河北省保定市乐凯中学2024届中考物理四模试卷含解析

河北省保定市乐凯中学2024届中考物理四模试卷注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．二氧化碳气体被压缩、降温到一定程度，就会形成白色的、像雪一样的固体，俗称干冰．干冰被抛到空中，会迅速变为气体，促使其周围水蒸气凝结成水滴或小冰晶，实现人工降雨．下列关于上述描述中包含的物态变化的说法，正确的是A．二氧化碳气体变成干冰，是凝华 B．水蒸气凝结成水，是凝固C．干冰变成二氧化碳气体，放出热量 D．水蒸气凝结成小冰晶，吸收热量2．电动汽车越来越多地进入普通家庭，电动汽车的核心部件是电动机，下面图中能正确反映电动机工作原理的是（）A． B． C． D．3．在水平桌面上，有两个完全相同的圆柱形容器甲和乙，内盛相等质量的同种液体．将体积相同、材料不同的两个小球A和B分别放入容器中，A球漂浮，B球悬浮，如图所示．两球在两容器中所受的浮力分别为F甲和F乙，两容器底部对桌面的压强分别为p甲和p乙,则下列关系中正确的是A．F甲＞F乙p甲＜p乙 B．F甲＜F乙p甲＞p乙C．F甲＜F乙p甲＜p乙 D．F甲＞F乙p甲＞p乙4．如图所示，要使两个小灯泡L1，L2并联，应A．断开开关S1、S2，闭合开关S3B．断开开关S1、S3，闭合开关S2C．断开开关S1，闭合开关S2、S3D．断开开关S2，闭合开关S1、S35．如图所示，“蛟龙号”载人深潜器是我国首台自主设计、研制的作业型深海载人潜水器，设计最大下潜深度为7000米级，是目前世界上下潜最深的作业型载人潜水器．“蛟龙号”载人深潜器在海水中匀速竖直下潜过程中，下列说法正确的是A．“蛟龙号”所受海水的压强增大B．“蛟龙号”重力小于浮力C．“蛟龙号”不断下沉是由于它的惯性大于它受到的阻力D．“蛟龙号”所受的浮力逐渐较小6．如图所示，几个同学在只有电流表或电压表时，利用一个已知阻值的电阻R0，设计了下面四个测量未知电阻RX阻值的电路，其中不可行的是A． B．C． D．7．两个足够高底面积不同的圆柱形容器中分别盛有质量相等的甲、乙两种不同液体，如图所示（S甲＞S乙）。若在两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后，则以下关于液体的密度ρ甲、ρ乙及此时液体对容器底部压强p甲、p乙的判断正确的是A．ρ甲＞ρ乙，p甲＞p乙 B．ρ甲＞ρ乙，p甲＜p乙C．ρ甲＜ρ乙，p甲＞p乙 D．ρ甲＜ρ乙，p甲＜p乙二、填空题（本大题7小题，共21分）8．如图所示，电源电压不变，R1＝10Ω，R2＝20Ω．只闭合S，电压表V1、V2的示数之比为2：3，则电流表A1、A2示数之比为_____，R3＝_____Ω．再闭合S1、S2，电流表A1、A2示数之比为_____，电压表V1、V2示数之比为_____。9．2017年5月18日，我国在南海开采可燃冰获得成功!可燃冰分布于深海沉积物或陆域永久冻土中，是由天然气和水在高压低温条件下形成的类冰状结晶物质，燃烧后仅会生成二氧化碳和水．1m3可燃冰可分解释放约168m3的天然气，完全燃烧168m3的天然气可以释放的热量为__________J，若这些热量全部被水吸收，可以将质量为_________t的水由20℃加热到70℃．请写出可燃冰的一条优点____________________________．[q天然气=4×107J/m3，c水=4.2×103J/（kg.℃]10．篮球运动员用力将篮球投出，表明力可以改变物体的_______；篮球离开手后在空中仍能继续上升，原因是篮球具有___________；以地面为参照物，篮球是___________（选填“运动”或“静止”）的.11．如图，轻质杠杆在水平位置平衡，OA:OB=1:2，甲的质量为200g，体积为100cm3，不计绳重，则实心乙物体的重力G乙=_____；若把甲浸没于水中，移动乙的位置使杠杆重新平衡，则左右新的力臂之比为_____．12．“端午浓情，粽叶飘香”．煮粽子时，小明闻到了粽子的香味，这是_____现象，吃粽子时，米粒和粽叶不容易分开，这表明：分子间存在_____．13．如图所示，R0是一个光敏电阻,光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯，白天灯熄，夜晚灯亮．