2025年高考物理压轴训练23

2025年高考物理压轴训练23一．选择题（共5小题）1．（2024•海安市校级模拟）系统误差是由于实验原理等原因而产生的误差，它的数值总是向某一个方向偏离真实值。在“测电源电动势和内阻”实验中由于电表的内阻所产生的误差即为系统误差。关于该系统误差产生原因以及影响，以下正确的是A．电流表分压；测得的电源电动势偏小，内阻偏小 B．电流表分压；测得的电源电动势偏大，内阻偏大 C．电压表分流；测得的电源电动势偏小，内阻偏小 D．电压表分流；测得的电源电动势偏大，内阻偏大2．（2024•海淀区模拟）某同学用如图所示装置探究影响感应电流方向的因素。将磁体从线圈中向上匀速抽出时，观察到灵敏电流计指针向右偏转。关于该实验，下列说法正确的是A．图中线圈中感应电流的磁场方向向下 B．若将磁体向上加速抽出，灵敏电流计指针将向左偏转 C．磁体放置在线圈中静止不动，灵敏电流计指针仍向右偏转 D．若将磁体的、极对调，并将其向下插入线圈，灵敏电流计指针仍向右偏转3．（2024•湖南模拟）探究电磁感应现象的实验装置如图所示，下列操作不能使电流计指针偏转的是A．闭合开关瞬间 B．断开开关瞬间 C．闭合开关后，拔出线圈瞬间 D．线圈放在线圈中不动4．（2024•江苏一模）测量电阻的阻值时，当对被测电阻的阻值一无所知而无法选择用何种接法时，可采用试触的方法。如图所示，某同学测量未知电阻时，让电压表的一端接在点，另一端先后接到点和点，他发现电流表示数有明显变化，而电压表示数无明显变化，则下列说法中正确的是A．应选择电流表内接电路，测量值等于真实值 B．应选择电流表内接电路，测量值大于真实值 C．应选择电流表外接电路，测量值大于真实值 D．应选择电流表外接电路，测量值小于真实值5．（2024•广东一模）电视机显像管的结构示意图如图所示，电子枪均匀发射的电子束经加速电场加速后高速通过偏转电场，最后打在荧光屏上呈现光斑，在显像管偏转极板上加上不同的电压，光斑在荧光屏上呈现不同情况，以上极板带正电时为正，下列说法正确的是A．若在偏转极板加上如图甲所示的偏转电场，则可以在荧光屏上看到一个固定的光斑 B．若在偏转极板加上如图乙所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏的点下侧移动 C．若在偏转极板加上如图丙所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上从上向下移动 D．若在偏转极板加上如图丁所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上点两侧做往复运动二．多选题（共5小题）6．（2024•福建三模）如图所示是探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验装置，下部是可调节内阻电池，升高或降低挡板，可改变，两电极间电解液通道的横截面积，从而改变电池内阻，电池的两极，与电压传感器2相连，位于两个电极内侧的探针，与电压传感器1相连，是滑动变阻器。下列说法正确的是A．断开开关，传感器1的示数为零，传感器2的示数等于电源电动势 B．闭合开关，在将教板向上提升的过程中，传感器2的读数将变小 C．闭合开关，无论的滑片如何移动，传感器1和传感器2的示数之和总不变 D．闭合开关，当把滑动变阻器的滑片向左移动到阻值为零时，传感器1的示数为零，传感器2的示数等于电源电动势7．（2024•丰台区二模）“探究影响感应电流方向的因素”的实验示意图如图所示：灵敏电流计和线圈组成闭合回路，通过“插入”、“拔出”条形磁铁，使线圈中产生感应电流。记录实验过程中的相关信息，分析得出楞次定律。下列说法正确的是A．实验时必须保持磁铁运动的速率不变 B．该实验需要知道线圈的绕向 C．该实验需要记录磁铁的运动方向 D．该实验需要判断电流计指针偏转方向与通入电流方向的关系8．（2024•长安区校级模拟）有一个电学黑箱，上面有三个接线柱，内部有两个电子元件与他们相连。现用多用电表探索其内部电学元件及连接方式。实验时，探索步骤如下：（a）用直流电压挡试触三个接点都没有电压显示。（b）用欧姆挡“”接、间，不论红表笔接，黑表笔接，还是红表笔接，黑表笔接，示数都相同；（c）用欧姆挡接、间：黑表笔接，红表笔接时读数很小，对调红黑表笔，阻值很大；（d）用欧姆挡接、间：黑表笔接，红表笔接时读数比步骤中，黑表笔接，红表笔接时读数的大，调换表笔，阻值很大；则下列说法正确的是A．从知，黑箱内无电源 B．从知，之间是定值电阻 C．此黑箱中可能存在电容器 D．此黑箱中，如果有二极管，二极管应该接在之间，且二极管正极接9．（2023•天宁区校级学业考试）在使用多用电表进行电阻和电流的测量中，下列做法正确的是A．在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零 B．在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零 C．在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测 D．在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测10．（2023•乙卷）黑箱外有编号为1、2、3、4的四个接线柱，接线柱1和2、2和3、3和4之间各接有一个电阻，在接线柱间还接有另外一个电阻和一个直流电源。测得接线柱之间的电压，，。符合上述测量结果的可能接法是A．电源接在1、4之间，接在1、3之间 B．电源接在1、4之间，接在2、4之间 C．电源接在1、3之间，接在1、4之间 D．电源接在1、3之间，接在2、4之间三．填空题（共5小题）11．（2024•北京模拟）如图为某同学用电流表和电压表测量电阻的部分实验电路图。在某次测量中，电压表的示数为，电流表的示数为，根据测量数据可计算出电阻。若仅考虑电表内阻的影响，实验中电阻的测量值比真实值（选填“偏大”或“偏小”。12．（2024•泉州二模）（1）一根粗细均匀的金属丝，当其两端电压为时，通过的电流是。若将此金属丝均匀拉长到原来的2倍时，电流仍为，金属丝两端所加的电压应为。（2）有一个满偏电流为的毫安表，电表内阻为，现将该毫安表的量程扩大至，则应并联一个阻值为的电阻。（3）如图所示为一双量程电压表的示意图，已知电流表的量程为，内阻为，图中串联的分压电阻，则。13．（2024•雨花区校级模拟）高性能混凝土是一种新型高技术的混凝土，广泛应用于建筑工程中，某同学对高性能混凝土的电阻产生了兴趣，决定设计一个精密测量电阻的电路来完成测量。该同学设计的电路如图1所示，图中为电源（电动势为，内阻不计）、待测混凝土样本电阻、滑动变阻器、滑动变阻器、滑动变阻器、电流表（量程、电压表（量程、灵敏电流计（量程，开关、，导线若干。（1）该同学按电路图连接图2，请指出实物图连线①②③中连接错误的是。（2）电路连线改正后，实验过程如下：①断开、闭合，调节的滑动触头，使电流表的示数大于量程的②将调成最大阻值，闭合，调节的滑动触头，使灵敏电流计示数为零③断开，将电阻调为零，使断续接通，并仔细调节，使灵敏电流计示数为零④记录电压表、电流表的读数⑤移动滑动变阻器的滑动触头，重复步骤②④，再测四组、的读数。在步骤②中“将调成最大阻值”作用是。（3）实验数据如表：1.501.742.002.242.503.023.504.014.494.99请根据表中数据，在方格纸上作出图线，利用图线求出该待测混凝土样本电阻（保留三位有效数字）。（4）和伏安法测电阻相比，上述实验方法测得的电阻值误差更小，简要说明原因。14．（2024•宁河区校级二模）（1）物理实验小组用如图（a）所示的装置，探究加速度与力、质量的关系。现研究质量不变的情况下，加速度与力的关系。①关于本实验，下列说法正确的是。．必须平衡摩擦力．必须控制槽码质量不变．必须控制小车质量不变．必须保证槽码的质量远小于小车的质量②某同学在实验中得到如图（b）所示的一条纸带（两计数点间还有四个计时点没有画出），已知打点频率为，根据纸带可求出小车的加速度大小为（结果保留三位有效数字）。