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文档简介
1§9-1基本概念§9-4单口网络的平均功率功率因数§9-5单口网络的无功功率和视在功率§9-7正弦稳态最大功率传递定理§9-2电阻的平均功率§9-3电感、电容的平均储能第九章正弦稳态功率和能量2第9章正弦稳态功率和能量学习目的:掌握正弦稳态电路的功率计算。学习重点:计算平均功率、无功功率、视在功率、功率因数。学习难点:负载获得最大功率。关键词:功率、功率因数。3
若在dt时间内,由a点转移到b点的正电荷为dq,且由a到b为电压降u,则正电荷失去的能量,即ab段电路消耗或吸收的能量为
dw=u•dq
p(t)>0时,电路吸收功率
p(t)<0时,电路放出功率1.能量瞬时功率
p(t)=dw/dt=udq/dt=uiiu+–ab在关联参考方向下§9-1基本概念2.功率N0+–i(t)u(t)4
R:p
=
u·i=i2R>
0耗能元件L、C:p
>0吸收功率
p
<0释放功率
储能元件w(t)
=∫t0p(t
)dt消耗或吸收的能量为3.元件功率51.瞬时功率+u
i设:u(t)
=
Umcos
ti(t)
=
Imcos
t
p(t)
=
u·i
=
Umcos
t
Imcos
t
=
UmImcos2(
t
)UmIm[cos(2
t)+1]=12(2)
p
>
0,电阻消耗能量。
(1)
p
随时间变化按正弦规律变化,变化的角频率为2
,是电压或电流角频率的2倍。
0
tipuu·i·pπ2π§9-2电阻的平均功率结论:62.平均功率(有功功率)
P
=T1∫T0UmIm12UmIm[cos(2
t)+1]dt12=P
=
I2RR
U2P
=电阻平均功率的大小与电流的频率及初相角无关!进一步:71p(t)
=
Umcos
t
Imsin
t
=2UmImsin2
t
0
tipuu·i·pπ2π
A.p按正弦规律变化,变化的角频率为电压或电流角频率的两倍。
B.p>0吸收功率;p<0放出功率。P
=
0,
不消耗电能
(2)平均功率结论:-
+uiL设:u(t)
=
Umcos
ti(t)
=
Imcos(
t–90º)§9-3电感、电容的平均储能1.电感元件(1)瞬时功率
8(4)贮能w(t)=12Li2(t)=12LIm2sin2
t
=14LIm2(1-cos2
t
)LIm2
=14LIm2cos2
t
14平均贮能:LIm2=WL
=14LI212(3)瞬时功率的最大值—无功功率:无功功率QL反映了电感与电源之间能量交换的规模。单位为乏尔(var)
。QL
=
UI
=LI2=2WL无功功率又可表示为:i(t)
=
Imcos(
t–90º)9(1)瞬时功率
A.p按正弦规律变化,变化的角频率为电压或电流角频率的两倍
B.p>0吸收功率;P<0放出功率P
=
0不消耗电能
(2)平均功率21p(t)
=
–
Umcos
t
Imsin
t
=–UmImsin2
t
UIsin2
t
=–2.电容元件设:i(t)
=
Imcos(
t–90º)u(t)
=
Umcos(
t–180º)-
+uiC0
tipuu·i·pπ2π结论:10(3)瞬时功率的最大值—无功功率(4)贮能平均贮能:瞬时能量QC
=–
UI
=–
CU2=–2WC无功功率又可表示为:u(t)
=
Umcos(
t–180º)无功功率QC反映了电容与电源之间能量交换的规模。单位为乏尔(var)
。11
单一参数的交流电路小结元件类型瞬时值关系
大小关系
相量关系
功率纯电阻元件URm=RIRm
UR=RIR
UR=RIRP=IRUR=RIR2Q=0纯电感元件ULm=XLILm
UL=XLILXL=
LQ=ILUL=XLI2P=0纯电容元件UCm=
XCICmUC=XCIC
XC=1/
CQ=–ICUC=–
XCI2P=0uR=iRR12§9-4单口网络的平均功率功率因数设u(t)=Umcos(
t+
u)i(t)=Imcos(
t+
i)p(t)=UmImcos(
t+
u)cos(
t+
i)UmIm[cos(
u-
i)+cos(2
t+
u+
i)]21=UmImcos(
u-
i)+UmImcos(2
t+
u+
i)2121=N0
i(t)电源+u(t)
一.瞬时功率2cos
cos
=cos(
-
)+cos(
+
)N0
为不含独立源的网络电压与电流之间的相位差(阻抗角)
j=
u–
i13u·i·p0
tipuπ2π二.平均功率P=T1pdt∫T0一.瞬时功率P
=
∑PKnK=1根据功率守恒:j