则给路灯供电的电源应接在_____（a、b或b、c）两端；如果将电阻箱R的阻值调大，则路灯比原来_______（早一些/迟一些）亮．14．我校师生为了庆祝元且，认真贯彻落实十九大提出的优先发展教育的战略部署特地举行了大型文艺汇演．刘明同学弹奏电吉他时不停地用手指去控制琴弦长度，他这样做的目的是为了改变声音的_____（选填“响度”、“音调”或”音色”）．三、作图题（共7分）15．如图所示，观察者的眼睛在A处能看到发光点S在玻璃板中的像S'．请作出发光点S的位置，并完成光路图．（保留作图痕迹）16．请画出物块A随B加速下滑时A的受力分析图。（______）17．如图所示，将一小球用细线悬挂起来后浸没在水中，此时小球受到的浮力为4牛，细线上的拉力为2牛。请在图中用力的图示法画出物体所受的重力。（_____）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．在探究质量与体积的关系时，小明找来大小不同的塑料块和某种液体做实验图甲是小明在水平桌面上使用托盘天平的情景，他的错误是__________．改正错误后，小明正确操作，根据实验数据分别画出了塑料块和液体质量随体积变化的图象，如图乙所示．①分析图象可知：同种物质的不同物体，其质量与体积的比值____（选填“相同”或“不同），物理学中将质量与体积的比值定义为密度，塑料的密度为____kg/m1．②往烧杯内倒入10cm1的液体，用天平称出烧杯和液体的总质量，天平平衡时，右盘中砝码的质量及游码的位置如图丙所示，则烧杯和液体的总质量为____g，若烧杯内液体的体积为20cm1，则烧杯和液体的总质量应为_____g．19．学校实践活动小组的同学在利用如图所示装置，探究“滑动摩擦力的大小与什么有关”时，得到如下实验数据：不同表面木块的放置方式弹簧测力计的示数/N一个木块两个木块叠放木板表面平放1.83.6侧放2.93.6木板上铺毛巾平放2.44.8侧放2.44.8（1）你认为表中哪个数据是不合理的，并指出导致数据不合理的原因；请你分析表格中的数据，写出可以得到的三个实验结论；许多同学指出了该实验操作方法存在不足，请你利用现有器材进行改进，并叙述改进后有哪些优点。20．以下为小红“探究海波熔化”的实验过程．（1）她用温度计测量海波在加热过程中的温度时，主要操作如下：A．将温度计的玻璃泡与海波充分接触，不要碰到容器底或容器壁B．了解海波熔化时的温度，选择一支量程合适的温度计C．读取温度计的示数，温度计的玻璃泡仍和海波接触D．观察温度计的量程和分度值上述步骤合理的顺序是_______（只填序号）．（2）图甲是小红测量绘制的海波温度随时间变化的图象，图乙温度计显示的是海波4min的温度，它的示数是_______℃，此时海波处于_______（选填“固态”、“液态”或“固液共存”），从B时刻到C时刻海波的内能将_______（选填“不变”、“增大”或“减小”）．（3）由图甲可判断海波处于_______（选填“AB”或“CD”）段时比热容较大，理由是_______．21．莉莉用如图1所示的实验电路测量小灯泡的额定功率，已知待测小灯泡额定电压为4.5V，小灯泡额定功率约为1W，电源电压恒为6V．（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至_____（选填“A”或“B”）端；（2）若有三个滑动变阻器，规格分别为R1（5Ω2A）、R2（20Ω1A）、R3（100Ω0.1A），则应选择_____（选填“R1”、“R2”或“R3”）；（3）将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，经检查灯泡是完好的，则故障可能是导线_____（选填“a”、“b”、“c”、“d”、“e”、“f”或“g”）出线故障．（4）排除故障后，移滑动变阻器的滑片，当电压表的实数为4.5V时，电流表的示数如图2所示，则小灯泡额定功率的测量值为_____W；（5）若该灯泡被烧坏了，断开开关后，某同学用规格为“4.5V1.5W”的小灯泡代替已烧坏灯泡，闭合开关后，为使其两端电压达到额定电压，应让滑动变阻器的滑片_____（选填“位置不变”、“向A端移动”或“向B端移动”）．22．