陕西省商洛市洛南中学2025届高三生物第十次模拟试题含解析

PAGEPAGE13陕西省商洛市洛南中学2025届高三生物第十次模拟试题（含解析）1.下列有关细胞间信息沟通的叙述中，正确的是（）A.细胞间信息沟通是细胞膜的功能之一，体现了细胞膜的选择透过性B.神经递质与突触后膜上的受体结合后,即被受体转运到突触后膜内,使后膜兴奋或抑制C.与胰岛素和甲状腺激素结合的受体可能相同，也可能不同D.细胞间信息沟通的方式多种多样，可以是细胞接触传递信息，也可以通过介质传递【答案】D【解析】【详解】信息沟通与选择透过性无关，物质沟通和选择透过性有关，A错误；大部分神经递质与受体结合后受体及被分解，结合时产生的电信号接着传导信息，引起抑制或兴奋，B错误；受体有特异性，C错误；细胞间信息沟通的方式多种多样，可以是细胞接触传递信息，也可以通过介质传递，D正确。2.关于某二倍体哺乳动物细胞有丝分裂和减数分裂的叙述，错误的是A.有丝分裂后期与减数其次次分裂后期都发生染色单体分别B.有丝分裂中期和减数第一次分裂中期都发生同源染色体联会C.一次有丝分裂与一次减数分裂过程中染色体的复制次数相同D.有丝分裂中期和减数其次次分裂中期染色体都排列在赤道板上【答案】B【解析】【分析】本题主要考查有丝分裂和减数分裂的有关学问。有丝分裂染色体复制一次，细胞分裂一次，前期同源染色体不联会，中期染色体排列在赤道板上，后期姐妹染色单体分别，移向两极；减数分裂染色体复制一次，细胞连续分裂两次，减数第一次分裂前期发生同源染色体联会，后期同源染色体分别，非同源染色体自由组合，减数其次次分裂中期类似有丝分裂，染色体排列在赤道板上，后期姐妹染色单体分别，移向两极。【详解】A、有丝分裂后期与减数其次次分裂后期都发生着丝点分裂，姐妹染色单体分别，移向两极，A正确；B、有丝分裂不发生同源染色体联会，减数第一次分裂前期发生同源染色体联会，B错误；C、有丝分裂与减数分裂染色体都只复制一次，C正确；D、有丝分裂和减数其次次分裂的染色体行为类似，前期散乱分布，中期染色体排列在赤道板上，后期姐妹染色单体分别，D正确。故选B。【点睛】要留意同源染色体联会只发生在减数第一次分裂前期，有丝分裂存在同源染色体，但不联会配对；虽然减数分裂连续分裂两次，但染色体只复制一次。3.新冠肺炎是一种呼吸系统传染病，其病原体是“新冠病毒（COVID-19）。COVID-19由RNA、蛋白质外壳和包膜组成，包膜上有多种糖蛋白。在宿主细胞中，COVID-19利用RNA的自我复制完成增殖。下列叙述错误的是（）A.COVID-19包膜上的糖蛋白与侵染宿主细胞有关B.COVID-19在宿主细胞中的增殖不须要逆转录酶C.免疫力强的感染者通过体液免疫就能彻底清除病毒D.疫区的人运用医用外科口罩可切断该病的传播途径【答案】C【解析】【分析】体液免疫过程为：（1）除少数抗原可以干脆刺激B细胞外，大多数抗原被吞噬细胞摄取和处理，并暴露出其抗原确定簇；吞噬细胞将抗原呈递给T细胞，再由T细胞呈递给B细胞；（2）B细胞接受抗原刺激后，起先进行一系列的增殖、分化，形成记忆细胞和浆细胞；（3）浆细胞分泌抗体与相应的抗原特异性结合，发挥免疫效应。

细胞免疫过程为：（1）吞噬细胞摄取和处理抗原，并暴露出其抗原确定簇，然后将抗原呈递给T细胞；（2）T细胞接受抗原刺激后增殖、分化形成记忆细胞和效应T细胞，同时T细胞能合成并分泌淋巴因子，增加免疫功能。（3）效应T细胞发挥效应。【详解】A、COVID-19包膜上的糖蛋白有利于识别和侵染宿主细胞，A正确；B、通过题干信息可知，COVID-19在宿主细胞中的增殖不发生逆转录，故不须要逆转录酶，B正确；C、病毒营寄生生活，当病毒进入宿主细胞后，体液中的抗体不能发挥作用，因此不行能彻底清除病毒，C错误；D、疫区的人运用医用外科口罩可切断该病的传播途径，D正确。故选C。4.下列关于生物学试验的说法不正确的是（）A.可利用显微镜视察簇新黑藻小叶装片中叶绿体的形态和细胞质的流淌B.可借助血细胞计数板，利用同位素标记法测算培育液中酵母菌的总数C.可依据相同时间内植物的生根数量，确定生长素类似物促进插条生根的相宜浓度D.