③按正确操作完成实验，以弹簧测力计的示数为横坐标，加速度为纵坐标，画出的图像是一条过原点的直线，如图（c）所示，若直线斜率为，则小车（包含定滑轮）的质量为（用表示）。（2）为了测量某待测电阻的阻值（约为，有以下一些器材可供选择。电流表（量程，内阻约；电流表（量程，内阻约；电压表（量程，内阻很大）；电压表（量程，内阻很大）；电源（电动势约为，内阻约为；定值电阻；滑动变阻器；单刀单掷开关一个，导线若干。①对于电流表和电压表的选择，下列说法正确的是。．电流表应选，电压表应选．电流表应选，电压表应选．电流表应选，电压表应选．电流表应选，电压表应选②请在下面的虚线框内画出测量电阻的实验电路图。（要求所测量范围尽可能大）③某次测量中，电压表示数为时，电流表示数为，则计算待测电阻阻值的表达式为。15．（2024•岳麓区校级模拟）（1）电子温度计是利用半导体的电阻随温度升高而减小的特性而制作的，已知某半导体的电阻随温度（在间可视为线性变化，如图甲所示。当温度为时，用多用电表测得其电阻如图乙所示，此时；当温度为时，用多用电表测得其电阻。（2）把该半导体与电动势为、内阻为的电源，理想电压表（量程和定值电阻连成如图丙所示的电路，为使电压表示数不会超量程，且当温度在间变化时电压的变化比较明显，则定值电阻的阻值应选。（3）选用合适的后，该半导体作测温探头，把电压表的电压刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简易的电子温度计，当电阻温度为时，电压表的示数约为。（保留两位有效数字）（4）若电池用久后内阻变大，用该温度计测量的温度要比真实值（选填“偏高”或“偏低”。四．实验题（共10小题）16．（2024•天津）某同学研究闭合电路的规律。①根据闭合电路的欧姆定律得出了电源输出功率与外电路电阻关系图像，如图1所示，则的峰值对应的外电路电阻值应电源内阻（填“大于”、“小于”或“等于”；②测定电源的电动势和内阻，可供选用的器材有：．电压表（量程，内阻约为．电流表（量程，内阻约为．滑动变阻器（最大阻值，额定电流．滑动变阻器（最大阻值，额定电流．待测电源（电动势约为，内阻约为．开关、导线若干（1）实验中所用的滑动变阻器应选（填器材前字母代号）；（2）实物电路如图2所示，单刀双掷开关可分别与1、2端闭合，为使电源内阻的测量结果更接近真实值，应与端闭合。17．（2024•南宁模拟）在做“用电流表和电压表测电池的电动势（约和内电阻（约”的实验时，某同学利用图甲所示的实物间的连线图进行测量，下列器材可供选用：．电流表：量程，内阻约．电流表：量程，内阻约．电压表：量程，内阻约．滑动变阻器，额定电流．待测电池、开关、导线（1）请根据实物间的连线图在图中方框中画出电路图；（2）为了让测量结果尽量准确，电流表应选用（填器材前的字母代号）；（3）根据实验数据作出的图像如图乙所示，则该电池的电动势，内阻；（结果均保留两位小数）（4）该同学在实验中发现，在保证所有器材安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片时，电压表的示数取不到以下，出现这一现象的原因可能是，改进的方法为。18．（2024•黄陂区校级二模）学习小组要测量一个电阻的电阻率，已知其长度为，额定电压为。（1）用螺旋测微器测量该电阻的直径，示数如图甲所示，其直径；（2）粗测该电阻的阻值为，为精确测量其阻值，该同学设计的测量电路如图乙所示，其中蓄电池电动势约为（内阻不计）、滑动变阻器最大阻值为、定值电阻、保护电阻。要求滑动变阻器在接近全电阻范围内可调，且测量时电表的读数不小于其量程的，则图乙中圆圈①位置接入、圆圈②位置应接入（均选填器材前的字母序号）；．电流表（量程为，内阻．电流表（量程为，内阻．电压表（量程为，内阻（3）实验中根据两电表读数作出如图丙所示的图线（坐标均为国际单位），已知图线的斜率为，则所测该电阻的阻值（用题中已知所测物理量符号表示），研究实验误差时发现实验所用定值电阻的阻值比标称值小，则电阻率的测量值将（选填“偏大”、“偏小”或“不变”。19．（2024•黔南州二模）某实验小组的同学在实验室找到了一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，设计了如图甲所示的电路进行了实验探究，其中为电阻丝，其横截面积大小为，是阻值为的定值电阻。正确接线后，闭合开关，调节滑片，记录电压表示数、电流表示数以及对应的长度，通过调节滑片，记录多组、、的值。（1）实验室提供“、”双量程电流表，在本实验中该同学选用挡。实验过程中，测得某次电流表的示数如图乙所示，则此时电流大小为；（2）根据实验数据绘出的图像如图丙所示，由图丙可得电池的电动势，内阻。（结果均保留两位有效数字）；由于电表内阻的影响，通过图像法得到的电动势的测量值其真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”；（3）根据实验数据可进一步绘出图像如图丁所示，根据图像可得电阻丝的电阻率；图丁中所作图线不通过地标原点的原因是。20．（2024•重庆）探究电容器充放电规律，实验装置如图甲所示，有电源，定值电阻，电容器，单刀双掷开关。（1）为测量电容器充放电过程电压和电流变化，需在①、②处接入测量仪器，位置②应该接入测（电流、电压）仪器。（2）接通电路并接通开关，当电压表示数最大时，电流表示数为。（3）根据测到数据，某过程中电容器两端电压与电流的关系图如图乙所示。该过程为（充电、放电）。放电过程中电容器两端电压随时间变化关系如图丙所示。时消耗的功率。21．（2024•福建）某实验小组探究不同电压下红光和蓝光发光元件的电阻变化规律，并设计一款彩光电路。所用器材有：红光和蓝光发光元件各一个、电流表（量程、电压表（量程、滑动变阻器（最大阻值，额定电流、5号电池（电动势两节、开关、导线若干。（1）图（a）为发光元件的电阻测量电路图，按图接好电路；（2）滑动变阻器滑片先置于（填“”或“”端，再接通开关，多次改变滑动变阻器滑片的位置，记录对应的电流表示数和电压表示数；（3）某次电流表示数为时，电压表示数如图（b）所示，示数为，此时发光元件的电阻为（结果保留3位有效数字）；（4）测得红光和蓝光发光元件的伏安特性曲线如图（c）中的Ⅰ和Ⅱ所示。从曲线可知，电流在范围内，两个发光元件的电阻随电压变化的关系均是：；（5）根据所测伏安特性曲线，实验小组设计一款电路，可使红光和蓝光发光元件同时在的电流下工作。在图（d）中补充两条导线完成电路设计。22．（2024•鼓楼区校级模拟）（1）在探究楞次定律的实验中，除需要已知绕向的螺线管、条形磁铁外，还要用到一个电表，请从下列电表中选择。．量程为的电压表．量程为的电流表．量程为的电流表．零刻度在中间的灵敏电流计（2）某同学按下列步骤进行实验：①将已知绕向的螺线管与电表连接；②设计表格：记录将磁铁、极插入或抽出过程中引起感应电流的磁场方向、磁通量的变化、感应电流的方向、感应电流的磁场方向；③分析实验结果，得出结论。上述实验中，漏掉的实验步骤是要查明的关系。（3）在上述实验中，当磁铁插入螺线管的速度越快，电表指针偏角（选填“不变”“变大”或“变小”。23．（2024•重庆模拟）某同学利用一个多用电表（表盘如图乙所示）测量一个内阻约、满偏电流的电流表的内阻，主要步骤如下：（1）欧姆挡的选择开关拨至倍率（填“”“”或“”挡，先将红、黑表笔短接调零后，将多用电表中“黑表笔”接到电流表（填“”或“”接线柱上，“红表笔”接另一个接线柱；（2）多用电表表盘中的指针和电流表表盘指针所指位置如图乙、丙所示，该同学读出欧姆表的读数为，这时电流表的读数为；（3）测量结束后，将选择开关拨到挡；（4）通过进一步分析还可得到多用电表内部电池的电动势为。24．（2024•广东一模）某实验小组欲将电流表（量程为改装为欧姆表。实验器材如下：电动势为的干电池1节、滑动变阻器（阻值范围为。将它们按如图甲所示连接。（1）将图甲中接线柱（填“”或“”接红表笔。（2）将图甲中、两接线柱短接，调节滑动变阻器使电流表满偏，则欧姆表的内阻。（3）保持滑动变阻器不动，在、间接入一电阻，电流表示数如图乙所示，此电阻的阻值为。25．（2024•中山区校级模拟）一实验小组为了测量某元件的电阻，进行了如下实验：（1）首先用多用电表进行粗测，如图关于多用电表的操作正确的是。．如图甲，将红、黑表笔短接，进行机械调零．如图乙，利用所示旋钮进行欧姆调零．如图丙，用“”挡测量时发现指针偏转角度过小，为了准确测量，应换到“”挡．实验完成后，挡位调至如图丁所示位置（2）为了精确测量该元件的电阻，同学们又采用了如图戊所示电路进行测量。电路由控制电路和测量电路两大部分组成。实验用到的器材如下：．待测电阻．灵敏电流计．定值电阻．粗细均匀的电阻丝（总长为．滑动变阻器．线夹、电源、开关以及导线若干．电源（电动势为①在闭合开关前，可将线夹大致固定于电阻丝中部位置，滑片应置于端。闭合开关后，先移动滑动变阻器的滑片至某一位置，然后不断调节线夹所夹的位置，直到灵敏电流计示数为零，测出此时段电阻丝长度，则的阻值计算式为（用、、表示），代入数据得。②为减小因电阻丝粗细不均匀带来的误差，将定值电阻换成电阻箱。并按照①中的操作，电阻箱的阻值记为；然后将电阻箱与交换位置，保持线夹的位置不变，调节电阻箱，重新使灵敏电流计示数为零，此时电阻箱的阻值记为，则电阻。

