2023学年菏泽市高三数学第一学期期末试题卷附答案解析

学年菏泽市高三数学第一学期期末试题卷一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.若集合A、B、C满足A∩B＝A，B∪C＝C，则A与C之间的关系是()A.A＝CB.C≠AC.A⊆C D.C⊆A2.复数等于它共轭复数的倒数的充要条件是（）A B. C. D.3.二十四节气歌是为了方便记忆我国古时历法中的二十四个节气而编成的小诗歌，体现着我国古代劳动人民的智慧.四句诗歌“春雨惊春清谷天，夏满芒夏暑相连；秋处露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒”中，每一句诗歌的开头一字代表着季节，每一句诗歌包含了这个季节中的6个节气.若从24个节气中任选2个节气，这2个节气恰好在一个季节的概率为（）A B. C. D.4.已知＝3，则＝（）A. B. C. D.5.我们把由0和1组成的数列称为数列，数列在计算机科学和信息技术领域有着广泛应用，把斐波那契数列（，）中的奇数换成0，偶数换成1可得到数列，若数列的前项和为，且，则的值可能是（）A.100 B.201 C.302 D.3996.如图所示，正三棱柱的所有棱长均为1，点P、M、N分别为棱、AB、的中点，点Q为线段MN上的动点．当点Q由点N出发向点M运动的过程中，以下结论中正确的是（）直线与直线CP可能相交 B.直线与直线CP始终异面C.直线与直线CP可能垂直 D.直线与直线BP不可能垂直7.已知双曲线C：的左右焦点分别是，，点P是C的右支上的一点（异于顶点），过作的角平分线的垂线，垂足是M，O是原点，则（）A.随P点变化而变化B.5C.4 D.28.物种多样性是指一定区域内动物、植物、微生物等生物种类的丰富程度，关系着人类福祉，是人类赖以生存和发展的重要基础.通常用香农-维纳指数来衡量一个群落的物种多样性.，其中为群落中物种总数，为第个物种的个体数量占群落中所有物种个体数量的比例.已知某地区一群落初始指数为，群落中所有物种个体数量为，在引人数量为的一个新物种后，指数（）A. B.C. D.二、多项选择题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．9.已知，则下列不等式一定成立的是（）A. B. C. D.10.对于数列，定义：，称数列是的“倒差数列”.下列叙述正确的有（）A.若数列单调递增，则数列单调递增B.若，，则数列周期数列C.若，则数列没有最小值D.若，则数列有最大值11.已知是坐标原点，平面向量，，，且是单位向量，，，则下列结论正确的是（）A.B若A，B，C三点共线，则C.若向量与垂直，则的最小值为1D.向量与的夹角正切值的最大值为12.勒洛四面体是一个非常神奇的“四面体”，它能在两个平行平面间自由转动，并且始终保持与两平面都接触，因此它能像球一样来回滚动（如图甲），利用这一原理，科技人员发明了转子发动机．勒洛四面体是以正四面体的四个顶点为球心，以正四面体的棱长为半径的四个球的相交部分围成的几何体如图乙所示，若正四面体的棱长为2，则（）/A.勒洛四面体被平面截得的截面面积是B.勒洛四面体内切球的半径是C.勒洛四面体的截面面积的最大值为D.勒洛四面体能够容纳的最大球的半径为三、填空题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分．把答案填在答题卡的相应位置．13.若函数图像可由函数的图像向右平移个单位所得到，且函数在区间上是严格减函数，则__________．14.有8件产品，其中4件是次品，从中取3件，若X表示取得次品的件数，则________.15.若直线与曲线相切，则的最小值为__________.16.已知圆，抛物线.若对于上任意一点，使得对圆上的任意两点A，B，总有，则的取值范围是______.四、解答题：本大题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17.在锐角中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，.（1）求角；（2）若点在上，，，求的值.18.已知正项数列中，，.（1）求的通项公式；（2）若，证明：.19.已知函数，．（1）当时，证明：在上恒成立；（2）若有2个零点，求a的取值范围．20.如图，是半球的直径，是底面半圆弧上的两个三等分点，是半球面上一点，且．（1）证明：平面：（2）若点在底面圆内的射影恰在上，求直线与平面所成角的正弦值．21.2023年9月23日第19届亚运会在杭州开幕，本届亚运会共设40个竞赛大项，包括31个奥运项目和9个非奥运项目．