2021年广东省深圳市坪山区中考物理调研试卷（附答案详解）

2021年广东省深圳市坪山区中考物理调研试卷

1.下列四幅图片与其对应的说法，正确的是（）

甲乙丙丁

A.甲图中通过改变尺子伸出桌面的长度，可以探究响度与振幅的关系

B.乙图中两列声波的音色相同

C.丙图中“GPS导航”是利用超声波传递信息的

D.丁图中通过改变杯中的水量，可以探究音调与频率的关系

2.中考临近，考生多喝鱼汤对维持和提高记忆力有很大的帮助。在鲜鱼汤的制作过程

A.闻到鱼汤的鲜味，是因为分子不停地做无规则运动

B.锅内鲜鱼汤在沸腾过程中，温度不断升高

C.鲜鱼汤冒出大量的'‘白气"，“白气”是汽化现象

D.同一炉灶上相同质量的油总比水温度升高的快，是因为油的比热容大

3.下列关于光学现象的描述，错误的是（）

A.树下的阴影是太阳通过树叶缝隙成的像

放大镜成像是光的折射现象

桥在水中的倒影是光的反射现象

D.一三棱镜分解太阳光是光的色散现象

4.骑单车是一种既健身又低碳的出行方式、“共享单车”的投

放，极大地使利了民众的出行。下列有关“共享单车”的说

法中，正确的是（）

A.停在路边的“共享单车”对地面的压力和所受的重力是一对平衡力

B.当“共享单车”匀速转弯时.，其运动状态没有发生变化

C.单车刹车的车闸装置相当于一个费力杠杆

D.单车轮胎上的花纹是为了增大摩擦

5.水平桌面上分别放置一个装满液体的溢水杯和一个

装有另--种液体的烧杯。将〃球放入烧杯中，a球在

液体中悬浮。再将与a球完全相同的人球放入溢水

杯中，人球下沉，溢出的液体全部流入烧杯中，a、b

两球静止时的状态如图所示。下列说法正确的是（）

A.烧杯中液体的密度小于溢水杯中液体的密度

B.两球都静止后，a球所受浮力大于6球所受浮力

C"球放入溢水杯后，溢水杯对桌面的压强变小

D.溢水杯中液体溢出后，溢水杯底所受液体压强变小

6.如图所示，用滑轮组提升重物时，将重600N的物体在10s内匀速提

升了2〃?，己知动滑轮重为100N（不计绳重和摩擦），则提升重物的过

程中正确的是（）

A.绳子自由端拉力F的大小为300N

B.滑轮组的机械效率为60%

C.提升物体的过程中，额外功为200J

D.绳子自由端拉力尸的功率为120W

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7.随着科技的进步，智能手机已经进入到寻常百姓家。如图所

