2022年南京市中考物理超级风向标押题卷教师用卷

南京市中考物理超级风向标押题卷一

一、单选题

1.下列关于声现象的说法正确的是（）

A.“低声细语”中的“低”，是指声音的音调低

B.考试时，考生翻动试卷发出的声音是由试卷振动产生的

C.航天员们在月球上也可以面对面直接交谈

D.通过居民区的高架路两侧设有隔音墙，这是在声源处减弱噪声

【答案】B

【解析】【解答】A.“低声细语”中的“低”，指声音的响度小，“尖”、“细”一般描述音调高，A不符合

题意；

B.声音是由物体振动产生的，考试时，考生翻动试卷发出的声音是由试卷振动产生的，B符合题

意；

C.真空不能传声，月球上是真空，航天员们在月球上不可以直接面对面相互交谈，C不符合题意；

D.减弱噪声的方式有三种，分别是在声源处减弱、传播过程中减弱、在人耳处减弱，在居民区的高

架路两侧设有隔音墙，是在传播过程中减弱噪声，D不符合题意。

故答案为：Bo

【分析】声音是物体振动产生的；声音的传播需要介质；阻断声音的传播，是在传播过程中减弱噪

声。

2.下列有关几种自然现象的叙述，正确的是（）

A.露是草叶上的小冰晶升华而成的

B.霜是地面附近的水蒸气遇冷凝华而成的

湖面上的雾是湖水蒸发而成的

冰挂是水蒸气凝固而成的

【答案】B

【解析】【解答】A.露是靠近地面的水蒸气夜间遇冷液化形成的小水珠，附着在植被表面，A不符

合题意；

B.霜是地面附近的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，附着在建筑物或植被表面，B符合题意；

C.雾是液态的，是空气中的水蒸气遇冷形成的，是液化现象，C不符合题意；

D.冰挂是雪熔化后的水在温度降低时，又发生了凝固现象，从而形成固态的冰，D不符合题意。

故答案为：Bo

【分析】气体变为液体，是液化现象，如露、雾；气体变为固体，是凝华现象，如霜、雪等。

3.下列现象中（如图所示），属于光的反射的是（）

A.开凿隧道时，利用激光束引导掘进方向

【答案】B

【解析】【解答】A.开凿隧道时，利用激光束引导掘进方向，是利用光的直线传播，A不符合题

息;

B.光纤传输光信号是利用光的反射，B符合题意；

C.放大镜使光会聚是利用凸透镜对光线的会聚作用，C不符合题意；

D.手影的形成是利用光的直线传播，D不符合题意。

故答案为：Bo

【分析】光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、

平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的。

4.下列有关物理量的估算，符合实际的是（）

A.人正常心跳一次的时间约2s

B.挂壁式空调的额定功率约1.2kW

C.泰州地区冬季最低气温可达-25℃

D.把物理书举高1米做功约10J

【答案】B

【解析】【解答】A.人正常心跳一次的时间约0.8s,A不符合题意；

B.挂壁式空调的额定电压220V,电流约5A,根据P=5得，额定功率约L2kW,B符合题

意；

C.泰州地区冬季历史最低气温可达-6℃,C不符合题意；

D.物理书重约2N,把物理书举高1米做功约2J,D不符合题意。

故答案为：Bo

【分析】对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选

项即可。不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换

算，最后判断最符合实际的是哪一个。

5.纯电动汽车环保节能。如图所示是电动汽车的充电桩，下列有关说法符合安全用电要求的是

()

A.安装充电桩时，可以不连接地线

B.有充电桩起火，应迅速浇水扑灭

C.电线破损时，只要稍加注意便可安全使用

D.每个充电桩都要安装保险装置

【答案】D

【解析】【解答】A.充电桩的功率较大，安装充电桩时，为了防止发生漏电事故，要连接地线，A

不符合题意；

B.水是导体，有充电桩起火，用水扑灭，会发生触电事故，B不符合题意；

C.电线破损时，发生触电事故，不能继续使用，C不符合题意；

D.为了保护电路，每个充电桩都要安装保险装置，D符合题意。

故答案为：D。

【分析】对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。

破损的导线容易发生短路或发生触电事故。

6.关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）

A.分子是不可再分的最小粒子

B.气体容易被压缩是因为分子间空隙大

C.磁铁能吸引铁是因为分子间有引力

D.太阳是太阳系中心，也是宇宙的中心

【答案】B

【解析】【解答】A.分子是保持物质原来性质不变的最小微粒，分子由原子组成（即分子可以再

分）A不符合题意；

B.气体容易被压缩是因为分子间距离很大，（即空隙大），分子间的作用力很小，B符合题意；

C.磁体吸引铁、钻、锲等物质，这是磁体的性质，不是分子间作用力，C不符合题意；

D.太阳是太阳系的中心，太阳系是银河系的一员，银河系又是宇宙中的一个星系，太阳不是宇宙的

中心，D不符合题意。

故答案为：Bo

【分析】分子可以再分为原子；分子间距很大时，作用力很小；磁体间的相互作用力不是分子力；

太阳不是宇宙的中心。

7.对下列诗句中划线部分运动的描述，所选择的参照物不正确的是（)

