辽宁省重点中学2024届高二物理第一学期期中预测试题含解析

辽宁省重点中学2024届高二物理第一学期期中预测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列关于摩擦力的说法中正确的是（）A．有弹力必有摩擦力B．有摩擦力必有弹力C．滑动摩擦力的公式F=μFN中的压力FN一定等于重力D．同一接触面上的弹力和摩擦力可能相互平行2、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．则（）A．场强Ea>Eb，Eb>EcB．电势φa>φb，φc>φbC．沿cba路径移动质子与电子，电荷的电势能改变是一样的D．沿bc方向直线射入的电子有可能做曲线运动3、小张买了一只袖珍小电筒，用的是两节小的干电池。他取出电筒中的小灯泡，看到上面标有“2.2V，0.25A”字样。小张认为产品设计人员的意图是使小灯泡在这两节干电池的供电下正常发光。已知每节干电池的电动势为1.5V，由此，他推算出了产品设计者设定的每节干电池的内阻为A．1.6Ω B．3.2Ω C．4.2Ω D．8.8Ω4、下列说法正确的是（）A．伽利略提出了行星运动的三大定律B．牛顿用实验的方法测出了引力常量C．胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比D．卡文迪许从实验中得出了万有引力定律5、如图甲所示，长2m的木板Q静止在某水平面上，t=0时刻，可视为质点的小物块P以水平向右的某一初速度从Q的左端向右滑行。P、Q的速度－时间图象见图乙，其中a,b分别是0～1s内P、Q的速度－时间图线，c是1～2s内P、Q共同的速度－时间图线。已知P、Q的质量均是1kg，g取10m/s2。则以下判断正确的是A．在0－2s内，木板Q下表面与水平面之间有摩擦力B．在0－2s内，摩擦力对Q的冲量是2N·s。C．P、Q之间的动摩擦因数为0.1D．P相对Q静止的位置在Q木板的最右端6、自由摆动的秋千，摆动的振幅越来越小，下列说法正确的是A．机械能守恒B．总能量守恒，机械能减小C．能量正在消失D．只有动能和势能的转化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、利用如图所示的方法可以测得金属导体中单位体积内的自由电子数n。现有一块横截面为矩形的金属导体的宽为b，厚为d，并加有与侧面垂直的匀强磁场B，当通以图示方向电流I时，在导体上、下表面间用电压表可测得电压为U。已知自由电子的电荷量为e，则下列判断正确的是A．上表面电势高B．下表面电势高C．该导体单位体积内的自由电子数为n=D．该导体单位体积内的自由电子数为n=8、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，电流表和电压表都看做理想电表，且大于电源的内阻r，当滑动变阻器的滑片向b端移动时，则A．电压表读数减小 B．电流表读数减小C．质点P将向上运动 D．电源的输出功率逐渐增大9、下列说法正确的是A．沿着电场线的方向移动电荷，电荷的电势能可能增大B．只有点电荷在真空中任一点产生的电场强度大小才可以用求解C．根据可知，电容器的电容与其储存的电荷Q成正比，与其两端的电压U成反比D．电脑和手机屏幕上很容易聚集灰尘是因为静电现象10、如图所示的U－I图像中，直线Ⅰ为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻R的U－I图线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图像可知（）A．R的阻值为10ΩB．电源电动势为3V，内阻为1.5ΩC．电源的输出功率为3.0WD．电源内部消耗的功率为1.5W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学利用下列器材测定一个蓄电池的电动势和内阻．蓄电池的电动势约为4V．A．量程是0.6A．内阻约为0.5Ω的电流表B．量程是5V，内阻是6kΩ的电压表C．量程是15V，内阻是30kΩ的电压表D．阻值为0-1kΩ，额定电流为0.5A的滑动变阻器E.阻值为0-10Ω，额定电流为2A的滑动变阻器F.定值电阻，额定功率4WG.开关S一个，导线若干(1)为了减小实验误差，电压表应选择_______(填器材代号)，图中的导线应连接到处_____(填“a”或“b”)，改变滑动变阻器阻值的时候，为了使电压表和电流表的读数变化比较明显，滑动变阻器应选择______(填器材代号)．(2)用(1)问中的实验电路进行测量，读出电压表和电流表的读数，画出对应的U-I图线如图所示，由图线可得该蓄电池的电动势E=____V，内阻r=____Ω．(结果保留两位有效数字)12．（12分）螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示．由上图读得圆柱体的直径为________mm，长度为_______cm．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在光滑绝缘水平面上放置一质量m＝0.2kg、电荷量q＝5×10－4C的带正电的小球，小球系在长L＝0.5m的绝缘细线上，线的另一端固定在O点．整个装置置于匀强电场中，电场方向与水平面平行且沿OA方向，如图所示（此图为俯视图）．现给小球一初速度使其绕点O做圆周运动，小球经过A点时细线的张力F＝140N，小球在运动过程中，最大动能比最小动能大20J，小球视为质点．（1）求电场强度的大小．（2）求运动过程中小球的最小动能。14．（16分）如图所示，在足够长的两条平行金属导轨的左端接有一个定值电阻R0，两导轨间的距离L＝0.5m，在虚线的区域内有与导轨平面垂直的匀强磁场，磁感应强度B＝0.2T，虚线间的距离s＝1.0m．完全相同的金属棒ab、cd与导轨垂直放置，两棒间用2.0m长的绝缘轻杆连接．棒与导轨间无摩擦，两棒电阻皆为r＝0.3Ω，导轨电阻不计．已知R0＝2r．现用一外力从图示位置水平向右拉cd棒，使两棒以v＝5.0m/s的速度向右匀速穿过磁场区域．求：(1)从cd棒刚进磁场到ab棒刚离开磁场的过程中通过ab棒的电流大小和方向；(2)从cd棒刚进磁场到ab棒刚离开磁场的过程中拉力做的功；(3)若cd棒刚进入磁场时将水平外力去掉，经一段时间cd棒离开磁场，求此段时间内通过cd棒的电量．15．（12分）在图示电路中，稳压电源的电压U=9V，电阻R1=9Ω，R2为滑动变阻器，电流表为理想电表．小灯泡L标有“6V，6W”字样，电阻随温度的变化不计．电键S断开时，求：(1)电流表的示数I；(2)小灯泡L的实际功率PL；(3)闭合电键S，为使小灯泡L正常发光，滑动变阻器R2接入电路的阻值是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