可依据不同彩球随机组合的出现概率模拟生物在有性生殖过程子代基因型的比例【答案】B【解析】【分析】此题考查课本中的几个典型试验，要求学生驾驭各试验的类型、目的、原理、步骤及相关相关留意事项。【详解】A、黒藻小叶是视察叶绿体的良好材料，本试验细胞始终保持活性，故可以依据叶绿体的移动间接视察细胞质的流淌，A正确；B、可借助血细胞计数板测算培育液中酵母菌的总数，但不须要利用同位素标记法，B错误；C、可依据相同时间内植物的生根数量或相同时间内的生根的平均长度来确定生长素类似物促进插条生根的相宜浓度，C正确；D、每个彩球模拟的是雌雄配子，不同彩球随机组合模拟的是子代的基因型，所以不同彩球随机组合的出现概率可以模拟生物在有性生殖过程子代基因型的比例，D正确。故选B。【点睛】解答此题的关键是对课本中出现的试验，从目的到步骤和留意事项都要肯定的理解，而不能只局限记忆课本中的几个经典试验。5.某探讨小组为了探讨肯定浓度的IAA和GA3对黄瓜幼苗生长的影响，进行了相关试验。试验设置（其中CK处理的为比照组）和结果如下表所示。下列叙述错误的是（）不同处理对黄瓜幼苗生长的影响处理胚轴长（cm）根体积（cm3）根干重（g）根鲜重（g）CK3．72670．02670．00330．0486GA33．40000．07330．00510．0873IAA3．54670．05530．00470．0855GA3+IAA3．95330．04330．00440．0693A.试验处理的对象是种子，处理前可将其浸泡一段时间B.依据一般试验设计的要求，表中比照组应当加入等量的配制其他三组溶液所用的溶剂C.从根体积、根干重和鲜重这些指标可以看出，GA3比IAA更能促进根的生长D.GA3和IAA在促进黄瓜幼苗根系生长方面表现为协同作用【答案】D【解析】【分析】比照试验：在探究某种条件对探讨对象的影响时，对探讨对象进行的除了该条件不同以外，其他条件都相同的试验。依据变量设置一组比照试验，使试验结果具有劝服力；一般来说，对试验变量进行处理的，就是试验组，没有处理是的就是比照组。【详解】A、由于种子本身会产生激素，为了解除内源激素对试验结果的影响，因此处理前可将其浸泡一段时间，A正确；B、CK处理的为比照组，依据试验设计的无关变量一样原则和单一变量原则，比照组应当加入等量的配制其他三组溶液所用的溶剂，B正确；C、与CK相比，根体积、根干重和鲜重方面用GA3比IAA处理促进效果更明显，故仅从上述指标观测GA3比IAA更能促进根的生长，C正确；D、据表格数据分析，GA3和IAA同时运用时，根体积、根干重和鲜重均比两种物质单独运用时有所下降，故GA3和IAA在促进黄瓜幼苗根系生长方面表现无协同关系，D错误。故选D。【点睛】解答此题须要明确试验设计的变量原则与比照关系，能结合图表数据分析各项。6.下图表示某人工生态系统能量流经其次养分级的示意图（图中字母a-i表示能量值）。下列叙述正确的是（）A.输入该生态系统的总能量是aB.g是其次养分级同化量的一部分C.其次养分级用于生长、发育和繁殖等的能量是dD.其次养分级到第三养分级的能量传递效率是i/c%【答案】C【解析】【分析】分析题图：图示表示能量流经某生态系统其次养分级的示意图，其中b表示该养分级摄入的能量；c表示该养分级同化的能量；d表示用于生长、发育和繁殖的能量；h表示呼吸作用中以热能的形式散失的能量。【详解】A、人工生态系统总能量是生产者固定的太阳能和人共投放的能量总和，故输入该生态系统的总能量是a+f，A错误；B、g是其次养分级粪便中的能量，不属于其次养分级的同化量，B错误；C、通过分析可知，其次养分级用于生长、发育和繁殖等的能量是d，C正确；D、图示中不知道第三养分级的同化量，故其次养分级到第三养分级的能量传递效率不能计算出来，D错误。故选C。7.邻苯二甲酸二丁酯(DBP)是一种比较常见的增塑剂和软化剂，对人体有致癌、致畸等作用。某科研小组为了探讨红树林植物秋茄是否相宜作为降解水体中DBP的植物，做了如下试验：在相宜的条件下，分别用含有不同质量浓度的DBP培育液培育秋茄幼苗，一段时间后，对秋茄叶片内的叶绿素含量进行测定，结果如图所示。请回答：（1）本试验选择用叶绿素而不用叶绿体中其他色素的含量来反映光合作用的强度，首要理由是：只有少数叶绿素a分子具有汲取、传递和转化光能的作用，其他色素分子只能汲取和传递光能；其次，由于____________________，因此，植物光合作用所需的光能绝大多数是由叶绿素汲取的。

