浙江省杭州市富阳区富春中学2025届物理九上期中达标检测模拟试题含解析

浙江省杭州市富阳区富春中学2025届物理九上期中达标检测模拟试题标检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）1．下列几种情况中,通过改变物体受到的浮力大小使物体上升的是A．向盛有清水的杯子中加入食盐，沉在杯底的鸡蛋逐渐上浮B．潜水艇从水底向水面升起C．点燃孔明灯中的松脂后，灯就能够腾空而起D．打捞沉船时向浮筒内压人高压气体2．下列事例中，用做功的方法使物体内能增加的是（）A．热水淋浴后，全身感到暖和 B．冬天，对手哈气，手感到暖和C．冬天，两手互相摩擦，手感到暖和 D．冬天，室内用暖气取暖，感到暖和3．如图，一木块从斜面上匀速滑下，下列说法正确的是（）A．木块只受到重力和斜面的支持力B．下滑过程中，木块的重力势能转化为动能C．下滑过程中，木块的机械能保持不变D．下滑过程中，木块的重力势能转化为内能4．一位同学用10秒从一楼上到了三楼，则他上楼时的功率大约是：A．3瓦 B．30瓦 C．300瓦 D．3000瓦5．关于内能的变化，下列说法正确的是A．火箭从地面向上发射过程中，火箭外壳和大气摩擦后内能逐渐增大B．冬天用热水袋取暖，热水袋的内能逐渐增大C．云中形成的冰粒在下落过程中，不断对外界做功，内能减小D．子弹击中一块木板后温度升高，子弹的内能增大，木板的内能减小6．下列说法不属于用做功改变物体内能的是A．小孩从滑梯上滑下，臀部发热B．汽缸内空气被压缩，温度升高C．钻木取火D．加热使水沸腾7．下列四幅图中，图文对应关系正确的是A．接收到鱼群发出的声音可确定鱼群位置B．声音经过传播频率会降低C．声音高低不同是因为发声频率不同D．捂住耳朵可以减少噪声的频率8．下列简单机械中,属于省力杠杆的是A．B．C．D．9．均匀实心正方体甲的密度小于乙的密度，两正方体分别放置在水平地面上时对地面的压强相等。现分别在两物体上沿水平方向截去一定质量的物体后，其剩余部分对水平地面的压强仍然相等。截去部分的物体质量分别为Δm甲、Δm乙，则下列说法正确的是()A．Δm甲一定大于Δm乙 B．Δm甲一定小于Δm乙C．Δm甲可能等于Δm乙 D．Δm甲可能小于Δm乙10．关于热机效率的说法正确的是（）A．用热值大的燃料，就能提高热机效率 B．减少各种热损失，可以提高热效率C．多燃烧燃料，就能提高热机效率 D．采用适当方法，热效率可以等于或大于111．用两个相同的加热器，分别对质量相等的甲乙两种液体加热，其温度随时间的变化如图所示，由图像可以看出A．甲的比热容比乙的比热容小 B．甲的比热容比乙的比热容大C．甲的比热容比乙的比热容相等 D．加热过程中，甲的比热容逐渐增大12．关于温度、热量和内能，下列说法中不正确的是A．热传递发生的条件是存在温度差 B．10℃的水内能可能比50℃的水的内能多C．物体吸收了热量，温度一定会升高 D．一个物体温度升高了，它的内能一定增加13．关于电压、电流和电阻，下列说法正确的是A．导体的电阻是由通过它的电流决定的B．电荷的移动就能形成电流C．电压的作用是电路中产生自由电荷D．电路中有电流时它两端一定有电压14．一轻质杆支于水平的转轴O上，可绕轴在竖直面上自由转动（杆的质量、杆与转轴间摩擦和空气阻力不计），当杆左右两端固定质量分别为m和M（m＜M）两金属球P和Q时，杆恰好在水平位置平衡，如图．