第03讲 三角函数的图象与性质（教师版）-2025版高中数学一轮复习考点帮

Page第03讲三角函数的图象与性质（6类核心考点精讲精练）1.5年真题考点分布5年考情考题示例考点分析关联考点2024年新I卷，第7题,5分正弦函数图象的应用图象交点问题2024年新Ⅱ卷，第6题,5分求余弦(型)函数的奇偶性余弦(型)函数的图象及应用函数奇偶性的定义与判断函数奇偶性的应用根据函数零点的个数求参数范围2024年新Ⅱ卷，第9题,6分求含sinx(型)函数的值域和最值求正弦(型)函数的对称轴及对称中心求正弦(型)函数的最小正周期求函数零点及方程根的个数2023年新I卷，第15题,5分余弦函数图象的应用根据函数零点的个数求参数范围2023年新I卷，第17题,12分用和、差角的正弦公式化简、求值正弦定理解三角形三角形面积公式及其应用2022年新I卷，第6题,5分由正(余)弦函数的性质确定图象(解析式)无2022年新Ⅱ卷，第9题,5分求正弦(型)函数的对称轴及对称中心利用正弦函数的对称性求参数求sinx型三角函数的单调性求在曲线上一点处的切线方程(斜率)2021年新I卷，第4题,5分求sinx型三角函数的单调性无2020年新I卷，第10题,5分由图象确定正(余)弦型函数解析式无2020年新Ⅱ卷，第11题,5分由图象确定正(余)弦型函数解析式无2.命题规律及备考策略【命题规律】本节内容是新高考卷的必考内容，设题稳定，难度较低或中等，分值为5-11分【备考策略】1能用五点作图法作出正弦、余弦和正切函数图象，并掌握图象及性质2能用五点作图法作出正弦型、余弦型和正切型函数图象，并掌握图象及性质3理解中的意义，理解的变化对图象的影响，并能求出参数及函数解析式【命题预测】本节内容是新高考卷的必考内容，一般会综合考查三角函数的图象与性质的综合应用，需加强复习备考知识讲解三角函数的图象与性质图象定义域值域最值当时，；当时，．当时，；当时，．既无最大值也无最小值周期性奇偶性奇函数偶函数奇函数单调性在上是增函数；在上是减函数．在上是增函数；在上是减函数．在上是增函数．对称性对称中心对称轴对称中心对称轴对称中心无对称轴三角函数型函数的图象和性质正弦型函数、余弦型函数性质，振幅，决定函数的值域，值域为决定函数的周期，叫做相位，其中叫做初相正切型函数性质的周期公式为：会用五代作图法及整体代换思想解决三角函数型函数的图象及性质考点一、正弦型函数的图象与性质1．（2024·上海·高考真题）下列函数的最小正周期是的是（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】根据辅助角公式、二倍角公式以及同角三角函数关系并结合三角函数的性质一一判断即可.【详解】对A，，周期，故A正确；对B，，周期，故B错误；对于选项C，，是常值函数，不存在最小正周期，故C错误；对于选项D，，周期，故D错误，故选：A．2．（2024·全国·高考真题）函数在上的最大值是．【答案】2【分析】结合辅助角公式化简成正弦型函数，再求给定区间最值即可.【详解】，当时，，当时，即时，.故答案为：23．（2021·全国·高考真题）下列区间中，函数单调递增的区间是（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】解不等式，利用赋值法可得出结论.【详解】因为函数的单调递增区间为，对于函数，由，解得，取，可得函数的一个单调递增区间为，则，，A选项满足条件，B不满足条件；取，可得函数的一个单调递增区间为，且，，CD选项均不满足条件.故选：A.【点睛】方法点睛：求较为复杂的三角函数的单调区间时，首先化简成形式，再求的单调区间，只需把看作一个整体代入的相应单调区间内即可，注意要先把化为正数．4．（2024·全国·高考真题）（多选）对于函数和，下列说法中正确的有（

）A．与有相同的零点 B．与有相同的最大值C．与有相同的最小正周期 D．与的图象有相同的对称轴【答案】BC【分析】根据正弦函数的零点，最值，周期公式，对称轴方程逐一分析每个选项即可.【详解】A选项，令，解得，即为零点，令，解得，即为零点，显然零点不同，A选项错误；B选项，显然，B选项正确；C选项，根据周期公式，的周期均为，C选项正确；D选项，根据正弦函数的性质的对称轴满足，的对称轴满足，显然图像的对称轴不同，D选项错误.故选：BC5．（2022·全国·高考真题）（多选）已知函数的图像关于点中心对称，则（

）A．在区间单调递减B．在区间有两个极值点C．直线是曲线的对称轴D．直线是曲线的切线【答案】AD【分析】根据三角函数的性质逐个判断各选项，即可解出．【详解】由题意得：，所以，，即，又，所以时，，故．对A，当时，，由正弦函数图象知在上是单调递减；对B，当时，，由正弦函数图象知只有1个极值点，由，解得，即为函数的唯一极值点；对C，当时，，，直线不是对称轴；对D，由得：，解得或,从而得：或,所以函数在点处的切线斜率为，切线方程为：即．故选：AD．1．（2021·全国·高考真题）函数的最小正周期和最大值分别是（

）A．和 B．和2 C．和 D．和2【答案】C【分析】利用辅助角公式化简，结合三角函数周期性和值域求得函数的最小正周期和最大值.【详解】由题，，所以的最小正周期为，最大值为.故选：C．2．（2024·天津·高考真题）已知函数的最小正周期为．则在的最小值是（

）A． B． C．0 D．【答案】A【分析】先由诱导公式化简，结合周期公式求出，得，再整体求出时，的范围，结合正弦三角函数图象特征即可求解.【详解】，由得，即，当时，，画出图象，如下图，由图可知，在上递减，所以，当时，故选：A3．（2024·全国·高考真题）当时，曲线与的交点个数为（