在“探究通电螺线管外部的磁场分布”的实验中在硬纸板上均匀地撒满铁屑，通电后轻敲纸板，铁屑的排列情况如图所示，通过铁屑的排列情况可知，通电螺线管外部的磁场与__________磁体的磁场相似。为描述磁场而引入的磁感线___________（填“是”或“不是”）真实存在的。为了研究通电螺线管的磁性，老师与同学们一起对螺线管导体中可能的电流方向和绕线方式进行了实验，得到了如下图所示的四种情况。实验说明通电螺线管的极性只与__________有关，且这个关系可以用___________判断。通电螺线管的磁性强弱可以通过观察螺线管吸引大头针的个数来判断。为了研究通电螺线管的磁性强弱与电流大小的关系，提供了如下图所示的器材，请根据要求用笔画线代替导线将图中的电路补充完整，要求：①小磁针的指向满足如图所示的方向；②滑动变阻器的滑片向左端移动时，通电螺线管中的电流变小。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．冬季用来暖手的“电暖宝”是广大居民喜爱的暖手工具，暖手宝的电路图如下，已知发热体的电阻为121Ω，假设“电暖宝”中水的质量为0.5kg，将其从10℃加热到80℃，用了10分钟。(指示灯电路消耗的电能不计)(1)已知水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，则水吸收的热量是多少?(2)如果消耗的电能全部由天然气提供，需要完全燃烧多少天然气?(q=7×107J/m3)24．在如图甲所示的电路中，已知电源为电压可调的直流学生电源，灯泡L1的额定电压为8V，如图乙是灯泡L2的U﹣I图象．（1）当开关S接a时，电压表的示数为1.2V，电流表的示数为0.3A，求定值电阻R0的阻值；（2）当开关S接a时，调节电源电压，使灯泡L1正常发光，此时R0消耗的功率为1W，求灯泡L1的额定功率；（3）开关S接b时，通过调节电源电压使灯泡L1正常发光，求电路消耗的总功率．六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．我国将于2035年全面禁售燃油汽车，用电动汽车替代传统燃油汽车成为趋势．图表中是某公司最新型水陆两用电动汽车的部分参数，假设车上只有司机一人，质量为60kg，汽车在水上与陆地上匀速行驶时所受阻力均为总重力的0.04倍，（g=10N/kg）请回答下列问题：空车质量940kg轮胎与地面总接触面积400cm2电池容量40kW•h最高时速130km/h最大功率100kW最大续航里程？km（1）电动汽车中电动机的工作原理是___________．电动汽车对水平地面的压强是多大_______?若汽车在水面上匀速行驶，其排开水的体积多大______？若电动汽车的电能转化为机械能的效率为50%，请问充满一次电，电动汽车能匀速行驶多远______？请写出两条电动车的优点！__________26．家庭常用的高压锅与普通锅主要不同之处在于它的密封性好。图乙是高压锅的示意图，带有活塞的气孔1使锅内与外界连通，此时锅内气压与外界大气压相等（外界大气压）。当锅内温度升高至100℃时，锅内气体把气孔1的活塞顶起，这时锅被密封。锅盖中央有一出气孔2，孔上盖有限压阀，当锅内气压达到限定值时，限压阀被锅内气体顶起放出部分气体，实现了对锅内气体压强的控制。图17丙是水的沸点随锅内气压变化的图像。（）写出水的沸点与气压的关系；若高压锅出气孔2的截面积为，锅内水的沸点最高达到115℃，为保证使用安全，限压阀的质量不得超过多少g？27．下面是关于潜艇在水下航行一些知识．（1）潜艇的对外通信，属于世界性的难题．由于潜艇往往潜航在数十乃至百米以下的深水区域，由于水或海水是______（填“导电”或“不导电”）的，因此自然水体对电磁波会______（填“阻隔”或“不阻隔”）它的传播，因此地面或空中惯用的无线电通信对于潜艇来说______（填“不完全”或“完全”）适用．（2）目前潜艇主要通过无线电浮标收发信息．在使用无线电浮标时，潜艇与浮标在海洋中保持______（填“相对静止”、“静止”或“相对运动”），然后将通过导线与艇上通信设备连接的浮标发送到海面，再通过浮标接收无线电信号．（3）平日里我们常见的钟表都是12小时刻度的，然而潜艇用的钟表却都是24小时的刻度（如图乙），这个钟表比常见的钟表的优点是______．