2025年高考物理压轴训练23参考答案与试题解析一．选择题（共5小题）1．（2024•海安市校级模拟）系统误差是由于实验原理等原因而产生的误差，它的数值总是向某一个方向偏离真实值。在“测电源电动势和内阻”实验中由于电表的内阻所产生的误差即为系统误差。关于该系统误差产生原因以及影响，以下正确的是A．电流表分压；测得的电源电动势偏小，内阻偏小 B．电流表分压；测得的电源电动势偏大，内阻偏大 C．电压表分流；测得的电源电动势偏小，内阻偏小 D．电压表分流；测得的电源电动势偏大，内阻偏大【答案】【考点】测定电源的电动势和内阻【专题】实验题；实验探究题；定量思想；推理法；恒定电流专题；实验能力【分析】分析图示电路结构，根据实验误差来源分析实验误差。【解答】解：由图示电路图可知，相对于电源来说电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，电流测量值小于真实值，实验误差是由电压表分流造成的，当外电路短路时电流的测量值等于真实值，图象如图所示图线的纵轴截距等于电源电动势，图线斜率的绝对值等于电源内阻，由图示图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，内阻测量值小于真实值，故错误，正确。故选：。【点评】本题考查了实验误差分析，理解实验原理、分析清楚图示电路图是解题的前提，要掌握应用图象法处理实验数据的方法。2．（2024•海淀区模拟）某同学用如图所示装置探究影响感应电流方向的因素。将磁体从线圈中向上匀速抽出时，观察到灵敏电流计指针向右偏转。关于该实验，下列说法正确的是A．图中线圈中感应电流的磁场方向向下 B．若将磁体向上加速抽出，灵敏电流计指针将向左偏转 C．磁体放置在线圈中静止不动，灵敏电流计指针仍向右偏转 D．若将磁体的、极对调，并将其向下插入线圈，灵敏电流计指针仍向右偏转【答案】【考点】研究电磁感应现象【专题】信息给予题；定性思想；推理法；电磁感应——功能问题；理解能力【分析】根据题意确定穿过线圈的原磁场方向；根据磁体的运动方向确定穿过线圈磁通量的变化，根据楞次定律确定感应电流的磁场方向；根据题意得出，感应电流的磁场方向竖直向上时，灵敏电流计指针向右偏转，从而确定灵敏电流计指针的偏转方向。【解答】解：线圈中的原磁场方向竖直向上，磁体向上运动时，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律感应电流的磁场方向与原磁场方向相同，方向竖直向上，故错误；根据题意，感应电流的磁场方向竖直向上时，灵敏电流计指针向右偏转；若将磁体向上加速抽出，穿过线圈的磁通量快速减小，根据楞次定律感应电流的磁场方向与原磁场方向相同，方向竖直向上，因此灵敏电流计指针将向右偏转，故错误；磁体放置在线圈中静止不动，穿过线圈的磁通量不发生变化，线圈中无感应电流，灵敏电流计指针不发生偏转，故错误；若将磁体的、极对调，线圈中的原磁场方向竖直向下，磁体向下运动时，穿过线圈的磁通量增加，根据楞次定律感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，方向竖直向上，因此灵敏电流计指针将向右偏转，故正确。故选：。【点评】本题主要考查了楞次定律的运用；知道感应电流的磁场方向竖直向上时，灵敏电流计指针向右偏转是解题的关键。3．（2024•湖南模拟）探究电磁感应现象的实验装置如图所示，下列操作不能使电流计指针偏转的是A．闭合开关瞬间 B．断开开关瞬间 C．闭合开关后，拔出线圈瞬间 D．线圈放在线圈中不动【答案】【考点】研究电磁感应现象【专题】实验题；实验探究题；定性思想；推理法；电磁感应——功能问题；理解能力【分析】根据法拉第电磁感应电律，穿过闭合电路的磁通量发生变化，就会产生感应电流，电流计的指针就会发生偏转，据此逐项分析作答。【解答】解：．闭合开关瞬间，线圈中电流产生的磁场，穿过线圈的磁通量增大，则线圈中产生感应电流使电流计偏转；开关断开瞬间，线圈中电流产生的磁场消失，穿过线圈的磁通量减小，则线圈中产生感应电流使电流计偏转，故能使电流计指针偏转；．开关闭合后，线圈从线圈拔出的过程中，导致线圈的磁通量减小，则线圈中产生感应电流使电流计偏转，故能使电流计指针偏转；．线圈放在线圈中不动，线圈中电流产生的磁场恒定不变，则线圈的磁通量不发生改变，无感应电流产生，电流计不偏转，故不能使电流计指针偏转。本题选择不能使电流计指针偏转的选项。故选：。【点评】本题主要考查了电磁感应现象，理解感应电流产生的条件是解题的关键。4．（2024•江苏一模）测量电阻的阻值时，当对被测电阻的阻值一无所知而无法选择用何种接法时，可采用试触的方法。如图所示，某同学测量未知电阻时，让电压表的一端接在点，另一端先后接到点和点，他发现电流表示数有明显变化，而电压表示数无明显变化，则下列说法中正确的是A．应选择电流表内接电路，测量值等于真实值 B．应选择电流表内接电路，测量值大于真实值 C．应选择电流表外接电路，测量值大于真实值 D．应选择电流表外接电路，测量值小于真实值【答案】【考点】电流表的内接和外接法【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题；推理能力【分析】根据电流表和电压表的示数的变化情况分析判断。【解答】解：根据题意可知接到点时，电压表分流较大，接到点时，电流表分压很小，故待测电阻阻值较大，远大于电流表内阻，与电压表内阻接近，所以应选择电流表内接电路；由于电流表的分压作用，使得电压表示数大于待测电阻的两端电压，根据欧姆定律可知待测电阻的测量值大于真实值。故正确，错误。故选：。【点评】本题关键掌握电流表两种接法的选择方法。5．（2024•广东一模）电视机显像管的结构示意图如图所示，电子枪均匀发射的电子束经加速电场加速后高速通过偏转电场，最后打在荧光屏上呈现光斑，在显像管偏转极板上加上不同的电压，光斑在荧光屏上呈现不同情况，以上极板带正电时为正，下列说法正确的是A．若在偏转极板加上如图甲所示的偏转电场，则可以在荧光屏上看到一个固定的光斑 B．若在偏转极板加上如图乙所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏的点下侧移动 C．若在偏转极板加上如图丙所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上从上向下移动 D．若在偏转极板加上如图丁所示的偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上点两侧做往复运动【答案】【考点】从能量转化与守恒的角度解决电场中的问题；示波器的使用【专题】定性思想；推理法；带电粒子在电场中的运动专题；推理能力【分析】根据电子的受力情况分析电子的运动情况，从而分析电子在光屏上的现象。【解答】解：若在偏转极板加上如图甲所示的偏转电场，当电子是在正向电压时间段进入偏转电场，在荧光屏上侧留下一个光斑；当电子是在反向电压时间段进入偏转电场，在荧光屏下侧留下一个光斑；可以看到荧光屏的点上侧、下侧各一个光斑。