）A．3 B．4 C．6 D．8【答案】C【分析】画出两函数在上的图象，根据图象即可求解【详解】因为函数的的最小正周期为，函数的最小正周期为，所以在上函数有三个周期的图象，在坐标系中结合五点法画出两函数图象，如图所示：由图可知，两函数图象有6个交点.故选：C4．（2022·天津·高考真题）已知，关于该函数有下列四个说法：①的最小正周期为；②在上单调递增；③当时，的取值范围为；④的图象可由的图象向左平移个单位长度得到．以上四个说法中，正确的个数为（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】根据三角函数的图象与性质，以及变换法则即可判断各说法的真假．【详解】因为，所以的最小正周期为，①不正确；令，而在上递增，所以在上单调递增，②正确；因为，，所以，③不正确；由于，所以的图象可由的图象向右平移个单位长度得到，④不正确．故选：A．5．（2024·河北唐山·二模）函数在上为单调递增函数，则的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】由的取值范围，求出，结合正弦函数的单调性得到，解得即可.【详解】由可得，又，则，且在上为单调递增函数，所以，解得，即的取值范围为.故选：C考点二、余弦型函数的图象与性质1．（2023·天津·高考真题）已知函数的图象关于直线对称，且的一个周期为4，则的解析式可以是（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】由题意分别考查函数的最小正周期和函数在处的函数值，排除不合题意的选项即可确定满足题意的函数解析式.【详解】由函数的解析式考查函数的最小周期性：A选项中，B选项中，C选项中，D选项中，排除选项CD，对于A选项，当时，函数值，故是函数的一个对称中心，排除选项A，对于B选项，当时，函数值，故是函数的一条对称轴，故选：B.2．（2022·北京·高考真题）已知函数，则（

）A．在上单调递减 B．在上单调递增C．在上单调递减 D．在上单调递增【答案】C【分析】化简得出，利用余弦型函数的单调性逐项判断可得出合适的选项.【详解】因为.对于A选项，当时，，则在上单调递增，A错；对于B选项，当时，，则在上不单调，B错；对于C选项，当时，，则在上单调递减，C对；对于D选项，当时，，则在上不单调，D错.故选：C.3．（2024·全国·二模）已知函数，，则函数的单调递减区间为.【答案】【分析】利用整体代换法求出余弦函数的单调递减区间即可.【详解】由题意知，，由，得，令，得，令，则，即函数的单调递减区间为.故答案为：4．（2024·陕西安康·模拟预测）已知函数在区间上的值域为，则的取值范围为（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】借助余弦函数的单调性与值域的关系计算即可得.【详解】时，，由函数在区间上的值域为，故函数在区间上的值域为，则有，即.故选：A.5．（2024·江苏扬州·模拟预测）（多选）已知函数，则（

）A．最小正周期为B．是图象的一条对称轴C．是图象的一个对称中心D．在上单调【答案】BC【分析】利用二倍角公式化简函数，根据求出最小正周期判断A；利用余弦函数的对称轴方程和对称中心可判断BC；由余弦函数的单调性可判断D.【详解】，对于A：的最小正周期为，错误；对于B：令可得，所以的图象关于直线对称，正确；对于C：令可得，且，所以的图象关于点对称，正确；对于D：因为，所以，由在上单调递增，上单调递减可知，在上单调递增，在单调递减，错误；故选：BC.1．（2024·全国·模拟预测）函数的单调递增区间为（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】整体法得到不等式，求出单调递增区间.【详解】，令，,故函数的单调递增区间为.故选：D．2．（2021·北京·高考真题）函数是A．奇函数，且最大值为2 B．偶函数，且最大值为2C．奇函数，且最大值为 D．偶函数，且最大值为【答案】D【分析】由函数奇偶性的定义结合三角函数的性质可判断奇偶性；利用二倍角公式结合二次函数的性质可判断最大值.【详解】由题意，，所以该函数为偶函数，又，所以当时，取最大值.故选：D.3．（2024·福建漳州·一模）已知函数在上单调递减，则实数的最大值为（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】以为整体，结合余弦函数性质分析求解.【详解】因为，则，由题意可得，解得，即实数的最大值为.故选：C.4．（2024·浙江·模拟预测）（多选）已知函数，则以下结论正确的为（

）A．的最小正周期为B．图象关于点对称C．在上单调递减D．将图象向左平移个单位后，得到的图象所对应的函数为偶函数【答案】ABD【分析】利用三角恒等变换公式化简，由周期公式可判断A；代入验证可判断B；取可判断函数图象关于对称，可判断C；利用平移变换求出平移后的解析式，即可判断D.【详解】，对于A，，A正确；对于B，因为，所以点是函数的对称中心，B正确；对于C，因为，所以函数的图象关于对称，又，所以在上不单调，C错误；对于D，将图象向左平移个单位后，得，显然为偶函数，D正确.故选：ABD考点三、正切型函数的图象与性质1．（2024·上海·三模）函数的最小正周期为．【答案】【分析】利用函数的最小正周期计算公式即可求解.【详解】因为的最小正周期为,所以函数的最小正周期为，所以函数的最小正周期为,故答案为：.2．（2024·安徽·三模）“”是“函数的图象关于对称”的（

）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】A【分析】若函数的图象关于对称，根据正切函数的对称性可得，再根据充分、必要条件结合包含关系分析求解.【详解】若函数的图象关于对称，则，解得，因为是的真子集，所以“”是“函数的图象关于对称”的充分不必要条件.故选：A.3．（多选）若函数，则（

）A．的最小正周期为B．的定义域为C．在上单调递增D．的图象关于点对称【答案】BC【分析】A选项，由求出最小正周期；B选项，整体法得到，求出定义域；C选项，得到，得到在上单调递增；D选项，整体法求解出函数的对称中心.【详解】A选项，的最小正周期为，A错误；B选项，由，得，B正确；C选项，由，得，因为在上单调递增，所以在上单调递增，C正确；D选项，由，得，当时，，所以的图象关于点对称，错误.故选：BC4．关于函数，其中有下述四个结论：①是偶函数；