现把转轴位置从O向右移到O'处，在杆第一次转动到竖直位置前，下列说法正确的是（）A．P球：上升，动能增加、势能增加 B．Q球：上升，动能减少、势能增加C．P球：下降，动能增加、势能减少 D．Q球：下降，动能增加、势能减少15．如图所示的各种情景，属于热传递改变物体内能的是A．滑下滑梯 B．给水加热C．压缩点火 D．搓手取暖16．如图所示的电路中，电源电压为4.5V不变，电阻R1标有"6Ω0.5A"，滑动变阻器R2标有"30Ω1A"，电流表量程为"0～0.6A"，电压表量程为"0～3V"．为了保护各电表和元件，滑动变阻器R2允许接入电路的阻值范围是A．0～12Ω B．0～30ΩC．3～12Ω D．3～30Ω17．图示电路中（电源电压保持不变），闭合开关S和S1，两灯均发光。当断开S1时，甲乙两表示数将（）A．甲示数不变，乙示数变大B．甲示数变小，乙示数不变C．甲示数变大，乙示数不变D．甲示数变小，乙示数变大18．用一段细铁丝做一个支架作为转动轴，把一根中间戳有小孔（没有戳穿）的饮料吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动（如图所示）．用餐巾纸摩擦吸管使其带电，将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时，发现吸管被推开，下列说法正确的是（）A．吸管和橡胶棒带异种电荷B．吸管和餐巾纸摩擦后，两者带同种电荷C．吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得电子带负电D．吸管和餐巾纸摩擦时，吸管失电子带负电19．如图所示，先用导线把电源、灯泡连接起来，再依次把铅笔芯、塑料线、玻璃棒、瓷棒等分别接到M、N之间，其中能使灯泡发光的是（）A．铅笔芯 B．塑料线 C．玻璃棒 D．瓷棒20．下列常见的自然现象，能用分子动理论的知识解释的是A．春天，槐花飘香 B．夏天，柳枝飞扬C．秋天，落叶飘零 D．冬天，雪花飘飘21．下列说法中正确的是（）A．物体的内能增加，温度一定升高B．10°C的水比20°C的水含有的热量少C．把生鸡蛋放到沸水中，水将温度传给鸡蛋D．把烧红的铁块放到冷水中，铁块的内能一定减少22．关于欧姆定律不正确的说法是A．导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比B．在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比C．导体的电阻等于导体两端的电压跟通过导体的电流之比D．在导体两端的电压一定时，导体的电阻与导体中的电流成反比23．如图所示的电路中，闭合开关时，下列说法正确的是A．电流表测的是灯泡L2的电流B．开关只能控制灯L1C．电流表测的是灯泡L1的电流D．两个灯泡串联24．为维护消费者权益,我市技术监督部门对市场上的电线产品进行抽查，发现有一个品牌的铜芯电线不符合规格，电线直径明显比说明书上标的直径要小，这种电线不符合规格的主要原因是()A．电线的材料引起电阻偏小 B．电线的材料引起电阻偏大C．电线的横截面积引起电阻偏小 D．电线的横截面积引起电阻偏大25．在“怎样使两个灯泡都亮起来”实验中，小明用如图所示的方法将两个规格不同的小灯泡连接起来，两个小灯泡都亮了．下列分析错误的是A．两个小灯泡是串联的