故错误；若在偏转极板加上如图乙所示的偏转电场，电子一直向上偏转，所以在荧光屏点上方看到一个光斑移动，故错误；若在偏转极板加上如图丙所示的偏转电场，电子先向下偏转再向上偏转，可以看到一个光斑在荧光屏上从下向上移动，故错误；若在偏转极板加上如图丁所示的正弦式偏转电场，则可以看到一个光斑在荧光屏上点两侧做往复运动，故正确。故选：。【点评】此题属于知识应用性题目，结合实际问题讨论电子运动情况，需要较强的逻辑思维和知识构架，难度适中。二．多选题（共5小题）6．（2024•福建三模）如图所示是探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验装置，下部是可调节内阻电池，升高或降低挡板，可改变，两电极间电解液通道的横截面积，从而改变电池内阻，电池的两极，与电压传感器2相连，位于两个电极内侧的探针，与电压传感器1相连，是滑动变阻器。下列说法正确的是A．断开开关，传感器1的示数为零，传感器2的示数等于电源电动势 B．闭合开关，在将教板向上提升的过程中，传感器2的读数将变小 C．闭合开关，无论的滑片如何移动，传感器1和传感器2的示数之和总不变 D．闭合开关，当把滑动变阻器的滑片向左移动到阻值为零时，传感器1的示数为零，传感器2的示数等于电源电动势【答案】【考点】测量普通电源的电动势和内阻【专题】信息给予题；定性思想；推理法；恒定电流专题；理解能力【分析】电压传感器1测的是电源的内电压，电压传感器2测的是路端电压；将挡板上提，横截面积变大，根据电阻定律和欧姆定律进行分析；明确开关断开，外电路为开路，滑动变阻器的滑动片位于左端时，外电路短路。【解答】解：当断开时，电路中电流为0，故内阻分压为0，外电压等于电源电动势，故正确；将挡板上提，横截面积变大，根据电阻定律可知，电源内阻变小；根据闭合电路欧姆定律电压传感器2测的是路端电压，根据欧姆定律，路端电压，即电压传感器2的示数变大，故错误；电压传感器1测的是电源的内电压，闭合，传感器1和传感器2的示数之和等于电源电动势，其示数之和保持不变，故正确；闭合，当把滑动变阻器的滑片向左移动到阻值为零时，外电路电阻为0，电压传感器2的示数为0，电压传感器1的示数等于电源电动势，故错误。故选：。【点评】本题考查了探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验，明确两电压传感器所测的电压是解题的关键；理解外电路断开和外电路短路时两电压传感器示数的含义。7．（2024•丰台区二模）“探究影响感应电流方向的因素”的实验示意图如图所示：灵敏电流计和线圈组成闭合回路，通过“插入”、“拔出”条形磁铁，使线圈中产生感应电流。记录实验过程中的相关信息，分析得出楞次定律。下列说法正确的是A．实验时必须保持磁铁运动的速率不变 B．该实验需要知道线圈的绕向 C．该实验需要记录磁铁的运动方向 D．该实验需要判断电流计指针偏转方向与通入电流方向的关系【答案】【考点】研究电磁感应现象【专题】推理法；理解能力；定性思想；电磁感应——功能问题；信息给予题【分析】根据“探究影响感应电流方向的因素”的实验原理分析。【解答】解：该实验无需保持磁铁运动的速率不变，故错误；该实验需要记录磁铁在线圈中的磁场方向，才能得到磁场的变化与感应电流的方向关系，故正确；该实验必需记录感应电流产生的磁场方向，这样才能知道感应电流的磁场方向与原磁场方向的关系，故正确；该实验需要确认电流计指针偏转方向与通过电流计的电流方向的关系才能知道产生的感应电流的具体的方向，故正确。故选：。【点评】本题考查了“探究影响感应电流方向的因素”的实验，理解实验原理是解题的前提。8．（2024•长安区校级模拟）有一个电学黑箱，上面有三个接线柱，内部有两个电子元件与他们相连。现用多用电表探索其内部电学元件及连接方式。实验时，探索步骤如下：（a）用直流电压挡试触三个接点都没有电压显示。（b）用欧姆挡“”接、间，不论红表笔接，黑表笔接，还是红表笔接，黑表笔接，示数都相同；（c）用欧姆挡接、间：黑表笔接，红表笔接时读数很小，对调红黑表笔，阻值很大；（d）用欧姆挡接、间：黑表笔接，红表笔接时读数比步骤中，黑表笔接，红表笔接时读数的大，调换表笔，阻值很大；则下列说法正确的是A．从知，黑箱内无电源 B．从知，之间是定值电阻 C．此黑箱中可能存在电容器 D．此黑箱中，如果有二极管，二极管应该接在之间，且二极管正极接【答案】【考点】用多用电表探测黑箱内的电学元件【专题】分析综合能力；定性思想；推理法；恒定电流专题【分析】用多用电表探索黑箱内的电学元件时要注意各个挡位的含义，尤其是注意测二极管时正反电阻不同。欧姆挡进行测量时，注意黑表笔是和内部电源的正极相连的，因此将接线柱进行正反两次测量时，若发现示数不变则说明是定值电阻，若正反电阻差距很大，则说明是二极管，总之根据电表示数和元件特点进行判断。【解答】解：、使用电压挡进行测量，目的是看内部是否有电源，由于指针没有示数，因此内部无电源，故黑箱内不存在电源，故正确；、使用欧姆挡进行测量时注意黑表笔是和内部电源的正极相连的，可知：在测量之间的电阻时，对两个接线柱进行正反测量，其阻值相同，说明之间接有一个定值电阻，故正确；、在测量之间电阻时，黑表笔接时电阻很小，接时电阻很小，对调红黑表笔，阻值很大，说明说明之间有二极管，而且应该接二极管的正极；用欧姆挡测量，黑表笔接点，红表笔接点，有阻值，阻值比步骤中测得的大，而调换表笔后，阻值很大，充分说明之间串联了二极管、电阻两个元件，故错误。故选：。【点评】用多用电表探索黑箱内的电学元件实际上就是考查多用电表的各个挡位的特点以及一些元件的特性如：定值电阻、二极管、电容器等，同时注意黑箱内部的元件串并联情况。9．（2023•天宁区校级学业考试）在使用多用电表进行电阻和电流的测量中，下列做法正确的是A．在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零 B．在测量电流时，更换量程后必须重新进行调零 C．在测量未知电阻时，必须先选择倍率最大挡进行试测 D．在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测【答案】【考点】用多用电表测电阻【专题】实验题；实验探究题；推理法；定性思想；恒定电流专题【分析】明确欧姆表的使用方法，知道用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，而在测量电流时要先选择电流最大量程进行试测。【解答】解：、欧姆表换挡后要进行欧姆调零，在测量电阻时，更换倍率后必须重新进行调零，故正确；、在测量电流时，更换量程后不必进行调零，故错误；、在测量未知电阻时，可以先选择个倍率进行测量，然后根据指针偏转情况再选择合适的倍率进行测量，不一定必须先选择倍率最大挡进行试测，故错误；、为保护电表安全，在测量未知电流时，必须先选择电流最大量程进行试测，故正确。故选：。【点评】本题考查了多用电表读数，对多用电表读数时，要先根据选择开关的位置确定其所测量的量与量程，然后根据指针位置读数，注意在读数时视线要与电表刻度线垂直10．（2023•乙卷）黑箱外有编号为1、2、3、4的四个接线柱，接线柱1和2、2和3、3和4之间各接有一个电阻，在接线柱间还接有另外一个电阻和一个直流电源。测得接线柱之间的电压，，。符合上述测量结果的可能接法是A．电源接在1、4之间，接在1、3之间 B．电源接在1、4之间，接在2、4之间 C．电源接在1、3之间，接在1、4之间 D．电源接在1、3之间，接在2、4之间【答案】【考点】用多用电表探测黑箱内的电学元件【专题】推理能力；恒定电流专题；定量思想；图析法【分析】根据所描述的画出电路图，结合图像分析；【解答】解：、根据题意画出电路图，如图所示可知，故错误；、根据题意画出电路图，如图所示可知，故错误；、根据题意画出电路图，如图所示可知上述接法符合上述测量结果，故正确；、根据题意画出电路图，如图所示可知上述接法符合上述测量结果，故正确。故选：。【点评】本题考查的是电阻混联时的电压关系，题型为基础题，注意画图解决问题。三．填空题（共5小题）11．（2024•北京模拟）如图为某同学用电流表和电压表测量电阻的部分实验电路图。在某次测量中，电压表的示数为，电流表的示数为，根据测量数据可计算出电阻10。若仅考虑电表内阻的影响，实验中电阻的测量值比真实值（选填“偏大”或“偏小”。