示，常用智能手机是通过指纹开关a或密码开关S2来解锁的,

若其中任一方式解锁失败后，锁定开关S3均会断开而暂停手

机解锁功能，S3将在一段时间后自动闭合而恢复解锁功能。

若用灯泡心发光模拟手机解锁成功，则符合要求的模拟电路是（）

A.同时闭合工、S2,通过两灯泡的电流可能相同

B.若先闭合Si，再闭合$2,则电压表示数不变，电流表示数变大

C.若灯k短路，则闭合&、S2后，两灯都不亮

D.若把电压表和电流表位置对调，则闭合Si、S2,两表都烧坏

9.如图所示，某健身俱乐部通过压力传感器获取运动者的运动数据，其工作原理如图

乙所示。人从离蹦床一定高度处下落，保持电源电压不变，匕、为定值电阻，压

力传感器R的阻值随压力增加而减小。在人从与蹦床接触至下落到最低点过程中，

下列说法中正确的是（）

A.人的重力势能转化为人的动能和蹦床的弹性势能，机械能总和不变

B.人下落至最低点时蹦床的弹性势能Ep最小

C.电压表匕示数变大，电压表彩示数变小

D.电流表A示数逐渐变小，电路消耗的总功率P逐渐减小

10.在如图所示中，关于电学知识，以下说法中正确的是（）

所示的是测量电功率的仪表

B.给手机充电的过程中移动电源将电能转化成化学能

法拉第首先发现了电流的磁效应

D.闭合开关后，小磁针N极将顺时针偏转

11.在探究凸透镜成像规律的实验中，光具座上的光屏、凸透镜和蜡烛的位置如图所示,

此时在光屏上恰好成一个清晰的像。下列说法正确的是（）

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..g…4………"…

bcm1060304050X。70SO90100

A.图中凸透镜成像的特点可应用在照相机上

B.该凸透镜的焦距可能是21a〃

C.将蜡烛移到光具座45c机刻度线处，保持凸透镜不动，无论怎样移动光屏都接收

不到蜡烛的像

D.若在蜡烛和凸透镜之间靠近凸透镜放一副近视眼镜，应将光屏向右移动才可再

次呈现清晰的像

12.物理兴趣小组的同学对如图所示的现象进行讨论，其中错误的是（）

B.图（乙）对沸腾的水停止加热，抽气减压，水再次沸腾，说明气压减小沸点降低

C.图（丙）盆景自动供水装置利用了大气压强使盆景内的水位保持不变

D.图（丁）煤气灶点燃煤气后不会从进口处向空气中泄漏，其原因是进口处煤气流

速大，压强大

13.甲、乙两车同时同地向东运动，运动的s-t图像如

图所示。下列说法正确的是（）

A.0〜t］时间内，以甲车为参照物，乙车是向西运

动的

B.t2〜a时间内，甲车的平均速度小于乙车的平均

速度

C.0〜t4时间内，甲、乙两车相遇了两次

D.0〜J时间内，甲车做匀速直线运动

14.能源、信息和材料是现代社会发展的三大支柱。下列说法正确的是（）

A.海洋声呐系统和北斗导航系统是利用电磁波传递信息的

B.超导材料可应用于电饭锅和远距离输电线

c.我国海域深处蕴藏的大量“可燃冰”属于不可再生能源

D.光纤具有抗干扰、信号衰减小的特点，适用于远距离大容量信息传输

15.额定电压为8V的灯泡L接在如图甲所示的电路中，电源电压12V,图乙是滑动变

阻器的滑片从A点向最右端移动过程中电压表示数与滑动变阻器阻值之间的变化

关系图象，在滑片移动过程中下列说法正确的是()

0412RP'C

乙

A.灯泡的额定功率为8WB.电流表的最大示数为M

C.灯泡的电阻始终不变D.整个电路的最大电阻为20。

16.同学在马峦山游玩时捡了一块奇异的石头，他想知道这块小石头的密度值，于是在

征求老师同意后和小华在实验室进行r测量。如下图所示:

向mL

-

三=10C

-一

=

=

-

=-i-so

=100

-

=80

=

-

三60

-一

=40

三

=20

|=

|-=

三

=

111|=

T1一

45g

丙

(1)将天平放在水平桌面上并将游码归零后，若指针静止时位置如图甲所示，则应

将平衡螺母向(选填“左”或“右”)端调节；

(2)他将小石头轻放到天平的左盘上，先粗略估计了石头质量，接着，根据所估计

的值往右盘从大到小增减袪码，并移动游码，直至天平再次平衡。用调好的天平测

量石头的质量如图乙所示，则石头的质量为go把细线拴在石头上，采用排

水法，用量筒测出了石头的体积，如图丙所示；

(3)该石头的密度为kg/m3,

(4)对图丙中的小石头进行受力分析，在下图中画出它的受力示意图。(g=

10N次g)

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(5)同组的小华同学提出另外一种测量方法，如图所示:

①用天平测出石头的质量如

②把石头轻放入烧杯，往烧杯中加适量水浸没石头，在水面位置作上标记；

③在量筒内倒入适量的水，读出其体积匕；

④取出石头，将量筒里的水倒入烧杯内，让水面升至标记处。此时量筒内剩余水

的体积为眩；

⑤计算出石头的密度p=(用题中物理量的符号表达)；根据以上步骤，你认

为小华测出的密度值会(选填“偏大”、“偏小”或“不变”)。

加水到标记取出石头再加水至标记

17.电学知识学习过后，小珠和小海进行了相关实验，实验中电源电压不变，&、/?2为

定值电阻，其中％阻值已知，/?2阻值未知，但两者阻值不相等。

C

(1)利用如1电路图，探究“并联电路的电流规律”，将三个电流表分别接入图中

48、C处，请你用笔画线代替导线将如2图的实物连接完成。连接电路时，开关

必须;小珠连接电路后试触时发现C处电流表指针如3图所示，你认为可能

的原因是。

A处电流L4/4B处电流/B/4C处电流/C/A

0.400.50

(2)小珠改正错误后，再次闭合开关，C处电流表示数如4图所示，请你帮助完成

记录。分析数据，得出结论。小海认为该实验应该多次测量，原因是。

(3)为测量7?2阻值，小珠改装了实验电路，实验步骤如下：

①闭合开关S,断开开关Si，记录电流表示数人；

②闭合开关S和S],记录电流表示数

③分析数据得知电源电压U=1出,进而求得R2阻值。

通过分析，下列两个实验电路中，你认为小珠所使用的是(选填相应选项字

母)，求得区2=(用R］、人、与表示)。

18.一边长为的正方体木块，从距离水平地面3加的高处由静止释放，空气阻力

忽略不计，用压力传感器记录了从木块撞击地面开始到最后完全静止时的压力变化

情况，并根据记录的数据绘制了压力随时间变化的关系图象，如图2所示。求:

(1)木块的密度;

(2)木块下落过程中,重力对木块所做的功;