②在区间上是严格增函数；③在有3个零点；

④的最小正周期为．其中所有正确结论的编号是（

）．A．①② B．②④ C．①④ D．①③【答案】A【分析】根据函数的奇偶性、单调性、零点、周期性定知识确定正确答案.【详解】的定义域为，，所以是偶函数，①正确.当时，是严格增函数，②正确.当时，，所以在有无数个零点，则③错误.，所以不是的最小正周期，④错误.综上所述，正确的为①②.故选：A5．函数，则下列说法正确的是（

）A．的定义域为 B．是奇函数C．是周期函数 D．既有最大值又有最小值【答案】ACD【分析】利用奇函数和周期函数的定义可判断BC的正误，利用正切函数的定义域可得A的正误，利用正切函数的单调性可判断D的正误.【详解】对于A，，因为，所以对于任意实数，都有意义，所以A正确；对于B，，不与恒等，所以B错误；对于C，，所以C正确；对于D，，在单调递增，所以，所以D正确.故选：ACD.1．（2024·湖北荆州·三模）函数的最小正周期为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据条件，利用三角函数的周期公式，即可求出结果【详解】由周期公式得.故选：B2．（2023·河南·模拟预测）已知函数，则下列说法正确的是（

）A．为奇函数 B．在区间上单调递增C．图象的一个对称中心为 D．的最小正周期为π【答案】C【分析】根据正切函数的定义域、对称中心、周期、单调性逐项判断即可得解.【详解】因为，所以，解得，即函数的定义域不关于原点对称，所以不是奇函数，故A错误；当时，，此时无意义，故在区间上单调递增不正确，故B错误；当时，，正切函数无意义，故为函数的一个对称中心，故C正确；因为，故是函数的一个周期，故D错误.故选：C3．（多选）已知函数，则（

）A．的一个周期为2 B．的定义域是C．的图象关于点对称 D．在区间上单调递增【答案】ACD【分析】利用正切函数的图象与性质一一判定选项即可.【详解】对于A，由可知其最小正周期，故A正确；对于B，由可知，故B错误；对于C，由可知，此时的图象关于点对称，故C正确；对于D，由可知，又在上递增，显然，故D正确.故选：ACD9．（2024·湖南长沙·二模）已知函数的最小正周期为，直线是图象的一条对称轴，则的单调递减区间为（

）A．B．C．D．【答案】B【分析】根据的最小正周期确定的值，根据函数的对称轴求出，结合正切函数的单调性，列出不等式，即可求得答案.【详解】由于的图象是将的图象在x轴下方部分翻折到x轴上方，且仅有单调递增区间，故和的最小正周期相同，均为，则，即，又直线是图象的一条对称轴，则，即，结合，得，故，令，则，即的单调递减区间为，故选：B考点四、求三角函数的解析式及函数值1．（2023·天津·高考真题）已知函数的图象关于直线对称，且的一个周期为4，则的解析式可以是（

）A． B．C． D．【答案】B【分析】由题意分别考查函数的最小正周期和函数在处的函数值，排除不合题意的选项即可确定满足题意的函数解析式.【详解】由函数的解析式考查函数的最小周期性：A选项中，B选项中，C选项中，D选项中，排除选项CD，对于A选项，当时，函数值，故是函数的一个对称中心，排除选项A，对于B选项，当时，函数值，故是函数的一条对称轴，故选：B.2．（2024·北京·高考真题）设函数.已知，，且的最小值为，则（

）A．1 B．2 C．3 D．4【答案】B【分析】根据三角函数最值分析周期性，结合三角函数最小正周期公式运算求解.【详解】由题意可知：为的最小值点，为的最大值点，则，即，且，所以.故选：B.3．（2021·全国·高考真题）已知函数的部分图像如图所示，则满足条件的最小正整数x为．【答案】2【分析】先根据图象求出函数的解析式，再求出的值，然后求解三角不等式可得最小正整数或验证数值可得.【详解】由图可知，即，所以；由五点法可得，即；所以.因为，；所以由可得或；因为，所以，方法一：结合图形可知，最小正整数应该满足，即，解得，令，可得，可得的最小正整数为2.方法二：结合图形可知，最小正整数应该满足，又，符合题意，可得的最小正整数为2.故答案为：2.【点睛】关键点睛：根据图象求解函数的解析式是本题求解的关键，根据周期求解，根据特殊点求解.4．（2023·全国·高考真题）已知函数，如图A，B是直线与曲线的两个交点，若，则．

【答案】【分析】设，依题可得，，结合的解可得，，从而得到的值，再根据以及，即可得，进而求得．【详解】设，由可得，由可知，或，，由图可知，，即，．因为，所以，即，．所以，所以或，又因为，所以，．故答案为：．【点睛】本题主要考查根据图象求出以及函数的表达式，从而解出，熟练掌握三角函数的有关性质，以及特殊角的三角函数值是解题关键．5．（2022·全国·高考真题）记函数的最小正周期为T．若，且的图象关于点中心对称，则（

）A．1 B． C． D．3【答案】A【分析】由三角函数的图象与性质可求得参数，进而可得函数解析式，代入即可得解.【详解】由函数的最小正周期T满足，得，解得，又因为函数图象关于点对称，所以，且，所以，所以，，所以.故选：A6．（2023·全国·高考真题）已知函数在区间单调递增，直线和为函数的图像的两条相邻对称轴，则（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】根据题意分别求出其周期，再根据其最小值求出初相，代入即可得到答案.【详解】因为在区间单调递增，所以，且，则，，当时，取得最小值，则，，则，，不妨取，则，则，故选：D.1．（2024·陕西西安·模拟预测）已知函数的部分图像如图所示，则（