A.不疑行舫动,唯看远树来——船上乘客

B.孤帆一片日边来——日

C.轻舟已过万重山—万重山

D.牛从桥上过，松流水不流—牛

【答案】D

【解析】【解答】A.根据诗句知道，研究对象是行舫，选择船上的乘客，相对于乘客，船的位置没

有变化，则船是静止的，没有动，A正确，不符合题意；

B.研究对象是孤帆，选择“日”作参照物，孤帆是运动的，B正确，不符合题意；

C.研究对象是“轻舟”，选择“万重山”做参照物，轻舟是运动的，C正确，不符合题意；

D.研究对象是桥，选择“流水”作参照物，桥是运动的，D错误，符合题意。

故答案为：D。

【分析】判断一个物体是否是运动的还是静止的，关键是看被研究的物体与所选的标准即参照物之

间的相对位置知否发生了改变。如果发生改变，则次物体是运动的，如果没发生改变，则此物体是

静止的。

8.如图，手机无线充电方便了人们的生活。常见的无线充电技术原理是，电流流过充电器的送电线

圈会产生变化的磁场，手机上的受电线圈靠近该磁场时会产生电流，给手机充电。则受电线圈工作

原理与下列设备工作原理相同的是（）

【答案】C

【解析】【解答】A.给导体通电，导体运动，未产生电流，A选项不符合题意;

B.给导线通电时，导线周围产生磁场，未产生电流，B选项不符合题意；

C.导体在磁场中运动时，闭合回路中产生电流，C选项符合题意；

D.电路通电时，线圈产生磁场，未产生电路，D选项不符合题意；

故答案为：Co

【分析】通电导体导体在磁场中切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象，将机械能转化为电

能。

9.如图所示是谷爱凌在自由式滑雪大跳台中的精彩表现，下列说法正确的是（）

A.选手落地后还要继续滑行一段距离是因为选手具有惯性

B.选手在空中完成旋转动作时重力消失

C.选手从静止开始下滑，说明力是维持物体运动状态的原因

D.选手站立时，滑板对雪地的压力和雪地对滑板的支持力是一对平衡力

【答案】A

【解析】【解答】A.选手落地后还要继续滑行一段距离是因为选手具有惯性，仍需要保持原来的运

动状态，A符合题意；

B.地面上的物体都会受到地球引力的作用具有重力，选手在空中完成旋转动作时重力不会消失，B

不符合题意；

C.选手从静止开始下滑，选手的运动状态发生了改变，说明力是改变物体运动状态的原因，C不符

合题意；

D.选手站立时，滑板对雪地的压力和雪地对滑板的支持力是作用在不同物体上的两个力，不是一对

平衡力，D不符合题意。

故答案为：Ao

【分析】力是改变物体运动状态的原因，运动不需要力来维持。

地球附近的一切物体都受到重力的作用。

物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。

二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。

10.如图，在水平桌面上的甲、乙两相同容器装有水，把形状和体积相同的实心小球A、B分别缓

慢放入两容器中，两小球静止时液面恰好相平。则（）

?77777/,?////?7/7777//

甲乙

A.B球受到的浮力与A球一样大

B.A球的密度比B球大

C.甲容器底部受到水的压强比乙容器底部受到水的压强大

D.乙容器底部对水平桌面的压力比甲容器底部对水平桌面的压力大

【答案】B

【解析】【解答】A.已知两个小球的体积相同，由图可知，甲容器中小球排开水的体积大于乙容器

中小球排开水的体积，根据公式Fw=p«gV排可知，A受到浮力大，A不符合题意；

B.两个小球放入水中后，乙容器中小球漂浮，即乙容器中小球的密度小于水的密度，甲容器中小球

悬浮，说明甲容器中小球的密度等于水的密度，所以A小球的密度较大，B符合题意；

C.由于甲、乙两容器中水的深度相同，根据公式p=pgh可知，两容器底所受水的压强相同，C不符

合题意；

D.容器底部对水平桌面的压力是液体对底部压力和容器重力和，两容器底所受水的压强相同，容器

底面积相同，根据F=pS,液体对底部压力相同，容器重力相同，所以乙容器底部对水平桌面的压力

等于甲容器底部对水平桌面的压力，D不符合题意。

故答案为：Bo

【分析】小球在甲液体中悬浮，小球在乙液体中漂浮，根据悬浮条件和漂浮条件判断浮力大小。

物体悬浮在液体中物体密度等于液体密度，物体漂浮在液体中物体密度小于液体密度。

根据液体压强公式进行判断。

在液体中悬浮的物体和漂浮的物体排开液体的重力等于物体的重力，小球悬浮在甲中和漂浮在乙

中，液面相平，相当于体积相等甲、乙两种液体放在相同的容器中，比较液体和容器的总重即可。

11.为了探究“电流通过导体产生的热量跟什么因素有关“，某同学将两段阻值不同的电阻丝Ri、R2

分别密封在两个完全相同的烧瓶中，并设计了如图所示的甲、乙两套装置，已知所用蓄电池电压相

等且保持不变，RI<R2,装入烧瓶的煤油质量相等，下列有关此探究活动的各种表述，错误的是

()