:功率因数角=cosj:功率因数物理含义?14例:求单口网络的功率因数和平均功率。已知:I•j43
+–U
•I1•I2•–j5解:平均功率:或:15
在无独立源的单口网络交流电路中,可将电路等效为RLC的串联。I•U•UR•UL•
UC•UL•UC•相量图§9-5单口网络的无功功率和视在功率UX•由相量图:UX=UL–UCUXI=ULI–UCIQ=QL+QC一.无功功率QL=ULIQC=–UCIUURUX–jXCRjXL–
+–
+–
+–
+UIURIUXI电压的有功分量有功功率无功功率
16电压三角形功率三角形§9-5单口网络的无功功率和视在功率S2=P2+Q2S=UIQ=UXIP=URI
视在功率:S=UI
(单位:伏安)Q
=
UIsinj
UURUX一.无功功率Q=QL+QC二.视在功率视在功率反映电源设备的容量17功率小结:1.平均功率(W):功率因数角、阻抗角、电压与电流的相位差电阻上消耗的功率之和S=UIQ=UXIP=URI
P
=
∑PKnK=1功率因数18功率小结:3.视在功率Q=QL+QC电感与电容无功功率的代数和2.无功功率(var)
S=UI
(伏安)S=UIQ=UXIP=URI
Q
=
UIsinj电感取正,电容取负。视在功率反映电源设备的容量。Q
=
∑QKnK=119解:
例1.
R、L、C串联交流电路如图所示。已知R=30
、L=127mH、C=40F,。求:(1)电流
i及电压uR,uL,uC;(2)功率P和Q。V)20314cos(2220o+=tu–
+L–
+uCRiuLuCuR–
+–
+A)73°314cos(24.4+=ti(1)20V)73°314cos(2132+=tuRV)163°314cos(2176+=tuLV)17°314cos(2352-=tuC(2)电路为电容性–
+L–
+uCRiuLuCuR–
+–
+求:(1)电流
i及电压uR,uL,uC;(2)功率P和Q。21
例2.试求电路中的平均功率P,无功功率Q,视在功率S
及功率因数cos
,已知:=1000ºV。U•解:Z=(3+j4)(–j2)3+j4–j2–6j+83+j2=10
–36.87º3.6
33.69º==2.78
–
70.56º
I=UZ••=1000º2.78
–
70.56º=36
70.56ºAP=UIcos
=100×36cos(0º–
70.56º)=1200WQ=UIsin
=100×36sin(0º–
70.56º)=–3400varS=UI=100×36=3600V·Acos
=cos(0º–70.56º)=0.33I•j43
+–U
•I1•I2•–j222
例3.电路如图所示,
V。
(1)求200
负载的功率P;
(2)求电源右侧电路功率因数l;
(3)求100
电阻上消耗的功率;
2H200
+us–100
j400
Ri·RL200
+Us–100
I·23·15I
=1000˚300
+
j400=1000˚500
53.1˚=(–53.1)˚A
P200Ω
=
I2RL
=
(
15)2
200
=
8W(2)l
=
cos(
u
–
i)
=
cos53.1˚
=
0.6(电压超前电流)(3)P100Ω
=
I2Ri
=
(
15)2
100
=
4W解:(1)US
=
1000˚V·j400
Ri·RL200
+Us–100
I·(1)求200
负载的功率P
;(2)求电源右侧电路功率因数l;(3)求100
电阻上消耗的功率.24例4.图示电路中电压源在
=400rad/s和超前功率因数0.8之下供电(即电流超前电压),消耗在电阻上的功率是100W,试确定R和C的值。解:cosj=0.8j=–arccos0.8=–36.87°
R2
+
(
C1)2UI
=
RC1=
0.751j
C1
CR1=
R2
+
(
C)2Z
=
R
+
arctg(–)tg(–36.87˚)
=
–0.75Rj
C1I·+U
=
1000˚V–·RC1=
0.75
400
=
30025R2
+
(
C1)2U2P
=
I2R
=
R=
2C2RU21
+
2C2R2=
100=
100---(2)
2C2RU21
+
2C2R2
=
300------(1)RC1300C1300
52.08
10-6
=R
=1
=
643001代入(2)C
=
52.08mF
RC
=Rj
C1I·+U
=
1000˚V–·26功率因数低引起的问题平均功率
P=UNIN
cos
功率因数(1)电源设备的容量不能充分利用(2)增加输电线路和发电机绕组的功率损耗在P、U一定的情况下,cos