）A． B． C．0 D．【答案】B【分析】结合函数图像可求得函数的解析式，然后代入计算可得到结果.【详解】由图可得，，，所以，所以，因为在函数的图像上，可得，解得，因为，所以，，所以.故选：B.2．（2024·重庆·三模）已知函数的部分图像如图所示，若，则（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】先由图像以及题意求出的解析式，从而得，，进而依据它们的角的关系结合三角恒等变换公式即可求解.【详解】由图可知，由可知，故，又由图，故由图，①，由图，②，又，结合①②可得，故，所以.故.故选：D.3．（2024·全国·模拟预测）已知直线是函数图象的两条相邻的对称轴，且，则（

）A． B． C． D．1【答案】D【分析】借助正弦型函数的性质可分别计算出、、，得到函数解析式，再代入的值即可得解.【详解】由题意可知，所以．由，得，所以，因为，且直线是函数图象的两条相邻的对称轴，所以，所以，由，得，所以，又，所以，所以，则．故选：D．4．（2024·安徽·三模）已知函数的部分图象如下图所示，若曲线过点，，，，且，则（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】利用五点法作图，结合函数的图象得、和，再利用两角差的余弦公式，计算得结论.【详解】解：因为，所以，而，因此，即因为，所以由“五点法”作图得：，解得，由于,解得，故取，则，因此.因为，所以，.因为由函数的图象，结合“五点法”作图知：，，所以由和得：，，因此.故选：A5．（2024·广东汕头·三模）已知A，B，C是直线与函数（，）的图象的三个交点，如图所示．其中，点，B，C两点的横坐标分别为，若，则（

）A． B．C．的图象关于中心对称 D．在上单调递减【答案】B【分析】根据给定条件，可得，进而求得，结合，得到，再逐项分析判断即可.【详解】由，得，而，且点A在图象的下降部分，则，于是，显然是直线与的图象的三个连续的交点，由点横坐标，即，解得，，解得，，则，而，因此，所以，对于A，，A错误；对于B，，B正确；对于C，，的图象关于不对称，C错误；对于D，当时，，当，即时，函数取得最小值，又，因此在上不单调，D错误.故选：B【点睛】思路点睛：给定的部分图象求解解析式，一般是由函数图象的最高（低）点定A，求出周期定，由图象上特殊点求.考点五、由三角函数的图象求参数值1．（2024·辽宁葫芦岛·二模）已知函数的部分图象如图所示，若，，则正整数的取值为（

）A．1 B．2 C．3 D．4【答案】C【分析】先求出函数的周期，再据此得到，最后比对选项即可.【详解】方法一：因为，所以，，所以，即，而，所以是非负整数，又由图象可得，所以，综上，只能，所以的最小正周期为，而由，可知，即正整数是的周期，所以，即，对比选项可知只有C选项符合题意.方法二：设函数的最小正周期为，由于，故据图象可知，从而.从而由表明，比对选项知C正确，A，B，D错误.故选：C.2．已知函数的部分图象如图所示，其中一个最高点的坐标为，与轴的一个交点的坐标为．设M，N为直线与的图象的两个相邻交点，且，则的值为（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】先确定，，然后根据线段的长度确定它们与中间对称轴之间的距离，再由此推出它们的函数值.【详解】由图可知，的最小正周期，所以，即.而是图象的最高点，所以，从而.由于，故的横坐标一定位于的相邻两个零点之间.而，故到它们之间的对称轴的距离都是，而对称轴的横坐标一定满足，所以.故选：A.3．（2024·河南周口·模拟预测）如图，直线与函数的图象的三个相邻的交点分别为A，B，C，其横坐标分别为，，，且，则的值为（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】根据正弦型函数的对称性可得，故可求.【详解】因为，故，故中点的横坐标为，中点的横坐标为，故，且，故，而，故，故选：A1．（2024·山西长治·一模）已知函数的部分图象如图所示，若方程在上有两个不相等的实数根，则实数m的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据给定的函数图象，结合五点法作图求出函数的解析式，再分析在上的图象性质即可得解.【详解】观察图象知，，函数的周期，，由，得，而，则，于是，当时，，当，即，函数单调递减，函数值从减小到，当，即时，函数单调递增，函数值从增大到，显然函数的上的图象关于直线对称，方程在上有两个不相等的实数根，即直线与函数在上的图象有两个公共点，所以实数m的取值范围是.故选：B2．（2024·湖北武汉·模拟预测）若函数在区间上是减函数，且，，，则（

）A． B． C．1 D．2【答案】A【分析】利用辅助角公式化简函数表达式，根据单调性与函数值，结合正弦函数的图象，确定与的值，两式相减，即可求出的值.【详解】由题知，因为，，所以，又因为在区间上是减函数，所以，两式相减，得，因为，所以.故选：A.3．（2024·河南信阳·模拟预测）已知（为常数），，，且的最小值为，若在区间上恰有8个零点，则的最小值为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】根据题目条件得到方程组，求出，，得到函数解析式，从而令，得到，画出的图象，要想在区间上恰有8个零点，且取得最小值，数形结合得到方程组，求出答案.【详解】由题意得，解得，设的最小正周期为，故，解得，因为，所以，故，当时，，令，得，画出的图象，如下：

要想在区间上恰有8个零点，且取得最小值，故，，且，两式相减得，.所以的最小值为.故选：D4．（2024·河南三门峡·模拟预测）已知函数的部分图象如图所示，将的图象向左平移个单位长度后得到函数的图象，若在区间上的值域为，则的取值范围为（

）

A． B． C． D．【答案】C【分析】先由图象求出函数，再由平移变换得函数，结合整体法求值域，从而求的取值范围.【详解】设的最小正周期为，由图象可知，所以，则，故，又的图象过点，所以，所以，又，所以，则，则.当时，，当或.即或时，，当，即时，，所以的取值范围为.故选：C.考点六、三角函数图象与性质的综合应用1．（2024·河北唐山·一模）已知函数的最小正周期为π，则（

