2025年湘师大新版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版高二物理下册月考试卷404考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、某人骑着自行车向前匀速行使时；关于自行车前；后轮所受的摩擦力方向，下列说法中正确的是（）

A.都向前。

B.都向后。

C.前轮向后；后轮向前。

D.前轮向前；后轮向后。

2、用弹簧拉着木块在水平面上做匀速直线运动；弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是（）

A.一对平衡力。

B.一对作用力反作用力。

C.大小相等；方向相反，作用在一条直线上。

D.大小相等；方向相反，作用在同一物体上。

3、一根粗细均匀的导线，当其两端电压为U时，通过的电流是I，若将此导线均匀拉长到原来的2倍时，电流仍为I，则导线两端所加的电压变为（）A.8UB.UC.2UD.4U4、某小型水电站的电能输送示意图如下。发电机的输出电压为200V，输电线总电阻为r，升压变压器原副线圈匝数分别为n1，n2。降压变压器原副线匝数分别为n3，n4（变压器均为理想变压器）。要使额定电压为220V的用电器正常工作，则A.B.C.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D.升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率5、下列说法正确的是（）A.电荷在电场中一定受到电场力的作用B.运动电荷在磁场中一定受到磁场力的作用C.一小段通电导体在磁场中一定受到磁场力的作用D.一小段通电导体在电场中一定受到电场力的作用6、粗糙水平地面上有一木箱，现一人用一水平力拉着木箱匀加速直线前进，则（）A.人拉木箱的力大于木箱拉人的力B.木箱所受的拉力和地面对木箱的摩擦力是一对平衡力C.人拉木箱的力大于木箱所受摩擦力D.木箱对地面的压力和木箱所受的重力是一对作用力和反作用力评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)7、在离地面H高处从静止开始下落，与地面碰撞后反弹的速度大小为碰前速度大小的3／5，碰撞时间为T，则小球下落过程中的平均速度大小为，与地面相撞的过程中平均速度大小为，方向为。8、某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如图（a）所示，测量金属板厚度时的示数如图（b）所示．图（a）所示读数为______mm，图（b）所示读数为______mm，所测金属板的厚度为______mm．

9、如图所示；是用来做电磁感应实验装置的示意图，当闭合开关s时，发现电流表的指针向左偏转一下后，又回到中央位置，现继续进行实验．

(1)把原线圈插入副线圈的过程中；电流表的指针将____________(填“向左偏”或“向右偏”或“在中央位置”)

(2)把原线圈插入副线圈后电流表的指针将____________(填“向左偏”或“向右偏”或“在中央位置”)

(3)原、副线圈保持不动，把变阻器滑动片P向右移动过程中，电流表的指针将____________(填“向左偏”或“向右偏”或“在中央位置不动”)10、远距离输电时，如果输送的电功率不变，输电电压升高到原来的n倍，则输电线上损耗的功率将变为原来的______倍，输电线上的电压损失将变为原来的______倍．11、实验题仪器读数甲图中游标卡尺的读数是____mm．乙图中螺旋测微是____mm．

12、一交流电压随时间变化的图象如图所示.

则此交变电流的周期是______s

频率是______Hz

若将该电压加在10娄脤F

的电容器上，则电容器的耐压值不应小于______V

若将该电压加在一阻值为1k娄赂

的纯电阻用电器上，用电器恰能正常工作，为避免意外事故的发生，电路中保险丝的额定电流不能低于______A.13、有一个电流表G

内阻Rg=10娄赂

满偏电流Ig=3mA.