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、A【解析】

选项A二氧化碳气体变成干冰是气态直接变为固态，属于凝华现象，此过程为放热过程，正确；选项B水蒸气凝结成水，是气态变为液态的过程，属于液化现象，错误；选项C干冰变成二氧化碳气体，物质由固态变为气态属于升华，升华是吸热过程，错误；选项D水蒸气凝结成小冰晶是气态变为固态的过程，属于凝华现象，是放热过程，错误；故答案选A．2、D【解析】

A．闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故A不符合题意；B．奥斯特实验，说明了通电导体周围存在着磁场，故B不符合题意；C．实验是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，是根据电流的磁效应制成的，故C不符合题意；D．当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故D符合题意．【点睛】发电机的原理是电磁感应现象，电动机的原理是通电导体在磁场中受力；发电机是机械能转化为电能，电动机是电能转化为机械能；3、C【解析】试题分析：由图可知V甲排<V乙排，由可知F甲＜F乙；因甲乙容器相等，V甲排<V乙排，所以甲中液体深度比乙中液体深度小，由可知p甲＜p乙．故选C．【考点定位】压力和压强的计算4、D【解析】

A.断开开关S1，S2，闭合开关S3时电路不通，为断路状态，不符合题意；B.断开开关S1，S3，闭合开关S2时，两灯串联，不符合题意；C.断开开关S1，闭合开关S2，S3时，会出现短路现象，电源短路，不符合题意；D.断开开关S2，闭合开关S1，S3时，电流分别流经两个灯泡，汇合后回到电源负极，为并联关系，符合题意．选D．5、A【解析】

A．“蛟龙号”深潜器在海水中匀速竖直下潜，深度增加，所以“蛟龙号”所受海水的压强增大，故A正确；B．“蛟龙号”深潜器在海水中匀速竖直下潜，受平衡力的作用，所以重力与浮力的大小相等，故B错误；C．“蛟龙号”不断下沉，做的是匀速直线运动，受的是平衡力，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力，不能和阻力比较大小，故C错误；D．“蛟龙号”在海水中下潜，其排开海水的体积不变，海水的密度不变，所以其所受浮力不变；故D错误．故选A．6、C【解析】

