辽宁省六校2024-2025学年高一物理下学期期初考试试题含解析

PAGE16-辽宁省六校2024-2025学年高一物理下学期期初考试试题（含解析）第Ⅰ卷（选择题共48分）一．选择题（每小题4分，共48分。每个小题有四个选项，其中1-8题是单选，9-12题是多选，选对的得4分，有漏选的得2分，有选错的或不选的得0分）1.下列关于运动的性质中说法正确的是（）A.曲线运动肯定是变速运动 B.曲线运动的加速度肯定变更C.匀速圆周运动是匀变速运动 D.变力作用下的物体肯定做曲线运动【答案】A【解析】【详解】A．无论是物体速度的大小变了，还是速度的方向变了，都说明速度是变更的，都是变速运动，做曲线运动的物体的速度方向在时刻变更，所以曲线运动肯定是变速运动，故A正确；B．恒力作用下物体可以做曲线运动，如平抛运动，加速度不变，故B错误；C．匀速圆周运动速度时刻发生变更，受到力是变力，故加速度不恒定，不是匀变速运动，故C错误；D．曲线运动的条件是合力与速度不共线，合力可以是变力，如匀速圆周运动，故D错误。故选A。2.一个质量是2kg的小球从20m高处自由下落，不计空气阻力，则下落1s时重力的瞬时功率是（g=10m/s2）（）A.20W B.100W C.200W D.400W【答案】C【解析】【详解】依据自由落体运动规律解得下落1s的速度为v=10m/s则下落1s时重力的瞬时功率代入数据解得P=200W，故C正确，ABD错误。故选C。3.质点做直线运动的v-t图像如图所示，则对该质点的运动描述正确的是（）A.前8s内质点的位移为零B.第2s末和第4s末质点在同一位置C.第2s末和第4s末质点的速度相同D.第3s末加速度方向发生了变更【答案】B【解析】【分析】【详解】A．依据速度图线的“面积”表示位移，可得前3s内质点的位移为后5s内质点的位移为所以前8s内总位移为x=x1+x2=-2m负号表示方向与初速度方向相反，故A错误；B．由图可知2-3s和3-4s的位移大小相等，方向相反，总位移为零，所以第2s末和第4s末质点在同一位置，故B正确；C．由图可知第2s末和第4s末质点的速度大小相等，方向相反，所以第2s末和第4s末质点的速度不相同，故C错误；D．速度图象的斜率代表物体的加速度，由图可知2s-4s的斜率不变，加速度不变，所以第3s末加速度方向没有发生变更，故D错误。故选B。4.某人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，人以速度v0匀速向下拉绳，当物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为θ，则物体A实际运动的速度是()A. B.C.v0cosθ D.v0sinθ【答案】A【解析】【详解】将A的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示，拉绳子的速度等于A沿绳子方向的分速度，依据平行四边形定则得，实际速度．故A正确，BCD错误．5.如图所示，A、B两小球从相同高度同时水平相向抛出，经过时间t在空中相遇。若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为（）A.t B. C. D.【答案】C【解析】【详解】依据运动的独立性原理，在水平方向上，两球之间的距离得故选C。6.列车关闭发动机进站，做匀减速直线运动，当滑行300m时，速度减为一半，求列车进站滑行的总路程是（）A.400m B.600m C.900m D.1200m【答案】A【解析】【详解】设初速度为，加速度为，则速度恰好减为初速度的一半的过程中，依据运动学公式有解得在全过程中依据运动学公式有解得列车进站滑行的总路程是故A正确，B、C、D错误；故选A。7.光滑斜面倾角为37°，B物体的质量是A物体质量的3倍，两物体通过一根细绳连接跨在斜面顶端的光滑定滑轮上，A搁在斜面上，B竖直吊着，B离地面高度h=3m，托住B使系统保持静止，然后松开。求当B着地瞬间A的速度（g=10m/s2）（）A.3m/s B.m/s C.6m/s D.m/s【答案】C【解析】【详解】设B着地瞬间A的速度为v，系统的机械能守恒有，代入数据得v=6m/s选项C正确，ABD错误。故选C。8.轻绳两端分别连接A、C两物体，mA=1kg，mB=2kg，mC=3kg，物体A、B、C及C与地面间动摩擦因数均为μ=0.1，轻绳与滑轮间的摩擦可忽视不计。