B．两个小灯泡是并联的C．通过两个小灯泡的电流相等

D．两个小灯泡两端的电压不同26．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，灯不亮，电流表有示数，电压表没有示数．则电路的故障情况可能是（）A．灯L断路 B．灯L短路 C．电阻R断路 D．电阻R短路27．电阻单位是为了纪念下列哪位物理学家而命名的A． B． C． D．28．用与毛皮摩擦过的橡胶棒靠近一轻质小球，发现两者互相排斥，由此可判定A．小球一定带正电

B．小球一定不带电

C．小球一定带负电

D．小球可能带负电，也可能不带电29．如图甲所示，验电器A带负电，B不带电．用带有绝缘柄的金属棒把验电器A、B两金属球连接起来的瞬间（如图乙所示），金属棒中A．电流方向由A到BB．电流方向由B到AC．有电流但方向无法确定D．始终无电流30．电阻R1与R2组成串联电路，已知且R1＝3R2，若R2两端电压是4.5V，那么此串联电路的总电压为（）A．1.5V B．4.5VC．13.5V D．18V二、填空题（每空1分，共10题，20分）31．如图电阻箱表示的电阻是_____欧姆．32．电冰箱里的食物容易相互“窜味”，从物理学角度分析，食物“窜味”属于_______现象。公园中的人工湖可以大大减弱周围地区的“热岛效应”，这是利用了水的______较大的特性。33．上《电流》一课时，老师常用水的流量和水流来类比电量和电流．理想水渠交叉点上单位时间内流入的总水量等于流出的总水量，同理，在电路的某连接处，流入的电流总和等于流出的电流总和．如图是某实验电路的一部分，电流表的示数为__________，若通过导线电流为，通过导线的电流大小及方向可能是__________，____________________．34．建筑及装修工程中经常需要用钻孔机钻孔（如图），钻孔时钻头发热是由于克服摩擦力_____使钻头的内能增加了，在钻孔过程中不断地往钻头上注水，可以利用水的比热容较_____，能吸收较多的热量，从而降低钻头的温度避免钻头烧坏．35．一滑动变阻器的名牌标有“45Ω,2A”的字样，其中“45Ω”的意义是：____________，“2A”的意义是：___________。36．如图所示，L1中的电流是1.6A，L2中的电流是0.9A，则电流表A1的示数为________A。37．在汽油机的工作过程中，_____冲程使气缸内混合物温度升高，为燃料的燃烧做准备，汽油机工作时会产生大量热，需要用水进行降温，这是利用水的_____大的特性．在图示的能流图中，_____带走的能量最多，设法利用这部分能量，是提高燃料利用率的重要措施．38．如图所示，电源电压恒定，R1=20Ω．闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A；若再闭合S1，发现电流表示数变化了0.2A，则电源电压为__________V，R2的阻值为__________Ω．39．如图，在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，结果棉絮被压燃，这是因为活塞对_________做功，使它的内能_____________，温度_______________，达到棉絮燃点的缘故。现有一台单缸四冲程汽油机，飞轮转速是1800r/min，该汽油机每秒钟内完成_____________个冲程，对外做功_________次。40．1791年，意大利人伏打发明了最早的电池﹣﹣伏打电堆，小明仿造了一个伏打电堆，并用电压表测量其电压，如图所示．此电池的正极是（选填“锌板”或“银板”），需要节这样的电堆串联才能达到一节干电池的电压．三、实验题（每空1分，共2题，15分）41．在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中，小明用如图所示图两个相同的装置做实验，实验器材还有天平和秒表：实验中应量取质量的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用如图所示相同的加热方式加热的目的是______．当加热相同的时间时，通过比较______判断吸热能力的强弱．通过实验，记录数据如下表所示，从开始加热到，甲、乙两种液体吸收热量的关系为______选填“大于”、“等于”、“小于”．分析实验数据可知_______物质的吸热能力更强．小明完成实验后，想利用现有装置继续探究“比较不同燃料完全燃烧放出的热量”的实验他除了将酒精灯换成装有______“相等”或“不相等”质量的碎纸片和酒精的蒸发皿外，还应完成的更换为______在此实验中是通过比较______来反映燃料燃烧放出的热量更换完毕后，小明同时点燃两种燃料对液体进行加热，记录燃料燃烧相同时间后液体升高的温度，然后通过比较的大小得出实验结论小明设计的实验方案错误之处是_______，应该修改为_______．42．为了比较煤油和菜籽油热值的大小，小明制定了下列的实验方案：取质量相等的小量煤油和菜籽油，分别盛装在空的酒精灯中，制成油灯。点燃后分别给两个相同的烧杯（内装质量相等、初温都是20℃的水）加热，通过观察水温的变化，判断两种燃料热值的大小。请根据小明的设计方案回答下列有关的问题：（1）如图是煤油燃烧完时，用煤油灯加热的烧杯中温度计的示数，此时水温是96℃。菜籽油燃烧完后，用菜籽油灯加热的烧杯中温度计的读数是87℃，由此判断___的热值比较大。（2）小明用天平测出水和煤油的质量，并根据Q吸=cm（t-t0）计算出水吸收的热量，然后利用这个热量计算出煤油的热值，发现结果与课本中给出的煤油热值相比______（偏大、偏小、相等）。分析原因：__________。（3）小明设计的实验方案中，你认为两杯水的质量要大些好还是小些好？________；理由是_________。四、计算题（每题10分，共2题，20分）43．电阻R1和R2串联在电源电压恒为6V的电路中，已知电阻R1=4Ω，电阻R1两端的电压是2V，求：R1中的电流和电阻R2的阻值．44．有一些材料，导电能力介于导体和绝缘体之间，这种材料称做半导体.有一种半导体其电阻的大小随温度的变化而明显改变，利用这种半导体材料制成的电阻叫热敏电阻。热敏电阻可以用来测量温度的变化，且反应快，精度高.李明同学为了检测他家蔬菜大棚内的温度变化，他用热敏电阻设计了一个如图所示的电路，其中电源电压是3V,热敏电阻的阻值随温度变化的图像如图所示，电流表的量程是0－100mA。为了能从电流表直接读出大棚内的气温，他将电流表的刻度盘改画成温度的刻度，这样改造后的电流表就成了气温表。（1）请你帮他计算,改造成的气温表能测量的最高温度是多少？写出计算过程。（2）结合图像分析，你认为李明设计的电路有什么不妥之处?（3）对电路进行改进：在保持现有元件不变的条件下，再增添一个20Ω的电阻，串联在原电路中，在方框中画出改进后的电路图。（4）通过计算说明，改进后的气温表的0℃应与电流表刻度盘的什么刻度对应?（5）通过计算求出改进后的气温表能测出的最高温度？