摩擦力的产生必须要粗糙、弹力、有相对运动趋势或相对运动，三个条件必须同时具备．因此A错B对．滑动摩擦力的公式中的压力指的是正压力，若放在斜面上，则不等于重力，C错．弹力垂直于接触面，摩擦力平行于接触面，所以不可能，D错【题目点拨】本题考查了弹力与摩擦力之间的区别与联系、弹力和摩擦力产生的条件．2、A【解题分析】A、根据电场线的疏密表示电场强度的相对大小，可知Ea＞Eb＞Ec．故A正确；B、沿着电场线方向电势是降低的，同一等势面上各点的电势相等，则知φc＞φb=φa．故B错误；C、沿cba路径移动质子与电子，根据公式W=qU，知由于电子与质子的电性相反，电场力对质子做正功，对电子做负功，则质子的电势能减小，电子的电势能增大，故C错误；D、沿bc方向直线射入的电子，所受的电场力沿cb方向，电子做直线运动．故D错误；故选A．3、A【解题分析】

小灯泡在这两节干电池的供电下正常发光则电路中的电流为,路端电压为，则每一节干电池的内阻为：A．描述与分析相符，故A正确.B．描述与分析不符，故B错误C．描述与分析不符，故C错误.D．描述与分析不符，故D错误.4、C【解题分析】

A.开普勒提出了行星运动的三大定律，故A错误。B.卡文迪许用实验的方法测出了引力常量，故B错误。C.胡克认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比，故C正确。D.卡文迪许用实验的方法测出了引力常量，证明了万有引力定律的正确性，但万有引力定律是牛顿提出的，故D错误。5、C【解题分析】

由图可知，在P、Q系统在相互作用的过程结束后，系统沿水平方向做匀速直线运动，可知系统所受的外力之和为零，木板Q下表面与水平面之间没有摩擦力。故A错误；从图象可知，0～2s内对Q，先做匀加速直线运动，再做匀速直线运动，在1～2s内无摩擦力，根据动量定理，摩擦力的冲量等于动量的变化，所以I=Mv-0=1N•s．故B错误；P从速度为2m/s减为1m/s所需的时间为1s，则a=μg==1m/s2，所以μ=0.1．故C正确。在t=1s时，P、Q相对静止，一起做匀速直线运动，在0～1s内，P的位移：x1＝×1=1.5m，Q的位移x2＝×1=0.5m。所以：△x=x1-x2=2m-1m=1m＜2m，知P与Q相对静止时不在木板的右端。故D错误。故选C。【题目点拨】解决本题的关键知道动量守恒的条件以及会从图象得知P、Q的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解。6、B【解题分析】

