沪科版物理九年级上册期末测试卷3份含答案

期末卷1一、选择题（每小题3分，共30分）1．（2016秋•郾城区期中）生活中能量转化的实例很多，下列描述中错误的是（）A．摩擦起电是把电能转化为机械能B．摩擦生热是把机械能转化为内能C．电动机带动水泵把水送到高处是把电能转化为机械能D．燃料燃烧放热是把化学能转化为内能【考点】能量的转化．【难度】易【分析】解决此题的关键是知道各种现象的能量储存方式和转化方式．判断减小的能和获得的能分别是哪一个．【解答】解：A、摩擦起电时电子发生了转移，摩擦过程中，消耗了机械能，获得了电能，因此是把机械能转化为电能，故A错误；B、摩擦生热是克服摩擦做功，摩擦过程中，消耗了机械能，内能增大，把机械能转化为内能，故B正确；C、电动机带动水泵把水送到高处，消耗了电能，使水的机械能增大，因此水泵是把电能转化为机械能，故C正确；D、燃料燃烧放热是把自身蕴含的化学能转化为内能，故D正确．故选A．【点评】自然界中的能量都以各种形式的能储存起来，在一定条件下可以相互转化．2．（2014秋•厦门期末）在夏天开着空调的公交汽车和寒冷冬天的公交汽车车窗上都会出现水珠，以下关于水珠在车窗的内外表面描述正确的是（）A．夏天在外表面，冬天在内表面B．都在内表面C．夏天在内表面，冬天在外表面D．都在外表面【考点】液化及液化现象．【难度】易【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华．【分析】（1）物质从气态变为液态的过程称为液化；（2）夏天车外气温高，水蒸气遇到冷的玻璃会在外面液化成小水珠；（3）冬天车内气温高，水蒸气遇到冷的玻璃会在里面液化成小水珠；【解答】解：（1）在闷热的夏天开着空调的公交汽车里，由于车内温度低于车外温度，所以外面空气中的水蒸气遇到冷的车玻璃，就会发生液化现象，在外表面出现水珠；（2）寒冷的冬天的公交汽车内温度高于车外温度，所以车内空气中的水蒸气遇到冷的车玻璃时，会发生液化现象，在车玻璃的内表面形成水珠；故选：A．【点评】解决此类问题的关键是知道液化的概念及发生液化的条件，属于基础知识的考查．3．如图所示的四个过程，从能量转化和转移的角度看，属于机械能转化为内能的是（）A．夏天晾衣服B．用湿毛巾降温C．厨房炒菜D．锯木头电锯发热【考点】能量的转化．【难度】易【专题】定性思想；机械能及其转化．【分析】分析各选择项中什么形式的能在减少，什么形式的能在增加，找到属于内能转化为机械能的物理过程．【解答】解：A、夏天晾衣服，太阳光把衣服晒干，衣服从太阳吸热，使衣服的内能增加、温度升高，是通过热传递改变内能，没有能量的转化，故A错误；B、用湿毛巾降温，湿毛巾从人体吸收热量，温度降低，是通过热传递改变内能，没有能量的转化，故B错误；C、炒菜时，菜从锅上吸收热量，菜的温度升高，内能增加，是通过热传递改变内能，没有能量的转化，故C错误；D、锯木头时，电锯克服摩擦力做功，电锯温度升高，内能增加，机械能转化为内能，故D正确．故选D．【点评】做功可以改变物体的内能．对物体做功，物体的内能增加；物体对外做功，物体的内能减少；热传递也可以改变物体的内能．物体放出热量，内能减少；物体吸收热量，内能增加．4．热机的广泛使用已成为一个国家工业化程度的标志，人类的现代生活已越来越离不开各种热机，热机从根本上改变着我们的世界．下列相关说法正确的是（）A．热机是把内能转化为机械能的装置B．内燃机完成一个工作循环对外做功两次C．使用热值大的燃料可提高热机效率D．采取有效措施可以使热机效率达到100%【考点】热机;热机的效率．【难度】中【分析】（1）热机是将内能转化为机械能的机器；（2）四冲程内燃机的一个工作循环包括四个冲程，分别是吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程；（3）燃料的热值：1kg的某种燃料完全燃烧放出的热量，叫做这种燃料的热值；热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比；（4）热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，减少热的损失，可以提高效率．【解答】解：A．热机是利用内能来工作的机器，其中能量的转化是将内能转化为机械能的机械，故A正确；B．四冲程内燃机的一个工作循环包括四个冲程，一个工作循环对外做一次功，故B不正确；C．燃料的热值是燃料的特性，燃料的热值大，只能说明完全燃烧1kg的燃料放出的热量多，而热机的效率是指热机有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，采用使用热值大的燃料，并不能提高热机的效率，故C不正确；D．热机工作时，总要克服摩擦做功、总有部分能量散失到空中，用来做有用功的能量一定小于燃料完全燃烧产生的能量，所以热机效率一定小于1，故D不正确．故选A．【点评】本题考查内燃机的四个冲程以及热机的效率；明确内燃机的四个冲程中压缩冲程、做功冲程能量的转化，以及燃料的燃烧和能量的转化的知识点；注意无论采取什么措施，热机的效率总小于1．5．高铁每节车厢都有两间洗手间，只有当两间洗手间的门都关上时（每扇门的插销都相当于一个开关），车厢中指示牌内的指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”．如图所示的电路图中能实现上述目标的是（）A． B． C． D．【考点】串联电路;并联电路．【难度】中【专题】应用题；电流和电路．【分析】两间洗手间的门都关上时指示灯才会发光提示旅客“洗手间有人”，发光说明两开关相互影响、不能独立工作即为串联且控制灯泡．【解答】解：A、由电路图可知，两开关都闭合时灯泡发光，符合题意，正确；B、由电路图可知，只闭合S1开关，灯泡发光；只闭合S2，不发光；两开关同时闭合，灯被短路，不发光，造成电源短路，不符合题意，不正确；C、由电路图可知，闭合S1时灯发光，闭合S2时电源短路，灯不亮，不正确．D、任意闭合一个开关，灯都发光，不正确；故选A．【点评】根据题意得出两开关的连接方式和位置是解决本题的关键．6．（2016秋•厦门期末）如图所示，若只闭合S1，两只灯泡都会亮，再闭合S2，两只灯泡亮度的变化情况是（）A．