参考答案一、选择题（每题1.5分，共30题，45分）1、A【解析】

A．向盛有清水的杯子中加入食盐，鸡蛋重力不变，浮力随密度的增大而增大，浮力大于重力，故鸡蛋会上升，故A符合题意；B．潜水艇从水底向水面升起，浮力未发生改变，是通过改变自身重力来改变浮沉的。故B不符合题意；C．点燃孔明灯中的松脂后，灯就能够腾空而起，灯内空气密度小于外部空气密度，浮力未变，改变的是自身重力。故C不符合题意；D．打捞沉船时向浮筒内压人高压气体，通过改变自身重力来改变浮沉。故D不符合题意。2、C【解析】

A．热水淋浴，全身感到暖和是通过热传递的方式增加内能的，故A不符合题意；B．冬天，对手哈气，手感到暖和是通过热传递的方式增加内能的，故B不符合题意；C．冬天，两手互相摩擦，手感到暖和是通过做功的方式增加内能的，故C符合题意；D．冬天，室内用暖气取暖，感到暖和是通过热传递的方式增加内能的，故D不符合题意。故选C。3、D【解析】

A．由图可知，一木块从斜面上匀速滑下时，受到重力、支持力和摩擦力的作用，故A错误；B．匀速下滑过程中，木块的速度不变，所以动能不变，不是重力势能转化为动能，故B错误；C．下滑过程中，动能不变，重力势能减小，所以木块的机械能变小，故C错误；D．下滑过程中，木块的高度降低、重力势能减小，而动能不变，所以重力势能转化为内能，故D正确。故选D。4、C【解析】