A.此实验中，电流通过导体产生热量的多少是通过温度计示数变化的大小体现出来的

B.甲装置可探究电流通过导体产生的热量与电阻是否有关

C.比较相同时间内c、d两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与电流是否有关

D.在相同的通电时间内，c温度计所在烧瓶中的电阻丝产生的热量最多

【答案】C

【解析】【解答】A.此实验中，烧瓶中煤油的温度越高，说明煤油吸收的热量越多，即电流通过导

体产生热量越多，所以电流通过导体产生热量的多少是通过温度计示数变化的大小体现出来的，A

正确，不符合题意；

B.甲装置电阻丝串联，通过它们的电流相同而电阻不同，故可以探究电流通过导体产生的热量与电

阻是否有关，B正确，不符合题意；

C.乙装置中，两电阻丝并联，电阻及通过它们的电流都不相同，有两个变量，无法探究电流产生的

热量与电流是否有关，c错误，符合题意；

D.在电源电压和通电时间相同的条件下，各电阻丝串联时的电压小于电源电压，并联时的电压等于

电源电压，根据公式。=用=《，

R

可知：各电阻并联时产生的热量多。比较c、d温度计所在的电阻丝，根据公式

两段电阻丝电压相同，通电时间相同，R!<R2,所以QI>Q2；D正确，不符合题意。

故答案为：Co

【分析】根据质量相等的同种液体温度的变化，判断吸收热量的多少；当电流和通电时间相同时，

电阻越大，产生的热量越多；当电阻相同时，可以探究电流产生热量和电流大小的关系。

12.如图所示，电源电压恒为4.5V,电阻Ri为10Q,滑动变阻器R2的最大阻值为20C,两个电压

表的量程均为0~3V,电流表的量程为0~0.6A。在保证电路安全的情况下，下列说法正确的是

()

A.电压表V2的示数变化范围为0~3V

B.电阻Ri的电功率的变化范围为0.205W~0.9W

C.滑动变阻器R2的阻值的取值范围为5〜150

D.电流表A的示数变化范围为O.15~O.3A

【答案】D

【解析】【解答】由电路图可知，定值电阻Ri与滑动变阻器R2串联，电压表Vi测Ri两端的电压，

电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当电压表Vi的示数最大Ui大=3V时，电路中

的电流最大，变阻器接入电路中的电阻最小，R的功率最大，因串联电路中各处的电流相等，所

以，电路中的最大电流-^=0.3A

因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的最小电压：

=4.5V-3V=1.5V

变阻器接入电路中的最小阻值&小=翌=察的

/天0.3A

电阻Ri的最大电功率PiA=UI大I火=3VxO.3A=0.9W

U45V

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，即/==1C15A

均十。LULaT

此时电压表V2的示数U2=IR2=0.15AX20Q=3V

此时，电阻Ri两端的最小电压Ur、=U-U2=4.5V-3V=1.5V,

电阻Ri的最小电功率Pi，b=Ui小1=1.5VxO.l5A=0.225W

A.电压表V2示数范围为1.5V~3V,A不符合题意;

B.电阻Ri的电功率取值范围为0.225W~0.9W,B不符合题意;