）A．在单调递增 B．是的一个对称中心C．在的值域为 D．是的一条对称轴【答案】C【分析】由函数的最小正周期为π，求出，再代入化简，画出的图象，再对选项一一判断即可得出答案.【详解】因为函数的最小正周期为π，所以，所以函数即，作出函数的图象，如下图所示：对于A，由图可知，在单调有增有减，故A错误；对于B，由图象可知，无对称中心，故B错误；对于C，由图象可知，为偶函数，当，，所以，所以，所以在的值域为，故C正确；对于D，由图象可知，的对称轴为，故D错误.故选：C.【点睛】关键点睛：由函数的最小正周期求出，再代入化简，画出的图象，再由三角函数的单调性，对称性，值域对选项一一判断即可得出答案.2．（23-24高三下·陕西安康·阶段练习）已知函数，将的图象向左平移个单位长度，得到函数的图象，若关于的方程在上有个实数根，，，，，，则（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】首先根据函数的平移规则得到的解析式，画出函数图象，结合的对称性计算可得.【详解】因为函数，将的图象向左平移个单位长度得到，函数的对称轴为，对称中心为，且为偶函数，又函数的图象是由的图象将轴下方的部分关于轴对称上去，轴及轴上方部分保持不变而得到，所以的对称轴为，又的图象是将的图象向上平移一个单位得到，所以的图象如下所示：

因为关于的方程在上有个实数根，即与在上有个交点，又，，所以，令与交点的横坐标从小到大依次为，则关于对称，关于对称，关于对称，关于对称，所以，所以.故选：D【点睛】方法点睛：函数零点问题，将函数零点问题或方程解的问题转化为两函数的图象交点问题，将代数问题几何化，借助图象分析，大大简化了思维难度，首先要熟悉常见的函数图象，包括指数函数，对数函数，幂函数，三角函数等，还要熟练掌握函数图象的变换，包括平移，伸缩，对称和翻折等，涉及零点之和问题，通常考虑图象的对称性进行解决.3．（2024·天津红桥·一模）将函数的图象横坐标伸长为原来的2倍，再向左平移单位，得到函数的部分图象（如图所示）．对于，，且，若，都有成立，则下列结论中不正确的是（

）

A．B．C．在上单调递增D．函数在的零点为，则【答案】C【分析】由题意可得函数的图象在区间上的对称轴为，再结合可求出，即可判断A；再根据平移变换和周期变换得原则即可判断B，再根据正弦函数的图象和性质分别判断CD即可.【详解】对于A，由题意可知函数的图象在区间上的对称轴为，则与关于对称，又，结合图象可得，所以，又，所以，所以，故A正确；对于B，右移个单位得到函数的图象，再将其横坐标缩短为原来的得到的图象，故B正确；对于C，由，得，所以在上不单调，故C错误；对于D，令，则，函数在上有个零点，则，，，，，故，所以，故D正确；故选：C．【点睛】思路点睛：三角函数图象与性质问题的求解思路：（1）将函数解析式变形为或的形式；（2）将看成一个整体；（3）借助正弦函数或余弦函数的图象和性质（如定义域、值域、最值、周期性、对称性、单调性等）解决相关问题.4．（2024·陕西西安·模拟预测）已知函数，现给出下列四个结论：①的图象关于点对称；②函数的最小正周期为；③函数在上单调递减；④对于函数．其中所有正确结论的序号为（

）A．①② B．①③ C．①③④ D．②③④【答案】C【分析】利用中心对称的性质验证判断A；求出周期判断B；探讨函数单调性判断C；计算判断D.【详解】对于①，由得的定义域为，，因此的图象关于点对称，故①正确；对于②，因为，所以是的周期，故②错误；对于③，当时，，所以，故，因为在上单调递减，在上单调递增，所以，由复合函数性质可知，函数在上单调递减，③正确；对于④，由上知，当时，，，因此，故④正确.故选：C.【点睛】结论点睛：函数的定义域为D，，①存在常数a，b使得，则函数图象关于点对称.②存在常数a使得，则函数图象关于直线对称.5．（2024·广西贵港·模拟预测）（多选）设函数的定义域为R，为奇函数，为偶函数，当时，，则（

）A． B．的图象关于直线对称C．在区间上为增函数 D．方程仅有4个实数解【答案】ACD【分析】根据给出的函数的性质，做出函数草图，数形结合，分析各选项的准确性.【详解】因为为奇函数，所以的图象关于点中心对称，因为为偶函数，所以的图象关于直线对称．可画出的部分图象大致如下（图中x轴上相邻刻度间距离均为）：

对于A，由图可知的最小正周期为，所以，故A正确．对于B，的图象关于点中心对称，故B错误．对于C，由图可知在区间上单调递增，故C正确．对于D，，，，，由图可知，曲线与的图象有4个交点，所以方程仅有4个实数解，故D正确．故选：ACD.【点睛】结论点睛：（1）若为偶函数，则函数为轴对称图形，对称轴为.（2）若为奇函数，则函数为中心对称图形，对称中心为.（3）若的图象有两条对称轴，（），则为周期函数，周期为.（4）若的图象有两个对称中心，（），则为周期函数，周期为.（5）若的图象关于成轴对称，同时关于成中心对称，则为周期函数，周期为.1．（2024·山东滨州·二模）已知函数在上有且仅有4个零点，直线为函数图象的一条对称轴，则（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】以为整体，根据题意结合零点可得，结合对称性可得，进而可求.【详解】因为，且，则，由题意可得：，解得，又因为直线为函数图象的一条对称轴，则，解得，可知，即，所以.故选：C.【点睛】关键点点睛：以为整体，可得，结合正弦函数零点分析可知右端点的取值范围，进而可得的取值范围.2．（2024·吉林长春·模拟预测）已知函数满足：对，有，若存在唯一的值，使得在区间上单调递减，则实数m的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】由对，有，可得，，结合在区间上单调递减，可得，又，可得是其唯一解，则有，再结合正弦函数的性质即可得解.【详解】由对，有，即可得，即，则，可得，即，即，则，由在区间上单调递减，故，即，由存在唯一的值，使其成立，故，即有，则，，即.故选：B.【点睛】关键点点睛：本题关键点在于对存在唯一的值的理解，结合，，且，可得，则需.3．（2024·广西·模拟预测）已知函数，若在区间内恰好有2022个零点，则n的取值可以为（