一个学生的质量为50kg，每一层楼的高度为3m，从一楼走到三楼，上升的高度为6m，做的功：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×6m=3000J，他上楼时的功率：P===300W．故选C．5、A【解析】试题分析：火箭从地面向上发射过程中，火箭外壳和大气摩擦，机械能转化为内能，温度越来越高，其内能增大，故A正确；热水袋取暖是利用热传递，内能从热水袋转移到手上，热水袋的内能逐渐减小，故B错误；云中形成的冰粒在下落中，一部分机械能转化为内能，温度渐渐升高变成了雨滴，其内能逐渐增大，故C错误；子弹击中一块木板后，子弹和木块的温度都升高，此时消耗了子弹机械能，转化为子弹和木块的内能，子弹和木板的内能都增大，故D错误，故选A．考点：物体内能的改变6、D【解析】

A.滑滑梯时，小孩克服摩擦做功，使臀部的内能增大，所以臀部会发热，属于做功改变物体的内能，不符合题意．B.汽缸内空气被压缩，活塞对气体做功，气体的内能增大，温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意；C.钻木取火是通过做功的方式改变了木头的内能，不符合题意；D.将水壶放在火上加热，温度升高了，是通过热传递改变物体的内能，符合题意．故选D.【点睛】知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．7、C【解析】

A、声呐是根据回声定位原理发明的一种回声测距装置，声纳系统发出超声波经鱼群反射回来，而不是接收鱼群发出的声音．故A说法不正确．B、听诊器的工作原理就是利用声音在管中集中传播，减小声音的分散，提高声音的响度，但频率不会降低．故B说法不正确．C、音调是指声音的高低，音调与声源的振动频率有关，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低．故C说法正确．D、捂住耳朵是在人耳处减弱噪声．实质是降低噪声的响度，噪声的频率不会减小．故D说法不正确．故选C．8、C【解析】动力臂大于阻力臂的杠杆属于省力杠杆，故选C9、A【解析】

均匀实心正方体在水平面上，则产生的压强为：p==ρgh，甲的密度小于乙的密度，故甲的高度要大于乙的高度，即甲的体积大于乙的体积，甲的底面积大于乙的底面积；现分别在两物体上沿水平方向截去一定质量的物体后，其剩余部分对水平地面的压强仍然相等，则：Δp甲=Δp乙，根据p=可知因为甲的底面积大于乙的底面积，故Δm甲一定大于Δm乙，故选A。10、B【解析】

A.用热值大的燃料，燃烧相同燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定得到提高，故A错；B.减少燃烧燃烧热量的损失，可以提高热机效率，故B正确；C.多燃烧燃料，可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定得到提高，故C错；D.热机工作时，总要克服摩擦做功、总有部分能量散失到空中，用来做有用功的能量一定小于燃料完全燃烧产生的能量，所以热机效率一定小于1，故D错．故选B．【点睛】热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比；减少热的损失，可以提高效率．11、A【解析】

①同样的加热时间，甲和乙吸热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大；②比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与温度无关．【详解】ABC、由图示可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，甲的温度升高的快，利用热量的计算公式可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；所以，甲的比热容小，乙的比热容大．选项B、C错误，选项A正确；D、比热容与物质的温度无关，所以加热过程中物质比热容不变．此选项错误．故选A【点睛】本题考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形（取相同的时间比较甲乙温度变化的高低）．12、C【解析】解答：A.发生热传递的条件是有温度差，故A正确；B.物体的内能不但和物体的温度有关，还与物体的质量、状态有关，所以10℃的水内能可能比

50℃的水的内能多，故B正确；C.物体吸热时，内能增大，但温度不一定升高，例如：晶体在熔化过程中虽然继续吸热，但温度是不变的，故C错误；D.同一物体,质量不变,温度升高了,分子的无规则运动加快(分子动能增大)，它的内能一定增加，故D正确．点睛：（1）发生热传递的条件：有温度差；（2）内能是指物体内部所有做无规则运动分子的动能和分子势能的总和，不同物体的内能大小和物体的温度、质量有关；（3）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；（4）内能的大小与物体的质量、温度有关．13、D【解析】