(3)木块对地面的最大压强。

19.如图甲所示，电源电压可调，&、/?2为定值电阻，灯泡的额定电压为2.5U,图乙是

该灯泡的/-U图象。闭合开关5,把电源电压调到4匕/?2的功率为0・8小.求：

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(1)通过/?2的电流。

(2)若小灯泡正常发光，则Imin内电流在&上做的功是多少？

(3)现把电源电压调到某一值时，通过/?2的电流为灯泡与&两端的电压之比

为1：2,则灯泡的实际功率是多少？

20.阅读下列短文，回答问题

“长征”送“嫦五”，中国探

月工程嫦娥五号成功发射！

2020年11月24日凌晨，在中国人民酣睡进入梦乡的时刻，中国的航空航天历史再

进一步，取得了又一次重大突破,根据央视新闻报道，2020年11月24日凌晨4

时30分，中国长征五号运载火箭搭载着嫦娥五号月球探测器在海南文昌航天发射

场成功发射升空。这次嫦娥五号任务的主要目标是完成月球采样并返回，但这次嫦

娥五号登月，没有像之前一样带着玉兔二号月球车去采集月球表面物质，只通过一

个机械臂来实现采样。这是中国首次月球采样返回任务，也是首次地外天体采样任

务，同样也是迄今为止我国执行的最为复杂的航天任务，嫦娥五号探月意味着中国

航天事业从此将开启新的篇章。

(1)发射“嫦娥五号”的长征五号运载火箭采用液氢为燃料，是利用液氢的

大的优点；嫦娥五号月球探测器穿过大气层时，包凄探测器的整流罩与大气层发生

剧烈摩擦，整流罩温度迅速升高，在这个过程通过(选填“做功”或“热传

递”)增大了它的内能。由于整流罩不善于导热、并且熔点(选填“高”或

“低”)，因此能对探测器起到保护装置。

(2)如图甲所示，是嫦娥五号“忘带”的玉兔二号月球车，它有六个宽大的车轮，

是为了:假定在月球车前面有一起石头，当车轮通过石块时，可将石块与车

轮的接触点看作是支点，Fi为车轮受到的推力，尸2为阻力，如图乙所示。通过分析

可知，石块高度越高(不高于车轮半径)，推力(选填“越大”或“越小”)

(3)计算：假设月球车的质量是135千克，月球引力约是地球引力的六分之一，月

球车在月面上行驶时，受到的阻力是月球车在月球所受“重力”的0.2倍，则月球

车在月面上行驶20米克服阻力做的功为多少焦耳。(地球上的g=ION/kg)

21.阅读短文，回答问题。

扫地机器人是一款能自动清扫的智能家用电器，如图所示。机器人通过电动机旋转

产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒，其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安

装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发

射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。当剩余电量减为电池容量的20%时机器人

会主动寻找充电器充电.表一为某扫地机器人的部分参数。电池容量指放电电流与

放电总时间的乘积。

表一:

额定工作电压12V额定功率36W

电池容量3750梯力工作噪音<50dB

机器人中吸尘电机的吸入功率是衡量其优劣的重要参数，测得某吸尘电机的吸入功

率与真空度、风量间的对应关系如表二。真空度指主机内部气压与外界的气压差。

风量指单位时间内通过吸尘电机排出的空气体积。证明吸尘电机吸入功率与输入功

率的比值叫做效率。

表二:

真空度(Pa)400450500550600

风量(m3/s)0.0250.020.0170.0150.013

吸入功率

10.009.008.507.80

(1)机器人工作时，主机内部的气压______(选填“大于”、“小于”或“等于")大

气压而产生吸力，若该机器人向障碍物垂直发射超声波，经过0.001s收到回波，则

其发射超声波时与障碍物间的距离约为“n(设超声波在空气中的传播速度

为340m/s)