L1变暗，L2变亮 B．L1变亮，L2变暗C．L1不变，L2变亮 D．L1不变，L2变暗【考点】额定功率和实际功率．【难度】中【专题】电能和电功率．【分析】只闭合S1时，两灯泡串联；当S1、S2都闭合时，L1与R并联后与L2串联；根据串并联电路电阻的特点以及功率的计算公式判断灯泡的明暗．【解答】解：只闭合S1时，两灯泡串联；当S1、S2都闭合时，L1与R并联后与L2串联；因为并联电路中的总电阻小于任何一个分电阻，因此当S1、S2都闭合后，电路中的总电阻变小，由P=I2R可知，L2的实际功率变大，因此L2变亮；因为L1与R并联后的总电阻变小，因此L1两端电压变小，由P=可知，L1的实际功率变小，因此L1变暗．故选A．【点评】本考查串并联电路的特点以及功率计算公式的应用，关键明确电路在不同状态下的连接方式．7．由c=，关于同一物质的比热容c，下列说法正确的是（）A．若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍B．若质量增大一倍，则比热容减至一半C．若加热前后的温度差增大一倍，则比热容增大一倍D．无论质量多大，比热容都一样【考点】比热容．【难度】中【分析】质量是1kg的某种物质，温度升高1℃吸收的热量叫这种物质的比热容；比热容是物质的一种特性，物质的比热容只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关．【解答】解：比热容是物质本身的一种特性，物质的比热容只跟物质的种类和状态有关，与物质质量、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关，故ABC错误，D正确．故选D．【点评】本题考查对比热容概念的理解以及热量计算公式的掌握和应用，属于基础题，同时还考查了我们利用物理规律分析实际问题的能力．8．（2012秋•郯城县期末）当有人触电时，下列做法正确的是（）A．先将人直接拉开进行抢救，后切断电源B．赶快用剪刀剪断电线C．立即拨打110，请消防人员帮助施救D．用干燥的木棍将电源线挑开再抢救【考点】注意用电安全．【难度】中【专题】应用题；电与热、生活用电．【分析】触电是人直接或间接地接触火线造成的，发现有人触电后，采取的措施不能让自己直接或间接再接触火线．以防止自己再触电．【解答】解：A、不能用手拉开触电的人，这样自己也会触电，故A错；B、用剪刀剪断电线，这样自己也会触电，故B错；C、打电话报警或喊电工，会推延时间失去最佳抢救时间，故C错；D、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，故D正确．故选D．【点评】通过学习掌握安全用电常识，学会安全用电，学会自我保护．9．如图所示电路．开关闭合后两灯发光．以下说法正确的是（）A．电压表V的示数一定等于V1的示数B．电压表V的示数一定大于V1的示数C．电流表A的示数一定等于A1的示数D．电流表A的示数一定等于A1的示数的2倍【考点】并联电路的电压规律；并联电路的电流规律．【难度】难【分析】首先正确分析电路图，两灯泡并联；然后根据并联电路的电压特点和电流特点对各个选项逐一分析即可．【解答】解：（1）由图可知，两灯泡并联，电流表A1测量支路L1的电流，电流表A测量干路上的电流，电压表V测量电源电压，电压表V1测量灯泡L1两端电压；故A正确；（2）由于并联电路各支路电压等于电源电压，故电压表V的示数一定等于V1的示数；由于并联电路中干路上的电流等于各支路电流之和，所以电流表A的示数一定大于A1的示数，由于不知道两灯的规格，所以不能确定电流表A的示数一定等于A1的示数的2倍，故BCD错误；故选A．【点评】此题考查了对并联电路的电压、电流规律的掌握，关键是正确分析电路．10.（2012•烟台）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向右移动时，三个电表的示数变化情况是（）A．A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变小B．A的示数变大，V1的示数变大，V2的示数变小C．A的示数变小，V1的示数不变，V2的示数变大D．A的示数变大，V1的示数变小，V2的示数变大【考点】串联电路的电流规律；变阻器的应用；欧姆定律在串、并联电路中的应用．【难度】难【专题】应用题；压轴题；推理法．【分析】从图可知，灯泡和滑动变阻器组成的是串联电路，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表V1测量的是电源电压，电压表V2测量的是滑动变阻器两端的电压，首先判断滑动变阻器的滑片向右移动时其阻值的变化，再根据串联电路电阻的特点判断电路中总电阻的变化，从而利用公式I=分析电流的变化，再利用公式U=IR判断出灯泡两端电压的变化，最后再根据串联电路电压的特点判断滑动变阻器两端电压的变化．【解答】解：从图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测量的是电源电压，所以电压表V1的示数保持不变．∵当滑动变阻器的滑片向右移动时，其连入电路中的电阻P滑变大，而灯泡的电阻不变，∴电路中的总电阻R变大，又∵电源电压保持不变，∴由公式I=可知，电路中的电流I变小；由公式UL=IRL可知，灯泡两端的电压UL变小，因此滑动变阻器两端的电压U滑=U﹣UL变大，所以电流表的示数变小，电压表V2的示数变大．故选C．【点评】①本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表示数的影响，以及串联电路中电阻和电压的特点，并结合欧姆定律来判断电流表和电压表示数的变化．②解决此类问题首先要分析电路的连接方式，再判断出电压表、电流表测的是哪段电路的电压和电流，结合滑动变阻器在电路中的位置，分析滑动变阻器的阻值变化对整个电路的影响．二、填空题(每空2分，共30分）11．如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，用力把活塞迅速下压，看到的现象是，该实验说明．该实验中的能量转化与四冲程汽油机工作过程中的冲程能量转化是一致的．