要把它改装为量程0隆芦3V

的电压表，要串联的电阻阻值为______，要把它改装为量程是0隆芦0.6A

的电流表，要并联的电阻阻值为______．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)14、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）15、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共3题，共6分)19、如图所示，用某种透光物制成的直角三棱镜ABC；在垂直于AC面的直线MN上插两枚大头针P1、P2，在AB面的左侧透过棱镜观察大头针P1、P2的像，调整视线方向，直到P1的像让P2的像挡住，再在观察的这一侧先后插上两枚大头针P3、P4，使P3________，P4__________。记下P3、P4的位置，移去大头针和三棱镜，过P3、P4的位置作直线与AB面相交于D，量出该直线与AB面的夹角为45°。则该透光物质的折射率n＝________.20、如下图所示，螺旋测微器测量某金属丝的直径，则此金属丝的直径是____mm。下图是用20分度的游标卡尺测物体长度的示意图，则物体长度为____cm。21、（每空2分，共10分）实验室进了一批低电阻的电磁螺线管，已知螺线管使用的金属丝电阻率ρ=1.7×10－8Ωm。课外活动小组的同学设计了一个试验来测算螺线管使用的金属丝长度。他们选择了多用电表、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器（千分尺）、导线和学生电源等。⑴他们使用多用电表粗测金属丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：（请填写第②步操作）①将红、黑表笔分别插入多用电表的“＋”、“－”插孔；选择电阻档“×1”；②________________________________________________________________；③把红黑表笔分别与螺线管金属丝的两端相接，多用表的示数如图（a）所示。⑵根据多用电表示数，为了减少实验误差，并在实验中获得较大的电压调节范围，应从图9（b）的A、B、C、D四个电路中选择_________电路来测量金属丝电阻；⑶他们使用千分尺测量金属丝的直径，示数如图所示，金属丝的直径为_________mm；⑷根据多用电表测得的金属丝电阻值，可估算出绕制这个螺线管所用金属丝的长度约为_________m。（结果保留两位有效数字）⑸他们正确连接电路，接通电源后，调节滑动变阻器，发现电流始终无示数。请设计一种方案，利用多用电表检查电路故障并写出判断依据。（只需写出简要步骤）_____________________评卷人得分五、识图作答题(共1题，共4分)22、如图是几种生物的基本结构单位，请据图回答下列问题：(1)最有可能属于病毒的是________，它在结构上不同于其他三种图示的显著特点是____________________________________________。(2)图中属于原核细胞的是________，它在结构上不同于真核细胞的最显著特点是_______________________________________________。(3)图中能进行光合作用的是________，能完成此生理过程的物质基础是因为其含有_____________________________________________。(4)图中________展示了哺乳动物的平滑肌细胞。评卷人得分六、综合题(共4题，共20分)23、(1)

如图所示，边长为L

的正方形闭合导体线框abcd

质量为m

，在方向水平的匀强磁场上方某高度处自由落下并穿过磁场区域.

线框在下落过程中形状不变，ab

边始终保持与磁场边界线平行，线框平面与磁场方向垂直.

已知磁场区域高度h

>

L

，重力加速度为g

，下列判断正确的是()

A.若ab

边进入磁场时线框做匀速运动，则ab

边离开磁场时线框也一定做匀速运动B.若ab

边进入磁场时线框做减速运动，则ab

边离开磁场时线框也一定做减速运动C.若进入磁场过程中线框产生的热量为mgL

，则离开磁场过程中线框产生的热量也一定等于mgL

D.若进入磁场过程线框截面中通过的电量为q

，则离开磁场过程线框截面中通过的电量也一定等于q

(2).

在撑竿跳比赛的横杆下方要放上很厚的海绵垫子，为什么？设一位撑竿跳运动员的质量为70kg

越过横杆后从h

=5.6m

高处落下，落在海绵垫上和落在普通沙坑里分别经历时间娄陇

t

1=1s娄陇

t

2=0.1s

停下。求两种情况下海绵垫和沙坑对运动员的作用力。24、[

物理选修3鈭�4](

略)

25、(1)

利用单分子油膜法可粗略测定分子的大小和阿佛加德罗常数，如果已知n

滴油酸的体积为V

一滴油在水面上散开形成的单分子油膜面积为S

则这种油分子的直径表达式d=

___________；如果这种油的摩尔质量为M

密度为娄脩

写出阿佛加德罗常数的表达式为NA=

__________。(2)

如图所示，一定质量的理想气体，从状态A

变化到状态B

再变化到状态C

其状态变化过程的p鈭�V

图象如图所示。已知状态A

时的温度为27隆忙

则：垄脵

气体处于状态BC

时的温度分别是多少？垄脷

从状态A

到状态C

的过程中内能的变化是多少？26、在列车编组站里，一辆m1=3.6隆脕104kg

的甲货车在平直轨道上以v1=2m/s

的速度运动，碰上一辆m2=2.4隆脕104kg

的静止的乙货车，它们碰撞后结合在一起继续运动，求货车碰撞后运动的速度以及甲货车在碰撞过程中动量的变化量．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】

人骑着自行车向前匀速行使时；后轮相当于主动轮，后轮与地面接触点地面的运动趋势方向向后，则地面对后轮的静摩擦力方向向前．前轮相当于从动轮，前轮与地面接触点地面的运动趋势方向向前，则地面对前轮的静摩擦力方向向后．