(2)该机器人正常工作时的电流为4充满电后至下一次自动充电前能够连续

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正常工作的最长时间为min。

(3)下列说法中正确的是：

4机器人工作时发出的声音不会对人的听力造成损伤

8.当遇到玻璃门等透明障碍物时，使用红外线感应器效果较好

(4)由表二数据可知，当风量为0.0157n3/s时，若吸尘电机的输入功率为25W,此时

其效率为。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：

A、改变尺子伸出桌面的长度，若用相同的力拨动尺子，尺子的振动频率不同，声音的

音调不同，是为了研究音调与频率的关系；若要探究响度与振幅的关系，需要保持尺子

伸出桌面的长度不变，改变拨动尺子的力度，故4错误；

8、由图知，两列声波的形状不同，说明它们的音色不同，故8错误；

C、丙图中“GPS导航”是利用电磁波来传递信息的，故C错误；

。、当用手指润湿后沿着杯口边缘摩擦时，是杯子和水发生了振动，当水量越大时，杯

子和水越难振动，因此可以得出杯中的水量越大，音调越低，水量越小，音调越高，由

此可知，通过改变杯中的水量，可以探究音调与频率的关系，故。正确。

故选：。。

(1)音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高；响度跟物体的振幅有关，

振幅越大，响度越大；音色跟发声体的材料、品质有关。

(2)卫星导航、移动通信都是利用电磁波来传递信息的。

本题主要考查学生声学一些基础知识点的了解和掌握，特别是声音的三个特性的影响因

素，在分析音调的变化情况时，明确振动的物体是什么是解答此题的关键。

2.【答案】A

【解析】解：A、闻到鱼汤的鲜味，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，

故A正确；

8、水沸腾过程中吸收热量，温度保持不变，所以锅内鲜鱼汤在沸腾过程中，温度不变，

故8错误；

C、鲜鱼汤冒出大量的“白气”，这是由于水蒸气液化形成的小水珠，故C错误；

。、质量相等、初温相同的水和食用油，相同时间内吸收的热量相同，由于水的比热容

大于食用油的比热容，根据Q=cm4t知，油的温度升高得快些，故。错误。

故选：Ao

(1)扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动；

(2)水沸腾过程中吸收热量，温度保持不变；

(3)生活中看到的大量的“白气”，这是由于水蒸气液化形成的；

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(4)根据Q=cmZlt分析油的温度升高得快的原因。

本题考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。

3.【答案】A

【解析】解：

A、树下的阴影是影子，是由光沿直线传播形成的，故A错误；

8、放大镜是凸透镜，对光线具有会聚作用，其成像是光的折射现象，故B正确；

C、桥在水中的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故C正确；

。、白光通过三棱镜时，因为不同颜色的光通过玻璃时偏折的角度不同，白光通过三棱

镜分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光，这就是光的色散现象，故。正确。

故选：A。

(1)影子的形成是由光沿直线传播形成的：

(2)光的折射是指光线从--种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象;

(3)倒影属于平面镜成像；

(4)太阳通过玻璃三棱镜后，被分解为绚丽的七色光，从上往下依次是红、橙、黄、绿、

蓝、靛、紫，这种现象称为光的色散，说明了白光不是单色光。

本题主要通过各种事例考查了学生对光的反射、光的直线传播、光的折射的理解。要注

意这几种现象的本质，在日常生活中学习用所学知识解释有关现象。

4.【答案】D

【解析】解：A、停在路边的“共享单车”，它对地面的压力作用在地面上，它所受到

的重力作用在“共享单车”上，且二力方向相同，不是一对平衡力，故A错误；

8、当“共享单车”匀速转弯时，其方向改变，所以运动状态发生了变化，故B错误；

C、刹车的车闸工作时，动力臂大于阻力臂，所以自行车的车闸是一个省力杠杆，故C

错误；

。、单车轮胎上的花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故

。正确。

故选：

(1)平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上；

(2)物体运动方向和运动速度大小的变化都属于运动状态的变化：

(3)根据动力臂和阻力臂的大小关系分析；

(4)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压

力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。

本题考查了运动状态的判断、杠杆的应用、增大摩擦力的方法、平衡力的辨别等，是一

道力学基础知识的综合题。

5.【答案】B

【解析】解：人原来〃球在液体中悬浮，说明烧杯内液体的密度与“球的密度相等；

在溢水杯中放入6球，从溢水杯中溢出的液体流入烧杯中，使得小球〃在烧杯中处于下

沉状态，说明烧杯内液体的密度变小，所以烧杯中液体的密度大于溢水杯中液体的密度,

故A错误；

8、两球都静止后，排开的液体的体积是相同的，由于烧杯中液体的密度大于溢水杯中

液体的密度，根据阿基米德原理可知，4球所受浮力大于人球所受浮力，故B正确；

C、方球放入溢水杯后沉底，浮力小于重力，即F浮＜6人根据阿基米德原理知尸浮=6排＜

Gb,所以溢水杯对桌面的压力变大，根据p=g知溢水杯对桌面的压强变大，故C错误；

D、溢水杯中液体溢出后，深度不变，液体密度不变，根据p=pg/i知溢水杯底所受液

体压强不变，故。错误。

故选：B。

(1)根据小球a的浮沉判断出液体密度的大小关系；

(2)根据阿基米德原理判定浮力的大小；

(3)根据阿基米德原理判断出排开液体的重力与物体重力的关系，从而判断出容器对桌

面单位压力关系，根据p=3判断出压强的大小关系：

(4)根据p=pgh分析判断溢水杯底所受液体压强的大小变化。

本题考查了浮沉条件的应用、阿基米德原理以及液体压强、固体压强公式的应用等知识,

有一定的难度。

6.【答案】C

【解析】解：4、由图可知n=2,不计绳重和摩擦时拉力：F=；(G+G动)=[x(600N+

100N)=350N,故A错误;

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B、绳子自由端移动的距离s=nh=2X2m=4m,则拉力做的总功：勿忌=Fs=