）A．2025 B．2024 C．1011 D．1348【答案】D【分析】令，按分类探讨一元二次根的情况，再结合正弦函数的性质求解即得.【详解】依题意，，令，则，由，得，显然，即方程有两个不等的实数根，，当时，，，此时在上恰有3个实根，而，因此，则；当时，，，则，，此时在上恰有2个实根，而，于是或，因此或2023，所以n的取值可以为2022或2023或1348.故选：D【点睛】思路点睛：涉及一元二次方程的实根分布问题，可借助二次函数及其图象，利用数形结合的方法解决一元二次方程的实根问题.4．（2024·山东烟台·三模）若定义在上的函数满足：，，且对任意，，都有，则（

）A． B．为偶函数C．是的一个周期 D．图象关于对称【答案】D【分析】首先得出的对称中心以及周期，结合剩下的已知来构造函数，以此排除ABC，并证明D选项.【详解】在中，令，得，则是函数的一个对称中心，在中，令，得，所以，是的一个周期，接下来我们构造反例说明ABC错误，然后证明D正确：首先对于ABC而言，由以上分析不妨设，而，，若要恒成立，只需恒成立，只需，因为，所以，从而满足题意的可以是，但是，故A错误；，故B错误；是函数的一个最小正周期，故C错误；现在我们来证明D是正确的：对于D，由以上分析有，，这表明图象关于对称，故D正确.故选：D.【点睛】关键点点睛：关键是得出是函数的一个对称中心，且是函数的一个周期，由此即可顺利得解.5．（2024·江西吉安·模拟预测）（多选）已知函数，则（

）A．的图象关于点对称B．的值域为C．若方程在上有6个不同的实根，则实数的取值范围是D．若方程在上有6个不同的实根，则的取值范围是【答案】BC【分析】根据是否成立判断A，利用分段函数判断BC，根据正弦函数的单调性画出分段函数的图象，求出的取值范围，再利用对称性判断D.【详解】因为，所以，所以的图象不关于点对称，A说法错误；当时，，由可得，当时，，由可得，综上，B说法正确；当时，由解得，当时，由解得，所以方程在上的前7个实根分别为，所以，C说法正确；由解得或，又因为，所以根据正弦函数的单调性可得图象如图所示，所以有4个不同的实根，有2个不同的实根，所以，解得，设，则，所以，所以的取值范围是，D说法错误，故选：BC一、单选题1．（2024·江苏南通·模拟预测）下列函数中，以为周期，且其图象关于点对称的是（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】根据正切函数的性质判断A，根据正弦函数的性质判断B，利用二倍角公式化简函数解析式，再由余弦函数的性质判断C，利用两角差的正弦公式化简，再由正弦函数的性质判断D.【详解】对于A：的最小正周期为，对称中心为，故A错误；对于B：的图象是由将轴下方部分关于轴对称上去，轴上方及轴部分不变，所以的最小正周期为，没有对称中心，故B错误；对于C：，则最小正周期，且当时，所以函数图象关于点对称，故C正确；对于D：，最小正周期，故D错误.故选：C2．（2024·陕西西安·模拟预测）已知函数的最小正周期为，则的图象的一个对称中心为（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】利用辅助角公式得到，根据余弦函数的周期得到，再求出其对称中心的通式，最后对每个选项验证即可.【详解】由题意得，由题可知，所以.令，得，所以的图象的对称中心为，所以点符合.故选：D.3．（2024·天津北辰·三模）已知函数，则下列结论不正确的是（

）A．的最小正周期为B．的图象关于点对称C．若是偶函数，则，D．在区间上的值域为【答案】D【分析】A项，化简函数求出，即可得出周期；B项，计算出函数为0时自变量的取值范围，即可得出函数的对称点，即可得出结论；C项，利用偶函数即可求出的取值范围；D项，计算出时的范围，即可得出值域.【详解】由题意，在中，，A项，，A正确；B项，令,得,当时,,所以的图象关于点对称,故B正确;C项，是偶函数，∴,，解得：,故C正确；D项,当时,,所以,所以在区间上的值域为，故D错误.故选：D.4．（2024·福建泉州·一模）已知函数的周期为，且在区间内单调递增，则可能是（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】根据函数周期排除AB，根据函数的单调性判断CD即可.【详解】因为函数的周期为，所以当时，对正、余弦函数来说，，故排除AB，当时，，因为在上单调递增，故C正确，D错误.故选：C5．（2024·江苏盐城·模拟预测）函数与的图象的交点个数是（

）A．2 B．3 C．4 D．6【答案】D【分析】在同一坐标系中，作出两个函数的图象，根据图象得到交点个数.【详解】函数与都是偶函数，其中，，在同一坐标系中，作出函数与的图象，如下图，由图可知，两函数的交点个数为6.故选：D6．（2024·吉林长春·模拟预测）函数的部分图象如图所示，下列说法正确的是（