【答案】10，偏小。【考点】伏安法测电阻【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题；推理能力【分析】根据电阻的公式代入数据计算电阻，由电表的接法和电压表的分流分析误差。【解答】解：根据公式，考虑电表内阻的影响，因为电压表的分流作用，电流表的电流大于电阻的真实电流，而电压值准确，故测量值小于真实值。故答案为：10，偏小。【点评】考查电阻的定义，会根据题意代入数据运算，会分析误差。12．（2024•泉州二模）（1）一根粗细均匀的金属丝，当其两端电压为时，通过的电流是。若将此金属丝均匀拉长到原来的2倍时，电流仍为，金属丝两端所加的电压应为。（2）有一个满偏电流为的毫安表，电表内阻为，现将该毫安表的量程扩大至，则应并联一个阻值为的电阻。（3）如图所示为一双量程电压表的示意图，已知电流表的量程为，内阻为，图中串联的分压电阻，则。【答案】（1）；（2）1.8；（3）1000。【考点】电表的改装和应用（实验）；串联电路的特点及应用【专题】分析综合能力；定量思想；推理法；恒定电流专题【分析】（1）根据电阻定律先求解金属丝变化后的电阻和原来电阻值的比较，然后再由欧姆定律求电压；（2）根据并联分流原理改装电流表，列式求解；（3）根据串联分压的原理改装电压表，并根据所给数据列式求解。【解答】解：（1）根据题意，金属丝原来的电阻，，金属丝均匀拉长到原来的2倍，电阻，根据欧姆定律，所加电压。（2）根据并联电路的特点代入，，解得；（3）根据串联电路的特点改装为量程为的电压表时，有代入，，，解得故答案为：（1）；（2）1.8；（3）1000。【点评】熟练掌握电阻定律和电表的改装原理，并能进行相关应用。13．（2024•雨花区校级模拟）高性能混凝土是一种新型高技术的混凝土，广泛应用于建筑工程中，某同学对高性能混凝土的电阻产生了兴趣，决定设计一个精密测量电阻的电路来完成测量。该同学设计的电路如图1所示，图中为电源（电动势为，内阻不计）、待测混凝土样本电阻、滑动变阻器、滑动变阻器、滑动变阻器、电流表（量程、电压表（量程、灵敏电流计（量程，开关、，导线若干。（1）该同学按电路图连接图2，请指出实物图连线①②③中连接错误的是①②③。（2）电路连线改正后，实验过程如下：①断开、闭合，调节的滑动触头，使电流表的示数大于量程的②将调成最大阻值，闭合，调节的滑动触头，使灵敏电流计示数为零③断开，将电阻调为零，使断续接通，并仔细调节，使灵敏电流计示数为零④记录电压表、电流表的读数⑤移动滑动变阻器的滑动触头，重复步骤②④，再测四组、的读数。在步骤②中“将调成最大阻值”作用是。（3）实验数据如表：1.501.742.002.242.503.023.504.014.494.99请根据表中数据，在方格纸上作出图线，利用图线求出该待测混凝土样本电阻（保留三位有效数字）。（4）和伏安法测电阻相比，上述实验方法测得的电阻值误差更小，简要说明原因。【答案】故答案为：（1）①②③；（2）保护灵敏电流计；（3）图线见解答；500；（4）电压表测量的电压始终等于待测电阻两端的电压，电压表不会分流。【考点】伏安法测电阻【专题】实验题；分析综合能力；实验分析法；实验探究题；恒定电流专题；定量思想【分析】（1）由实验原理图判断得解；（2）由的作用得解；（3）描点连线得解；由图象的斜率含义得解；（4）由误差分析得解。【解答】解：（1）根据该同学按电路图连接图2，实物图中连线①应该接在滑动变阻器的右上端；连线②应该接在滑动变阻器的右下端；连线③应该接在电流表的负接线柱上；故①②③连接均错误。（2）由实验原理图可知，由于串联在电路中当限流电阻使用，故其作用是保护灵敏电流计；（3）作出图线如图：该待测混凝土样本电阻；（4）该实验方法测得的电阻值误差更小，原因是电压表测量的电压始终等于待测电阻两端的电压，电压表不会分流。故答案为：（1）①②③；（2）保护灵敏电流计；（3）图线见解答；500；（4）电压表测量的电压始终等于待测电阻两端的电压，电压表不会分流。【点评】本题主要考查电阻的测量，熟悉电阻的测量是解题的关键，难度一般。14．（2024•宁河区校级二模）（1）物理实验小组用如图（a）所示的装置，探究加速度与力、质量的关系。现研究质量不变的情况下，加速度与力的关系。①关于本实验，下列说法正确的是。．必须平衡摩擦力．必须控制槽码质量不变．必须控制小车质量不变．必须保证槽码的质量远小于小车的质量②某同学在实验中得到如图（b）所示的一条纸带（两计数点间还有四个计时点没有画出），已知打点频率为，根据纸带可求出小车的加速度大小为（结果保留三位有效数字）。③按正确操作完成实验，以弹簧测力计的示数为横坐标，加速度为纵坐标，画出的图像是一条过原点的直线，如图（c）所示，若直线斜率为，则小车（包含定滑轮）的质量为（用表示）。（2）为了测量某待测电阻的阻值（约为，有以下一些器材可供选择。电流表（量程，内阻约；电流表（量程，内阻约；电压表（量程，内阻很大）；电压表（量程，内阻很大）；电源（电动势约为，内阻约为；定值电阻；滑动变阻器；单刀单掷开关一个，导线若干。①对于电流表和电压表的选择，下列说法正确的是。．电流表应选，电压表应选．电流表应选，电压表应选．电流表应选，电压表应选．电流表应选，电压表应选②请在下面的虚线框内画出测量电阻的实验电路图。（要求所测量范围尽可能大）③某次测量中，电压表示数为时，电流表示数为，则计算待测电阻阻值的表达式为。【答案】（1）；2.00；；（2）；见解析；【考点】探究加速度与力、质量之间的关系；伏安法测电阻【专题】实验能力；定量思想；恒定电流专题；推理法【分析】（1）根据实验原理掌握正确的实验操作；根据运动学公式得出木块的速度，结合逐差法得出加速度；根据牛顿第二定律结合图像的物理意义完成分析；（2）根据电源电动势选择电压表，根据通过电阻的最大电流选择电流表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器。根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出电路图。根据串联电路特点与欧姆定律求出待测电阻值。【解答】解：（1）①实验中必须平衡摩擦力，故正确；研究质量不变的情况下，加速度与力的关系时，必须控制小车质量不变，故错误，正确；因为有弹簧测力计测量小车受的拉力，则不需要保证槽码的质量远小于小车的质量，故错误。故选：。②两计数点间还有四个计时点没有画出），已知打点频率为，两点间时间为解得小车的加速度大小为③由牛顿第二定律有即由图像可知解得（2）①电源电动势为，则电压表选；通过待测电阻的最大电流约为量程为的电流表读数误差太大，可以把定值电阻与待测电阻串联，此时电路最大电流约为：电流表应选择；故正确，错误；故选：。②定值电阻与待测电阻串联的总阻值约为，远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；电流表内阻约为，电压表内阻很大，电流表可以采用外接法，电路图如图所示：③根据欧姆定律可知，待测电阻阻值为故答案为：（1）；2.00；；（2）；见解析；【点评】本题主要考查了牛顿第二定律的验证实验、伏安法测电阻实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合运动学公式和牛顿第二定律即可完成分析；在电学实验的考查中，经常考查到仪表的选择、电流表内外接法的选择及实验数据的处理，故应注意此类问题的解法；在实验中要注意把握准确性及安全性原则。15．（2024•岳麓区校级模拟）（1）电子温度计是利用半导体的电阻随温度升高而减小的特性而制作的，已知某半导体的电阻随温度（在间可视为线性变化，如图甲所示。当温度为时，用多用电表测得其电阻如图乙所示，此时150；当温度为时，用多用电表测得其电阻。（2）把该半导体与电动势为、内阻为的电源，理想电压表（量程和定值电阻连成如图丙所示的电路，为使电压表示数不会超量程，且当温度在间变化时电压的变化比较明显，则定值电阻的阻值应选。（3）选用合适的后，该半导体作测温探头，把电压表的电压刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简易的电子温度计，当电阻温度为时，电压表的示数约为。