汽油机在设计制造时，汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，这是通过的方式减少汽缸内能，用水来冷却汽缸是因为水的较大．【考点】物体内能的改变；比热容．【难度】易【专题】应用题；分子热运动、内能；比热容、热机、热值．【分析】（1）内燃机的一个工作循环有吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，压缩冲程活塞由上向下运动，压缩空气做功，使气缸内气体内能增加温度升高；（2）改变内能有两种方式：即做功和热传递，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；（3）水的比热容最大，这也是我们选用水作为作取暖或冷却物体的物质的根本原因．【解答】解：（1）迅速向下压活塞，活塞会压缩空气做功，机械能转化为内能，使空气的内能增加，温度升高，当温度达到硝化棉的燃点时，硝化棉就会燃烧，通过此实验可说明做功可以改变物体的内能；该过程与内燃机中的压缩冲程原理相同；（2）汽缸外有一个水套，让汽缸被水包围着，即通过水吸收热量而使得气缸温度降低，这是通过热传递的方式改变内能的；相同质量的水和其他的液体相比较时，若都是升高1℃时，水能吸收的热量最多，故常用水作为冷却剂，是因为水的比热容最大．故答案为：硝化棉燃烧起来；做功可以改变物体的内能；压缩；热传递；比热容．【点评】本题考查了汽油机的四个冲程和能量转化和转移情况，以及水的比热容较大特点的应用，属于基础知识的考查，相对比较简单．12．丝绸摩擦过的玻璃棒带（选填“正”或“负”）电，若把它和不带电的验电器金属球接触，会发现验电器金属箔片张开，如图所示，在这一瞬间，电流方向是由（选填“玻璃棒到验电器”或“验电器到玻璃棒”），验电器金属箔片张开的原因是．【考点】两种电荷；电流．【难度】中【专题】实验题；电流和电路．【分析】自然界只存在两种电荷，正电荷和负电荷．丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；毛皮摩擦过的橡胶棒带负电．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．【解答】解：丝绸和玻璃棒摩擦，玻璃棒夺得电子的本领弱，失去电子带正电．带正电的玻璃棒接触不带电的验电器时，验电器金属球上的电子会转移到玻璃棒上，因为电流的方向与正电荷定向移动的方向相同，所以电流的方向是从玻璃棒到验电器；金属箔片因为失去电子而带正电荷，同种电荷相互排斥而张开．故答案为：正；玻璃棒到验电器；同种电荷相互排斥．【点评】掌握自然界的两种电荷，以及电荷间的作用．掌握摩擦起电的实质是电子的转移．13.在宾馆的客房常常需要插卡用电，如图所示．房卡的作用是相当于一个接在干路上，房间里的电灯、电视等用电器是联的．某房客把断开开关的台灯插头插入插座时，房间里其它电灯全部熄灭，保险丝熔断，故障的原因是．【考点】并联电路；通路断路短路．【难度】中【专题】应用题；电流和电路．【分析】（1）开关的作用是控制电路的通断，串联电路中开关控制所有用电器，并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路用电器；（2）串联电路各用电器工作情况互相影响，并联电路各用电器工作情况互不影响．（3）把开关断开的台灯插入插座时，发生保险丝熔断，问题出在台灯的插头处．【解答】解：（1）房卡可以控制房间内的灯和插座，不插入插槽中，所有房间内的灯和插座都不工作，所以房卡相当干路上的开关；（2）房间里有电灯、电视等用电器之间工作情况互不影响，所以它们之间是并联．（3）断开开关的台灯插头插入插座时，房间里其它电灯全部熄灭，保险丝熔断，说明电路中电流过大，发生短路现象，所以问题就在台灯的插头处短路．故答案为：开关；并；插头处短路．【点评】本题要求掌握开关的作用、短路现象的分析和串并联电路的工作特点，联系生活实际会辨认，会解释．14.（2015•安溪县模拟）如图1所示，电源电压保持不变．当闭合开关S，将滑动变阻器的滑片从b端移到a端，两个电阻的“U﹣I”关系图线如图2所示，当两条线相交时，电路的总电阻为Ω，图线乙如果经过点（0，6），若故障发生在电阻R1或R2上，则故障是．【考点】欧姆定律的应用．【难度】难【专题】电路和欧姆定律．【分析】根据电路图可知，两电阻串联，电压表V1测量R1两端电压，电压表V2测量R2两端电压；（1）从“U﹣I”图象上读出当两条线相交时，电路中的电流以及两电压表的示数，然后根据串联电路电压的规律以及欧姆定律的应用求出电路的总电阻；（2）从图象上可知看出，乙为滑动变阻器的关系图象，因为最后电压变为0，此时滑动变阻器的电阻为0；甲为电阻R1的图象；根据图线乙经过点（0，6）判断电压表和电流表的示数，从而确定电路故障．【解答】解：（1）根据图象可知，当两条线相交时，电路中的电流为0.3A；V1的示数等于V2的示数，都为3V；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以电源电压：U=3V+3V=6V；由I=可知，电路中的总电阻：R===20Ω；（2）从图象上可知看出，乙为滑动变阻器的关系图象，因为最后电压变为0，此时滑动变阻器的电阻为0；甲为电阻R1的图象；图线乙如果经过点（0，6），说明电路中的电流为零，因此电路故障为断路；电压表V2的示数为6V，说明电压表V2的正负接线柱与电源两极相连，因此电路故障为R2断路．故答案为：20；R2断路．【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“U﹣I”关系图象．15.（2012秋•郯城县期末）甲、乙连个灯泡分别标有“220V40W”，“220V25W”字样，并联在220V电源上，通过灯丝电流较大的是灯泡，如果两灯泡钨丝长短一样，则钨丝较细的是．【考点】电功率;额定功率和实际功率．【难度】难【专题】电能和电功率．【分析】（1）两灯泡并联时两端的电压相等，且额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等，根据P=UI比较两灯泡的电流关系；（2）由灯泡的铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率，根据R=判断电阻大小关系，再结合影响导体电阻大小的因素分析．