为研究不同性别学生对杭州亚运会项目的了解情况，某学校进行了一次抽样调查，分别抽取男生和女生各50名作为样本，设事件“了解亚运会项目”，“学生为女生”，据统计，．（1）根据已知条件，填写列联表，并依据的独立性检验，能否认为该校学生对亚运会项目的了解情况与性别有关?（2）现从该校了解亚运会项目的学生中，采用分层随机抽样的方法随机抽取9名学生，再从这9名学生中随机抽取4人，设抽取的4人中男生的人数为，求的分布列和数学期望．附：，．0．0500．0100．0013．8416．63510．82822.已知椭圆C：的两焦点分别为，并且经过点.（1）求椭圆C的方程；（2）过的直线交椭圆C于A，B两点，设直线与C的另一个交点分别为M，N，记直线AB，MN的倾斜角分别为，当取得最大值时，求直线AB的方程.2023学年菏泽市高三数学第一学期期末试题卷一、单项选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.若集合A、B、C满足A∩B＝A，B∪C＝C，则A与C之间的关系是()A.A＝CB.C≠AC.A⊆CD.C⊆A【答案】C【解析】【分析】分析题意，；；从而：．【详解】根据题意，，，从而，故选C．【点睛】本题主要考查了对子集概念的理解，注意从题意中发现集合间的相互关系是解题的关键，属于基础题.2.复数等于它共轭复数的倒数的充要条件是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】令则．由得，故选B．3.二十四节气歌是为了方便记忆我国古时历法中的二十四个节气而编成的小诗歌，体现着我国古代劳动人民的智慧.四句诗歌“春雨惊春清谷天，夏满芒夏暑相连；秋处露秋寒霜降，冬雪雪冬小大寒”中，每一句诗歌的开头一字代表着季节，每一句诗歌包含了这个季节中的6个节气.若从24个节气中任选2个节气，这2个节气恰好在一个季节的概率为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】直接由组合结合古典概型求解即可.【详解】由题意知：从24个节气中任选2个节气，这2个节气恰好在一个季节的概率为.故选：C.4.已知＝3，则＝（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】利用同角三角函数关系化正余弦为正切，最后代入数值进行计算即可.【详解】，故选：A.5.我们把由0和1组成的数列称为数列，数列在计算机科学和信息技术领域有着广泛应用，把斐波那契数列（，）中的奇数换成0，偶数换成1可得到数列，若数列的前项和为，且，则的值可能是（）A.100 B.201 C.302 D.399【答案】C【解析】【分析】根据题意求出的前若干项，找出规律，从而逐一检验各选项即可得解.【详解】因为，，所以，所以数列的前若干项为：，则，所以，，，.故选：C.6.如图所示，正三棱柱的所有棱长均为1，点P、M、N分别为棱、AB、的中点，点Q为线段MN上的动点．当点Q由点N出发向点M运动的过程中，以下结论中正确的是（）A.直线与直线CP可能相交 B.直线与直线CP始终异面C.直线与直线CP可能垂直 D.直线与直线BP不可能垂直【答案】B【解析】【分析】证明平面，从而可证四点不共面，即可判断AB；设，将分别用表示，假设直线与直线CP垂直，则，求出即可判断C；证明平面，即可判断D.【详解】在正三棱柱中，因为点M、N分别为棱AB、的中点，所以，又平面，平面，所以平面，因为平面，，，所以四点不共面，所以直线与直线CP始终异面，故A错误，B正确；对于C，设，则，，若直线与直线CP垂直，则，即，所以，即，解得，因为，所以不存在点使得直线与直线CP垂直，故C错误；对于D，连接，因为为的中点，所以，又因平面，平面，所以，因为平面，所以平面，又平面，所以，所以当点在的位置时，直线与直线BP垂直，故D错误.故选：B.7.已知双曲线C：的左右焦点分别是，，点P是C的右支上的一点（异于顶点），过作的角平分线的垂线，垂足是M，O是原点，则（）A.随P点变化而变化B.5C.4 D.2【答案】B【解析】【分析】由题设条件结合等腰三角形的性质可得，由双曲线的定义推出，由中位线定理可得，由双曲线的方程可得所求值．【详解】双曲线的左右焦点分别是，，延长交于，是的角平分线，，在双曲线上，，，是的中点，是的中点，是△的中位线，，即，双曲线中，则．故选：B．【点睛】本题考查双曲线的定义、方程和性质，注意运用等腰三角形的性质和中位线定理，考查推理能力．8.物种多样性是指一定区域内动物、植物、微生物等生物种类的丰富程度，关系着人类福祉，是人类赖以生存和发展的重要基础.通常用香农-维纳指数来衡量一个群落的物种多样性.，其中为群落中物种总数，为第个物种的个体数量占群落中所有物种个体数量的比例.