越低,I越大,损耗越大。情况下,cos
越低,P越小,设备得不到充分利用。P=UIcos
电压与电流的相位差、阻抗角、功率因数角在电源设备UN、IN一定的三.提高功率因数1.提高功率因数的意义27提高功率因数的方法+–uiiRLLRCiCI
•IC•IRL•U
•
1
电路功率因数低的原因
并联电容后,电感性负载的工作状态没变,但电源电压与电路中总电流的相位差角减小,即提高了整个电路的功率因数。同时总电流减小。通常是由于存在电感性负载将适当的电容与电感性负载并联因
<
1
故
cos
>cos
12、提高功率因数cos
的方法28例5.设有一台220V、50Hz、50kW的感应电动机,功率因数为0.5。求:(1)电源供应的电流是多少,无功功率是多少?(2)如果并联电容使功率因数为0.9,所需电容是多大,此时电源提供的电流是多少?解:(1)PL=UIL
cos
L
+–uiLPL=50kWiCiCQL=UIL
sin
L=2204550.866=86.7kvarcos
L=0.5
L=6029例5.设有一台220V、50Hz、50kW的感应电动机,功率因数为0.5(1)电源供应的电流是多少,无功功率是多少?(2)如果并联电容使功率因数为0.9,所需电容是多大,此时电源提供的电流是多少?+–uiLPL=50kWiCiC(2)并联电容后,电源提供的无功功率解:cos
=0.9
=25.84由QC
=–
CU2P=UIcos
30作业P-105习题94,96,910,914
31§9-7正弦稳态最大功率传递定理
Z0ZLI·+UOC-·+UL-·求负载获得最大功率的条件设UOC、Z0不变,ZL可变,·(1)ZL=RL+jXL
RL和XL都可变Z0+ZL
UOC(R0
+
RL)
+
j(X0
+
XL)
=I
=
UOC···=(R0+RL)2+(X0+XL)2
UOC(-arctgR0+RL)X0+XL32(R0+RL)2+(X0+XL)2
UOC2
RLPL=I2RL=当X=X0+XL=0时,分母最小,PL最大(R0
+
RL)2
UOC2
RLPL
=dPL(R0+RL)2–2RL(R0+RL)=0dRL=UOC2(R0+RL)4(R0
+
RL)2
–
2RL(R0
+
RL)
=
0R0
+
RL
–
2RL
=
0RL
=
R0负载获得最大功率的条件:共轭匹配:RL=R0
XL=–X0*ZL
=
Z0Z0ZLI·+UOC-·+UL-·=(R0+RL)2+(X0+XL)2
UOC(-arctgR0+RL)X0+XL33(R0
+
RL
)2
UOC2
RL
=PLmax
=4R0
UOC2PLmax
=4R0
UOC2获得的最大功率Z0ZLI·+UOC-·+UL-·负载获得最大功率的条件:共轭匹配:RL=R0
XL=–X0*ZL
=
Z0(1)ZL=RL+jXL
RL和XL都可变34(R0+RL)2+X02
UOC2
RLPL=(2)负载为纯电阻ZL=RLdPL(R0+RL)2+X02–2RL(R0+RL)dRL=[(R0+RL)2+X02]2UOC2=0(R0+RL)2+X02–2RL(R0+RL)=0R02+2R0RL+RL2+X02–2R0RL–2RL2=0R02–RL2+X02=0RL2=R02+X02RL=R02+X02=
Z0
模匹配PLmax=I2RLZ0ZLI·+UOC-·+UL-·35
(3)负载ZL的阻抗角固定而模可改变
ZL
=
R02
+
X02=
Z0
模匹配阻抗三角形XL
RL
ZLZL=RL
+
jXL=|ZL|∠j
在这种情况下,可以证明,负载获得最大功率的条件为:负载阻抗的模应与电源内阻抗的模相等,称为模匹配。
在这种情况下,负载所获得的最大功率并非为可能获得的最大值。如果负载阻抗的阻抗角也可调节,还能使负载得到更大一些的功率。Z0ZLI·+UOC-·+UL-·36负载获得最大功率的条件ZL=RL+jXL
RL和XL都可变*ZL
=
Z0负载为纯电阻
RLPLmax=I2RLZL的阻抗角固定而模可改变模匹配PLmax=I2RL模匹配共轭匹配37例1:电路如图,求(1)获得最大功率时ZL为何值?(2)最大功率值;(3)若ZL为纯电阻,ZL获得的最大功率。解:用戴维南定理求=
2
+
j2
=
2245˚k
(1)ZL
=
2
–
j2k
时获得最大功率ZL2120˚mAj4K2K2K(2
+
2)
103
j4
103(2
+
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