C.滑动变阻器R2的阻值取值范围为5c〜20C,C不符合题意；

D.电流表A的示数范围为0.15A~0.3A,D符合题意。

故答案为：D。

【分析】分析电路结构，定值电阻和滑动变阻器是串联关系，明确电流表和电压表的测量对象，滑

动变阻器接入电路中的电阻越大，电路中的电流越小，分得的电压越大，定值电阻分得的电压越

小，结合串并联电路的电流、电压规律和欧姆定律分析电路中的电流和电压值，再结合功率公式求

解即可。

二、填空题

13.小明测量一物体的长度，如图所示，他测量了3次，在草稿纸上记录下三个数据，分别为

2.79cm、2.8cm>2.81cm,其中记录不符合要求的是。

物体

卜川|111叫山『川|11”川1|1川|加|1111|1111|1

Ocm12345

【答案】2.8cm

【解析】【解答】图中刻度尺的分度值是1mm,读取数据需要估读到分度值的下一位，2.79cm和

2.81cm的分度值是1mm,2.8cm的分度值是1cm,所以2.8cm是错误的测量结果。

【分析】利用刻度尺测量长度时，需要估读到分度值的下一位。

14.新型冠状病毒在显微镜下的形状如图所示，它的直径大约0.3nm=m。

【答案】3xlO10

【解析】【解答】因为lm=109nm，所以lnm=l寸m，则

03nm=O.SxlO4m=3x10l0m

【分析】根据长度的单位换算，解答。

15.近来共享电动汽车成为人们低碳出行的交通工具之一，某共享汽车20min行驶20km,则该车的

平均速度为km/ho

【答案】60

【解析】【解答】已知共享汽车的行驶路程为20km,行驶时间为20min,则该车的平均速度

s20fatt,,

v=-=、一=60fen/h

【分析】利用路程和时间的比值，可以计算速度的大小。

16.地震过后往往伴有泥石流等灾害，泥石流之所以会造成巨大的危害，是因为由石、泥土被雨水

从高处冲下来时将能转化为巨大的能，灾害发生后，救灾飞机迅速到达灾区上

空，当它在一定高度匀速飞行并投下救灾物资后，飞机的机械能将（选填“变大”“变小”或

“不变”）。

【答案】重力势；动；变小

【解析】【解答】石、泥土被雨水从高处冲下来时，其高度地减小，故重力势能减小，速度在增大，

动能在增大，即重力势能转化为动能。

飞机匀速飞行并投下救灾物资后，其质量变小，虽然速度不变，高度不变，但其动能和重力势能均

变小，故机械能变小。

【分析】高处的物体下落时，重力势能转化为动能；运动的物体发生能量变化时，总机械能减小。

17.从某一高度自由下落的弹性小球撞击水平地面后会被弹起，而且弹起的高度会越来越低。如图

所示是小球弹起的频闪照片，MN为等高线，则小球在3位置的速度在5位置的速度（选

填“大于”、“等于”或“小于”）。

【答案】大于

【解析】【解答】小球在3位置和5位置比较，高度相等、势能相等，在从3位置向5位置跳动过程

中，由于摩擦，使得一部分机械能转化为其他形式的能，机械能减小，所以动能减小，故位置5小

球的动能小，即小球在3位置的速度大于在5位置的速度。

【分析】物体的质量相同时，高度相同重力势能相等；物体运动时，克服阻力消耗机械能，总机械

能减小。

18.如图所示，小明在吹气球时，被吹大了的气球没能用手握住，呼啸着飞了出去，若他及时捡拾

起气球，将会感觉到它喷气的嘴部温度和原来相比（选填“变高”、“变低”或“没有变化”），

此过程发生的能量转化与热机中的冲程发生的能量转化是一致的。一台四冲程柴油机飞轮

的转速为3000r/min,若汽缸在做功冲程中，每次做功400J,柴油机的效率为30%,则每分钟消耗柴

油的质量为kg。（柴油的热值约为4.0x107J/kg）

【答案】变低;做功；0.05

【解析】【解答】气球内的气体向外喷出，气体对外做功，内能转化为球的机械能，所以球内气体的

温度降低；此过程发生的能量转化与热机中的做功冲程发生的能量转化是一致的。

飞轮每转两圈，对外做功一次，Imin飞轮转动3000周，则转两周，需要的时间

60s-八一

t=x2=0.04s

3000

w4nnT

故这台柴油机的功率尸=工=早■=10000W

/0.04a

每分钟柴油机做的功为W=Pt=1()()0()Wx6()s=6x105J

由n=而xioo%得，柴油完全燃烧放出的热量为4=2=三态三=2*10V

\£1|30%

由Q『得，每分钟消耗柴油的质量为或O~疝2x百10*1g。,蜂

【分析】对物体做功时，物体的内能会增大，物体对外做功时，其内能会减小；汽油机的压缩冲程

中，机械能转化成内能；做功冲程中，内能转化为机械能。

先求出一个工作循环所用的时间，然后利用p=t求出柴油机的功率，根据w=Pt计算出柴油机所做

t

的有用功，再根据热机效率的求出柴油完全燃烧放出的热量，利用Q=mq求出每分钟消耗柴油的质

耳一

里一O

19.2021年5月30日，天舟二号货运飞船与天和核心舱实现自主快速交会灯接。对接过程运用北斗

系统完成远距离自主快速测定轨，期间信息的传递是依靠实现的。因为要把重物运送到太

空经常需要用火箭等高速航天器，所以航天器外壳要求轻巧、耐高温。航天材料应具有密度

(填“大”或“小”)、熔点(填“低”或“高”)的特性。

【答案】电磁波；小；高

【解析】【解答】电磁波传播速度快，能在真空中传播；“天舟二号”货运飞船与北斗系统完成远距离

自主快速测定轨，其间信息的传递是依靠电磁波来实现的。

航天器外壳要求轻巧，因此在体积航天器体积不变时要求航天材料应具有密度小的特点。

航天器在升空时和大气摩擦产生大量的热量，使航天器温度升高，因此要求航天器耐高温，即航天

材料应具有熔点高的特性。

【分析】北斗系统利用电磁波传递信息；相同体积时，物体的密度越小，质量越小；不易熔化的物

体，熔点较高。

20.某小区正在进行改造施工。工人用如图所示的滑轮组将750N的沙子匀速提升了l（）m,用时

100so若工人所用的拉力为400N,则拉力的功率为w,滑轮组的机械效率为o

工人使用该滑轮组提升600N的沙子时，滑轮组的机械效率将（选填“增大”、“减小”或“不

变”）。使用滑轮组（选填“能”或“不能”）省功。

【答案】120；62.5；减小；不能

【解析】【解答】拉力的功为W&=Fs=400Nx3xlOm=12000；

人+犷12D00J

拉力的功率为P=—=—=120w

t100s

滑轮组做的有用功W”=Gh=750Nxl0m=7500J

滑轮组的机械效率为1r察="^^=625%

IZU1X11/

由机械效率公式可知，当物重减小时，有用功减小，额外功不变，所以机械效率会降低，所以工人

使用该滑轮组提升600N的沙子时，滑轮组的机械效率将减小。

根据功的原理：使用任何机械都不省功，可知，使用滑轮组不能省功。

【分析】拉力和距离的乘积计算功的大小，功和时间的比值计算功率；有用功和总功的比值计算机

械效率；物体的重力减小时，滑轮组的机械效率减小。

21.太阳能路灯的灯杆顶端有太阳能电池板，它能将太阳能转化为电能.并向灯杆下方的蓄电池充

电，供夜晚路灯照明.若在一段时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为2.7X107J.这与完全

燃烧kg的煤放出的热量相当；这些能量经转化后，可供功率为35W的路灯工作60h,那

么该太阳能路灯的能量转化率是%.（煤的热值为3.0x107J/kg）

【答案】0.9；28

【解析】【解答］解：（1）由题知，Qtt=mq=2.7xlO7J,

则需要完全燃烧煤的质量：

<2放=2.7xlO，J

=0.9kg；（2）使用太阳能路灯的有用能量：由P=丁可得，W电

~~3.0x1054

=Pt=35Wx60x3600s=7.56x106J,

太阳光辐射到该太阳能电池板的能量（总能量）

7

Ws=2.7xlOJ,

该太阳能路灯的能量转化效率：

W电7.56x10*7

n1=—xl00%=xl()0%=28%.

W,a82.6x10V

故答案为：0.9；28.

【分析】（1）知道煤的热值q和煤完全燃烧放出的热量（吸收的太阳能），利用Qxmq求需要完全

燃烧煤的质量；（2）知道路灯的电功率和用电时间，利用P=—求路灯消耗的电能，这是有用能

t

量；太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为总能量，利用效率公式求该太阳能路灯的能量转化效

率.本题考查了燃料完全燃烧放出热量的计算、消耗电能的计算、效率的计算，涉及到新开发的太

阳能路灯使用时的能量转化.