（2）试验结果表明，试验组叶绿素含量均________比照组，导致卡尔文循环中形成C5的量________，从而________光合作用强度，使秋茄在低浓度DBP环境中能正常生长。（3）通常可用________(溶剂)来提取叶绿体中的色素。图中的曲线________表示叶绿素a含量。（4）为进一步探究秋茄是否具有降解水体中DBP作用，须要检测________________。若________________，则在试验浓度范围内，秋茄相宜作为降解水体中DBP的植物。【答案】(1).叶绿体中的色素约3/4为叶绿素，叶绿素汲取光的波长范围大于类胡萝卜素(2).(显著)高于(3).增加(4).提高(5).无水乙醇(6).甲(7).试验后各组培育液中DBP的含量(8).试验后培育液中DBP的含量均低于试验前【解析】分析】此题考查光合作用的过程，需知道光合作用分光反应和暗反应阶段，两个阶段详细的物质变换状况。同时还需具备图形分析实力及试验设计实力。【详解】（1）叶绿体中的色素约3/4为叶绿素，且叶绿素主要汲取红光和蓝紫光，类胡萝卜素主要汲取蓝紫光，叶绿素汲取光的波长范围大于类胡萝卜素，故选择叶绿素。（2）据图分析试验组的叶绿素含量均高于比照组；叶绿素含量高光反应速率相对较快，产生的ATP和还原氢多，导致C3还原加快，C5的量增多；叶绿素含量高也会使光合作用强度提高。（3）叶绿素易溶于有机溶剂，故可以用无水乙醇提取；叶绿体中叶绿素a含量多于叶绿素b含量,所以甲为叶绿素a。（4）为进一步探究秋茄是否具有降解水体中DBP的作用，须要检测试验后各组培育液中DBP的含量，假如比试验前DBP的含量低，则能说明具有降解水体中DBP的作用。【点睛】解答此题首要的是对光合作用的过程肯定的识记和理解，其中C5量的变换是本题的一个难点，须要通过光反应和暗反应的关系进行分析。8.2024年国际禁毒日的主题是“无毒青春，健康生活”，可卡因是最强的自然中枢兴奋剂，吸毒者把可卡因称作“欢乐客”，如图为可卡因对人脑部突触间神经冲动的传递干扰示意图。请据图回答下列问题：(1)已知某种药物能阻断突触传递兴奋，但对神经递质的合成，释放和降解等都无影响，则导致兴奋不能传递的缘由可能是该药物_________，此现象说明细胞膜具有________的功能。(2)由图可知“瘾君子”吸食毒品可卡因后，可卡因的作用机理是_____________，增加并延长多巴胺对脑的刺激，从而产生“快感”，表现出心情高涨、好动、健谈、体温上升、产生幻觉等中枢神经系统兴奋性提高的现象，其中的“健谈”与吸食者大脑皮层“言语中枢”中的___(填相关英文字母)区兴奋性过高有关。(3)兴奋在细胞A与细胞B之间的传递方向是________________(填“A→B”或“B→A”)，缘由是______________________________________________________。【答案】(1).信息传递功能影响了神经递质与突触后膜受体特异性结合(2).信息传递功能(3).可卡因与多巴胺转运体结合，阻挡多巴胺进入突触前膜，导致突触间隙多巴胺增多(4).S区(5).A→B(6).因为神经递质只能从突触前膜到突触间隙作用于后膜，因此兴奋只能单向由A→B【解析】【分析】据图分析：突触小泡与突触前膜融合，释放神经递质作用于突触后膜上的受体，使得突触后膜兴奋，即使人产生愉悦感；可卡因与突触前膜上的载体结合，使得多巴胺起作用后不会被转运载体运回细胞，使得下一个神经元持续兴奋。【详解】（1）突触易受药物等外界因素的影响，已知某种药物能阻断突触传递兴奋，但对神经递质的合成、释放和降解或再摄取等都无影响，所以药物导致神经冲动不能传递的缘由是该药物影响了神经递质与突触后膜上特异性受体的结合．此现象反映了细胞膜具有信息传递的功能。（2）正常状况下，多巴胺发挥作用后可通过多巴胺转运体运输进入突触小体，而可卡因与多巴胺转运体结合，阻挡了多巴胺进入突触前膜，导致突触间隙中多巴胺含量增多，多巴胺持续发挥作用，从而增加并延长对脑的刺激，产生“快感”。