350NX4m=14007,有用功：分有=G/i=600/Vx2m=12007,则机械效率：??=—x

100%=瑞x100%*85.7%,故8错误；

C、额外功：勿顿套一"行=1400/-1200/=200/,故C正确；

D、拉力的功率：p=&.=理/=140W，故。错误。

t10s

故选：Co

(1)由图可知n=2,利用不计绳重和摩擦时F=：(G+G电)求拉力；

(2)绳子自由端移动的距离s=n/i,利用勿=Fs求总功，利用W=G/i求有用功，利用

77=^x100%求机械效率；

(3)利用总功等于有用功加额外功求额外功；

(4)利用p=?求拉力的功率。

本题考查了使用滑轮组时绳子的拉力、有用功、总功、额外功和机械效率的计算，利用

不计绳重和摩擦时尸=；(G+G动)是解题的关键。

7.【答案】C

【解析】解：由题意可知，指纹开关S］或密码开关S2均可以解锁，锁定开关S3断开时暂

停手机解锁功能，则指纹开关Si和密码开关S?可以独立工作、互不影响即为并联，且锁

定开关S3位于干路，然后与灯泡、电源组成电路，结合选项电路图可知，选项C符合题

-«*»*-

忌、O

故选：Co

由题意可知，指纹开关S1或密码开关S2均可以解锁说明两开关可以独立工作、互不影响

即为并联，锁定开关S3断开时暂停手机解锁功能，说明锁定开关S3位于干路控制整个电

路，据此进行解答。

本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出三个开关的位置和连接方式是关键。

8.【答案】D

【解析】解：由图可知，两灯泡并联接入电路，开关S1控制整个电路，开关S2控制灯泡

L2,电压表测两灯泡两端的电压即电源电压，电流表测干路电流，

A、同时闭合&、52,若两灯泡的规格相同，由并联电路电压特点可知两灯泡两端的电

压相等，由欧姆定律可知通过两灯泡的电流相同，故A正确；

B、若先闭合工，灯泡人接入电路，电流表测通过灯泡人的电流，再闭合S2,两灯泡并

联接入电路，此时电流表测干路电流，由并联电路电流规律可知电流表示数变大，电压

表测两灯泡两端的电压即电源电压，所以电压表示数不变，故B正确；

C、若灯人短路，因两灯泡并联，则灯G同时被短路，闭合Si、S2后，两灯都不亮，故

C正确；

。、若把电压表和电流表位置对调，闭合&、S2,电压表串联接入电路，串联在干路中

相当于整个电路断开，所以两表都不会烧坏，故。错误。

故选：Do

由图可知，两灯泡并联接入电路，开关S1控制整个电路，开关S2控制灯泡乙2,电压表测

两灯泡两端的电压即电源电压，电流表测干路电流，

A、同时闭合Si、S2,若两灯泡的规格相同，根据并联电路电压特点和欧姆定律判断；

8、并联电路各支路两端电压相等，都等于电源电压，并联电路干路电流等于各支路电

流之和，

C、若灯4短路，因两灯泡并联，则灯心2同时被短路；

。、若把电压表和电流表位置对调，闭合Si、52，电压表串联接入电路，电压表内阻很

大，据此判断。

本题考查并联电路特点、电压表和电流表的使用、欧姆定律的灵活运用。

9.【答案】C

【解析】解：

4、在人从与蹦床接触至下落到最低点过程中，质量不变，高度减小，重力势能减小，

速度先变大后变小，动能先变大后变小，人的重力势能转化为人的动能和蹦床的弹性势

能，由于运动过程中需要克服空气的阻力做功，机械能转化为内能，则机械能总和会变

小，故A错误；

8、人下落至最低点时蹦床的弹性形变程度最低，则弹性势能Ep最大，故B错误；

C、由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表匕测量⑹两端的

电压，电压表彩测量8、R两端的电压；在人从与蹦床接触至下落到最低点过程中，蹦

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床受到的压力增大，其阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，

