、光从介质1射入介质2时,入射角与折射角的正弦之比叫做介质2相对介质1的相对折射率,所以有n21==故A正确;

B、因介质2相对介质1的相对折射率为可以得出介质2的绝对折射率大,因v=所以光在介质2中传播的速度小于光在介质1中传播的速度,故B正确;

C;介质2相对介质1来说是光密介质;故C错误;

D;光从介质1进入介质2;是从光疏介质射入光密介质,不会发生全反射现象,故D错误;

E;光从介质1进入介质2;光的频率不变,速度变小,由v=λf可知,光的波长变短,故E正确。

故选:ABE。

光从光疏介质进入光密介质,折射角小于入射角。光在介质中速度v=v与n成反比。产生全反射的必要条件是光从光密介质进入光疏介质。根据这些知识进行分析。

本题的解题关键是掌握入射角和折射角大小与折射率的关系,以及全反射的条件,属于基本题。【解析】ABE16、B:D【分析】【详解】

根据电场的叠加原理和A、B两点的对称性,A、B两点的电场强度大小相等方向相反,电势相等,故A错误,B正确.如果A、B离O点足够远,A、B两点的电场强度近似为零,而对于O点,两个+q和两个﹣2q分别关于O点称性,O点处电场强度也为零,所以带电粒子从B点到O点或者从A点到O点,电场强度都是先增大后减小,由ma=qE,加速度也先增大后减小;如果A、B离O点比较近,加速度可能会一直减小,故C错误,D正确.17、AB【分析】解:A;为了解释黑体辐射规律;普朗克提出电磁辐射的能量的量子化.故A正确;

B;β衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时所产生的.故B正确.

C;一束光照射到某种金属上不能发生光电效应;可能是因为这束光的频率太小,入射光频率小于金属的极限频率.故C错误;

D;设发生x次α衰变;y次β衰变,衰变方程为:

92238U→82206Pb+xα+yβ

则:238=206+4x;解得:x=8

又:92=82+8×2-y;得:y=6

故D错误;

E;一个氢原子从量子数n=3的激发态跃迁到基态时最多可产生2条不同频率的谱线;分别是从2到1和从3到2,故E错误.

故选:AB

为了解释黑体辐射规律;普朗克提出电磁辐射的能量的量子化.β衰变所释放的电子不是来自核外电子,是原子核中的中子转变为质子和电子产生;发生光电效应的条件是入射光频率等于金属的极限频率;设发生x次α衰变,y次β衰变,写出衰变方程,求解x,y即可.原子核经过一次α衰变,电荷数减小2,质量数减小4,一次β衰变后电荷数增加1,质量数不变.

本题考查的知识点较多,难度不大,考查普拉克的量子化理论,β衰变的实质,注意光电效应的发生条件.特别当心一个氢原子与一群氢原子的不同.【解析】【答案】AB三、双选题(共2题,共4分)18、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题,难度不大。只要能记住常见物质的性质,就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂;故A正确;

B.蔗糖是最重要的二糖;麦芽糖是它的同分异构体,故B正确;

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中;加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液,再水浴加热有银镜生成,故C错误;

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液;加入碘水溶液,溶液不变蓝,证明淀粉水解完全,故D错误;

​故选AB。【解析】AB19、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题,难度不大。只要能记住常见物质的性质,就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂;故A正确;

B.蔗糖是最重要的二糖;麦芽糖是它的同分异构体,故B正确;

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中;加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液,再水浴加热有银镜生成,故C错误;

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液;加入碘水溶液,溶液不变蓝,证明淀粉水解完全,故D错误;

​故选AB。【解析】AB四、填空题(共3题,共30分)20、平均动能小于【分析】【分析】温度是分子平均动能的标志,温度升高平均动能增大,体积不变时,气体的内能由平均动能决定。本题考查了温度是分子平均动能的标志,温度升高平均动能增大。【解答】密闭在钢瓶中的理想气体体积不变,温度升高时分子平均动能增大压强增大,温度升高时,速率大的分子所占比重较大T1<T2

故填平均动能;小于。【解析】平均动能小于21、略

【分析】解:金属棒切割磁感线产生的电动势为E=BLv=0.4隆脕0.5隆脕10V=2V

外电路的电阻为R=R1R2R1+R2=6隆脕46+4娄赂=2.4娄赂

感应电流I=ER+r=22.4+0.1A=0.8A

根据串并联电阻电流特点;即I1I2=R2R1=46

即I1=35I=35隆脕0.8A=0.48A

导体棒所受的安培力F=BIL=0.4隆脕0.8隆脕0.5N=0.16N

故答案为:0.480.16

(1)

由E=BLv

求出感应电动势;由欧姆定律求出感应电流.

并联电阻电流强度与电阻成反比;

(2)

由安培力公式求出安培力的大小.

本题考查了求电流、安培力,分析清楚电路结构,应用E=BLv

欧姆定律、并串联电路的特点,安培力公式即可正确解题.

涉及的知识点相对较多,但都是基础,需要熟记,是一个考查基础的好题.【解析】0.480.16

22、略

【分析】解:若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较;可以得到:靠近正电荷的点电势高,靠近负电荷的点,电势较低.

所以,a

处为正电荷.

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称;无穷远处的电势为0.

该图象的左侧的等势线比较密,无穷远处的电势为0

所以无穷远处到两点之间的电势差相比,与a

点之间的电势差比较大,所以a

点所带的电量就多.

故答案为:错.

若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较;很容易得出正确的结论.

该题是常见电场知识的拓宽与延伸,需要有一定的知识迁移能力和较强的逻辑推理能力.

对能力的要求相对较高.

属于中档题目.【解析】错五、解答题(共3题,共27分)23、略

【分析】

定值电阻R两端的电压为有效值;最大为U=IR=100V,电容器的耐压值是最大值,所以电容器两段的电压最大为U=100V

则副线圈的电压最大为100V

所以原线圈两端的输入电压的最大值为1

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