22.如题图甲所示，电源电压为6V不变，舄为定值电阻，闭合开关后，滑动变阻器电的滑片从一

端滑到另一端的过程中，玛消耗的电功率随电压表示数U的变化关系如图乙所示，则电的最大值

为C，片的阻值为C，该电路消耗的最大电功率为W。

甲乙

【答案】50；10；3.6

【解析】【解答】由图甲可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电

流。

滑动变阻器的最大电阻接入电路中，变阻器两端电压最大，由图乙可知，变阻器两端电压最大为5V

时，滑动变阻器消耗的功率P2=0.5W,根据P可得滑动变阻渊接入电路的最大阻值

R

=c^=^vy=

80.5W

p05W

当滑动变阻器两端电压最大为5V时，由p=uI可得，止匕时电路中的电流为，=#=-^-=O.IA

根据欧姆定律及串联电路的电压规律可得，电源的电压U=IRI+U2=0.1AXRI+5V①

当滑动变阻器两端电压为U2，=2V时，消耗的功率P2，=0.8W,此时电路中的电流为

,80.8W

1=-4r=---=0.4A

%2V

根据欧姆定律及串联电路的电压规律可得，电源的电压U=IRI+U2'=0.4AXR|+2V②

联立①②可得Ri=10C,U=6V

当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电路的电阻最小，则电路消耗的最大电功率

u2(6vy

又一g=3.6W

【分析】根据电压和电功率，可以计算电阻大小；利用电功率和电压的比值，计算电流；利用电流

和电阻的乘积，计算电压；根据电压和电阻，计算实际电功率。

23.现有一热敏电阻，其阻值R随温度t的升高面减小，部分数据如表所示，利用它可以制作温度

报警器，其电路的一部分如图所示，图中两个虚线框内一个接热敏电阻，一个接定值电阻，电源电

压恒为12V。当图中的输出电压达到或超过8V时，便触发报警器（图中未画出）报警，不考虑报警

器对电路的影响。要求环境温度达到或超过40c时开始报警，则热敏电阻应接在虚线框

（填数字）内，另一虚线框内定值电阻阻值为kC。若将虚线框内两元件对调，则报警器报

警的最高温度为r。

环境温度t/℃5102030405060

热敏电阻R/kC6.04.42.81.81.10.80.7

输出电压

Q

【答案】2；2.2；10

【解析】【解答】热敏电阻温度升高阻值减小，要求环境温度达到或超过40c时开始报警，电源电压

一定，热敏电阻阻值减小，在串联电路中分压减小，输出电压达到或超过8V时，便触发报警器报

警，所以需要把热敏电阻放在2处。

40C热敏电阻阻值l.lkC,电源电压12V,定值电阻分压8V,则热敏电阻分压4V,故定值电阻阻值

为热敏电阻两倍，即2.2kQo

若将虚线框内两元件对调，热敏电阻分压8V,定值电阻分压4V,定值电阻2.2kC,根据串联分压

规律，热敏电阻4.4kC,由表格，温度10C,则报警器报警的最高温度为10℃。

【分析】串联电路中，各用电器两端的电压之和等于电源电压，用电器分得的电压与电阻成正比，

结合电压表的测量对象和热敏电阻随温度的变化情况求解即可。

三、作图题

24.

(1)如图所示，光源S发出的一束光从空气射向水面，在容器壁上点P、Q处出现光点，画出上

述现象的入射光线，反射光线和折射光线;

s

p

容器壁一------登卜/

（2）闭合开关，请根据小磁针的南、北极指向,在图中括号内标出电源或”一''极，并用箭头

标出磁感线方向。

l—oO—

电源

【答案】（1）解:如图所示:

.;S

容器壁1》工”，/

（2）解：如图所示：

呼叫VS

二（2

电源

【解析】【解答】（1）过水面作光源S的对称点S,连接SP点交水面于0点，连接SO、0Q,则是

SO入射光线，OP是反射光线，0Q是折射光线，如图所示

容器壁

（2）小磁针N极向左，由磁极间的相互作用可知，螺线管右侧为S极，由安培定则得电流由右侧流

入螺线管，即电源右侧为负极，磁感线方向从N极指向S极，如图所示

S

【分析】（1）根据平面镜成像，结合物体画出像的位置；像和反射光线所经过的点在同一直线上,

画出入射光线、反射光线和折射光线；

（2）根据小磁针的位置，判断螺线管磁极的位置，结合安培定则判断螺线管中电流方向。

25.如图为北京2022年冬奥会中的高山滑雪比赛现场，该情景可以抽象为右图所示，请在图中画出

雪道对滑雪板作用力的示意图。

【答案】解：如图所示;

【解析】【解答】滑雪板向下滑的过程中，雪道对滑雪板施加沿斜面向上的摩擦力和与斜面垂直的支

持力，这两个力的作用点在A点，如图所示:

【分析】滑雪板向下滑的过程中，雪道对滑雪板施加沿斜面向上的摩擦力和与斜面垂直的支持力,

据此作图即可。

四、实验探究题

26.在“观察水的沸腾”实验中，

(1)实验室提供了一块比烧杯口略大的圆形硬纸板，甲、乙两名同学分别在硬纸板上剪出小孔，

以便将温度计通过小孔插入烧杯内的水中，如图所示，剪裁合适的是，理由

是;

(2)在烧杯中倒入约80℃的水，提高了水的初温，从而,沸腾后持续

加热几分钟并继续测温，会发现:

(3)如图所示，水沸腾后，甲同学移走酒精灯，继续观察：乙同学继续加热，观察烧杯中的水和

试管中的水，他们的目的都是探究o

【答案】(1)甲；防止温度计碰到容器壁

(2)缩短到达沸腾的时间；吸收热量，温度不变

(3)保持沸腾需要满足的条件

【解析】【解答】(1)在“观察水的沸腾''实验中，加纸盖的为了减小热量的散失；又因为水的沸点

与气压有关，所以，图中硬纸板上小孔除了可以插温度计外，还要让烧杯内气压与外界大气压相

等，但为了防止温度计碰到容器壁，甲图剪裁更合适。

(2)提高了水的初温，可以缩短到达沸腾的时间。

沸腾后持续加热几分钟并继续测温，会发现水达到沸点后吸收热量，温度不变。

(3)甲同学移走酒精灯后，由于不能继续吸收热量，水很快停止沸腾；乙同学继续加热，烧杯中的

水由于能够继续吸热，所以继续沸腾且保持温度不变；由于烧杯中的水温度与试管中的水温度相

同，则试管中水不能继续吸热，而停止沸腾，所以，他们的目的都是探究保持沸腾需要满足的条

件。

【分析】(1)使用温度计时，液泡不能碰到容器底和容器壁；

(2)探究沸腾规律时，利用温度较高的水，可以缩短加热时间；液体沸腾时，需要吸收热量，温度

保持不变；

(3)撤去酒精灯水不能沸腾，说明沸腾有条件。

27.用如题图所示的装置探究凸透镜成像规律，用高度h物=3cm的LED灯作为发光物体。

(1)实验前要调节LED灯、凸透镜和光屏三者的中心在；

(2)先后用焦距£=10cm和£=12cm的凸透镜进行实验，所得数据如下表所示。

表一：凸透镜£=10on

次数物距/cm像距/cm像高h像/cm

110

215306

320203

430151.5

表二：凸透镜人=12cm

次数物距/cm像距/cm像高h»/cm

510

6156012

724243

830202

①实验1无法记录像距与像高的原因

是；

②比较实验2、3、4或6、7、8可得：凸透镜成实像时，物距越大，像距越,像越

小；

③比较实验2和6或4和8可得：物距相等时，凸透镜的焦距越大，像距越大，像；

（3）如图所示，此时光屏上有清晰的像，把一个近视眼镜放在凸透镜前，为使光屏上再次成清晰

的像，应将光屏（选填“靠近”或“远离”）透镜，此时，光屏上的像将（选填“变

小，，“变大，，或，不变，，）。

【答案】（1）同一高度

（2）凸透镜的焦距是10cm,实验1中物距是10cm,物距等于焦距，光屏上不成像。；小；越大

（3）远离；变大

【解析】【解答】（1）为了使像能成在光屏的中心，必须使烛焰、凸透镜和光屏三者的中心放在同一

高度上。

（2）①凸透镜的焦距是10cm,实验1中物距是10cm,物距等于焦距，光屏上不成像。

②分析实验2、3、4或6、7、8数据中的物距、焦距与像距的变化关系及像的大小，凸透镜成实像

时，物距越大，像距越小，像越小。

③比较实验2和6或4和8数据中的物距、焦距与像距的变化关系及像的大小，物距相等时，凸透

镜的焦距越大，像距越大，像越大。

（3）近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用，把一个近视眼镜放在凸透镜前，像远离凸透镜，为使光

屏上再次成清晰的像，应将光屏远离透镜，此时像距变大，像变大。

【分析】（1）探究凸透镜成像规律时，烛焰、凸透镜和光屏的中心在同一高度；

（2）当物体在凸透镜的焦点时，不能成像；凸透镜成实像时，物距越大，像距越小；凸透镜的焦距

越大，物距和像距的总距离越大；

（3）近视眼镜是凹透镜，对光有发散作用，使像远离凸透镜，像距变大时，像变大。

28.小明利用杯子做了几个物理小实验。

（1）如图甲所示，在盛水杯子的杯口盖上明信片，将一枚鸡蛋放在明信片上。用手指将明信片弹

飞，鸡蛋掉入水中。此现象说明具有惯性。

（2）如图乙所示，杯子里装满了水，用纸板盖住水杯，倒置后水没有流出。此现象可以说明—

的存在。

（3）如图丙所示，在空玻璃杯子里放一乒乓球，沿图示方向用力吹气，乒乓球跳出玻璃杯。此现

象可以说明—（填字母）。

A.重力的方向为竖直向下B.力是改变物体运动状态的原因

C.力的作用是相互的D.流速越大，压强越小

【答案】（1）鸡蛋

（2）大气压

（3）B；D

【解析】【解答】（1）明信片由于受到力的作用被弹飞，鸡蛋由于惯性，还要持原来的静止状态，所

以鸡蛋没有随明信片起飞出去，由于重力作用，鸡蛋掉入水中。现象说明鸡蛋具有惯性。

（2）水杯倒置水没流出，是因为纸片受到水向下的压强小于外界大气压强，水在外界大压的作用下

不会流出，是由于大气压引起的说明大气压存在。

（3）当用力吹气时，增大乒乓球上方的空气的流动速度，压强减小，乒乓球下面的压强不变，乒乓

球下面的压强大于上面的压强，乒球在压强（力）差的作用下会跳出玻璃杯，也说明力是改变物体

运动状态的原因，BD符合题意。

故答案为：BDo

【分析】（1）惯性是物体保持原有状态的性质；

（2）覆杯实验说明大气压强的存在；

（3）力可以改变物体的运动状态；流体在流速大的地方压强小。

29.如图是小南同学利用乒乓球做的三个实验，探究出不同的规律:

甲乙丙

（1）如图甲，将正在发声的音叉接触悬挂的乒乓球，乒乓球被弹开，说明音叉在

（2）如图乙，用毛皮摩擦过的两个乒乓球靠近时会分开，说明同种电荷相互；

（3）如图丙，从倒置的漏斗口向下吹气，乒乓球不会掉下来，说明流速大的地方压

【答案】（1）振动

（2）排斥

（3）小

【解析】【解答】（1）声音是由物体振动产生的，正在发声的音叉接触悬挂的乒乓球，乒乓球被弹

开，说明音叉在振动。

（2）毛皮摩擦过的两个乒乓球带有同种电荷，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

（3）倒置的漏斗口向下吹气，乒乓球上方气流流速大，压强小，产生向上的压强差，使乒乓球不会

掉下来。

【分析】（1）声音是由物体的振动产生的。

（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

（3）流体的压强与流速有关，流速越大的地方压强越小。

30.在物理实验室，小明用U形管压强计研究液体内部的压强规律。

（1）比较图甲、乙、丙，得出结

论:

（2）实验后，小明自制了如图丁所示的装置继续探究，已知隔板在容器的中央。他向隔板左侧倒

水，发现橡皮膜向右侧凸起；他再向隔板右侧倒入另一种液体，当加到一定程度时，橡皮膜恢复原

状，如图丁所示。则此时A、B两点的液体压强关系：PApB（选填“卢y”或“=”）；

（3）小明把隔板向左移动，使得左侧容器的底面积比右侧容器的底面积小，并重新在里面倒入水

和某种液体，如图戊所示，当橡皮膜变平时，向两侧容器中轻轻放入两个完全相同的小球，恰好都

在液体中漂浮，那么此时左右两边液体对各自容器底增加的压强分别为Ap次和Ap浪，则Ap水

Apift（选填或"="）。

【答案】（1）比较图甲、乙、丙图像皮膜浸没在同种液体内的同一深度，橡皮膜的朝向不同，U型

管两侧液面的高度差相同，表明橡皮膜受到的压强相同，说明同种液体的同一深度，液体向各个方

向的压强相等。

（2）>

（3）>

【解析】【解答】（1）比较图甲、乙、丙图像皮膜浸没在同种液体内的同一深度，橡皮膜的朝向不

同，U型管两侧液面的高度差相同，表明橡皮膜受到的压强相同，说明同种液体的同一深度，液体

向各个方向的压强相等。

（2）橡皮膜恢复原状时，橡皮膜所在位置以上部分左右所受液体压强相等，右侧液体的高度大于

左侧水的高度，根据液体压强公式p=pgh可知，该液体密度小于水的密度。橡皮膜所在位置以下到

A、B两点的深度相同，因为水的密度大于液体密度，所以左侧压强大于右侧压强，此时A、B两点

的液体压强关系PA>pBo

（3）向两侧容器中放入两个完全相同的小球，都在液体中漂浮，因为是规则柱形容器，液体对容

器底部增加的压力等于物体的重力，即容器左右两边液体对各自容器底增加的压力相等，又因为左

侧容器的底面积比右侧容器的底面积小，跟据公式修=竽可得，左边液体对容器底增加的压强

要大于右边液体对容器底增加的压强。

【分析】（1）当液体密度和深度相同时，液体向各个方向的压强相等；

（2）液体密度和深度不同时，压强相等，若液体深度变化量相同时.，液体密度越大，变化的压强

越大；

（3）物体在柱形容器中漂浮时，受到的浮力等于重力；容器底受到的压力相同时，受力面积越小压

强越大。

31.实验室有一瓶无色无味的液体，兴趣小组的同学想知道该液体的密度，他们利用天平和量筒进

行了多次测量某次的操作如下：

(1)将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线处，发现指针静止时如图甲所示，应将

天平的平衡螺母向端调，使横梁平衡；

(2)用天平测盘液体的质量，当天平平衡时，放在右盘中的祛码大小和游码的位置如图乙所示，

则称得烧杯和液体的质量m为g；

(3)将烧杯中的液体全部倒入量筒中测体积尽管体积测量方法正确，但大家在对实验过程及结果

进行评估时发现液体的体积测量值比它的实际值_________(选填“偏大”或“偏小”)；

(4)他们对测量方法进行修正后，测出了几组实验数据并根据测量结果作出了m-V图像，如图

丙所示。由图像可知该液体的密度为kg/m?；

(5)回到家后，小林想知道家里的消毒液的密度，用家里的一台电子秤(如图丁所示)和没喝完

的半瓶纯净水，做了如下实验：

①用电子秤测出半瓶纯净水的总质量为mi,并用笔在瓶身水面位置标记为A；

②把瓶中的水全部用来浇花，然后吹干，用电子秤测出空瓶的质量为m2；

③把消毒液慢慢倒入空瓶中，直至液面与(选填“瓶口”或“A处”)相平，再用电子秤

测出瓶和消毒液的总质量为m3；.

