2024年浙教版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙教版高二物理上册阶段测试试卷734考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是A.图甲：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一B.图乙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率也是不连续的C.图丙：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子D.图丁：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性2、如图所示，带等量异种电荷的平行金属板a、b处于匀强磁场中，磁感应强度B垂直纸面向里。现有不计重力的带电粒子由静止经过电场加速，然后沿OO′方向从左侧垂直于电磁场入射，从右侧射出a、b板间区域时的电势能比入射时的电势能大。要使粒子射出a、b板间区域时的电势能比入射时的电势能小，可以A.适当减小金属板间的磁感应强度B.适当减小加速电压C.适当增大金属板a、b间的距离D.适当减小金属板a、b间的电压3、(2015·新课标1卷）一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示。设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k；则（）

A.U=66V,K=B.U=22V,K=C.U=66V,K=D.U=22V,K=4、实线框abcd是一长方形导线框，bc=2ab；虚线内为匀强磁场区域，其边界与导线框的边平行．现将导线框分别以υ；2υ的速度沿四个方向匀速地平移出磁场区域，如图所示．则在移出过程中，通过导线框横截面电量（）

A.各图一样多B.②图比①图多C.③图比①图多D.④图最多5、关于电磁波下列说法正确的是（）A.赫兹最早预言了电磁波的存在B.紫外线具有荧光效应，可用来验钞C.X射线的波长比红外线长D.电磁波传递能量但不能传递信息6、目前雷达发出的电磁波频率多在200MHz～1000MHz的范围内，下列关于雷达和电磁波的说法正确的是（）A.真空中，上述频率范围的电磁波的波长在30m～150m之间B.测出从发射无线电波到接收反射回来的无线电波的时间，就可以确定障碍物的距离C.电磁波是由恒定不变的电场或磁场产生的D.波长越短的电磁波，越容易绕过障碍物，便于远距离传播7、一辆电瓶车，质量为500kg，由内阻不计的蓄电池组向直流电动机提供24V的电压，当电瓶车在水平地面上以0.8m/s的速度匀速行驶时，通过电动机的电流为5A，设车所受的阻力是车重的0.02倍（g=10m/s2），则此电动机的内阻是（）A．4.8ΩB．3.2ΩC．1.6ΩD．0.4Ω8、关于自由落体运动，下列说法正确的是(

)

A.自由落体运动是一种匀速直线运动B.自由落体运动是一种匀变速直线运动C.物体刚下落时，加速度为零D.物体的质量越大，下落的越快评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)9、两根完全相同的金属导线A和B，现将A拉伸到原来的两倍长度，将B对折后并起来，则它们的电阻之比RA/RB=____．10、如图所示，一个小女孩从滑梯上加速下滑(

摩擦阻力不能忽略)

在这个过程中，她的动能将____，重力势能将____，机械能将____。(

填“增加”“不变”或“减少”)

11、如图所示，带负电的小球从右端向左经过最低点A时，悬线张力为T1，当小球从左向右经过最低点A时，悬线张力为T2，则T1＿＿T2（填＞、＜或＝）12、一个物体静置于光滑水平面上，外面扣一质量为M

的盒子，如图l

所示.

现给盒子一初速度v0

此后，盒子运动的v

一t

图象呈周期性变化，如图2

所示.

则盒内物体的质量为______．13、平行板电容器所带的电荷量为Q=4隆脕10鈭�8C

电容器两板间的电压为U=2V

则该电容器的电容为______；如果将其放电，使其所带电荷量为原来的一半，则两板间的电压为______，两板间电场强度变为原来的______倍，此时平行板电容器的电容为______．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

21、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、画图题(共2题，共14分)22、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象23、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、证明题(共2题，共6分)24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。25、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A|B【分析】【解析】试题分析：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一，选项A正确；玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率也是不连续的，选项B正确；卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了原子核式结构，选项C错误；根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有波动性，选项D错误；故选AB考点：考查原子物理【解析】【答案】AB2、A|B【分析】试题分析：带正电的粒子在正交场中受向下的电场力和向上的洛伦兹力；因为电荷从右侧射出a、b板间区域时的电势能比入射时的电势能大，故电场力做负功，电荷向OO’上方偏转，此时洛伦兹力大于电场力；要使粒子射出a、b板间区域时的电势能比入射时的电势能小，则电荷必须要可以向OO’下方偏转，必须使得洛伦兹力小于电场力；故采用的方法可以：适当减小金属板间的磁感应强度，选项A正确；或者增大两板间的电场强度的大小，即适当减小金属板a、b间的距离或适当增大金属板a、b间的电压，选项CD错误；适当减小加速电压，可以减小电荷进入两板间的速度，根据F=Bqv可知，可减小洛伦兹力的大小，故选项B正确；故选AB。考点：带电粒子在复合场中的运动.【解析】【答案】AB3、A【分析】【解答】原副线圈电压比等干匝数比，根据副线圈负载电阻的电压u，可知副线圈电压为u，原线圈电压为3u,副线圈电流I=原副线圈电流与匝数成反比，所以原线圈电流I1=那么原线圈输入电压220v=3u+xR,整理可得u=66V,原副线圈电阻消耗的功率根据p=I2R.电阻相等；电流为1:3,