【解答】解：（1）由甲、乙灯泡并联在220V的电路上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡的实际功率和额定功率相等；由P=UI可知，电压相同时，功率越大，通过的电流越大，因此通过灯丝电流较大的是甲灯泡；（2）由P=变形可得：R=；当额定电压相同时，额定功率越大，电阻越小，因此甲灯泡的电阻小于乙灯泡的电阻；又因为灯丝的材料和长度相同，所以电阻越大，灯丝越粗，电阻越小，灯丝越细，故甲灯泡的灯丝细．故答案为：甲；甲．【点评】本题考查了并联电路的电压特点、电功率公式和影响电阻大小因素的应用，要注意额定电压下用电器的功率和额定功率相等．三、作图题（每小题4分，共8分）16．请根据如图所示的实物电路，在虚线框内画出对应的电路图．【考点】电路图和实物图互化．【难度】易【专题】作图题；电流和电路．【分析】两灯泡并联，开关控制整个电路，电流表测量支路中的电流；根据实物图画出电路图即可．【解答】解：电流从电源正极出发，经开关分支，一支经灯泡L2、另一支经电流表、灯泡L1，然后共同回负极，如图所示：【点评】会正确识别电路的连接方式以及开关和仪表的作用，会根据实物图画出正确的电路图．17．（2012•湘乡市模拟）连接成符合安全用电要求的家庭电路【考点】家庭电路的连接．【难度】中【专题】图像综合题．【分析】家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套．家庭电路中，三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线．【解答】解：（1）三孔插座的连接：上孔接地线，当金属外壳的用电器插入插座时，使金属外壳接地，防止金属外壳漏电发生触电事故；左孔接零线，右孔接火线．如图所示：（2）灯泡的连接方法：火线首先接入开关，再入灯泡顶端的金属点，零线直接接入螺旋套．开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断了火线，安全的更换灯泡．如图所示：【点评】在家庭电路中，安装各个元件，不但考虑各元件能使用，更要考虑使用的安全性．四、实验题（每小题6分，共12分）18．（2016秋•沙坪坝区校级期中）在“科学探究物质的比热容”中：（1）、①设计实验时应运用法：②、比较水和煤油的吸热能力，应使水和煤油的相等；③、用电加热器加热，应用了电加热器在相同时间内对外供热的特点；所以从加热时间就可以读出哪个吸收的热量多，在物理实验探究中称为法．（2）、实验所需的器材有：电加热器、、搅拌器、天平、电源、计时的秒表、水和煤油；（3）在实验中，应不停地用搅拌棒搅动水和煤油，其目的是：．（4）、实验中得到如下一组数据：烧杯号液体质量初温末温加热时间1水300203012.32水12020306.23煤油30020306.14煤油30020253.1①、比较分析1、3两个号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；②、比较分析1、2号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：．③、比较分析两个号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：；④、实验说明物体吸收热量的多少不仅与物体的质量和升高的温度有关，还与有关．【考点】比热容．【难度】中【分析】（1）要探究物质的比热容，需要控制物体的质量和吸热相同．比较温度的变化情况，所以实验时还要使物体的初温相同，比较末温．（2）此实验中需要用温度计测量温度的变化、天平测量质量、秒表来控制加热时间．（3）实验中为了使水和煤油受热均匀，需不断用搅拌器搅拌；（4）此项探究吸热多少与物体质量与升高温度之间的关系，物体吸热多少是由加热时间来体现的．要解决此题，需要分析表格中数据，注意加热时间的长短（吸热的多少）是由哪个物理量的变化引起的．【解答】解：（1）①要探究物质的比热容，需要控制物质的质量和加热时间相同，比较温度的变化情况．用到控制变量法；②要比较水和煤油的吸热能力，要使水和煤油质量和初温相同；并用相同的加热器加热相同的时间，相同的加热器在相同时间内供热是相同的，通过加热时间的长短来体现吸收热量的多少，用到转换法．（2）实验中需要用天平测质量、温度计测温度．很明显题目中给出的器材缺少温度计．（3）在实验中，应不停地用搅拌棒搅动水和煤油，可以使水和煤油受热均匀；（4）①比较分析1、3号烧杯的实验记录，可以得出的初步结论是：质量相等的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同；②1、2号烧杯的液体种类都是水，初温和末温即升高的温度相同，质量不同，加热时间即吸收的热量不同，所以可以得出质量不同的相同物质，升高相同的温度，吸收的热量不同．③3、4号烧杯中的液体种类都是煤油，初温相同，末温不同，即升高的温度不同，而加热时间不同即吸收的热量不同．所以说明了质量相等的同种物质，升高不同的温度，吸收的热量不同．④1、3号烧杯中的液体种类不同，初温、末温、液体的质量都相同，但加热时间即吸收的热量不同，说明了物体吸收热量的多少还与物体的种类有关．故答案为：（1）①控制变量；②质量和初温；相等；转换；（2）温度计；（3）使物质受热均匀；（4）①1、3；②同种物质升高相同温度，吸收的热量多少与质量有关；③3、4；相同质量的同种物质升高的温度不同，吸收的热量也不同；④物质种类．【点评】此题通过探究物质的比热容实验和影响物体吸热多少的因素实验考查了学生对控制变量法的应用和根据数据得出结论的能力．19．（2014秋•厦门期末）在测定额定电压为2.5V的小灯泡的电功率实验中，小明设计的电路如图所示，（1）闭合开关，发现小灯泡不亮，而两电表均有示数，你认为原因是．（2）小明收集的数据如表所示，灯泡的额定功率是W．