故选C．

【解析】【答案】静摩擦力方向与物体间相对运动趋势的方向相反．人骑着自行车向前匀速行使时；前后轮均受地面的静摩擦力作用，根据车轮相对于地面的运动趋势方向，判断摩擦力方向．

2、B|C【分析】

根据牛顿第三定律可知：弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是一对作用力和反作用力；故A错误，B正确；

对于作用力和反作用力它们大小相等；方向相反，作用在一条直线上，但作用在不同物体上．故C正确，D错误．

故选BC．

【解析】【答案】弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是一对作用力和反作用力；它们大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在不同物体上．

3、D【分析】解：由欧姆定律可知，R=

导线拉长后，横截面积减小为原来的一半，则电阻R′==4R；

则由欧姆定律可知；电压U′=I4R=4U；故ABC错误，D正确。

故选：D。

由导线长度的变化可知电阻的变化；再由欧姆定律可求得导经两端所加电压。

本题考查欧姆定律及电阻定律，要注意当长度拉长后，导体的截面积减小为原来的一半。【解析】D4、A|D【分析】试题分析：据远距离输电原理，n2:n1=U2:U1=U2：200，U2=U3+ΔU，又n3:n4=U3:U4=（U2-ΔU）：220，观察此两式子可知，U2：200>（U2-ΔU）：220，所以n2:n1>n3:n4，A选项正确B、C选项错误；远距离输电过程中由于存在电能损失，即P2=P3+ΔP，所以升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率。考点：本题考查对远距离输电问题的理解。【解析】【答案】AD5、A【分析】【分析】A；电场的基本性质是对放入其中的电荷有力的作用；即电荷在电场中一定受到电场力的作用；正确。

B；运动电荷在磁场中；当速度与磁场方向平行时不受磁场力的作用；错误。

C；一小段通电导体在磁场中；当导线与磁场方向平行时不受磁场力的作用；错误。

D；一小段通电导体在电场中；不受到电场力的作用；错误，故选A

【点评】电荷在电场中一定受电场力的作用，运动电荷与通电导线在磁场中不一定受磁场力的作用。6、C【分析】解：A；人拉木箱的力等于木箱拉人的力；A错误。

B；木箱在水平方向上受到水平拉力和地面的摩擦力；由于木箱做匀加速运动，水平拉力大于摩擦力，这两个力不是一对平衡力，故B错误C正确。

D；压力为弹力；重力为万有引力，性质不同，故D错误。

故选：C。

粗糙水平地面上的木箱受到重力；地面的支持力、水平拉力以及地面的摩擦力；这四个力的合力不为零，使木箱匀加速运动。

正确分析木箱的受力情况，确定每个力的受力物体和施力物体，从而判定两个力是一对平衡力、一对作用力反作用力还是两者都不是。【解析】C二、填空题(共7题，共14分)7、略

【分析】试题分析：下落到地面时的速度为即所以下落过程中的平均速度为设向上为正，碰撞过程中的速度变化量为所以加速度为正，方向竖直向上考点：考查了自由落体，加速度的求解【解析】【答案】方向竖直向上8、略

【分析】解：该螺旋测微器校零时的示数如图（a）所示；

螺旋测微器的固定刻度为0mm；可动刻度为0.01×1.0mm=0.010mm，所以最终读数为0.010mm．

测量金属板厚度时的示数如图（b）所示．

螺旋测微器的固定刻度为6.5mm；可动刻度为0.01×37.0mm=0.370mm，所以最终读数为6.870mm．

所测金属板的厚度为6.870-0.010=6.860mm

故答案为：0.010；6.870，6.860

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】0.010；6.870；6.8609、略

【分析】解：当闭合开关s时；穿过线圈的磁通量增加，电流表的指针向左偏转，说明穿过线圈的磁通量增加时，指针向左偏转；

(1)把原线圈插入副线圈的过程中；穿过线圈的磁通量增加，电流表的指针将向左偏；

(2)把原线圈插入副线圈后；穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表的指针将在中央位置．

(3)原；副线圈保持不动；把变阻器滑动片P向右移动过程中，通过原线圈的电流增大，磁场变大，穿过副线圈的磁通量增加，电流表的指针将向左偏．

故答案为：(1)向左偏；(2)在中央位置；(3)向左偏．【解析】向左偏;在中央位置;向左偏10、【分析】解：根据P=UI，输送电功率不变，输电电压升高到原来的n倍，则输电电流变为原来的倍，根据知，输电线上损耗的功率变为原来的倍．根据U损=IR知电压损失变为原来的倍．