）A．B．函数的最小正周期为C．函数在上单调递减D．函数的图象上的所有点向左平移个单位长度后，所得的图象关于轴对称【答案】C【分析】根据图象求出函数的解析式，再对选项中的命题分析判断正误即可．【详解】由得，，所以，又，所以，故A错误；时，，所以，，故B错误；，令，则，时，，此时单调递增，单调递减，故在上单调递减，故C正确；的图象上的所有点向左平移个单位长度，得到，图象关于原点对称，故D错误.故选：C.二、多选题7．（2024·辽宁鞍山·模拟预测）已知函数，则（

）A．是奇函数 B．的最小正周期为C．的最小值为 D．在上单调递增【答案】AC【分析】首先化简函数，再根据函数的性质判断各选项.【详解】，函数的定义域为，对A，，所以函数是奇函数，故A正确；对B，函数的最小正周期为，故B错误；对C，函数的最小值为，故C正确；对D，，，函数不单调，在上单调递增，在上单调递减，故D错误.故选：AC8．（2024·江苏扬州·模拟预测）已知函数的图像关于点中心对称，则（

）A．在区间单调递减B．在区间有两个极值点C．直线是曲线的对称轴D．直线是曲线在处的切线【答案】ABD【分析】由条件求出，即得.对于A,B两项，只需将看成整体角，利用正弦函数的图象即可判断，对于C，只需将代入解析式，根据函数值即可检验，对于D，利用导数的几何意义即可求出切线方程进行判断.【详解】由题意可得，，则，因，则，于是.对于A，令，由可得，，因在上单调递减，故在区间单调递减，即A正确；对于B，令，由可得，，因在上有两个极值点，故B正确；对于C，当时，，因，故直线不是曲线的对称轴，即C错误；对于D，由求导得，，则，又，故曲线在处的切线方程为，即，故D正确.故选：ABD.9．（2024·江苏泰州·模拟预测）已知函数则（

）A．函数的图象关于点对称B．将函数的图象向左平移个单位长度后所得到的图象关于轴对称C．函数在区间上有2个零点D．函数在区间上单调递增【答案】ACD【分析】利用三角恒等变换易得，采用代入检验法即可判断A项，利用平移变换，求得函数解析式，易得其为奇函数，，故而排除B项，将看成整体角，求出其范围，利用余弦函数的图象观察分析，易对C,D两项进行判断.【详解】对于当时，而，故A正确；对于将向左平移个单位后可得，为奇函数，关于原点对称，故B错；对于当时，，因在上仅有2个零点，故在上也仅有2个零点，故C正确；对于当时，因在上单调递增，故在上单调递增，故D正确.故选：ACD．10．（2024·浙江·模拟预测）已知函数，则（

）A．当时，的图象关于对称B．当时，在上的最大值为C．当为的一个零点时，的最小值为1D．当在上单调递减时，的最大值为1【答案】ACD【分析】根据三角函数性质分别判断余弦函数的对称轴，余弦函数的值域与最值，余弦函数的单调性，余弦函数的零点对选项逐一判定即可．【详解】时，，因为，所以关于对称，故A正确；时，由可得，根据余弦函数的单调性可知的最大值为，故B错误；若，则，，所以，，且，所以的最小值为1，故C正确；因为在上单调递减，且，根据余弦函数的单调性可知的单调递减区间为：，，，，所以，，所以，故D正确．故选：ACD．一、单选题1．（2024·全国·三模）若偶函数的最小正周期为，则（

）A． B．的值是唯一的C．的最大值为 D．图象的一条对称轴为【答案】D【分析】由可判断A；由偶函数的性质可判断B；由三角函数的性质可判断C；可判断D.【详解】对于A，因为周期只与有关，因此只需考虑的情况.若对任意，都有，，所以，所以，所以A错误.对于B，因为为偶函数，所以.因为，，所以.又，所以或，所以B错误.对于C，，当时取得最大值，所以C错误.对于D，容易知道或时，，所以的图象关于直线对称，所以D正确.故选：D.2．（2024·陕西商洛·模拟预测）已知函数，则图中的函数图象所对应的函数解析式为（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】将依次代入选项中，根据周期性、过的点以及诱导公式可判断每个选项的正误，进而选出答案.【详解】题目中图象对应函数的最小正周期，对于A，，最小正周期为，不符合题意，错误；对于B，，最小正周期为，且和都在图象上，符合题意，正确；对于C，，最小正周期为，但函数过点，不符合题意，错误；对于D，，最小正周期为，不符合题意，错误.故选：B3．（2024·陕西西安·模拟预测）将函数的图象向左平移个单位长度后，得到函数的图象，若函数在区间和上均单调递增，则实数的取值范围是（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】结合正弦函数图象的平移先求出的解析式，然后结合正弦函数的单调性即可求解．【详解】将函数的图象向左平移个单位长度后，得到函数，令，，则，，若函数在区间和上均单调递增，则，解得．故选：A．4．（2024·山东济宁·三模）已知函数，若在区间上的值域为，则实数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】利用二倍角公式、辅助角公式化简函数，再借助正弦函数的图象与性质求解即得.【详解】依题意，函数，当时，，显然，且正弦函数在上单调递减，由在区间上的值域为，得，解得，所以实数的取值范围是.故选：D5．（2024·黑龙江·模拟预测）已知函数，且是函数相邻的两个零点，，则下列结论错误的是（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】对于A，由判断，对于B，由题意可得，结合周期公式可求出，对于C，由可求出，对于D，求的值可判断是否为对称轴即可.【详解】对于A，因为，所以，故A正确；对于B，，且是函数相邻的两个零点，所以其周期，所以，故B正确；对于C，令，则，又因为，所以，故C错误；对于D，由以上可知，所以，所以的图象关于直线对称，所以，故D正确.故选：C.二、多选题6．（2024·山东·模拟预测）已知函数的图象关于直线对称，则下列结论正确的是（