（保留两位有效数字）（4）若电池用久后内阻变大，用该温度计测量的温度要比真实值（选填“偏高”或“偏低”。【答案】（1）150；（2）；（3）1.4；（4）偏高。【考点】伏安法测电阻【专题】实验能力；定量思想；推理法；恒定电流专题【分析】（1）多用电表档的示数是指针示与倍率的乘积；（2）分别计算当取三个值时，电压表示数的范围，从而确定的阻值；（3）由图数据，可计算出温度为时电阻的大小，然后根据欧姆定律和串并联电路的关系求电压表的示数；（4）写出电压表示数的表达式，结合题设条件分析误差。【解答】解：（1）由图和题意可知，当温度为时，由多用电表测得其电阻；（2）若，则可求得电压表的读数范围为，代入数据得：，即电压表示数的范围为：同理可知若，则可求得电压表的读数范围为若，则可求得电压表的读数范围为0.85，则为使电压表示数不会超量程，且当温度在间变化时电压的变化比较明显，则定值电阻的阻值应选：；（3）当电阻温度为时，可求得电压表的示数约为：（4）若电池用久后内阻变大，根据可得，电压表读数偏小，则用该温度计测量的温度要比真实值偏高。故答案为：（1）150；（2）；（3）1.4；（4）偏高。【点评】本题考查多用电表的读数、使用、改装、误差分析等，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是学会通过表中的数据解决问题，还要知道串联电路电压的规律。四．实验题（共10小题）16．（2024•天津）某同学研究闭合电路的规律。①根据闭合电路的欧姆定律得出了电源输出功率与外电路电阻关系图像，如图1所示，则的峰值对应的外电路电阻值应等于电源内阻（填“大于”、“小于”或“等于”；②测定电源的电动势和内阻，可供选用的器材有：．电压表（量程，内阻约为．电流表（量程，内阻约为．滑动变阻器（最大阻值，额定电流．滑动变阻器（最大阻值，额定电流．待测电源（电动势约为，内阻约为．开关、导线若干（1）实验中所用的滑动变阻器应选（填器材前字母代号）；（2）实物电路如图2所示，单刀双掷开关可分别与1、2端闭合，为使电源内阻的测量结果更接近真实值，应与端闭合。【答案】①等于；②（1）；（2）2【考点】测量普通电源的电动势和内阻【专题】实验探究能力；实验题；实验分析法；恒定电流专题；定量思想【分析】①根据闭合电路的欧姆定律：，电源输出功率：，联合解得取最大值时的电流应满足的条件，再结合：，可求得此时外电路电阻值与电源内阻的关系。②（1）实验时滑动变阻器串联在电路里，为了操作方便，应选择最大阻值与电源内阻相差不多的滑动变阻器。（2）电源内阻与电流表内阻均约为，而电源内阻远小于电压表内阻，根据电流表相对于电源的内、外接法对测量得到的内阻的误差的大小的影响，确定电流表的接法，从而可得应与哪端闭合。【解答】解：①根据闭合电路的欧姆定律：电源输出功率可得时，取最大值，再结合，可得此时有：，即的峰值对应的外电路电阻值应等于电源内阻。②（1）待测电源内阻较小约为，实验时滑动变阻器串联在电路里，用以调节路端电压，为了操作方便，滑动变阻器应选择最大阻值较小的。（2）由图2所示的实物电路，可知单刀双掷开关与1端闭合时，电流表的接法是相对于电源的内接，测量得到的内阻是电源内阻值与电流表内阻之和，因电源内阻与电流表内阻均约为，故内阻测量误差较大。而单刀双掷开关与2端闭合时，电流表的接法是相对于电源的外接，测量得到的内阻值是电源内阻与电压表内阻并联的等效电阻值，因电源内阻远小于电压表内阻，故内阻测量误差较小。故为使电源内阻的测量结果更接近真实值，应与2端闭合。故答案为：①等于；②（1）；（2）2【点评】本题考查了测定电源的电动势和内阻的实验和电源输出功率与外电路电阻关系的问题。掌握应用伏安法测量电源的电动势和内阻时，电流表的不同接法所产生的系统误差的具体情况。17．（2024•南宁模拟）在做“用电流表和电压表测电池的电动势（约和内电阻（约”的实验时，某同学利用图甲所示的实物间的连线图进行测量，下列器材可供选用：．电流表：量程，内阻约．电流表：量程，内阻约．电压表：量程，内阻约．滑动变阻器，额定电流．待测电池、开关、导线（1）请根据实物间的连线图在图中方框中画出电路图；（2）为了让测量结果尽量准确，电流表应选用（填器材前的字母代号）；（3）根据实验数据作出的图像如图乙所示，则该电池的电动势，内阻；（结果均保留两位小数）（4）该同学在实验中发现，在保证所有器材安全的情况下，调节滑动变阻器的滑片时，电压表的示数取不到以下，出现这一现象的原因可能是，改进的方法为。【答案】（1）（2）；（3）1.47，0.73；（4）电源内阻太小可在电源旁边串联一个较小阻值的定值电阻。【考点】测量普通电源的电动势和内阻【专题】定量思想；恒定电流专题；实验探究能力；实验题；实验分析法；实验探究题【分析】（1）根据实物图画出电路图；（2）根据电路中电流的特点判断；（3）根据闭合电路的欧姆定律推导函数图像表达式，结合图像计算；（4）根据电压表的取值范围太小分析判断。【解答】解：（1）根据实物图画出电路图可知（2）由于电路中的电流比较小，故选择小量程的电流表，故电流表选择。（3）根据闭合电路的欧姆定律可得由图可知，纵截距为可得该电池的电动势为斜率可得该电池的内阻为（4）路端电压，如果电源内阻太小，则电压表较大，调节滑动变阻器，电压表的示数取不到以下，给电源串联一个较小阻值的定值电阻可以使电压表示数取到以下。故答案为：（1）（2）；（3）1.47，0.73；（4）电源内阻太小可在电源旁边串联一个较小阻值的定值电阻。【点评】本题关键掌握用电流表和电压表测电池的电动势和内阻的实验原理，利用图像处理数据的方法。18．（2024•黄陂区校级二模）学习小组要测量一个电阻的电阻率，已知其长度为，额定电压为。（1）用螺旋测微器测量该电阻的直径，示数如图甲所示，其直径1.990；（2）粗测该电阻的阻值为，为精确测量其阻值，该同学设计的测量电路如图乙所示，其中蓄电池电动势约为（内阻不计）、滑动变阻器最大阻值为、定值电阻、保护电阻。要求滑动变阻器在接近全电阻范围内可调，且测量时电表的读数不小于其量程的，则图乙中圆圈①位置接入、圆圈②位置应接入（均选填器材前的字母序号）；．电流表（量程为，内阻．电流表（量程为，内阻．电压表（量程为，内阻（3）实验中根据两电表读数作出如图丙所示的图线（坐标均为国际单位），已知图线的斜率为，则所测该电阻的阻值（用题中已知所测物理量符号表示），研究实验误差时发现实验所用定值电阻的阻值比标称值小，则电阻率的测量值将（选填“偏大”、“偏小”或“不变”。【答案】（1）1.990；（2）、；（3）、偏大。【考点】刻度尺的使用与读数；导体电阻率的测量【专题】恒定电流专题；实验能力；推理法；定量思想【分析】（1）根据螺旋测微器读数规则读取金属丝的直径；（2）根据题目要求分析待测电阻的最大电流和两端电压，确定电表的种类；（3）根据电路结构由欧姆定律和电路的关系写出表达式，再综合题图的斜率求待测电阻的大小并分析误差的大小。【解答】解：（1）螺旋测微器的精度为，其读数为固定刻度和可动刻度之和，所以该电阻的直径：（2）圆圈②位置应接入，即电流表。与定值电阻改装成伏特表，该伏特表的量程为：圆圈①位置接入，当电压表满偏时，待测电阻两端电压为：联立解得：电压表与待测电阻的总电压为，恰好等于改装后的伏特表的量程，两个电表能同时满偏。（3）①为电压表，读数为，②为电流表，读数为，根据欧姆定律得：整理变形解得：根据图像得：解得：研究实验误差时发现实验所用定值电阻的阻值比标称值小，则电阻的测量值偏大，根据电阻定律：变形解得：由此可以看出测量值偏大，电阻率的测量值偏大。故答案为：（1）1.990；（2）、；（3）、偏大。【点评】本题考查伏安法测电阻的实验原理、电表选择、数据处理等问题，要注意大致估算电路的相关参数，电流表的选择和电压表的改装和电路的接法等。19．（2024•黔南州二模）某实验小组的同学在实验室找到了一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，设计了如图甲所示的电路进行了实验探究，其中为电阻丝，其横截面积大小为，是阻值为的定值电阻。正确接线后，闭合开关，调节滑片，记录电压表示数、电流表示数以及对应的长度，通过调节滑片，记录多组、、的值。