已知某地区一群落初始指数为，群落中所有物种个体数量为，在引人数量为的一个新物种后，指数（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【分析】结合题意，对进行表示并化简整理，借助对数运算计算即可.【详解】记初始物种数量为，第个物种的个体数量，所以，则,,所以，在引人数量为的一个新物种后，物种数量为，所有物种的个体数量为，第个物种即为引入的新物种，个体数量为,则，，所以，结合①②可得:.故选:A.二、多项选择题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．9.已知，则下列不等式一定成立的是（）A. B. C. D.【答案】ACD【解析】【分析】确定，取特殊值排除B，再根据函数的单调性和不等式性质依次判断即可.【详解】，故，对选项A：，同时除以得到，正确；对选项B：取，，，错误；对选项C：，正确；对选项D：，，故，正确；故选：ACD10.对于数列，定义：，称数列是的“倒差数列”.下列叙述正确的有（）A.若数列单调递增，则数列单调递增B.若，，则数列是周期数列C.若，则数列没有最小值D.若，则数列有最大值【答案】BD【解析】【分析】可通过的单调性或反例说明错误；令，可推导得到，由此整理得，知正确；分别在为偶数和为奇数两种情况下，根据的单调性可确定的单调性和正负，由此确定最大值和最小值，知的正误.【详解】对于，函数在和上单调递增，但在整个定义域上不是单调递增，可知数列单调递增，数列不是单调递增（如，则，），错误；对于，是常数列，可设，则，，不是常数列，，，整理得：，，数列是以为周期的周期数列，正确；对于，若，则，①当为偶数时，且单调递增，，且单调递增，此时；②当为奇数时，且单调递减，，且单调递减，此时；综上所述：既有最大值，又有最小值，错误；正确.故选：BD.11.已知是坐标原点，平面向量，，，且是单位向量，，，则下列结论正确是（）A.B.若A，B，C三点共线，则C.若向量与垂直，则的最小值为1D.向量与的夹角正切值的最大值为【答案】AD【解析】【分析】根据给定条件，用坐标表示向量，再结合向量的坐标运算逐项计算判断即得.【详解】在平面直角坐标系中，令，由，，得，，则，对于A，，因此，A正确；对于B，由三点共线，得，即，于是，解得，即，B错误；对于C，，由向量与垂直，得，而，则，当且仅当时取等号，C错误；对于D，令向量与的夹角为，，当时，，，当时，不妨令，，则，，显然，，当且仅当时取等号，D正确.故选：AD12.勒洛四面体是一个非常神奇的“四面体”，它能在两个平行平面间自由转动，并且始终保持与两平面都接触，因此它能像球一样来回滚动（如图甲），利用这一原理，科技人员发明了转子发动机．勒洛四面体是以正四面体的四个顶点为球心，以正四面体的棱长为半径的四个球的相交部分围成的几何体如图乙所示，若正四面体的棱长为2，则（）/A.勒洛四面体被平面截得的截面面积是B.勒洛四面体内切球的半径是C.勒洛四面体的截面面积的最大值为D.勒洛四面体能够容纳的最大球的半径为【答案】BC【解析】【分析】求出勒洛四面体被平面截得的截面面积判断选项；求出勒洛四面体内切球的半径判断选项．【详解】观察几何体知，勒洛四面体的最大截面是经过正四面体的任意三个顶点的平面截勒洛四面体而得，勒洛四面体被平面截得的截面是正及外面拼接上以各边为弦的三个弓形，弓形弧是以正各顶点为圆心，边长为半径且所含圆心角为的扇形弧，如图所示：因此，截面面积为：，选项A错误，C正确；由对称性知，勒洛四面体内切球球心是正四面体的内切球、外接球球心，正外接圆半径，正四面体的高，设正四面体的外接球半径为，在中，，解得，因此，勒洛四面体内切球半径为，选项B正确；勒洛四面体能够容纳的最大球与勒洛四面体的4个弧面都相切，即为勒洛四面体内切球，所以勒洛四面体能够容纳的最大球的半径为，选项D错误．故选：BC．三、填空题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分．把答案填在答题卡的相应位置．13.若函数的图像可由函数的图像向右平移个单位所得到，且函数在区间上是严格减函数，则__________．【答案】##【解析】【分析】利用三角恒等变换化简，根据图象平移变换得到的表达式，结合函数的单调性确定，即可求得答案.【详解】由题意得，则，当时，，函数在区间上是严格减函数，故，即且，则，而，故，故答案为：14.有8件产品，其中4件是次品，从中取3件，若X表示取得次品的件数，则________.【答案】【解析】【分析】利用对立事件的概率计算，古典概型及其概率的计算公式，结合组合数的公式，即可求求解.【详解】由8件产品，其中4件是次品，从中取3件，若表示取得次品的件数，则.故答案为：.【点睛】本题主要考查了概率的求法，其中解答中熟练应用对立事件概念，以及古典概型及其概率的计算公式，结合组合数的公式进行求解是解答的关键，着重考查运算与求解能力.15.