）A．B．为奇函数C．若在单调递增，则D．的图象与直线有5个交点【答案】BCD【分析】先根据函数图象的对称性求的值，再分析函数的性质，判断各选项是否正确.【详解】因为函数的图象关于直线对称，所以或，解的.即.所以，故A错误；因为，为奇函数，故B正确；由，所以在上递增，又因为若在单调递增，所以，故C正确；设，则.做函数和的草图如下：可知两个函数的图象有5的交点，即的图象与直线有5个交点，故D正确.故选：BCD7．（2024·福建泉州·模拟预测）已知函数，下列说法正确的是（

）A．若函数图象过原点，则B．若函数图象关于轴对称，则C．若函数在零点处的切线斜率为1或，则其最小正周期为D．存在，使得将函数图象向右平移个单位后与原函数图象在轴的交点重合【答案】BCD【分析】根据正弦函数的图象与性质以及复合函数的求导一一验证即可.【详解】对于A，将原点代入，得到，，，故A错误.对于B，图象关于轴对称，即对称轴为，经过最高最低点，则，则，故B正确.对于C，令，则零点为，求导将代入，，则，其最小正周期为.故C正确.对于D，若，，平移后的函数，与原函数图象关于轴对称，故D正确故选：BCD.8．（2024·湖北武汉·模拟预测）设函数，则下列结论正确的是（

）A．，在上单调递增B．若且，则C．若在上有且仅有2个不同的解，则的取值范围为D．存在，使得的图象向左平移个单位长度后得到的函数为奇函数【答案】ACD【分析】选项A：利用正弦函数的单调性判断；选项B：利用正弦函数的最值、周期判断；选项C：利用正弦函数的图象判断；选项D：利用三角函数的图象变换判断.【详解】对于A，当时，，因为，所以，所以，所以在上单调递增，故A正确；对于B，若且，所以一个是最大值，一个是最小值，则，故B不正确；对于C，若，则，若在上有且仅有2个不同的解，如图所示：可得，解得，也就是的取值范围为，故C正确；对于D，，当时，是奇函数，故D正确.故选：ACD.9．（2024·河北张家口·三模）已知函数，则下列说法正确的是（

）A．函数的一个周期为B．函数的图象关于点对称C．将函数的图象向右平移个单位长度，得到函数的图象，若函数为偶函数，则的最小值为D．若，其中为锐角，则的值为【答案】ACD【分析】利用三角恒等变换公式化简，由周期公式可判断A；代入验证可判断B；根据平移变化求，由奇偶性可求出，可判断C；根据已知化简可得，将目标式化为，由和差角公式求解可判断D.【详解】对于A，因为，所以的最小值周期，所以是函数的一个周期，A正确；对于B，因为，所以，点不是函数的对称中心，B错误；对于C，由题知，，若函数为偶函数，则，得，因为，所以的最小值为，C正确；对于D，若，则，因为为锐角，，所以，所以，D正确.故选：ACD10．（2024·安徽马鞍山·模拟预测）已知函数，其部分图象如图所示，且直线与曲线所围成的封闭图形的面积为，下列叙述正确的是（

）A．B．为奇函数C．D．若在区间（其中）上单调递增，则的取值范围是【答案】AC【分析】根据函数图象求出、，再根据面积求出，最后根据函数过点求出，即可得到函数解析式，再根据正弦函数的性质一一判断即可.【详解】依题意可得，即，又，所以，解得，又直线与曲线所围成的封闭图形的面积为，所以，解得，故A正确；所以，又函数过点可得，又，则，所以，则，所以，则，为非奇非偶函数，故B错误；因为，所以，又，所以，故C正确；令，解得，所以的单调递增区间为，因为在区间（其中）上单调递增，所以，，即，，解得，，即的取值范围是，，故D错误；故选：AC1．（2024·天津·高考真题）下列函数是偶函数的是（

）A． B． C． D．【答案】B【分析】根据偶函数的判定方法一一判断即可.【详解】对A，设，函数定义域为，但，，则，故A错误；对B，设，函数定义域为，且，则为偶函数，故B正确；对C，设，函数定义域为，不关于原点对称，则不是偶函数，故C错误；对D，设，函数定义域为，因为，，则，则不是偶函数，故D错误.故选：B.2．（2023·北京·高考真题）设函数．(1)若，求的值．(2)已知在区间上单调递增，，再从条件①、条件②、条件③这三个条件中选择一个作为已知，使函数存在，求的值．条件①：；条件②：；条件③：在区间上单调递减．注：如果选择的条件不符合要求，第（2）问得0分；如果选择多个符合要求的条件分别解答，按第一个解答计分．【答案】(1).(2)条件①不能使函数存在；条件②或条件③可解得，.【分析】（1）把代入的解析式求出，再由即可求出的值；（2）若选条件①不合题意；若选条件②，先把的解析式化简，根据在上的单调性及函数的最值可求出，从而求出的值；把的值代入的解析式，由和即可求出的值；若选条件③：由的单调性可知在处取得最小值，则与条件②所给的条件一样，解法与条件②相同．【详解】（1）因为所以，因为，所以.（2）因为，所以，所以的最大值为，最小值为.若选条件①：因为的最大值为，最小值为，所以无解，故条件①不能使函数存在；若选条件②：因为在上单调递增，且，所以,所以,,所以，又因为，所以，所以，所以，因为，所以.所以，；若选条件③：因为在上单调递增，在上单调递减，所以在处取得最小值，即.以下与条件②相同．3．（2021·浙江·高考真题）设函数.（1）求函数的最小正周期；（2）求函数在上的最大值.【答案】（1）；（2）.【分析】（1）由题意结合三角恒等变换可得，再由三角函数最小正周期公式即可得解；（2）由三角恒等变换可得，再由三角函数的图象与性质即可得解.【详解】（1）由辅助角公式得，则，所以该函数的最小正周期;（2）由题意，，由可得，所以当即时，函数取最大值.4．（2020·全国·高考真题）设函数在的图像大致如下图，则f(x)的最小正周期为（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】由