（1）实验室提供“、”双量程电流表，在本实验中该同学选用挡。实验过程中，测得某次电流表的示数如图乙所示，则此时电流大小为0.30；（2）根据实验数据绘出的图像如图丙所示，由图丙可得电池的电动势，内阻。（结果均保留两位有效数字）；由于电表内阻的影响，通过图像法得到的电动势的测量值其真实值（选填“大于”、“等于”或“小于”；（3）根据实验数据可进一步绘出图像如图丁所示，根据图像可得电阻丝的电阻率；图丁中所作图线不通过地标原点的原因是。【答案】（1）0.30；（2）1.5、0.60、小于；（3）、电流表有内阻。【考点】导体电阻率的测量；测量普通电源的电动势和内阻【专题】推理法；恒定电流专题；定量思想；实验能力【分析】（1）根据电流表的量程和分度值读数；（2）根据闭合电路欧姆定律写出的表达式，结合图像斜率与截距求电动势和内阻，考虑到电表的内阻，用图像法分析误差；（3）根据欧姆定律及电阻定律写出的表达式，由图像的斜率和纵截距求电阻率。【解答】解：（1）电流表选用挡，其最小分度为，由图可知，此时电流大小为；（2）由闭合电路欧姆定律可知：由图乙所示可知，图像与纵坐标间的交点表示电动势，故有：图像的斜率：其中由题设条件：解得：由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的图像如图所示，由图像可知，电动势测量值小于真实值；（3）根据图甲所示电路图可知：由图像可得：则有：由闭合电路欧姆定律：可知，图丁中所作图线不通过地标原点的原因是电流表有内阻。故答案为：（1）0.30；（2）1.5、0.60、小于；（3）、电流表有内阻。【点评】本题考查了测电源电动势与内阻实验、测电阻丝电阻率实验问题，理解实验原理是解题的前提与关键，求出图示图象的函数表达式，根据图示图象即可解题。20．（2024•重庆）探究电容器充放电规律，实验装置如图甲所示，有电源，定值电阻，电容器，单刀双掷开关。（1）为测量电容器充放电过程电压和电流变化，需在①、②处接入测量仪器，位置②应该接入测电压（电流、电压）仪器。（2）接通电路并接通开关，当电压表示数最大时，电流表示数为。（3）根据测到数据，某过程中电容器两端电压与电流的关系图如图乙所示。该过程为（充电、放电）。放电过程中电容器两端电压随时间变化关系如图丙所示。时消耗的功率。【答案】（1）电压；（2）；（3）放电，。【考点】观察电容器及其充、放电现象【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题；推理论证能力【分析】（1）根据两个位置接入电路是串联还是并联结合电流表串联与电压表并联特点进行判断；（2）根据图乙最大电压读数为，再在图甲中读出其最大电流；（3）根据电容器充当和放电电流随电压变化的特点进行判断，结合各图中对应的电流和电压的数据，根据功能关系计算电阻消耗功率。【解答】解：（1）①处把原电路断开串联接入测量仪器，应该是电流表，②处与电容器并联连接，应该是测电压的仪器；（2）接通电路并接通开关，给电容器充电，充电完成时电压表示数最大，此时电流表示数为；（3）电容器充电时电压低，充电电流强，放电时电流随电压的降低而减小，所以图乙对应放电过程，根据图丙，当时，对应的电压为，结合图乙，此时的放电电流为，电路中只有消耗电功率，所以消耗的功率为。故答案为：（1）电压；（2）；（3）放电，。【点评】考查电容器的充放电问题，结合各图像深刻理解各参数的变化情况和充放电的实质，体会能量的转化和守恒思想。21．（2024•福建）某实验小组探究不同电压下红光和蓝光发光元件的电阻变化规律，并设计一款彩光电路。所用器材有：红光和蓝光发光元件各一个、电流表（量程、电压表（量程、滑动变阻器（最大阻值，额定电流、5号电池（电动势两节、开关、导线若干。（1）图（a）为发光元件的电阻测量电路图，按图接好电路；（2）滑动变阻器滑片先置于（填“”或“”端，再接通开关，多次改变滑动变阻器滑片的位置，记录对应的电流表示数和电压表示数；（3）某次电流表示数为时，电压表示数如图（b）所示，示数为，此时发光元件的电阻为（结果保留3位有效数字）；（4）测得红光和蓝光发光元件的伏安特性曲线如图（c）中的Ⅰ和Ⅱ所示。从曲线可知，电流在范围内，两个发光元件的电阻随电压变化的关系均是：；（5）根据所测伏安特性曲线，实验小组设计一款电路，可使红光和蓝光发光元件同时在的电流下工作。在图（d）中补充两条导线完成电路设计。【答案】（2）；（3）2.82，282；（4）电阻随电压增大而减小；（5）补充完整的电路图如上图所示。【考点】欧姆定律的简单应用；描绘小灯泡的伏安特性曲线【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题；推理论证能力【分析】（2）根据滑动变阻器分压式接法和保护电路的安全进行分析解答；（3）根据电压表的量程判断电压表精确度，在利用电压表的读数方法进行读数，利用电阻公式计算电阻值；（4）根据图像的割线斜率的物理意义判断电阻的变化情况；（5）根据两发光元件的电压要求选择合适的连接方法。【解答】解：（2）实验电路中滑动变阻器采用分压式接法，为了保护用电器，开关闭合前应将滑动变阻器的滑片置于端，使测量部分电路两端电压为0；（3）电压表量程为，分度值为，所以图（b）所示电压表示数为；根据欧姆定律可知，发光元件的电阻为；（4）根据欧姆定律可知，电流在范围内，两个发光元件的电阻随电压增大而减小；（5）由图（c）可知，电流为时蓝光发光元件的电压大于红光发光元件，因此可将滑动变阻器与红光发光元件串联后再与蓝光发光元件并联后接入电路，如图所示故答案为：（2）；（3）2.82，282；（4）电阻随电压增大而减小；（5）补充完整的电路图如上图所示。【点评】考查电表的读数和伏安特性曲线的理解应用、伏安法测电阻等问题，会根据题意进行准确分析解答。22．（2024•鼓楼区校级模拟）（1）在探究楞次定律的实验中，除需要已知绕向的螺线管、条形磁铁外，还要用到一个电表，请从下列电表中选择。．量程为的电压表．量程为的电流表．量程为的电流表．零刻度在中间的灵敏电流计（2）某同学按下列步骤进行实验：①将已知绕向的螺线管与电表连接；②设计表格：记录将磁铁、极插入或抽出过程中引起感应电流的磁场方向、磁通量的变化、感应电流的方向、感应电流的磁场方向；③分析实验结果，得出结论。上述实验中，漏掉的实验步骤是要查明的关系。（3）在上述实验中，当磁铁插入螺线管的速度越快，电表指针偏角（选填“不变”“变大”或“变小”。【答案】（1）；（2）电流流入灵敏电流计的方向与电流计指针偏转方向；（3）变大。【考点】楞次定律及其应用；研究电磁感应现象【专题】实验题；实验探究题；比较思想；实验分析法；电磁感应与电路结合；实验探究能力【分析】（1）为了确定感应电流方向，需要一个零刻度在中间的灵敏电流计；（2）在探究“楞次定律“的实验中，要搞清电流的流向与电流计指针偏转方向的关系；（3）当磁铁插入螺线管的速度越快，产生的感应电流越大，电表指针偏角变大。【解答】解：（1）在探究楞次定律的实验中，除需要已知绕向的螺线管、条形磁铁外，为了观察到明显的现象并确定感应电流的方向，还需要一个零刻度在中间的灵敏电流计，故错误，正确。故选：。（2）根据上述实验的操作，实验中，漏掉的实验步骤是要查明电流流入灵敏电流计的方向与指针偏转方向的关系。（3）当磁铁插入螺线管的速度越快，磁通量变化越快，产生的感应电流也越大，电表指针偏角变大。故答案为：（1）；（2）电流流入灵敏电流计的方向与电流计指针偏转方向；（3）变大。【点评】解答本题时，要理解实验原理，掌握实验器材的选择方法和实验步骤。23．（2024•重庆模拟）某同学利用一个多用电表（表盘如图乙所示）测量一个内阻约、满偏电流的电流表的内阻，主要步骤如下：（1）欧姆挡的选择开关拨至倍率（填“”“”或“”挡，先将红、黑表笔短接调零后，将多用电表中“黑表笔”接到电流表（填“”或“”接线柱上，“红表笔”接另一个接线柱；（2）多用电表表盘中的指针和电流表表盘指针所指位置如图乙、丙所示，该同学读出欧姆表的读数为，这时电流表的读数为；（3）测量结束后，将选择开关拨到挡；（4）通过进一步分析还可得到多用电表内部电池的电动势为。