A．导体的电阻是导体本身的一种性质，反映了导体对电流的阻碍作用的大小．电阻与导体中的电流、导体两端的电压大小无关，故A错误．B．电荷的定向移动形成电流，故B错误．C．电压的作用就是使电路中的自由电荷发生定向移动形成电流．而不是产生自由电荷，故C错误．D．电压是电路中形成电流的原因，电路中有电流时，它两端一定有电压，故D正确．故答案为D．14、C【解析】

抓住力臂变化，应用杠杆平衡公式判断杆的旋转方向，再根据动能、势能的决定因素判断其大小变化即可。【详解】分别作出当杆水平时转轴在O和O'对应力臂，如下图所示：由于当转轴处于O点时，杆恰好在水平位置平衡，则可由杠杆平衡公式得：将转轴位置从O向右移到O'处后，可得：物体质量不变，故可得：杆逆时针转动。AC．由于杆逆时针转动，则P球下降，由静止到运动，速度增大，由于球质量不变，则其动能增大，势能减小，故A错误，C正确；BD．由于杆逆时针转动，Q球上升，由静止到运动，速度增大，由于球质量不变，则其动能增大，势能增大，故BD错误。15、B【解析】

（1）热传递是能的转移过程，即内能从高温物体向低温物体转移的过程，在此过程中能的形式不发生变化；（2）做功实质是能的转化过程，做功的过程中能量的形式变了，是机械能和内能的转化过程．【详解】A、从滑梯滑下，臀部发热，臀部与滑梯摩擦，机械能转化为内能，这是通过做功的方式改变物体内能，故A错误；B、对水壶加热，壶内水吸收热量、水温升高，是通过热传递的方式改变水的内能，故B正确；C、向下压活塞，棉花着火了，压缩筒内空气做功，使筒内空气的温度升高、内能增大，是通过做功方法改变物体内能的，故C错误；D、用“搓手”的方法取暖，克服摩擦做功，使手的温度升高、内能增大，是通过做功方法改变物体内能的，故D错误．故选B．【点睛】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程也就是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程．16、C【解析】电路图可知，滑动变阻器与电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流；因为电阻R1标有“6Ω0.5A”，所以电路中的电流最大为I1=0.5A，此时滑动变阻器连入电路的电阻最小，电阻R1两端电压是：U1=I1R1=0.5A×6Ω=3V，因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压是：U2=U-U1=4.5V-3V=1.5V；故滑动变阻器连入电路的电阻最小值是：R小=U2/I1=1.5V/0.5A=3Ω；当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，滑动变阻器分得的电压为最大，且U大=3V，此时R1两端电压为U3=U-U大=4.5V-3V=1.5V，所以电路电流是：I=U3/R1=1.5V/6Ω=0.25A，滑动变阻器接入电路的电阻最大为R大=U大/I=3V/0.25A=12Ω；综上所述滑动变阻器R2允许接入电路的阻值范围是.3～12Ω，故选C．17、B【解析】

由电路图可知，闭合开关S和S1时，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测下面支路的电流；再断开开关S1后，电路为下面灯泡的简单电路，两电流表均测通过下面灯泡的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过下面灯泡电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。【详解】由电路图可知，闭合开关S和S1时，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测下面支路的电流，再断开开关S1后，电路为下面灯泡的简单电路，两电流表均测通过下面灯泡的电流；AC．因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则断开开关S1后，干路电流变小，即电流表甲的示数变小，故AC错误；BD．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，则通过下面灯泡的电流不变，即乙电流表的示数不变，故B正确、D错误。故选B。18、C【解析】根据题意知道，用餐巾纸摩擦吸管使其带电，把毛皮摩擦过的橡胶棒放在带电吸管一端的附近，发现吸管被推开，则说明吸管和橡胶棒带的是同种电荷，又因为毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，所以，吸管带负电，又因为摩擦起电的过程中失去电子的带正电，得到电子的带负电，所以餐巾纸失去电子带正电，吸管得电子带负电，故ABD错误，C正确，故选C．点睛：本题考查的是摩擦起电与电荷间的作用规律，解题的关键是知道电荷间的相互作用规律，难度不大．19、A【解析】