故答案为：．

根据P=UI，求出输电线上的电流，再根据和U损=IR判断输电线上损耗功率和损失电压的变化．

解决本题的关键掌握输送功率与输电电压和输电电流的关系，知道提高输电电压，可以减小输电电流，从而减小导线上的功率损失．【解析】11、100.503.200【分析】【解答】解：1；游标卡尺的主尺读数为：10cm=100mm；游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.05mm=0.50mm，所以最终读数为：100mm+0.50mm=100.50mm．2、螺旋测微器的固定刻度为3.0mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为3mm+0.200mm=3.200mm．

故答案为：100.50；3.200

【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．12、0.02；50；200；0.14【分析】解：从图象可以看出；该电压为余弦式交变电压，周期为0.02s

频率为50Hz

电压的最大值为200V

则电容器的耐压不应小于200V

电压有效值为U=2002=1002V

将该电压加在一阻值为1k娄赂

的纯电阻用电器，用电器恰能正常工作，则该用电器的额定电流为I=10021000=210A=0.14A

故答案为：0.02502000.14

．

根据图象可知交流电的电压最大值以及周期；然后进一步可求出电压的有效值和频率．

本题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角频率等物理量，知道有效值是根据电流的热效应定义的．【解析】0.02502000.14

13、略

【分析】解：(1)

表头两端的电压为Ug=IgRg=3隆脕10鈭�3隆脕10娄赂=0.03V

若改装成0隆芦3V

电压表；则达最大量程时，串联电阻两端的电压U=Um鈭�Ug=3V鈭�0.03V=2.97V

则应串联的电阻R麓庐=UIm=2.970.003娄赂=990娄赂

(2)

改装成电流表要并联电阻分流，则并联阻值为：R=IgRgI鈭�Ig=10隆脕3隆脕10鈭�30.6鈭�3隆脕10鈭�3=0.05娄赂

故答案为：990娄赂0.05娄赂

根据欧姆定律和串联规律解出分压电阻的阻值即可；根据欧姆定律和并联规律解出分流电阻阻值即可．

本题考查电流表的改装，在理解改装原理的基础上，通过串并联的关系即可求解.

解答本题应明确电流表的原理及改装方法．【解析】990娄赂0.05娄赂

三、判断题(共5题，共10分)14、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．15、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、实验题(共3题，共6分)19、略

【分析】【解析】试题分析：光在同一种介质中传播是沿直线传播的，所以传播路径是直线，故需要使挡住的像；挡住以及的像；画出光路图，根据几何知识可得，MN方向的光线从AB界面射出时的角度为已知出射角如AB界面的夹角为所以根据光的折射可得考点：考查了研究光的折射规律实验【解析】【答案】挡住P1、P2的像；挡住P3以及P1、P2的像；20、略

【分析】【解析】试题分析：螺旋测微器主尺读数为5.5mm，可动刻度读数为12.3mm，所以螺旋测微器读数为5.5mm+12.3mm=5.623mm，游标卡尺读数为50mm，卡尺读数为0.05×3mm，读数为50mm+0.05×3mm=5.015cm考点：考查螺旋测微器和游标卡尺的读数【解析】【答案】5.623mm（5.621~5.624）(3分)5.015cm(3分)21、略

【分析】试题分析：（1）①、欧姆表选档后，需要进行欧姆调零，欧姆调零是将红、黑表笔短接，调整调零旋钮使其电流达到最大，则此时刻度盘上的读数为零；②欧姆表的示数为4.0Ω；金属丝电阻比较小，电流表电阻也比较小，所以应该采用电流表外接法。我们希望通过移动滑动变阻器读出电压表电流表较广的读数，那么采用滑动变阻器的分压接法可以实现，所以采用滑动变阻器的分压接法，故电路图选D；③螺旋测微器的读数为(4)根据电阻定律R=L==12m。（5）以下两种解答都正确：①使用多用电表的电压档位，接通电源，逐个测量各元件、导线上的电压，若电压等于电源电压，说明该元件或导线断路故障。②使用多用电表的电阻档位，断开电路或拆下元件、导线，逐个测量各元件、导线上的电阻，若电阻为无穷大，说明该元件或导线断路故障.考点：测量金属丝电阻率【解析】【答案】⑴将红、黑表笔短接，调整调零旋钮调零⑵D⑶0.260mm（0.258—0.262mm均给分）⑷12m或13m⑸以下两种解答都正确：①使用多用电表的电压档位，接通电源，逐个测量各元件、导线上的电压，若电压等于电源电压，说明该元件或导线断路故障。②使用多用电表的电阻档位，断开电路或拆下元件、导线，逐个测量各元件、导线上的电阻，若电阻为无穷大，说明该元件或导线断路故障.五、识图作答题(共1题，共4分)22、（1）C无细胞结构。