【答案】（1），；（2）120，40；（3）10.8【考点】练习使用多用电表（实验）【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题；分析综合能力【分析】当欧姆表的指针指在中间位置附近时，测量值较为准确，由此选择合适的挡位；欧姆表读数等于表盘刻度值倍率。【解答】解：（1）当欧姆表的指针指在中间位置附近时，测量值较为准确，故选择“”挡较好；多用电表的黑表笔与内部电源正极连接，与外电路形成闭合回路后，电流从黑表笔流出，红表笔流进，而电流表接入电路要注意“”进“”出，故应使电流从接线柱流入。（2）欧姆表读数等于表盘刻度值倍率，即欧姆表的读数为；电流表的量程是，分度值为，则示数为。（4）由题图乙可知表盘中间刻度为15，又选择倍率为“”挡，所以此时多用电表的中值电阻为，根据得。故答案为：（1），；（2）120，40；（3）10.8【点评】本题考查了欧姆表的原理，掌握欧姆表的读数方法，即可正确解题。24．（2024•广东一模）某实验小组欲将电流表（量程为改装为欧姆表。实验器材如下：电动势为的干电池1节、滑动变阻器（阻值范围为。将它们按如图甲所示连接。（1）将图甲中接线柱（填“”或“”接红表笔。（2）将图甲中、两接线柱短接，调节滑动变阻器使电流表满偏，则欧姆表的内阻。（3）保持滑动变阻器不动，在、间接入一电阻，电流表示数如图乙所示，此电阻的阻值为。【答案】（1）；（2）500；（3）1000。【考点】练习使用多用电表（实验）【专题】恒定电流专题；实验分析法；实验探究题；实验能力；定量思想；实验题【分析】（1）欧姆表的内部电流从发黑表笔流出，红表笔流入，据此分析作答；（2）根据闭合电路的欧姆定律求欧姆表内阻；（3）根据电流表的示数结合闭合电路的欧姆定律求待测电阻。【解答】解：（1）欧姆表的内部电流从发黑表笔流出，红表笔流入，因此接线柱接红表笔；（2）根据闭合电路的欧姆定律，欧姆表的内阻（3）电流表的量程为，分度值为，电流表的读数根据闭合定律的欧姆定律代入数据解得电阻的阻值为。故答案为：（1）；（2）500；（3）1000。【点评】本题主要考查了多用表的内部构造，电流表的读数和闭合电路的欧姆定律的运用。25．（2024•中山区校级模拟）一实验小组为了测量某元件的电阻，进行了如下实验：（1）首先用多用电表进行粗测，如图关于多用电表的操作正确的是。．如图甲，将红、黑表笔短接，进行机械调零．如图乙，利用所示旋钮进行欧姆调零．如图丙，用“”挡测量时发现指针偏转角度过小，为了准确测量，应换到“”挡．实验完成后，挡位调至如图丁所示位置（2）为了精确测量该元件的电阻，同学们又采用了如图戊所示电路进行测量。电路由控制电路和测量电路两大部分组成。实验用到的器材如下：．待测电阻．灵敏电流计．定值电阻．粗细均匀的电阻丝（总长为．滑动变阻器．线夹、电源、开关以及导线若干．电源（电动势为①在闭合开关前，可将线夹大致固定于电阻丝中部位置，滑片应置于端。闭合开关后，先移动滑动变阻器的滑片至某一位置，然后不断调节线夹所夹的位置，直到灵敏电流计示数为零，测出此时段电阻丝长度，则的阻值计算式为（用、、表示），代入数据得。②为减小因电阻丝粗细不均匀带来的误差，将定值电阻换成电阻箱。并按照①中的操作，电阻箱的阻值记为；然后将电阻箱与交换位置，保持线夹的位置不变，调节电阻箱，重新使灵敏电流计示数为零，此时电阻箱的阻值记为，则电阻。【答案】（1）；（2）①、20；②。【考点】练习使用多用电表（实验）；用电桥法测电阻【分析】（1）根据多用电表的操作方法结合选项完成分析；（2）①根据电路构造和电桥法测电阻的原理求待测电阻的值；②【解答】解：（1）、如图甲，将红、黑表笔短接，进行欧姆调零，故错误；、如图乙，利用所示旋钮进行欧姆调零，故正确；、如图丙，用“”挡测量时发现指针偏转角度过小，为了准确测量，应换到“”挡，故错误；、实验完成后，挡位调至“”挡或交流电压最高挡，故错误。故选：。（2）灵敏电流计示数为零时，由电桥的工作原理有：整理变形得到：代入数据得：灵敏电流计示数为零时，根据电桥的工作原理有：，联立解得：故答案为：（1）；（2）①、20；②。【点评】本题主要考查了伏安法测量电阻的实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，解题的关键点是理解电路构造，结合欧姆定律完成解答。

考点卡片1．从能量转化与守恒的角度解决电场中的问题【知识点的认识】本考点旨在针对需要从能量转化与守恒的角度解决的电场问题，可能涉及到功能关系、动能定理、能量守恒、机械能守恒定律、电场力做功与电势能的变化等情况。【命题方向】图所示，轨道由粗糙斜面AB、DF与半径为R的光滑圆弧BCD组成，斜面的动摩擦因数为0.5，斜面与水平面间的夹角60°，∠BOD＝120°，虚线BM左侧、DN右侧分布等大反向匀强电场E，带电量为﹣q（q＞0）的物块从A点以的初速度沿斜面向下运动，物块质量为m，物块可视为质点。AB长度为2R，电场强度大小为，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A、物块到B点时的速度为B、物块在最低点的最大压力为3mgC、物块最终在圆弧BCD做往返运动D、物块在斜面运动的总路程为3R分析：从A到B的过程，根据动能定理，可以得到B点时的速度；从B到C用动能定理，可以得到C点的速度，结合竖直面的圆周运动规律和牛顿第三定律，可以计算C点的压力；根据对物块在斜面的受力分析，可以判断其会停在斜面上还是会在圆弧内圆周运动；根据全过程动能定理可以判断其总路程。解答：A、对物块在左侧斜面上释放时进行受力分析，可以得到如图：在垂直于斜面的方向上：mgcos60°+qEsin60°＝N，此时摩擦力为滑动摩擦力，故：f＝μN，解得N＝2mg，在物块从A到B的过程中，对物块应用动能定理：，解得：，故A正确；B、在物块从B到C的过程中，对物块应用动能定理：，在C点，支持力和重力的合力提供向心力：，解得：由牛顿第三定律可知此时物块在最低点的支持力与压力相等，故B错误；CD、物块从B到右侧的过程，设到某点速度减为0，在右侧斜面的位移为x，则在该过程中：，解得：x＝R，此时摩擦力反向，之后：mgsin60°＝qEcos60°，摩擦力减为0，物块刚好可以在斜面上静止，总路程s＝2R+x，解得：s＝3R；故C错误、D正确。故选：AD。点评：本题考查涉及电场力的功能关系问题，注意当速度减为0时，摩擦力可以突变，方向大小皆可变。在计算物块对地面压力时，根据圆周运动规律得到支持力后，要写结合牛顿第三定律得到压力。【解题思路点拨】电场中的功能关系如下：1.合力做功等于物体动能的变化量，即W合＝ΔEk，这里的W合指合外力做的功。2.静电力做功决定带电体电势能的变化量，即WAB＝EPA﹣EPB＝﹣ΔEP。这与重力做功和重力势能变化之间的关系类似。3.只有静电力做功时，带电体电势能与机械能的总量不变，即EP1+E机1＝EP2+E机2。这与只有重力做功时，物体的机械能守恒类似。2．欧姆定律的简单应用【知识点的认识】欧姆定律1．内容：导体中的电流I跟导体两端的电压U成正比，跟它的电阻R成反比．2．表达式：I＝；3．适用条件：适用于金属和电解液导电，气体导电和半导体元件不适用．4．导体的伏安特性曲线：用横轴表示电压U，纵轴表示电流I，画出的I﹣U关系图线．（1）线性元件：伏安特性曲线是直线的电学元件，适用于欧姆定律．（2）非线性元件：伏安特性曲线为曲线的电学元件，即非线性元件的电流与电压不成正比．【命题方向】（1）第一类常考题型是考查欧姆定律不同表达式的物理意义：对于欧姆定律的理解，下列说法中错误的是（）A．由I＝，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比B．由U＝IR，对一定的导体，通过它的电流强度越大，它两端的电压也越大C．由R＝，导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流强度成反比D．对一定的导体，它两端的电压与通过它的电流强度的比值保持不变分析：根据欧姆定律的内容可知，通过电阻的电流强度跟它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，电阻的大小是由