若要用力将B物拉动，则作用在B物体上水平向左的拉力最小值为（g=10m/s2）（）A.3N B.4N C.7N D.8N【答案】B【解析】【详解】A、B间最大静摩擦力为fmAB=μmAg=0.1×10N=1N当B刚要拉动时，右侧绳子的拉力至少等于A、B间最大静摩擦力，即T=fmAB=1N由于BC之间的最大静摩擦力为fmBC=μ(mA+mB)g=0.1×30N=3N因C与地面之间的最大静摩擦力为fmC地=μ(mA+mB+mC)g=01×60N=6N则此时C不动，A也不动，则要用力将B物拉动，作用在B物体上水平向左的拉力最小值为F=fmAB+fmBC=4N故选B。9.下列关于万有引力定律的说法中正确的是（）A.万有引力定律是卡文迪许在总结前人探讨的基础上发觉的B.公式F=中的r是指两个质点间的距离或两个匀称球体的球心间的距离C.公式F=中的G是一个比例常数，是没有单位的D.由F=可知，当距离r趋向于0时，F趋向于无穷大【答案】B【解析】【详解】万有引力定律是牛顿在总结前人探讨的基础上发觉的，选项A错误；公式F=中的r是指两个质点间的距离或两个匀称球体的球心间的距离，选项B正确；公式F=中的G是一个比例常数，单位是：N∙m2/kg2，选项C错误；当距离r趋向于0时，公式F=不再适用，选项D错误．10.如图所示的齿轮传动装置中右轮半径为2r，a为它边缘上的一点。左侧为一轮轴，小轮的半径为r，b为它边缘上的一点，大轮的半径为4r，c为它边缘上的一点。若传动中齿轮不打滑，则（）A.b点与c点的线速度大小相等B.a点与b点的线速度大小相等C.a点与c点的向心加速度大小之比为1︰4D.a点与c点的向心加速度大小之比为1︰8【答案】BD【解析】【详解】A．由于、轮共轴转动，角速度相等，依据知点的线速度与点的线速度大小之比为故A错误；B．由于、轮靠齿轮传动，所以边缘线速度大小相等，即点与点的线速度大小相等，故B正确；CD．由于，，则有依据可得故C错误，D正确；故选BD。11.一光滑的球A放在曲面B上，B与地面的摩擦忽视，现用力F向左缓慢推动物体B，则在B向左运动的过程中（）A.B对地面的压力变大 B.B对地面的压力不变C.推力F渐渐变大 D.推力F渐渐变小【答案】BC【解析】【详解】AB．对AB看成一个整体，分析AB整体受力，竖直向下整体的重力、地面对整体也是对B的支持力、竖直挡板的水平向右的弹力和水平向左的，依据平衡可知，地面对整体的支持力总等于整体的重力，依据牛顿第三定律，B对地面的压力和地面对B的支持力大小相等，大小总等于AB整体的重力大小，故A错误，B正确；CD．对A隔离分析受力，竖直向下的重力、B对A的支持力和竖直挡板对A的水平向右的弹力，设B对A的支持力与竖直方向的夹角为，当用力向左缓慢推动物体B时，角渐渐变大，依据A平衡有故增大；由对AB看成一个整体分析可知，水平推力的大小等于的大小，故水平推力变大，故C正确，D错误；故选BC。12.升降机中有一倾角为37°的斜面，质量为5kg，斜面与升降机间无摩擦，斜面上有一个质量为2kg的物体，当升降机以2.5m/s2的加速度向上匀加速运动时，斜面上的物体A还是与斜面相对静止，g=10m/s2，则（）A.升降机对斜面对上的支持力是87.5NB.斜面对物体A摩擦力是12NC.斜面对物体A的支持力是20ND.斜面对物体A的支持力是15N【答案】AC【解析】【详解】A．对斜面和物体A分析，依据牛顿其次定律则有解得升降机对斜面对上的支持力故A正确；BCD．由题意可知物体加速度向上，物体受到重力支持力和摩擦力的作用，受力如图依据牛顿其次定律得代入数据联立解得故C正确，B、D错误；故选AC。第Ⅱ卷（主观题共52分）二、填空题：（本题共有2小题，每小题8分，共16分）13.在探究加速度与力、质量的关系的试验中，某同学设计了下图甲试验装置来探讨加速度和力的关系，试验中让小车的质量不变，在平衡了摩擦力之后，打点计时器打出的某一条纸带如图乙所示，若打点计时器所用的沟通电的频率为f，则：(1)该试验中小车所受的合外力F肯定_____（填大于、等于或小于）沙和沙桶的总重力mg(2)若试验中测得的加速度大小为a，结合给定的纸带数据，可算出沟通电的频率为f=______，再变更所挂钩码的数量，多次重复测量，在某次试验中依据测得的多组数据可画出a-F关系图像如图丙所示(3)分析丙图，此图线的OA段可得出的试验结论是__________(4)此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要缘由是（）A.小车与轨道之间存在摩擦B.导轨保持了水平状态C.所挂钩码的总质量太大D.所用小车的质量太大【答案】(1).小于(2).