电流表示数变大；

根据U=/R可知，&两端的电压变大，即电压表匕示数变大，%、R的电阻的和减小，

根据串联电路的分压规律可知，其两端的电压减小，即电压表/示数变小变小；根据P=

U/可知，电路消耗的总功率P逐渐变大，故。错误，C正确。

故选：Co

(1)动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大

小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；计空气阻力

时.，机械能不守恒；

(2)弹性势能的大小与弹性形变的程度有关；

(3)(4)由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表匕测量％两端

的电压，电压表眩测量自、R两端的电压；根据压力的变化判定压敏电阻阻值的变化，

根据欧姆定律分析电路中电流和电压表示数的变化；根据P=U/判定总功率的变化。

本题考查了机械能的变化、电路的动态分析，明确压敏电阻的变化是解题的关键。

10.【答案】BD

【解析】解：A、电能表是测量用电器消耗电能多少的仪表，故A错误；

8、给手机充电的过程中，消耗了电能，得到了化学能，因此是将电能转化为化学能的

过程，故B正确；

C、如图所示，图中的实验表明电能生磁，奥斯特首先发现了电流的磁效应，故C错误；

。、如图，闭合开关后，根据电流的方向和安培定则可知，螺线管的右端为N极，左端

为S极，根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引可知，小磁针N极将顺时针偏转,

故。正确。

故选：BD。

(1)电能表是测量用电器消耗电能多少的仪器；

(2)给手机充电是电能转化为化学能储存起来；

(3)奥斯特首先发现了电流的磁效应；

(4)根据电流的方向和安培定则确定螺线管的极性，根据磁极的作用规律分析。

本题考查电能表的作用、能量的转化、有关物理学史和安培定则，以及磁极间的作用规

律等知识，综合题，难度不大。

11.【答案】CD

【解析】解：A、由图可知，此时u<D时，成倒立放大的实像，应用为投影仪，故A

错误；

B、由图知，蜡烛到凸透镜距离；u—50cm—35cm=15cm,光屏到凸透镜距离：v=

80cm-50cm=30cm,u<v,所以光屏上所成的像是倒立放大的实像，由凸透镜成

像规律知/<u<2f,v>2f,即有：f<15cm<2f,30cm>2f,解得：7.5cm<f<

15cm,所以该凸透镜的焦距不可能是2ks,故8错误；

C、将蜡烛移到光具座45c初刻度线处，保持凸透镜不动，此时的u=5cm,由8可知，

此时的物距一定小于一倍焦距，成正立的虚像，虚像不能用光屏承接，所以无论怎样移

动光屏都接收不到蜡烛的像，故C正确；

。、近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，可以延迟光线的会聚，所以应将

光屏向右移动才可再次呈现清晰的像，故力正确。

故选：CD。

(1)当n<u时，成倒立放大的实像，应用为投影仪；

(2)由图读出物距〃和像距v,根据凸透镜成像规律分析判断焦距的范围；

(3)u<f,成正立、放大的虚像，应用于放大镜；

(4)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。

凸透镜成像的四种情况和应用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系，是

凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。

12.【答案】D

【解析】解：A、甲图，帕斯卡裂桶实验，说明了液体压强随深度的增加而增大，故A

正确；

8、乙图，向外拉活塞，气压降低，水的沸点降低，可以使烧瓶内刚停止沸腾的水再次

沸腾，故8正确；

C、随着水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶

内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，回到原来的高度，即

盆景内的水位保持不变；此后在大气压的作用下瓶中的水不再流出。故C正确；

。、因为流速越快，流体的压强越小，所以进口处煤气流速大，压强小于大气压，煤气

和空气在大气压的作用下流向燃烧头，而煤气不会向空气中泄露，故。错误；

第18页，共29页

故选：Do

(1)液体内部的压强随深度的增加而增大；

(2)掌握沸点与气压之间的关系，沸点随气压的增大而升高；

(3)随着水的蒸发，盆景内水减少，当瓶口刚露出水面时，会有少量空气进入瓶中，瓶

内气压增大，瓶子的水会下降流出一部分，使瓶外水位重新升高，瓶口继续没入水中，

空气不再进入，如此反复；

(4)流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。

本题涉及到液体内部压强的特点、气压和沸点的关系、压强和流速关系及大气压的综合

应用，具有较强的综合性，重点考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学

生的要求较高，是中考重点考查的内容。

13.【答案】AC

【解析】解：A、由图知，0—h时间内甲通过的路程比乙大，根据"=，可知，此过程

中甲车的速度大于乙车的速度，而甲、乙两车同时同地向东运动，所以，以甲车为参照

物时，乙车是向西运动，故A正确；

B、由图知，《2-14时间内甲通过的路程大于乙通过的路程，由。=，可知甲车的速度大

于乙车的速度，故B错误；

C、由图知，0—t4时间内甲乙的图像有两个交点，则甲、乙两车相遇两次，故C正确；

D、由图知，时间内甲离出发点的距离不变，则甲车处于静止状态，故力错误。

故选：AC。

(1)在相同时间内，比较路程的大小可以比较运动快慢，据此比较0〜归时间内甲乙的速

度大小关系，已知甲、乙两车同时同地向东运动，再判断以甲车为参照物，乙车的运动

方向；

(2)由图知，t2-t4时间内甲通过的路程大于乙通过的路程，利用速度公式比较速度大

小关系；

(3)图像的交点个数即甲、乙两车相遇的次数；

(4)由图知，时间内甲离出发点的距离不变，处于静止状态。

根据图像或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图像可以使我们建立更多