灯泡发光时，电路应是通路，所以在M、N两点间接入的应是导体材料，四个选项中只有铅笔芯是导体，故应选A．20、A【解析】A、槐花飘香，是槐花分子运动的结果，是分子运动．故A符合题意．B、夏天，柳枝飞，属于机械运动扬．故B不符合题意．C、落叶飘零是物质在运动，属于机械运动．故C不符合题意．D、雪花飘飘是物质运动，属于机械运动．故D不符合题意．故选A．21、D【解析】A、物体的内能增加，温度不一定升高，如：晶体熔化过程中，吸热，内能增加，但温度不变，故A错误.B、热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故B错误.C、温度是指物体冷热的程度，不能传递温度；把生鸡蛋放到沸水中，是水将热量传给鸡蛋，故C错误.D、把烧红的铁块放到冷水中，铁块向外放出热量，其内能一定减少，故D正确.故选D．22、D【解析】

A、由欧姆定律可知：导体中的电流，跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故A正确；B、由知，在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比，即电压越高时，通过导体的电流越大，故B正确C、由知，导体的电阻在数值上等于导体两端的电压跟通过导体的电流之比，故C正确；D、电阻是导体本身的性质，与电压和电流无关，故D错误．故选D．【点睛】牢记电阻是导体本身的性质；还要牢记由欧姆定律推导出的，作为公式计算可以，但千万不能说电阻与电压成正比，与电流成反比，这样的说法是没有意义的．23、C【解析】

读图可以知道，两只灯泡组成并联电路，电流表与灯泡L1串联，测灯泡L1的电流，开关在干路中，控制整个电路，所以C选项是正确的,A、B、D错误.所以C选项是正确的.【点睛】根据电流流向法，先判断出电路的串并联特点，再确定电流表的测量对象，最后对照选项得出正确的答案。24、D【解析】

在实际输电中长度、材料及温度可以看作是不变的；故当导体的长度、材料、温度不变时，横截面积越小，电阻越大。本题中的条件即为直径小，即截面积小；故导致电阻偏大，故选D。25、B【解析】AB、如图所示的方法连接，电流只有一条路径，故两灯的连接方式是串联；故A正确，B错误；C、串联电路中电流处处相等，故通过两个小灯泡的电流相等，故C正确；D、因为是两个规格不同的小灯泡串联，所以两个小灯泡两端的电压不同，故D正确．故选B．26、B【解析】

A．灯L断路时，电路中没有电流，故A错误；B．灯L短路时，灯不会亮，但电路中有电流，即电流表有示数，而电压表同时被短路，所以没有示数，故符合题意；C．电阻R断路时与电源负极不通，电压表、电流表都不会有示数，故C错误；D．电阻R短路，电压表测量电源电压，故D错误；27、B【解析】

A、物理学上用牛顿的名字命名了力的单位，不合题意；B、物理学上用欧姆的名字命名了电阻的单位，符合题意；C、物理学上用帕斯卡的名字命名了压强的单位，不合题意；D、物理学上用安培的名字命名了电流的单位，不合题意．故选B．28、C【解析】

题中说毛皮摩擦过的橡胶棒，此棒一定带负电，又说棒与小球排斥，说明棒与小球带同种电荷，即小球也带负电．故选C．29、B【解析】

依题意可知，验电器A带负电，说明在A验电器的中负电荷数大于正电荷数，显现为带负电，当与不带电的验电器的金属球B接触时，A验电器的中负电荷会转移到验电器B上，形成瞬间电流，物理学中把正电荷定向移动的方向规定电流方向或负电荷定向移动的反方向为电流方向，所以电流的方向从B到A，故B符合题意，ACD不符合题意．30、D【解析】

由题知，所以因故根据串联电路电压的特点可得总电压故选D。二、填空题（每空1分，共10题，20分）31、1【解析】由图可知，电阻箱接入电路的阻值为R=9×1000Ω+8×100Ω+8×10Ω+6×1Ω=1Ω；故答案为1．【点睛】知道电阻箱的读数是解决该题的关键．32、扩散比热容【解析】