在A图中，Rx和定值电阻R0串联，电压表U1测量定值电阻两端的电压，电压表U2测量Rx两端的电压Ux，由知道，可以先计算出通过定值电阻的电流，然后根据串联电路电流处处相等知道，根据求出电阻Rx，故A可行；B图中，Rx和定值电阻R0并联，电流表A1测量定值电阻的电流，电流表A2测量Rx的电流，由先计算出定值电阻两端的电压，然后根据并联电路各支路电压相等知道，，由求出电阻Rx，故B可行；C图中，Rx和定值电阻R0串联，电流表测量串联电路的电流，由于不能直接或间接测量Rx两端的电压，所以不能求出Rx电阻，故C不可行，符合题意；D图中，当开关S和S1都闭合时，电压表测量电源电压；当开关S闭合S1断开时，电压表直接测量Rx两端的电压，由串联电路总电压等于各串联导体电压之和知道，可以先求出定值电阻两端的电压，然后根据，求出通过定值电阻的电流，又因为串联电路电流处处相等，所以，，最后根据求出电阻，故D可行，综上所述，故选C．7、D【解析】

甲乙液体质量相等，由图可知甲的体积大于乙的体积，根据可知，甲的密度小于乙的密度，即ρ甲＜ρ乙；甲乙液体质量相等，对容器底的压力（F=G=mg）相等；A的底面积大，根据可知p甲1＜p乙1，当两容器中分别注入相等高度的甲、乙两种液体后即h甲=h乙、且ρ甲＜ρ乙，根据p=ρgh可知，甲增加的压强小于乙增加的压强，即△p甲＜△p乙，由于加入液体后各自容器底部的压强为p甲=p甲1+△p甲；p乙=p乙1+△p乙，所以，p甲＜p乙。二、填空题（本大题7小题，共21分）8、1：152：31：1【解析】

只闭合S时，R1与R3串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A1、A2均测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电流表A1、A2示数之比为1：1，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电压表V1、V2的示数之比：UV1UV2＝IR1I(R1+R3)＝R1(R1+R3)＝23，则R3＝12R1＝12×10Ω＝5Ω；闭合S、S1、S2时，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流，电压表V1、V2均测电源两端的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电压表V1、V2示数之比为9、6.72×10932污染小【解析】解：（1）由Q=qV可得，完全燃烧168m3的天然气可以释放的热量（2）由题知，水吸收的热量：，由可得加热水的质量：（3）由题可知，可燃冰燃烧后仅会生成二氧化碳和水，所以使用可燃冰的优点是污染小．10、运动状态惯性运动【解析】

运动员用力将篮球投出，篮球的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态；由于篮球具有惯性，所以球离开手后在空中仍能继续上升；以地面为参照物，此时篮球与地面之间发生了位置变化，所以是运动的。11、1N1：1【解析】

甲的重力：G甲=mg=0.2kg×10N/kg=2N；由杠杆的平衡条件可得G甲×OA=G乙×OB，则乙物体的重力：G乙==1N；若把甲浸没于水中，甲排开水的体积等于它的体积，甲受到的浮力F浮=ρ水gV排=1×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N，A端受到的拉力FA=G甲-F浮=2N-1N=1N，使杠杆重新平衡，由杠杆的平衡条件可得FA×OA=G乙×l，．12、扩散；引力【解析】试题分析：闻到粽子的香味是由于分子在不停地做无规则运动，这属于扩散现象；分子间存在着相互作用的引力和斥力，使米粒和粽叶粘在一起不容易分开是由于分子间相互的引力而形成．【考点定位】分子动理论13、a、b早一些【解析】

[1]组成自动控制电路来控制路灯，白天灯熄，夜晚灯亮，而光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，白天时光照强，所以光敏电阻的电阻小，则继电器中电流大，电磁铁的磁性强，衔铁被吸引而使b与c接通，夜晚时，光强弱，光敏电阻的电阻大，衔铁在弹簧作用下，向上运动，b与a接通，故路灯电源应连接a、b。[2]如果将电阻箱R的阻值调大，由欧姆定律可知，则光敏电阻更小些时衔铁被释放，即光强更强一些灯亮，故路灯比原来亮的早一些。14、音调【解析】