的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题涉及到的知识点较

多，综合性很强。

14.【答案】CD

【解析】解：A、海洋声呐系统是利用超声波传递信息的，北斗导航系统是利用电磁波

传递信息的，故A错误：

8、电饭锅的电热丝需要将电能转化为内能，超导材料电阻为零无法将电能转化为内能，

故2错误；

C、可燃冰在短时期内不能形成，属于不可再生资源，故C正确；

。、光纤通信是利用激光在光导纤维中传输的一种通信方式，具有抗干扰、信号衰减小

的特点，适用于远距离大容量信息传输，故。正确。

故选：CD。

(1)声音和电磁波都能传递信息，电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播，声音传

播要有介质；

(2)超导体的电阻为零，不会放热，所以电能无法转化为内能；

(3)“可燃冰”为甲烷的水合物，遇火即可燃烧且热值高，是一种环保、高效的新能源；

(4)光纤是光导纤维的简写，是一种利用光在玻璃或塑料制成的纤维中的全反射原理而

达成的光传导工具。

本题考点很全面，包括能源的分类、超导体材料的应用、通信卫星、光纤通信的特点等

等，需要学生综合全面知识，并要求掌握。

15.【答案】AB

【解析】解：由电路可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压,

电流表测电路中的电流。

(1)因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，灯泡两端的电压4=8V时，电压表的示数：

U,^=U-UL=12V-8V=41/,

由图乙可知，滑动变阻器接入电路中的电阻R滑=40,

因串联电路中各处的电流相等，

所以，电路中的最大电流：

第20页，共29页

/=金="=

/m

即电流表的最大示数为14,故B正确；

灯泡的额定功率：

PL=uLI=8VxlA=8W,故A正确；

电路消耗的最大总功率：

P=UI=12VX1A=12W,故。正确；

根据/=£可得灯泡的电阻：

%=以=叱=80

LI1A

(2)由图乙可知，当电压表的示数〃/=8V时，接入电路中的电阻R/=120,

此时灯泡两端的电压：

UL'=U-U/=12V-8V=4V,

此时电路中的电流：/'=2=篙=[4

根据/=£可得灯泡的电阻：

&'=与=>60,

3

则&于所以，灯泡的电阻是变化的，故c错误；

由于电压表的示数最大为u滑'=8U时，电路中的电流最小，整个电路的最大电阻，

则根据/=&可得整个电路最大电阻：

=故。错误。

3

故选：ABo

由电路可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路

中的电流。

(1)额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据串联电路的电压特点求出灯泡两

端的电压为8y时电压表的示数，根据图乙读出此时滑动变阻器接入电路中的电阻，根

据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流即为电路中的最大电流，根据P=

u/求出灯泡的额定功率，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；

(2)根据图象可知电压表的示数为8V时滑动变阻器接入电路中的电阻，根据串联电路的

电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式求出此时

灯泡的电阻，然后判断灯泡的电阻是否变化。由图象可知电压表的示数最大时，电路中

的电流最小，整个电路的最大电阻，根据欧姆定律即可求出最大电阻。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中读出电压表和滑

动变阻器接入电路中对应的电阻值是关键。

16.【答案】左293.625X103日偏小

【解析】解：(1)把天平放在水平桌面上，将游码调到标尺左端的零刻线处，此时指针

偏向右侧，说明天平的左侧上翘，平衡螺母应向左移动；

(2)在天平读数时，被测物体的质量=祛码的质量+游码的示数，由图可知，祛码的质量

为25g,游码的示数为4g,则物体的质量为29g；

(3)由图丙可知量筒的分度值为2加3未放入物体时，水的体积为50〃"，放入物体后，

量筒的示数为58初，所以石头的体积为58mL—50mL=8mL-8cm3,

通过物体密度计算公式可知：

P=£=^^3=3.6255/cm3=3.625x103kg/m3；

(4)由图可知，石头除受到重力之外，因为石头浸没在水中，所以受到竖直向上的浮力。

又因为细绳没有处于绷紧状态，所以绳子上没有拉力，因为石头的密度大于水，其重力

大于浮力，所以此时石头还受到支持力的作用。

石头的重力G=mg=0.029kgxION/kg=0.29/V

63

由于物体浸没，所以石头排开液体的体积等于其自身体积，即咻=8cm3=8x10-m;

所以物体受到的浮力尸浮=G^=1x103kg/m3xlON/kgx8x10-6zn3=

0.08N

则支持力产支=G一尸浮=0.29N-0.08/V=0.21/V

此时物体受力分析图如图所示：

第22页，共29页

支O.21N

F浮=0.08N

G=O.29N1

(5)由实验步骤知，用天平测出石头的质量加，石头体积等于倒入烧杯中水的体积，即

石头体积V=匕一，2,

所以石头的密度。=就；

取出石头时，石头上会沾有水，因此倒入水的体积大于石头的体积，体积测量偏大，由

p=£可知，测量结果偏小。

故答案为：(1)左；(2)29；(3)3.625x103；(①略；(5)蒜;偏小。

(1)把天平放在水平桌面上，首先将游码调到标尺左端的零刻线处，从指针的偏转判断

天平横梁哪端上翘，平衡螺母向上翘的一端移动。

(2)在天平读数时，被测物体的质量=祛码的质量+游码的示数；

(3)物体密度计算公式：p=

(4)物体保持静止状态，此时受到重力、浮力、支持力；

(5)当将矿石从水中拿出时，矿石上会沾有水，向烧杯内倒入的水会偏多，根据密度公

式可分析出误差。

本题考查了天平的调节、量筒读数、天平的读数、密度计算以及误差的分析、等效替代

思想的运用，误差的分析时主要考虑质量和体积测量的差异情况。

17.【答案】断开电流表正负接线柱接反了一次实验得出的结论有偶然性A"