若直线与曲线相切，则的最小值为__________.【答案】##【解析】【分析】利用导数几何意义得到，从而得到，构造函数，利用导数求得其最大值，由此得解.【详解】因为，所以，设切点为，则，由，得，，则，代入，得，则，令，则，当时，，则单调递增，当时，，则单调递减，所以，故.故答案为：.16.已知圆，抛物线.若对于上任意一点，使得对圆上的任意两点A，B，总有，则的取值范围是______.【答案】【分析】根据题意得为圆的切线时最大，设直线分别与圆M切于点，设,满足，求解的最小值即可.【详解】设直线分别与圆M切于点，设，因为对于上任意一点，使得对圆上的任意两点A，B，总有，所以,即，所以，即,设，则，又，设，对称轴，，当，即时，在时当时，此时满足题意，当时，若时在时不合题意，所，即，所以时，在时当时，即,化简得，解得，所以，综上：，故答案为：.【点睛】本题关键分析出为圆的切线时最大，设直线分别与圆M切于点，设,满足，转化为求的最值.四、解答题：本大题共6小题，共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17.在锐角中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，.（1）求角；（2）若点在上，，，求的值.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）应用诱导公式和余弦的二倍角公式即可求解；（2）分别在，，中用余弦定理建立方程，再利用，即可求解.小问1详解】因为，所以，解得或（舍去），所以，即，因为，所以.【小问2详解】如图，因为，，设，，在中，由余弦定理得，在中，由余弦定理得，在中，由余弦定理得，因为，所以，即，所以，所以，因为，所以，所以.18.已知正项数列中，，.（1）求的通项公式；（2）若，证明：.【答案】18.19.证明见解析【解析】【分析】（1）构造等比数列并求出通项公式，然后用叠乘法求出通项公式即可；（2）利用放缩法以及裂项相消法证明即可.【小问1详解】由已知得，令，则，即，所以数列为首项为，公比为的等比数列，所以，即，所以，所以，即，则，故；【小问2详解】由已知得，其中，所以，当时，，当时，，所以.19.已知函数，．（1）当时，证明：在上恒成立；（2）若有2个零点，求a的取值范围．【答案】（1）证明见解析（2）【分析】（1）设，对函数求导得，根据指数函数和幂函数的性质知函数在上单调递增且，结合导数研究函数的单调性求出即可；（2）函数有2个零点等价于函数与的图象有2个交点，利用导数讨论函数的单调性，结合图形即可求解.【小问1详解】当时，设，则，设，由函数和在上单调递增，知函数在上单调递增，且，所以当时，，即在上单调递减，当时，，即在上单调递增，所以即在上恒成立；【小问2详解】由，得，令，则有2个零点，等价于函数与的图象有2个交点，令，得，当时，当时，则函数在上单调递增，在上单调递减，故，且当时，，当趋向于正无穷时，趋向于正无穷的速率远远比大，故趋向于0，作出函数的大致图象如下：结合图象可知，当时，与的图象有2个交点，故a的取值范围是．20.如图，是半球的直径，是底面半圆弧上的两个三等分点，是半球面上一点，且．（1）证明：平面：（2）若点在底面圆内的射影恰在上，求直线与平面所成角的正弦值．【答案】（1）证明见解析（2）【分析】（1）连接，可证为的中点且，可得，又，由线面垂直的判定可证；（2）以点为坐标原点，，，分别为，，轴，建立空间直角坐标系，用向量法可求解.【小问1详解】连接，因为是底面半圆弧上的两个三等分点，所以有，又因为，所以都为正三角形，所以，四边形是菱形，记与的交点为，为和的中点，因为，所以三角形为正三角形，所以，所以，因为是半球面上一点，是半球直径，所以，因为，平面，所以平面．【小问2详解】因为点在底面圆内的射影恰在上，由（1）知为的中点，为正三角形，所以，所以底面，因为四边形是菱形，所以，即两两互相垂直，以点为坐标原点，，，分别为，，轴，建立空间直角坐标系，如图所示，则，所以，，，设平面的一个法向量为，则，所以，取，则，设直线与平面的所成角为，所以，故直线与平面所成角的正弦值为．21.2023年9月23日第19届亚运会在杭州开幕，本届亚运会共设40个竞赛大项，包括31个奥运项目和9个非奥运项目．为研究不同性别学生对杭州亚运会项目的了解情况，某学校进行了一次抽样调查，分别抽取男生和女生各50名作为样本，设事件“了解亚运会项目”，“学生为女生”，据统计，．（1）根据已知条件，填写列联表，并依据的独立性检验，能否认为该校学生对亚运会项目的了解情况与性别有关?（2）现从该校了解亚运会项目的学生中，采用分层随机抽样的方法随机抽取9名学生，再从这9名学生中随机抽取4人，设抽取的4人中男生的人数为，求的分布列和数学期望．附：，．0．0500．0100．0013．8