“健谈”与吸食者大脑皮层“言语中枢”中的S区兴奋性过高有关。（3）神经递质只能从突触前膜到突触间隙作用于突触后膜，故兴奋只能单向由A→B。【点睛】本题结合某类突触的信号传递的示意图，考查神经冲动的产生及传导，要求考生驾驭神经冲动的产生过程及神经冲动在神经元之间的传递过程，了解语言中枢、甲状腺激素和肾上腺素的功能，难度不大。9.意大利蝗(Calliptamusitalicus)是新疆草原的主要优势危害种，产下的卵在土壤中越冬，越冬卵孵化前可分为早期发育阶段、滞育阶段、滞育后发育阶段。血蓝蛋白是一种含铜的蛋白质，其Hc1亚基和Hc2亚基均有运输氧气实力，某探讨小组探讨蝗卵发育阶段Hc1和Hc2基因的表达结果下图所示。（1）氧气的跨膜运输方式为_____。（2）血蓝蛋白和血红蛋白所含微量元素的差异是________________________________。滞育阶段主要由血蓝蛋白中的_____亚基运输氧气，滞育后阶段主要由血蓝蛋白中的______亚基运输氧气。（3）该探讨表明Hc1与Hc2共同协作为蝗卵孵化供氧。蝗卵能否在单亚基条件下孵化？与特定mRNA互补的外源RNA导入靶细胞可特异性降解该mRNA，称为RNA干扰技术。请以蝗卵为材料，利用RNA干扰技术，探究蝗卵在Hc2单亚基条件下能否孵化。写出试验思路、预期结果及结论。试验思路_______________________________________________________________。预期结果与结论：①若_____________________，则说明蝗卵在Hc2单亚基条件下能孵化。②若____________________________，则说明蝗卵在Hc2单亚基条件下不能孵化。【答案】(1).自由扩散(2).血蓝蛋白所含微量元素是铜元素，血红蛋白所含微量元素是铁元素(3).Hc2(4).Hc1(5).选取相同蝗卵均分为两组，一组导入可以与Hc1的mRNA互补的外源RNA（试验组），另一组不导入外源RNA（比照组），视察两组蝗卵能否孵化(6).导入外源RNA组（试验组）与比照组均能孵化(7).导入外源RNA组（试验组）不能孵化，而比照组能孵化【解析】【分析】本题以物质进出细胞方式的学问为依托，综合考查学生图文分析实力以及设计试验实力，要求学生能娴熟运用探究性试验的相关学问。【详解】（1）氧气进出细胞不须要载体和能量，故属于自由扩散。（2）据题干可知血蓝蛋白所含微量元素是铜元素，而血红蛋白所含微量元素是铁元素；分析图示可知滞育阶段Hc2亚基含量较高，故此时主要由Hc2亚基运输氧气；滞育后阶段Hc1亚基含量较高，故此时主要由Hc1亚基运输氧气。（3）据题干可知，一组导入可以与Hc1的mRNA互补的外源RNA，这样能使Hc1的mRNA降解，从而得到只有Hc2单亚基的试验组，另一组不导入外源RNA形成比照组；因为试验组含Hc2单亚基，导入外源RNA组（试验组）与比照组均能孵化，则说明蝗卵在Hc2单亚基条件下能孵化；同理若导入外源RNA组（试验组）不能孵化，而比照组能孵化，则说明蝗卵在Hc2单亚基条件下不能孵化。【点睛】设计探究性试验应先明确试验目的，然后依据试验目的找到自变量，再依据自变量来设置详细的试验步骤。10.蝇是常用的遗传学试验材料,其体色有黄身(H)、黑身(h)之分,翅型有长翅(V)、残翅(v)之分。现用两种纯合果蝇杂交,F2出现4种类型且比例为5：3：3：1,已知果蝇有一种精子不具有受精实力。回答下列问题:

(1)果蝇体色与翅型的遗传遵循_______________定律。(2)不具有受精实力精子的基因组成是___________。F2黄身长翅果蝇中两对基因均杂合的比例为____________________。(3)若让F2黑身长翅果蝇自由交配,则子代的表现型及比例为___________________。(4)现有多种不同类型的果蝇,从中选取亲本通过杂交试验来验证上述不能完成受精作用的精子的基因型。①杂交组合:选择________________________________________的果蝇进行杂交。