④则消毒液的密度表达式p=(纯净水的密度用p木表示)。

【答案】(1)左

(2)58

(3)偏小

(4)0.75X103

(5)A处；口一"j太

【解析】【解答】（1）由图甲知道，使用前，指针停在分度盘的右侧，根据“左偏右移，右偏左移”的

原则，所以，应向左调节平衡螺母。

（2）由图乙知道，烧杯和液体的质量m=50g+5g+3g=58g

（3）由于将液体从烧杯中向量筒中倒入的过程中，总有部分液体吸附在烧杯壁上，没有全部倒入量

筒中，所以导致了体积测量值偏小。

（4）由图像丁知道，当烧杯中没有液体时，烧杯的质量为30g；当烧杯中液体的体积为40cm3时，

烧杯和液体的总质量为60g,由此可知烧杯中液体的质量为m=60g-30g=30g

液体的密度为/==="^7=0.75gfcni3=075x11kg血'

V40cm

（5）根据题意知道，通过计算水的体积而得出消毒液的体积，即用到了等量替代法，即用水的体积

代替消毒液的体积，即

①用电子秤测出半瓶纯净水的总质量为mi,并用笔在瓶身水面位置标记为A；

②把瓶中的水全部倒出并将瓶内吹干，用电子秤测出空瓶的质量为m2；

故此时的水的质量是m=mi-m2

mm.-tn,

故水的体积是胃=—=---

&&

③把84消毒液慢慢倒入空瓶中，直至液面与标记A处相平，再用电子秤测出瓶的总质量为rm；故

此时消毒液的质量是m-mj-m?

④则河水的密度表达式0一歹_网_冠_明

外

【分析】（1）调节天平平衡时，平衡螺母左偏右调；

（2）根据天平上祛码和游码的位置，测量质量；

（3）测量体积时，由于容器壁上的剩余，测量的体积偏小；

（4）根据质量和体积的比值，计算密度；

（5）根据未知液体和水的体积相同，利用水的质量和密度的比计算体积，根据液体的质量和体积的

比值计算密度。

32.在“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验中，小英做了如图甲所示的三次实验，用到了一个弹

簧测力计、一个木块、一个技码、两个材料相同但表面粗糙程度不同的长木板。实验中第1次和第2

次用相同的长木板，第3次用表面更加粗糙的长木板。

(1)实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平长木板上做运动，根

据条件可知，此时拉力的大小等于滑动摩擦力的大小；

(2)比较第两次实验，是为了探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系;

(3)刚开始小英做第1次实验时控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块的速度

随时间变化的图象如图丙所示，则木块在第7s时受到的摩擦力为N；

(4)小芳同学将实验方法进行了改进，实验装置如图丁所示：将弹簧测力计一端固定，另一端钩

住木块，木块下面是一长木板，实验时用水平力拉着长木板沿水平地面向右运动，此时木块受到的

摩擦力方向是，大小为N；

(5)小芳在做图丁实验时，在拉动长木板运动的过程中，若突然增大水平拉力F,则弹簧测力计

的示数将(填“变大”、“变小”或“不变

【答案】(1)匀速直线；二力平衡

(2)2、3

(3)3

(4)水平向右；2.8

(5)不变

【解析】【解答】(1)当木块处于平衡状态时，根据二力平衡条件，此时滑动摩擦力的大小等于拉力

的大小，故实验时需用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使木块在水平桌面上做匀速直线运动。

(2)探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系时，应控制压力大小不变，改变接触面的粗糙

程度，故比较2、3两次实验。

（3）由图丙知：2~6s物体做匀速运动，此时物体处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡

力,大小相等，由图乙知此过程的拉力为3N,所以滑动摩擦力为3N；6~8s物体做减速运动，但由

于压力的接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，仍为3N,故第7s时，摩擦力为3N。

（4）木块相对地面处于静止状态，受到平衡力的作用，拉力和摩擦力大小相等，方向相反，此时木

块受到的摩擦力方向水平向右，弹簧测力计分度值为0.2N,此时示数为2.8N,即拉力为2.8N,故滑

动摩擦力为2.8N。

（5）因滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与其它因素无关，所以，增大

拉力F时，木块A对长木板的压力和接触面的粗糙程度不变，则木块受到的摩擦力不变，由二力平

衡条件可知，弹簧测力计的拉力不变，其示数不变。

【分析】（1）根据二力平衡的条件分析。

（2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系

时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。

（3）根据图丙分析各段的运动情况，根据图乙分析出拉力的大小，根据影响摩擦力的因素分析出摩

擦力的大小。

（4）水平匀速拉动木块时，拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，看清分度值读出示数。

（5）根据影响滑动摩擦力大小的因素和二力平衡条件分析木板受到的拉力增大时弹簧测力计的示数

变化。

33.小宸从废旧的恒温箱里拆卸下一个完好的热敏电阻，并利用图甲电路测出该热敏电阻在不同温

度下的阻值，寻找其阻值随温度变化的规律，其中电源电压为U,R,是热敏电阻。

甲乙

（1）使用电流表和电压表前，要检查指针是否对准刻度线；接入电路时，应使电流从

其（选填“+”或“-"）接线柱流入；

(2)小宸往容器中添加不同温度的水，根据实验原理：,测出R,在不同温度下的电阻

值；分析数据，得出了R,阻值与温度t的变化关系为R，=kt+b(k、b都是常数，且k>0,b>0)；

(3)小宸从以上实验得到启发，利用热敏电阻设计电路，把电流表改装成温度表(此时室内气压

为1标准大气压，室温为25°C)：

①图甲中，他用开关S2替换电压表，得到如图乙所示电路。为了保证电路安全，先将滑动变阻

器滑片P移到b端，闭合Si、S2,移动滑片P使电流表满偏，此时滑动变阻器的阻值为R,之后保

持滑片P位置不再移动；

②断开Si、S2,向容器中加入适量沸水，闭合Si并记录电流值，接着观察温度计，示数每下降

5℃,就记录此时温度t和对应的电流I,水温降到C后不再自然下降，此时可加入适量冰

块使水继续降温，直至0℃,然后断开，。请用给定的字母写出电流与温度的关系式

③根据记录的t和L重新刻制电流表的表盘，改装成温度表。此温度表的量程

为，请在图丙中标出此温度表表盘最高温和最低温刻度线的大致位