【解析】解：(1)利用如1电路图，探究“并联电路的电流规律”，将三个电流表分别

接入图中A、8、C处，两电流表选用小量程分别与两电阻串联，测量两支路的电流，

第3个电流选用大量程接在干路上测总电流，如下所示：

连接电路时，开关必须断开；小珠连接电路后试触时发现C处电流表指针如3图所示,

你可能的原因是电流表正负接线柱接反了；

(2)小珠改正错误后，再次闭合开关，C处电流表示数如4图所示，电流表选用大量程，

分度值为0.L4,电流为0.904如下表所示；分析数据，得出结论。小海认为该实验应

该多次测量，原因是：根据一测量结果得出的结论有偶然性；

A处电流L4/A2处电流/B/4C处电流/C/4

0.400.500.90

(3)为测量/?2阻值，小珠改装了实验电路，实验步骤如下：

①闭合开关S,断开开关Si，记录电流表示数A；

②闭合开关S和S],记录电流表示数/2；

③分析数据得知电源电压U=进而求得/?2阻值。

根据电源电压U=4%,可知小珠所使用的是4;

由并联电路各支路到不影响，通过的电流为由欧姆定律，氏2=缁。

故答案为：(1)断开；电流表正负接线柱接反了；(2)一次实验得出的结论有偶然性；

⑶4或。

(1)探究“并联电路的电流规律”，两电流表选用小量程分别与两电阻串联，第3个电

流选用大量程接在干路上测总电流；

连接电路时，开关必须断开；电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则，

电流表指针反向偏转；

(2)根据电流表选用大量程确定分度值读数，该多次测量避免实验的偶然性，得出普遍

性的结论；

(3)闭合开关S,断开开关Si，在A中，为公的简单电路，在B中，两电阻串联，结合

电源电压U=A8分析；

根据并联电路的规律及特点分析。

本题探究“并联电路的电流规律”，考查电路连接、归纳法的运用及设计方案测量电阻

第24页，共29页

的能力。

18.【答案】解：

(1)根据压力随时间变化的关系图象可知，木块静止时对水平地面的压力F=6N,

则木块的重力G=F—6N,

木块的质量：m=(=赢^=0.6如，

正方体木块的体积：V—10cmx10cmx10cm=1000cm3=1x10-3m3,

木块的密度：p=£=ix：：£=06X103kg/m3.

(2)木块下落过程中，重力所做的功：W=Gh=6Nx3m=18/；

(3)由图象可知，木块撞击地面时的最大压力尸成大=36N,

正方体木块的底面积：S=10cmx10cm=100cm2=1x10~2m2,

则木块对地面的最大压强：

P炉★=I—3.6x103Pa;

v最大Slxio-2ni2

答：(1)正方体木块的密度为0.6x103^9/^3；

(2)木块下落过程中，重力所做的功为18J；

(3)木块对地面的最大压强为3.6x103pa。

【解析】(1)(2)根据绘制的压力随时间变化的关系图象，可得出木块静止时对地面的压

力，利用F=G求木块重力，利用G=rng求得其质量，已知正方体木块的边长，可求得

其体积，然后利用密度公式求木块的密度，再利用W=Gh求得重力所做的功；

(3)由图得出最大压力，知道接触面积，利用压强公式求最大压强。

此题综合考查了重力、功、密度、压强的计算，能从图象中找出有用的信息是本题的关

键。

19.【答案】解：(1)由P=。/可得，通过/?2的电流：

,P20.8W_„.

/2=—=---=0.2A；

U24V'

(2)由图乙可知，当灯泡正常发光时，UL=2.5V,IL=0.34,

因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以％两端电压:

U1=U-UL=4V-2.5V=1.5V,

通过Ri的电流：/1=/L=0.34,

Imin内电流在Ri上做的功：

W=UJ5=1.5Vx0.3/1x60s=27/；

(3)由「=力可得，/?2的阻值：

R

R2=^=-=20/2,

/P20.8W

由/=£可得，/?2两端电压：

U2'=I2R2=0.1Xx20。=2V,

由岑=：可得，灯泡两端的电压：

U2rN

Z

u/=|[/2=lx2K=IV,

由图乙可知，当=时，/J=0.2A,

则灯泡的实际功率：

PL'=UL'IL'=Wx0.2A=0.2勿。

答：(1)通过/?2的电流为。34；

(2)若小灯泡正常发光，贝ijImin内电流在&上做的功是27J；

(3)灯泡的实际功率是0.2勿。

【解析】根据电路图可知，％与灯泡串联后再与/?2并联；

(1)根据并联电路电压规律和P=U/的应用求出通过/?2的电流；

(2)根据图乙读出小灯泡正常发光时的额定电流，然后根据并联电路电压规律求出&两

端电压，再根据串联电路电流规律和W=U/t求出Imin内电流在％上做的功；

(3)先根据P=?的应用求出心的阻值，然后根据欧姆定律的应用求出&两端电压，再

利用灯泡与/?2两端的电压之比求出灯泡两端电压，并根据图乙读出此时通过灯泡的电流，

最后根据P=U/求出灯泡的实际功率。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功公式、电功率公式的应用，利用好灯泡与

/?2两端的电压之比和从图象中获取有用的信息是关键，要注意灯泡的电阻是变化的。

20.【答案】热值做功高减小压强越大

【解析】解：(1)