（2）A、B没有以核膜为界限的细胞核

（3）B藻蓝素和叶绿素

（4）D【分析】【分析】本题结合几种生物的基本结构示意图，考查原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同、病毒等知识，要求考生识记病毒的结构，明确病毒没有细胞结构；识记原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同，能准确判断图中各基本结构的名称，再结合所学的知识准确答题。分析题图：A细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，属于原核细胞(细菌细胞)；B细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，属于原核细胞(蓝藻细胞)；C没有细胞结构，为病毒；D含有成形的细胞核，属于真核细胞。【解答】（1）图中C没有细胞结构，最有可能属于病毒。病毒在结构上不同于其他三种图示的显著特点是无细胞结构。（2）由以上分析可知，图中A、B属于原核细胞；原核细胞和真核细胞最显著的区别是原核细胞无核膜包被的细胞核。（3）图中B(蓝藻细胞)含有叶绿素和藻蓝素，能进行光合作用。（4）D图有细胞核，为真核细胞，展示了哺乳动物的平滑肌细胞。【解析】（1）C无细胞结构。

（2）A、B没有以核膜为界限的细胞核（3）B藻蓝素和叶绿素（4）D六、综合题(共4题，共20分)23、（1）BD（2）解：若规定竖直向上为正方向，则运动员着地(接触海绵或沙坑)过程中的始、末动量为p′＝0，

受到的合外力为F＝FN－mg，

由牛顿第二定律的动量表达公式：

Ft＝p′－p＝mv′－mv，

即

所以：

落在海绵垫上时，Δt1＝1s，则

FN＝1442N，

落在沙坑里时，Δt2＝0.1s，则

FN＝8120N。【分析】(1)

【分析】本题考查法拉第电场感应定律的动力学问题，离开磁场时线框所受安培力大于进入磁场时线框所受安培力是本题的关键。进入磁场后线框磁通量不变；没有感应电流，线框不受安培力作用，只受重力作用，做匀加速直线运动，故线框离开磁场时的速度大于线框进入磁场时的速度，则线框离开磁场时的安培力大于进入磁场时的安培力，由安培力和重力的大小关系解题。

【解答】进入磁场后线框磁通量不变，没有感应电流，线框不受安培力作用，只受重力作用，做匀加速直线运动，故线框离开磁场时的速度大于线框进入磁场时的速度，进入和离开磁场时电动势E=BLv

感应电流I=BLvR

安培力F=BIL=B2L2vR

A.若线框进入磁场时做匀速运动，则F=BIL

离开磁场时速度变大，安培力变大，故应做减速运动离开磁场，故A错误；B.若线框进入磁场时做减速运动，则进入磁场时安培力大于重力，离开时安培力变大，仍大于重力，线框仍然做减速运动，故B正确；C.线框离开磁场时的安培力大于进入磁场时的安培力，故离开磁场时线框产生的热量一定大于mgL

故C错误；D.由q=?鈱�R

可知进入磁场和离开磁场时线框截面通过的电量相等，故D正确。故选BD。(2)

本题考查动量定理的理解和掌握，关键是列出动量定理的表达式，难度不大。列出运动员下落至地面时的动量定理的表达式，分别由作用时间不同求出海绵垫和沙坑对运动员的作用力。【解析】(1)BD

(2)

解：若规定竖直向上为正方向，则运动员着地(

接触海绵或沙坑)

过程中的始、末动量为p=mv=鈭�m2ghp隆盲=0

受到的合外力为F=FN鈭�mg

由牛顿第二定律的动量表达公式：Ft=p隆盲鈭�p=mv隆盲鈭�mv

即FN鈭�mg=0+m2gh?t

所以：FN=mg+m2gh?t

落在海绵垫上时，娄陇t1=1

s

则F