电压U/I2.52.01.51.0电流I/A0.30.260.23电功率P/W（3）小明想收集更多的数据，但实验中发现电压表无法调到1.0V，要达到目的，你建议小明．（4）当电压表示数为1.0V时，电流表示数可能是A.0.10AB.0.13AC.0.15AD.0.19A．【考点】电功率的测量．【难度】难【专题】实验题；测量型实验综合题．【分析】（1）电流表、电压表均有示数，则应排除断路和短路现象，考虑灯泡的实际功率问题；（2）根据额定电压和额定电流，由P=UI计算出电功率值；（3）要使灯泡两端的电压变小，则滑动变阻器的阻值应变大，由于电源电压太大，要使灯泡两端的电压达到1.0V，则需滑动变阻器的阻值较大，据此分析方法；（4）灯泡两端的电压越低，其电流越小，同时要注意其阻值也会变小，据此分析即可．【解答】解：（1）小灯泡不亮，而两电表均有示数，则电路未发生断路，且灯泡未发生短路，小灯泡不发光则是因为滑动变阻器的电阻太大，造成了灯泡两端的电压太低，电流太小，实际功率太小造成；（2）由表格中数据知，灯泡的额定电压为2.5V，此时电流为0.3A，则灯泡的额定电功率为：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；（3）要使灯泡两端的电压达到1.0V，所需变阻器的阻值较大，不能达到0.1V的原因是电源电压太大或滑动变阻器的阻值太小造成，所以要达到目的，需换用阻值较大的变阻器或减小电源电压；（4）由表格中数据知，当电压为1.5V时，电阻R===6.5Ω；当电压表的示数为1.0V时，灯泡的电阻应小于6.5Ω，则通过灯泡的电流I′＞=0.15A；所以只有D符合题意．故答案为：（1）滑动变阻器的电阻太大（电流太小、电压太小、实际功率太小）；（2）0.75；（3）换用阻值较大的变阻器或减小电源电压；（4）D．【点评】本题是测量灯泡额定功率的实验，考查了电功率的计算，实验问题的分析，搞清灯丝电阻与温度的关系是解决（4）的关键．五、计算题（每小题10分，共20分）20．如图所示，是最新一款无人驾驶汽车原型图．汽车自动驾驶时使用雷达传感器，以及激光测距器来了解周围的交通状况．该款车以72km/h的速度在一段平直的公路上匀速行驶了8km时，消耗汽油1.5L．假设燃油完全燃烧，汽油机的效率为30%，（已知：汽油的密度为0.8×103kg/m3，汽油的热值为4.5×107J/kg），那么，在这段运动过程中：（1）该汽车发动机做的有用功是多少？汽车受到的阻力多大？（2）该汽车的输出功率为多少？【考点】燃料的热值;热机的效率．【难度】中【分析】（1）根据ρ=求出消耗汽油的质量，利用Q放=mq求汽油完全燃烧放出的热量，再利用效率公式η=的变形公式W=ηQ放可求出牵引力做的功；知道前进的距离，利用公式W=Fs求出汽车的牵引力，知道汽车做匀速直线运动，受到的牵引力等于阻力，可求阻力；（2）知道前进的距离，利用t=求出汽车运动的时间，利用P=即可求出功率．【解答】解：（1）由ρ=得，消耗汽油的质量为：m=ρV=0.8×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.2kg，汽油完全燃烧放出的热量：Q放=mq=1.2kg×4.5×107J/kg=5.4×107J；由η=得该汽车发动机做的有用功是：W=ηQ放=30%×5.4×107J=1.62×107J；由W=Fs得汽车发动机的牵引力：F===2025N，汽车受到的阻力：f=F=2025N；（2）由v=得汽车运动的时间：t===h=400s；该汽车的输出功率：P===4.05×104W=40.5kW．答：（1）该汽车发动机做的有用功为1.62×107J；汽车受到的阻力为2025N；（2）该汽车的输出功率为40.5kW．【点评】本题考查了学生对功、功率的公式、燃料完全燃烧放热公式的掌握和运用，明确哪些是有用能量、哪些是总能量是本题的关键，要求灵活运用所学公式．21．（2014秋•厦门期末）冬季，养鸡场为了提高产蛋量，白天在鸡舍里用电热器加热，夜间用电热器加热并用灯泡照明．小阳根据上述要求设计了如图所示的加热照明装置，电热丝电阻R2=3R1，灯L是阻值为220Ω的照明灯泡（均不考虑电阻随温度的变化），开关S1，S2的通断只有两种状态：同时断开或同时闭合，该装置从早晨7：00至17：00处于白天工作状态，这段时间内电流表的示数为5.5A，从17：00至第二天早晨7：00处于夜间工作状态，电源电压U恒为220V．求：（1）电阻R2的阻值．（2）该装置处于夜间工作状态时，电流表的示数．（3）该加热照明装置工作一个月（30天）耗电多少千瓦时？【考点】欧姆定律在串、并联电路中的应用；电功；电功率．【难度】难【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．【分析】（1）电路白天工作时，两电热丝串联，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联和两电阻之间的关系求出R1、R2的阻值；（2）电路处于夜间工作状态时，灯泡L与R1并联，根据并联电路的电压特点欧姆定律求出两支路的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流表的示数；（3）根据题意得出白天和夜间的工作时间，根据P=UI求出白天和夜间消耗的电功率，根据P=求出一个月消耗的电能．【解答】解：（1）两开关断开时，R1与R2串联，电路为白天工作状态，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=可得：R1+R2===40Ω﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①又因=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由①②可得：R1=10Ω，R2=30Ω；（2）两开关闭合时，灯泡L与R1并联，电流表测干路电流，电路为夜间工作状态，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，电流表的示数：IA=IL+I1=+=+=23A；（3）一天内白天工作时间t1=10h，白天工作的电功率P1=UI=220V×5.5A=1210W=1.21kW，晚间工作的时间t2=14h，晚间工作的电功率P2=UIA=220V×23A=5060W=5.06kW，由P=可得，一个月内消耗的电能：W=（P1t1+P2t2）×30=（1.21kW×10h+5.06kW×14h）×30=2488.2kW•h．