由于要克服空气阻力做功，系统的机械能不断转化为内能，故机械能不守恒，故A错误；由于要克服空气阻力做功，系统的机械能不断转化为内能，故机械能减小，机械能和内能之和守恒，故B正确；能量是不会消失的，机械能转化为内能，故C错误；通过克服空气阻力做功，机械能和内能参与转化，故D错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解题分析】

AB.电流方向水平向右，则自由电子的运动方向水平向左，根据左手定则，电子向上偏，上表面得到电子带负电，下表面失去电子带正电，所以下表面的电势高，故A错误，B正确；CD.电流的微观表达式为：表示单位体积内的电子数，表示横截面积，则：最终电子受电场力和洛伦兹力处于平衡，有：则有：所以可得：故C正确，D错误。8、AD【解题分析】

AB.由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再由R1串连接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时，R1两端的电压也增大，故并联部分的电压减小；由欧姆定律可知流过R3的电流减小，则流过并联部分的电流增大，故电流表示数增大；因并联部分电压减小，而R2中电压增大，故电压表示数减小，故A正确B错误。C.因电容器两端电压减小，故电荷受到的向上电场力减小，则重力大于电场力，电荷向下运动，故C错误；D.由题，R1大于电源的内阻r，外电路的总电阻大于r，而当电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大，则知电路中总电阻减小时，电源的输出功率逐渐增大。故D正确。9、AD【解题分析】

A．正电荷沿电场线方向移动，电场力做正功，电势能减小。负电荷沿电场线方向移动，电场力做负功，电势能增加；故A正确。B．电场强度的定义式适用于任何电场；故B错误。C．公式是电容的定义式，采用比值法定义，C与Q、U无关，由电容器本身的性质决定；故C错误。D．电脑和手机屏幕上会带上电荷，很容易吸附灰尘，是因为静电现象；故D正确。故选AD。10、BD【解题分析】

B．由图线Ⅰ纵轴截距读出电源的电动势E=3.0V，其斜率大小等于电源的内阻，则有：Ω选项B正确；A．当I=1.0A时由图象Ⅱ知路端电压U=1.5V，由U=IR知R=1.5Ω选项A错误；C．电源的输出功率P出=UI=1.5W选项C错误；D．电源内部消耗功率P内=I2r=1.5W选项D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B①E4.21.33【解题分析】

（1）蓄电池的电动势约为3V，电压表C的量程太大，选电压表选B；导线接①处，电压表内阻已知，与电池串联的定值电阻阻值已知，有利于准确测出电池的内阻；（2）由图线在纵轴上的截距可得蓄电池的电动势E＝3.2V，图线斜率的绝对值|k|≈5.3Ω，减去与电池串联的定值电阻的阻值4Ω，可得电池的内阻r＝1.3Ω.【题目点拨】（1）根据蓄电池的电动势选择电压表的量程；根据电压表内阻已知，与电池串联的定值电阻阻值已知，从减小误差的角度选择测量电路；（2）由图像的纵轴截距可得电动势，由图线斜率的绝对值减去与电池串联的定值电阻的阻值可得电源内阻．12、1.8444.240【解题分析】

螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺主尺与游标尺的示数之和是游标卡尺的示数；【题目详解】螺旋测微器：不动刻度为1.5mm，可动刻度为，则读数为；游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第8个刻度与主尺上某一刻度对齐，故其读数为，所以最终读数为：；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4×104【解题分析】

小球带正电，从A运动到其关于O对称的点的过程中，电场力做负功，动能减小，所以在A点动能最大，在其对称点的动能最小，根据动能定理求解电场强度E的大小；在A处动能最大，已知小球经过A点时细线的张力F=140N，由牛顿第二定律和动能的计算式求解A处的动能，再由动能定理得到最小动能。【题目详解】（1）设A点关于O点的对称点为B，则小球从A运动到B的过程中，电场力做负功，动能减小，所以在A点动能最大，在B点的动能最小。

小球在光滑水平面上运动的最大动能与最小动能的差值为△Ek=2qEL=20J代入数据得：E=4×104N/C（2）在A