可得功率比为1:9,K=对照选项A对。

【分析】220V的电压并不是原线圈的输入电压，原线圈和电阻R串联分压。4、A【分析】解：由法拉第电磁感应定律得：

E=

由欧姆定律得I=

通过导线框横截面电量q=I△t

联立解得，q=由于导线框沿各个方向出磁场时磁通量的变化量相等，则通过导线框横截面电量各图相等，故A正确，BCD错误．

故选：A

由法拉第电磁感应定律；欧姆定律和电流的定义式推导出通过导线框的电量表达式；再分析通过导线框截面的电量关系．

解决本题的关键要推导感应电量公式q=知道电量q与线框移动的速度和时间无关．【解析】【答案】A5、B【分析】解：A；麦克斯韦最早提出了电磁波的存在；赫兹用实验证实；故A错误；

B；紫外线具有荧光效应；可用来验钞；故B正确；

C；X射线的频率大于红外线；波长比红外线短；故C错误；

D；电磁波能传播能量和传递信息；故D错误；

故选：B．

根据电磁波的发现历程及电磁波谱中各种电磁波的主要性质及应用作答即可．

本题考查电磁波的性质；要掌握电磁波的发现历程，并明确电磁波谱中的波长排列顺序及各类电磁波的应用．【解析】【答案】B6、B【分析】【解析】试题分析：真空中，上述频率范围的电磁波的波长在0.30m～1.50m之间;A错误；电磁波是由交变的电场或磁场产生的；C错误；电磁波波长越接近障碍物尺寸时越容易绕过障碍物，便于远距离传播；D错误；测出从发射无线电波到接收反射回来的无线电波的时间，就可以确定障碍物的距离，B正确，故选B考点：考查电磁波【解析】【答案】B7、C【分析】由能量守恒定律可知消耗的电能转化为克服阻力做功和焦耳热，阻力为kmg=100N，克服阻力做功的功率为fv=80W，电动机内阻消耗功率为电动机消耗电功率为UI=120W，所以有25r=120W-80W=40W，r=1.6Ω；C对；【解析】【答案】C8、B【分析】解：A

自由落体运动是初速度为零；加速度为g

的匀加速直线运动，故A错误，B正确。

C；物体刚开始下落时；初速度为零，加速度不为零，故C错误。

D；轻重不同的物体做自由落体运动；下落的快慢程度相同，故D错误。

故选：B

自由落体运动是初速度为零；加速度为g

的匀加速直线运动，轻重不同的物体下落的快慢程度相同．

解决本题的关键知道自由落体运动的特点，知道下落的快慢与质量无关，基础题．【解析】B

二、填空题(共5题，共10分)9、略

【分析】【解析】试题分析：由电阻定律得到所以RA/RB=16:1。考点：本题考查电阻定律【解析】【答案】16:110、增加减少减少【分析】【分析】解决此题要知道动能的大小与物体的质量和速度有关；质量越大；速度越大，动能就越大；

重力势能的大小与物体的质量和高度有关；质量越大；高度越高，重力势能就越大；

机械能包括动能和重力势能.

除了重力以外的力做功；机械能会改变。

解决此类问题要结合影响动能、重力势能、机械能的大小因素进行分析解答。【解答】小女孩从滑梯上加速下滑时；速度增大，高度减小，所她的动能增加，重力势能减少；

因为滑梯摩擦力对她做负功；使内能增加，因此会有一部分机械能转化为内能，因此机械能会减少。

故答案为：增加减少减少。

【解析】增加减少减少11、略

【分析】带负电的小球从右端向左经过最低点A时，洛伦兹力方向向上，F+f-mg=当小球从左向右经过最低点A时，F-f-mg=由于只有重力做功，两次经过最低点时速度大小相等，T1＜T2【解析】【答案】＜12、略

【分析】解：设物体的质量为m.t0

时刻受盒子碰撞获得速度v

根据动量守恒定律有：

Mv0=mv垄脵

3t0

时刻物体与盒子右壁碰撞使盒子速度又变为v0

说明碰撞是完全弹性碰撞，由能量守恒定律有：

12Mv02=12mv2垄脷

联立垄脵垄脷

解得：m=M

即盒内物体的质量也为M

．

故答案为：M

根据速度时间图象得到盒子各个时刻的速度情况；然后根据动量守恒定律和能量守恒定律列方程后联立求解．

本题关键根据速度时间图象得到盒子与物体的碰撞是弹性碰撞，然后根据动量守恒定律和能量守恒定律列方程后联立求解．【解析】M

13、略

【分析】解：根据C=QU

得，电容器的电容C=4隆脕10鈭�82=2隆脕10鈭�8F

．

电荷量减半；电容不变，仍然为2隆脕10鈭�8

F.

则两板间的电压U隆盲=Q隆盲C=2隆脕10鈭�82隆脕10鈭�8=1V

．

根据E=Ud

知，电势差减半，两板间的距离不变，则电场强度变为原来的12

．

故答案为：2隆脕10鈭�8

F、1V122隆脕10鈭�8

F.

根据电容的定义式求出电容器电容的大小，电荷量减半，电容不变，结合电容的定义式求出两板间的电压，根据E=Ud

判断电场强度的变化．

解决本题的关键掌握电容的定义式C=QU

知道电容的大小与电荷量以及两板间的电压无关．【解析】2隆脕10鈭�8F1V122隆脕10鈭�8F

三、判断题(共8题，共16分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