[1]食物窜味是由于带有食物味道的分子在不断运动混合在一起，是扩散现象；[2]水的比热容较大，在吸收更多的热量情况下温度变化较小，可以减弱周围的“热岛效应”。33、【解析】电流表选择量程，分度值为，示数为；电流表的正确接法是电流从“”接线柱流入，从“”接线柱流出，所以有两种情况：（1）若导线的电流从，根据电流的走向，则ab中的电流和通过电流表的电流都流向dc导线，因此dc在干路，则，方向：．（2）若电流方向是从，即表明ab在干路中，由于ab的电流为0.6A，电流表示数为0.46A，则，方向：。34、做功大【解析】

钻孔时钻头发热是由于摩擦力对钻头做了功，即钻头克服摩擦力做功，所以钻头内能增加；由于水的比热容大，所以可以用水作为冷却剂，吸收较多热量而温度升高的不会太高，起到保护钻头的作用。35、滑动变阻器的最大阻值是45Ω允许通过的最大电流是2A【解析】

滑动变阻器的铭牌上标有的是滑动变阻器的最大阻值和允许通过的最大电流；所以，滑动变阻器铭牌标有“45Ω2A”[1]45Ω表示的意义是：滑动变阻器连入电路的最大电阻是45Ω；[2]2A表示的的意义是：允许通过的最大电流是2A。36、2.5【解析】分析该图不难看出,两灯并联,电流表A1测的是干路电流,电流表A2测的是L2的电流I2＝0.9A，所以由L1中的电流I1＝1.6A,根据并联电路的电流规律可得电流表A1的示数为1.6A+0.9A＝2.5A.点睛：分析电路图，确定两灯的连接方式（并联）及两电流表的测量对象，根据并联电路的电流特点分析回答．37、压缩比热容废气（或“尾气”）【解析】

[1]内燃机中的压缩冲程将机械机械能转化为了内能，此过程中，气缸内的混合物温度升高；[2]汽油机工作时会产生大量热，一般用水做冷却剂，是因为水的比热容比较大，在升高相同的温度时可以吸收更多的热量，因此可以有效降低发动机的温度．[3]热机的各种损失中，废气带走的能量最多．设法利用这些能量，是提高燃料利用率的重要措施．38、630【解析】

闭合开关S，断开开关S1，只有R1单独接入电路，电源电压：．再闭合S1，发现电流表示数变化了0.2A，则通过R2的电流就是0.2A，R2的阻值：．39、筒内空气增加升高6015【解析】

[1][2][3]在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，活塞对筒内空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增大，温度升高，达到了棉絮的燃烧点，棉絮燃烧起来；[4]四冲程汽油机的飞轮转速为1800r/min，则该飞轮每秒钟转30圈。因为一个工作循环飞轮转2圈，完成4个工作冲程，故汽油机每秒钟完成60个冲程。[5]一个工作循，四个冲程，对外做功一次，汽油机每秒钟完成60个冲程，完成15个工作循环，对外做15次。40、银板；3【解析】试题分析：电压表在使用时，应使电流从电压表的正接线柱进入，负接线柱流出，电压表的指针正向偏转．因此，该伏打电堆外的电流是从银板经电压表流向锌板，银板为正极，锌板为负极．电压表接入3伏量程，应从下方读数，即0.5伏，而一节干电池的电压为1.5伏，相当于3个电堆串联．考点：电压表的使用，电流的方向，电源三、实验题（每空1分，共2题，15分）41、液体在相同时间内吸收的热量相同液体升高的温度小于甲相等甲液体成相等质量的乙液体或乙液体成相等质量的甲液体液体升高的温度记录燃料燃烧相同时间后液体升高的温度记录燃料燃烧完后液体升高的温度【解析】实验中应量取质量的甲、乙两种液体，分别倒入相同的烧杯中，用如图所示相同的加热方式加热的目的是保证液体在相