答：（1）电阻R2的阻值为30Ω；（2）该装置处于夜间工作状态时，电流表的示数为23A；（3）该加热照明装置工作一个月耗电2488.2千瓦时．【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的灵活应用，关键是电路中白天和黑夜工作状态的判断，有一定的难度．期末卷2一、选择题（每小题3分，共30分）1．（2012秋•郯城县期末）下列说法正确的是（）A．深秋的早晨有浓雾﹣熔化B．冰正在慢慢化成水﹣汽化C．河面上结了厚厚一层冰﹣凝固D．晒在太阳下的湿衣服变干﹣液化【考点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点．菁【难度】中有【专题】温度计、熔化和凝固；汽化和液化、升华和凝华．【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇冷凝结而成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确；B、冰正在慢慢化成水，冰由固态变成液态是熔化现象，该选项说法不正确；C、水面结冰，是由液态变成固态，属于凝固现象，该选项说法正确；D、晒在太阳下的湿衣服变干，水由液态变成水蒸气，属于汽化现象，该选项说法不正确．故选C．【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态．2．内能是物体内部大量分子的无规则运动的动能和分子势能的总和，生活中改变物体内能的事例非常之多．如图所示的实验或事例，不属于用做功方式来改变物体内能的是（）A．小孩滑下，臀部发热 B．压缩空气，乙醚着火C．钻木取火 D．加热使水沸腾【考点】物体内能的改变．【难度】易【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功的实质是能量的转化；热传递的实质是能量的转移．【解答】解：A、从滑梯上滑下时克服摩擦做功，使臀部内能增加、温度升高，属于做功改变物体的内能，不符合题意．B、迅速压下活塞棉花着火燃烧，属于做功改变物体的内能，不符合题意．C、钻木取火，属于做功改变物体的内能，不符合题意．D、加热使水沸腾，水吸收热量、温度升高，属于热传递改变物体的内能，符合题意．故选D．【点评】本题主要考查学生对：改变物体内能两种方法的理解和掌握，是中招的热点．3．根据表中数据，下列判断正确的是（）一些物质的比热容[J/（kg•℃）]水4.2×103铝0.88×103煤油、冰2.1×103干泥土0.84×103沙石0.92×103铜0.39×103A．物质的比热容与物质的状态无关B．因为水的比热容较大，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差大C．质量相等铝块和铜块升高相同的温度后，铝块吸收的热量多D．一块干泥土变湿后，在同样光照条件下其升温速度将变快【考点】比热容．【难度】易【分析】（1）比热容：单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃，吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容；（2）比热容是物质的一种特性，不同的物质比热容一般不同；比热容与物质的种类有关，同种物质状态改变，比热容就发生了改变；（3）物质吸收或放出的热量用公式Q=cm△t计算，其中c表示物质的比热容，△t表示物质温度的变化量．【解答】解：A、比热容是物质本身的一种特性，与物质的种类有关，由图可知，水的比热容和冰的比热容是不同的，故比热容的大小与状态有关，故A错误；B、内陆的砂石的比热容小于水的比热容，在吸收或放出相同的热量，水的温度变化小，所以沿海地区比内陆地区昼夜温差小，故B错误；C、已知c铜＜c铝，质量相同的铝块和铜块升高相同的温度，根据Q=cm△t可知，比热容大的物质，吸热的热量多，故C正确；D、干泥土的比热容要小于湿泥土的比热容，在同等质量、同样吸热的情况下，湿泥土的温度上升的慢，故D错误．故选：C．【点评】本题考查了比热容的相关知识，同时也考查了学生根据这个知识点对数据进行分析归纳的能力．比较物理量大小关系时，可用相关的公式进行分析．4.如图所示为内燃机的能流图，则内燃机的效率可表示为（）A．η=×100% B．η=×100%C．η=×100% D．η=×100%【考点】热机的效率．【难度】易【分析】热机的机械效率是指有用功与燃料完全燃烧放出热量的比值．【解答】解：由能流图可知：燃料完全燃烧放出的热量为E，有用机械能即有用功为E2，所以内燃机的效率可表示为η=×100%=×100%．故选D．5．如图是汽油机工作的四个冲程（顺序已打乱），其正确的排列顺序是（）A．乙→丁→丙→甲 B．乙→甲→丙→丁 C．丁→丙→甲→乙 D．丁→甲→丙→乙【考点】汽油机．【难度】中【分析】内燃机的四个冲程按照顺序排列有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”．【解答】解：由图可知，甲图中气门关闭，活塞上行，所以是压缩冲程；乙图中的排气门打开，所以是排气冲程；丙图中的气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程；丁图中的进气门打开，所以是吸气冲程；所以按照顺序排列四个冲程是丁→甲→丙→乙；故选D．【点评】解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答．6．同条街上的路灯总是同时亮，同时熄灭，但若一盏灯损坏不亮了，其它灯仍会照常亮，这些路灯（）A．一定是串联的 B．可能串联，也可能并联C．无法确定 D．一定是并联的【考点】串联电路；并联电路．【难度】中【分析】串联电路各用电器器之间互相影响，并联电路中各用电器既可以独立工作，又互不影响．