弹奏吉时不断用手指去控制琴弦长度，从而改变了琴弦振动的快慢，也就改变了声音的音调．三、作图题（共7分）15、【解析】

根据平面镜成像特点，可先通过平面镜作出像S'对称的发光点S，连接S′A交平面镜于点O，O即为入射点，连接SO为入射光线，OA为反射光线．16、【解析】

物块A随B加速下滑时，A受到竖直向下的重力、垂直于B的上表面向上的支持力，并且重力大于支持力；物块A随B加速下滑时，A相对于B有向右运动的趋势，故A受到水平向左的摩擦力作用，作图如下：17、【解析】小球受力平衡，向上的浮力与拉力之和等于小球重力，即小球重力为6牛，作用点在小球重心，方向竖直向下，重力的图示如下图：

四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、称量时调节平衡螺母相同1.2×101kg/m117.445.4【解析】

（1）天平正确的调节方法是：将托盘天平放置在水平桌面上，将游码拨至标尺左端零刻度线上；调节横梁左右两端的平衡螺母，使横梁平衡；小明错误的在称量时调节平衡螺母；（2）①由图象可知，塑料（或液体）的质量和体积成正比，说明同种物质的质量与体积的比值相同；物理学中将质量与体积的比值定义为密度；由塑料的质量为10g时，对应的体积为25cm1，其密度：ρ塑料===1.2g/cm1=1.2×101kg/m1；②烧杯和10cm1液体的总质量：m总=20g+10g+5g+2.4g=17.4g；由乙图象中液体可知，液体质量为20g时，体积为25cm1，液体的密度：ρ液===0.8g/cm1，由ρ=得，10cm1液体的质量为：m液=ρ液V1=0.8g/cm1×10cm1=8g，则烧杯的质量：m烧杯=m总﹣m液1=17.4g﹣8g=29.4g，根据ρ=可知，同种液体密度相同，20cm1液体的质量：m液2=ρV2=0.8g/cm1×20cm1=16g，m总2=m烧杯+m液2=29.4g+16g=45.4g．19、（1）“2.9”的数据不合理，可能由于没有匀速拉动木块造成的；也可能读数时出错（2）答案见解析（3）见解析【解析】

（1）本实验有4组数据，其中3组数据说明压力不变，接触面不变，改变接触面积，滑动摩擦力不变，只有一个木块平放和侧放时不同，并且一块侧放在光滑的平面时，比两块侧放在粗糙的平面摩擦力还大，2.9N数据不合理，可能由于没有匀速拉动木块造成的；也可能读数时出错。（2）分析表格中的数据，可以得到的实验结论：①当压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大。②当接触面粗糙程度一定时，压力越大，滑动摩擦力越大；③滑动摩擦力大小与接触面积大小无关。（3）实验中弹簧测力计显示的是拉力的大小，当物体匀速直线运动时，摩擦力等于拉力，应保持木块匀速直线运动，不容易做到。根据滑动摩擦力跟压力大小、接触面的粗糙程度有关，与运动的速度无关，实验可以采取拉动木块下面的木板运动，保持弹簧测力计不动。改进后的优点：拉动木板时，即使没有匀速运动，对实验也没有影响，实验容易操作，而且弹簧测力计相对操作者静止，可使读数准确。20、BDAC36固态增大CD在质量和加热时间相同时CD升温比AB慢【解析】

(1)由温度计的使用方法可以知道，上述步骤合理的顺序是：B.了解海波熔化时的温度，选择一支量程合适的温度计；D.观察温度计的量程和分度值；A.将温度计的玻璃泡与海波充分接触，不要碰到容器底或容器壁；C.读取温度计读数时，温度计玻璃泡仍和海波接触；(2)由图可以知4min时海波还没有开始熔化，所以海波处于固态，温度计的示数是30℃+6℃=36℃；从B时刻到C时刻海波，据图象能看出，海波在熔化，吸热但温度不变，内能将增大；(3)观察图甲，由分析可知，在质量和加热时间相同时CD升温比AB慢，故CD段时比热容较大．21、BR2f0.99向A端移动【解析】