(3).a与F成正比(4).C【解析】【详解】(1)[1]平衡了小车的摩擦力之后，设绳子的拉力为，依据牛顿其次定律则有解得故小车所受的合外力等于绳子的拉力，小于沙和沙桶的总重力；(2)[2]为了削减误差，充分利用已有数据，应当采纳逐差法求解加速度，则有其中可得(3)[3]此图线的段是直线，表明在质量不变的条件下，加速度与合外力成正比；(4)[4]数据处理时，设小车的质量为，钩码的质量为，则有小车的加速度为这是理论值；对于小车个钩码组成的整体，由牛顿其次定律可得这是真实值；所以只有当时，与才成线性关系，所以段明显偏离直线的缘由是不满意条件；A．图象是从零点起先，故小车与轨道间的摩擦力为零，故A错误；B．图象是从零点起先的，故小车与轨道间的摩擦力为零，导轨水平无影响，故B错误；CD．只有当时，与才成线性关系，段明显偏离直线的缘由是不满意条件，所挂钩码的总质量太大了，不是所用小车的质量太大，故C正确，D错误；故选C。14.一位同学用图A所示的试验装置进行“验证机械能守恒定律”的试验，其中打点计时器所用电源频率为50Hz，当地的重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.0kg，若按试验要求正确地选择出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点O的距离如图B所示，则：(1)从起点O到打下计数点B的过程中重物重力势能减小量△Ep=________J，此过程中重物动能的增加量△Ek=________J（结果保留三位小数）；(2)在本试验中发觉，重物削减的重力势能总是略大于重锤增加的动能，缘由主要是因为________________。(3)关于本试验，下列说法正确的是（）A、应选用质量和密度较大的重物B、试验时应先放开纸带，再接通电源C、打点计时器要接在电压为4-6V的直流电源上D、测下落高度时，需从起始点算起，且选取的各点应距离起始点适当远些E、试验时需称出重物的质量F、纸带上第1、2两点间距若不接近2mm，则无论怎样处理试验数据，试验误差都肯定较大【答案】(1).7.700J(2).3.900J(3).重锤下落过程中存在着阻力的作用（或重物所受的空气阻力和纸带所受打点计时器的阻力）(4).AD【解析】【详解】（1）[1][2]从O到B，重物下降，所以重物重力势能减小量由匀变速直线运动规律可得所以，此过程中重物动能的增加量（2）[3]试验中，重物下落过程中存在着阻力的作用（或重物所受的空气阻力和纸带所受打点计时器的阻力），即重力势能转化为动能的同时，还克服阻力做功，因此物削减的重力势能总是略大于重锤增加的动能。（3）[4]A．重物选用质量和密度较大的重物，其所受阻力相比重力较小，A正确；B．试验时应先接通电源，再放开纸带，B错误；C．打点计时器要接在电压为4-6V的沟通电源上，C错误；D．测下落高度时，从起始点算起，且选取的各点应距离起始点适当远些是减小测量读数的误差，D正确；E．试验时验证机械能守恒，即减小的重力势能等于增加的动能，其中质量可以约掉，不需称出重物的质量，E错误；F．由自由落体运动位移规律，纸带上第一段间距满意纸带上第0、1两点间距若不接近2mm，则无论怎样处理试验数据，试验误差都肯定较大，而不1、2两点间距，F错误。故选AD。三、计算题：（共36分，解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最终答案的不能得分）15.宇宙中的恒星A有一质量为m的行星B，该行星B的星球半径是R，自转周期是T1，同时行星B以轨道半径r，周期T2绕此恒星A做匀速圆周运动，若测得恒星A的星球半径恰好是行星B绕其运行的轨道半径的，则此恒星的平均密度是多少？【答案】【解析】【详解】设恒星A的质量为M，则恒星对行星的万有引力供应行星的向心力解得恒星A的体积由密度公式，恒星A的平均密度是16.一名跳台滑雪运动员经过一段时间的加速滑行后从O点水平飞出，经过6s落到斜坡上的A点。已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ=37°，运动员的质量m=50kg。不计空气阻力（g=10m/s2），求：(1)A点与O点的距离L多大？(2)运动员离开O点时的速度大小？【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）运动员下落高度①再由几何关系可得A点与O点的距离。（2）运动员离开O点时做平抛运动，设运动员在O点时的速度为，水平方向有②由题意可知③联立①②③式解得17.光滑的圆锥体固定在水平面上不动，其轴线沿竖直方向，母线与轴线之间的夹角为θ=37°，在圆锥顶用长为𝐿=2m的细线悬挂一质量为𝑚=5kg的小球，小球以角速度ω绕圆锥体轴线在水平面内做匀速圆周运动（g=10m/s2）(1)当小球即将要离开锥面时