【解答】解：街上的路灯总是同时亮，同时熄灭，若一盏灯损坏不亮了，其它灯仍会照常亮，由此可见路灯可以独立工作，互不影响，因此路灯之间是并联的．故选D．【点评】本题考查了串并联电路的判断，根据路灯能不能独立工作来判断它们的连接方式是解题的关键．7．（2012•桂林）如图所示，是研究电流热效应的部分实验电路，甲电阻丝的阻值小于乙电阻丝的阻值．比较通电后两根电阻丝各自两端的电压U甲、U乙以及它们在相同时间内分别产生的热量Q甲、Q乙的大小，下面关系中正确的是（）A．U甲=U乙，Q甲=Q乙 B．U甲＜U乙，Q甲＞Q乙C．U甲＜U乙，Q甲＜Q乙 D．U甲＞U乙，Q甲＜Q乙【考点】焦耳定律；欧姆定律．【难度】中【专题】应用题；压轴题；控制变量法．【分析】两电阻丝串联，流过它们的电流I相等，通电时间t相等，由U=IR判断它们间的电压关系，由Q=I2Rt判断它们产生的热量关系．【解答】解：由于两电阻丝串联，流过它们的电流I相等，通电时间t相等，由题意知：R甲＜R乙，由U=IR知：U甲＜U乙；由Q=I2Rt知：Q甲＜Q乙；故选C．【点评】本题考查了串联电路的特点，欧姆定律，焦耳定律，熟练掌握基础知识是正确解题的关键．8．如图实验中某同学发现两个串联的小灯泡，一个发光，一个不发光，造成其中一个小灯泡不发光的原因是（）A．通过这个灯泡的电流比另一个灯泡的电流小B．灯泡的灯丝断了C．该小灯泡灯座处可能短路了D．小灯泡靠近负极【考点】串联电路的电流规律；通路断路短路．【难度】中【分析】串联的灯泡，一个发光，一个不发光，灯泡发光说明电路中有电流，不发光的灯泡则灯座处可能短路了或当电阻较小时，电流发的热不足以让灯泡亮起来．【解答】解：串联的两个灯泡，一个发光，一个不发光，灯泡发光说明电路中有电流，不发光灯泡的灯座处可能短路了，或者其电阻较小，当灯泡的电阻较小时，虽然灯泡中有电流，但实际功率太小不能使灯泡亮起来；A、由于两个灯泡串联，所以电流是相等的，故A错误；B、若一个灯泡的灯丝断了，另一个灯泡也不会发光，故B错误；C、若该小灯泡灯座处短路了，即没有电流通过该灯泡，这盏灯不发光，而另一盏灯会发光，故C正确；D、灯泡的亮暗与是否靠近电源负极无关，故D错误；故选C．【点评】（1）串联电路中电流处处相等，不要认为离正极近电流就大；（2）灯泡的亮度取决于实际功率，实际功率大就亮，实际功率小就暗，甚至不发光．9.（2015秋•河北期末）如图（a）所示电路中，当闭合开关后，两只电压表的指针偏转均如图（b）所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（）A．6V1.5V B．7.5V1.5V C．1.5V7.5V D．1.5V6V【考点】电压的测量；串联电路的电压规律．【难度】难【分析】由图a可知，电阻R1与R2串联，电压表V2测两电阻串联电压，即电源电压，电压表V1测电阻R2两端电压，根据串联电路特点确定电压表量程与分度值，读出电压表示数，然后由串联电路特点求出两电阻两端的电压．【解答】解：（1）由电路图可知，电压表V2示数应大于电压表V1示数，而两电压表指针位置相同，则电压表V2量程是0～15V，分度值是0.5V，电压表示数UV1=7.5V；电压表V1量程是0～3V，分度值是0.1V，电压表示数UV2=1.5V；（2）电阻R2的电压U2=UV1=1.5V，电阻R1的电压U1=UV2﹣U2=7.5V﹣1.5V=6V；故选A．【点评】本题考查了求出电阻两端的电压，分析清楚电路结构、掌握电压表的读数方法是正确解题的关键，本题的难点是确定两个电压表的量程．10．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，将滑动变阻器滑片P向右移动时，变大的是（）A．电表A示数与电表A1示数的差值B．电表V示数与电表A示数的比值C．电表V示数与电表A示数的乘积D．电表V示数与电表A1示数的比值【考点】变阻器的应用；欧姆定律在串、并联电路中的应用．【难度】难【分析】由电路图可知，R1和R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流．根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据并联电路的特点和欧姆定律可知两支路电流的变化，再根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步得出选项中各量之间的关系即可得出答案．【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流．因电源的电压保持不变，所以，电压表的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，移动滑片时，R1支路的电流不变，即电流表A1的示数不变，当滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=可得，R2支路的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的电流变小，即电流表A的示数变小，因电表A示数与电表A1示数的差值等于滑动变阻器支路的电流，所以，电表A示数与电表A1示数的差值变小，故A不符合题意；电压表V示数和电流表A示数的比值变大，故B符合题意；电表V示数与电表A示数的乘积变小，故C不符合题意；电表V示数与电表A1示数的比值等于定值电阻R1的阻值不变，故D不符合题意．故选B．【点评】本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键．二、填空题（每空2分，共30分）11．（2014•阜新）打开电冰箱门时，常会看到电冰箱门的附近出现一股“白气”，打开热水瓶时也会看见这种“白气”．两种“白气”都是水蒸气液化形成的小水滴，前者是中的水蒸气液化形成的，后者是中的水蒸气液化形成的．【考点】液化及液化现象．【难度】易【专题】汽化和液化、升华和凝华．【分析】物质由气态变成液态的过程叫做液化，生活中看到的“白气”都是水蒸气遇冷液化成的小水滴．