（1）闭合开关前，变阻器滑片应置于最大阻值处；

（2）根据电功率的公式求出小灯泡正常发光时的电流，根据串联电路电压的规律和欧姆定律得到滑动变阻器接入电路的电阻，根据提供的滑动变阻器的最大电流和最大阻值进行选择；

（3）根据电压表、电流表和灯泡的工作情况，结合电路的三种状态，可对电路中可能出现的故障进行分析；

（4）根据电流表的量程和分度值，读出电流表的示数，根据P=UI可计算电功率的大小；

（5）根据电功率的公式计算所换的灯泡的电阻值，与原灯泡的电阻相比较，再根据串联分压，可判断滑片的移动情况．【详解】（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处，应置于B端；（2）灯泡正常工作时，电路中的电流，灯泡正常工作时，两端的电压为4.5V，滑动变阻器两端的电压为6V-4.5V=1.5V，变阻器的电阻为，应选择的滑动变阻器是R2；（3）将滑动变阻器阻值调到最大，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路为断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表可以与电源的两极接通；若经检查灯泡是完好的，则故障可能是导线f出现断路；（4）从图2可知电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，其示数为0.22A，则则小灯泡额定功率的测量值为P额=U额I′=4.5V×0.22A=0.99W；（5）根据可知额定电压不变，新更换小灯泡的额定功率变大，则电阻变小，由串联分压可知，同等情况下其分压较小，闭合开关后，为使其两端电压达到额定电压，应让滑动变阻器的滑片向A端移动，以减小变阻器的阻值，减小变阻器的分压．故答案为（1）B；（2）R2；（3）f；（4）0.99；（5）向A端移动．【点睛】本题考查测量小灯泡的额定功率实验，用电压表测出加在用电器两端的电压，用电流表测出通过用电器的电流，根据公式P=UI计算出用电器此刻的电功率，这种方法叫做伏安法．22、条形不是电流方向安培定则【解析】

本题探究通电螺线管外部磁场的实验，考查了磁极间的相互作用及安培定则的应用，通电螺线管的磁场特点等。要求能熟练应用安培定则，由电流方向判断磁极方向，或由磁极方向判断电流方向。【详解】（1）通过铁屑的排列情况可知，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场相似。为描述磁场而引入的磁感线，磁场是真实存在的，磁感线不是真实存在的。（2）四个图中的螺线管电路中甲和乙的绕线方式相同，电流方向不同，根据小磁针的指向情况知：甲的右端为N极，乙的右端为S极；同理丙丁也是如此，所以实验说明螺线管的绕线方式相同时，极性只与它的电流方向有关；且这个关系可以用安培定则判断；（3）由图，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以螺线管的右端是S极，左端是N极；根据安培定则判断电流从螺线管的右端进入，从左端流出；滑片向左端移动时，通电螺线管中的电流变小，则滑动变阻器接入电路的电阻增大，所以滑动变阻器一定接入右端下接线柱。如图：五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）1.47×103J；（2）3.4×10﹣3m3。【解析】

（1）水吸收的热量是：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.5kg×（80℃-10℃）=1.47×105J；（2）由题意可知，指示灯电路消耗的电功率不计，10分钟消耗的电能：W=Pt′==400W×10×60s=2.4×105J；如果消耗的电能全部由天然气提供，由Q放=Vq知道，需要完全燃烧天然气的体积是：=3.4×10﹣3m3。24、（1）4Ω．（2）4W．（3）6W．【解析】试题分析：（1）当开关S接a时，灯泡L1与电阻R2串联（如下图所示），∵U2=1．2V，I=2．3A，∴电阻R2的阻值为：．（2）当开关S接a时，灯泡L1与电阻R2串联，∵灯泡L1正常发光时，∴灯泡L1两端的电压为额定电压U1=8V，又∵此时R2消耗的功率为P2=1W，而R2=4Ω，∴此时