②结果推断:若后代出现________________，则不具有受精实力精子的基因型为HV。【答案】(1).基因的自由组合(2).HV(3).3/5(4).黑身长翅:黑身残翅=8：1(5).黑身残翅的果蝇做母本,双杂合的黄身长翅果蝇做父本(6).黄身残翅:黑身长翅:黑身残翅=1：1：1【解析】分析】依据题意分析可知：用两种纯合果蝇杂交，F2出现4种类型且比例为5：3：3：1，是9：3：3：1的特别状况之一，遵循基因的自由组合定律。由于已知果蝇有一种精子不具有受精实力，而F2比例为5：3：3：1，说明确定双显性状的精子不具有受精实力，所以该精子的基因组成为HV。【详解】（1）由于F2出现4种类型且比例为5：3：3：1，是9：3：3：1的特别状况（有一种精子不具有受精实力），所以果蝇体色与翅型的遗传遵循基因的自由组合定律，则F1的基因型是HhVv，亲本果蝇的基因型是HHVV与hhvv或HHvv与hhVV，但基因组成为HV的精子不具有受精实力，所以亲本果蝇的基因型只能是HHvv与hhVV。（2）由于果蝇有一种精子不具有受精实力，且F2出现4种类型且比例为5：3：3：1，所以不具有受精实力精子的基因组成是HV，具有受精实力精子的基因组成是Hv、hV、hv，比例为1：1：1；卵细胞的基因组成是HV、Hv、hV、hv，比例为1：1：1：1．所以F2黄身长翅果蝇的基因型只有HHVv、HhVV、HhVv三种，且比例为（1/3×1/4）:（1/3×1/4）:（1/3×1/4×3）=1:1:3，所以双杂合子的比例为：3/5。（3）F2黑身长翅的基因型是hhVV、hhVv，比例为1：2，所以hV配子的比例为2/3，hv配子的比例为1/3，若让F2黑身长翅果蝇自由交配，则子代的表现型及比例为黑身长翅：黑身残翅=（2/3×2/3+2/3×1/3×2）:(1/3×1/3)=8:1。（4）要想通过杂交试验来验证不能完成受精作用的精子的基因型，则选取的杂交组合为：黑身残翅的果蝇做母本、双杂合的黄身长翅果蝇做父本，杂交后代中若出现黄身残翅：黑身长翅：黑身残翅=1：1：1，则验证了不具有受精实力精子的基因型为HV。【生物一选修1：生物技术实践】11.血红蛋白是人和其他脊椎动物红细胞的主要成分，负责血液中O2或CO2的运输。下面是血红蛋白的提取和分别的流程图。回答下列问题。（1）红细胞中血红蛋白的作用，体现了蛋白质的_________功能。（2）提取血红蛋白最好用哺乳动物的红细胞，主要缘由是__________。采集簇新血液前，要在采血容器中加入柠檬酸钠溶液，其目的是____________________。（3）红细胞的洗涤要用_____________反复冲洗、离心，洗涤好的红细胞在蒸馏水和甲苯的作用下裂开，释放出血红蛋白。将分别的血红蛋白溶液进行透析的目的是去除___________的杂质。（4）凝胶色谱法是依据__________________分别蛋白质的有效方法。血红蛋白呈红色这一特点在凝胶色谱法分别血红蛋白中的作用是_______________________。【答案】(1).运输（或运输载体）(2).哺乳动物的红细胞没有细胞核，血红蛋白含量高（或血红蛋白含量高）(3).防止血液凝固(4).生理盐水(5).分子量较小(6).相对分子质量的大小(7).能通过视察颜色来推断收集洗脱液的时间，使得血红蛋白的分别过程特别直观【解析】【分析】血红蛋白的提取与分别的试验步骤主要有：（1）样品处理：①红细胞的洗涤；②血红蛋白的释放；③分别血红蛋白。（2）粗分别：①分别血红蛋白溶液；②透析。（3）纯化：调整缓冲液面→加入蛋白质样品→调整缓冲液面→洗脱→收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定--SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。【详解】（1）红细胞中血红蛋白可运输氧气，体现了蛋白质的运输功能。（2）提取血红蛋白最好用哺乳动物的红细胞，主要缘由是哺乳动物的红细胞没有细胞核，血红蛋白含量高。采集簇新血液前，要在采血容器中加入柠檬酸钠溶液，其目的是防止血液凝固。（3）红细胞的洗涤要用生理盐水反复冲洗、离心，洗涤好的红细胞在蒸