【解答】解：（1）打开冰箱门时冒“白气”，其原理是冰箱门附近空气中的水蒸气遇到冰箱中的冷空气液化形成的小水滴形成的；（2）热水瓶口出现“白气”，是热水瓶中水蒸气遇到较冷的空气液化形成的小水滴．故答案为：空气；热水瓶．【点评】本题考查了学生对生活中液化现象的了解，注重了物理与生活的联系，注意“白气”是小水滴，不是水蒸气．12.（2014秋•福州期末）小明家的电子式电能表标有“3200imp/（kW•h）”等字样（imp表示电能表指示灯闪烁的次数）．他将标有“220V1000W”的电饭煲单独接入家庭电路，电饭煲正常工作时通过的电流为A；若这段时间内，电能表指示灯闪烁了800次，电饭煲消耗的电能是kW•h，其正常工作的时间是h．【考点】用电能表测用电器电功率；电功率．【难度】中【专题】电能和电功率．【分析】根据“220V1000W”，利用电功率的变形公式可求出正常工作时的电流；3200imp/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表闪烁3200次，或者表示电能表每闪烁1次，电路中消耗kW•h的电能，求出电能表闪烁800次用电器消耗的电能，然后根据用电器的功率，通过公式t=计算工作时间．【解答】解：由公式P=UI可知，电饭煲正常工作时通过的电流为：I==≈4.55A；3200imp/kW•h表示电能表每闪烁1次，电路中消耗kW•h的电能，所以电能表闪烁800次用电器消耗的电能：W=800×kW•h=0.25kW•h．由公式P=可得，其正常工作的时间：t===0.25h．故答案为；4.55；0.25；0.25．【点评】本题考查了电能表的参数的理解、电能的求法、电功率的计算等．注意题目中的单位的换算．13．（2012秋•郯城县期末）如图所示“用电压表、电流表测电阻”的实验中，某一次测量时，小明同学观察到接在待测电阻两端电压表的示数如图所示，则电阻两端的电压为V，若此时小明已计算出该电阻为2Ω，则电流表示数为A．【考点】欧姆定律的应用．【难度】中【专题】电路和欧姆定律．【分析】先确定电压表的量程和分度值，读出电压值，根据欧姆定律求通过的电流，即电流表的示数．【解答】解：由图知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.4V，由欧姆定律可得，通过的电流：I===1.2A，电流表示数为1.2A．故答案为：2.4；1.2．【点评】此题是“用电压表和电流表测电阻”的实验，考查了电压表的读数及欧姆定律的应用，是电学实验中的基础．14.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同．（1）比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验；比较不同物质的比热容，应选择两图进行实验；（2）酒精的热值为3.0×107J/kg，完全燃烧10g酒精放出的热量为J．【考点】燃料的热值．【难度】中【分析】（1）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系；（2）根据Q放=mq计算完全燃烧放出的热量．【解答】解：（1）为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲和乙两图进行实验；为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种比热容的大小关系，应选择甲和丙两图进行实验；（2）完全燃烧10g酒精放出的热量：Q放=mq=10×10﹣3kg×3.0×107J/kg=3×105J．故答案为：（1）甲、乙；甲、丙；（2）3.0×105．【点评】本题考查了学生对热值概念、比热容概念的了解与掌握，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键，考查了放热公式的应用，在代入数据时，注意质量单位的换算．15．（2016•西宁）如图甲所示电路，电源电压不变．闭合开关后，滑片P由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化关系如图乙所示，则可判断电源电压是V，定值电阻R的阻值是Ω，滑动变阻器的最大阻值为Ω．【考点】串联电路的电压规律；欧姆定律在串、并联电路中的应用．【难度】难【专题】应用题；电路和欧姆定律．【分析】由电路图可知，R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．（1）当滑片在a端时，电路为R的简单电路，此时电路中的电流最大，电压表的示数就是电源电压，由图乙读出对应的电流和电压，根据欧姆定律求出定值电阻R阻值；（2）当滑片位于b端时，R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，根据图象读出电表示数，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．【解答】解：（1）当滑片在a端时，电路为R的简单电路，电压表的示数最大，电流表的示数最大，由图象可知，电源的电压U=9V，电路中的电流I=1.5A，由I=可知，电阻R的阻值：R===6Ω；（2）当滑片位于b端时，R与滑动变阻器的最大阻值串联，此时电路中的电流最小，电压表的示数最小，由图象可知，R两端的电压UR=3V，电路中的最小电流I′=0.5A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U滑=U﹣UR=9V﹣3V=6V，滑动变阻器的最大阻值：R滑===12Ω．故答案为：9；6；12．【点评】本题结合图象考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是明白滑片移动过程中电路的变化情况，应用图象解决问题，这是以后学习的重点．16.（2014秋•福州期末）如图所示电路，电源电压6V保持不变．若在甲、乙两处分别接入电压表，闭合开关S，甲、乙两表读数之比为1：2；断开开关，在甲、乙两处分别接入电流表，乙处电流表示数为0.3A，则干路电流为A，R2消耗电功率W．【考点】电功率；欧姆定律在串、并联电路中的应用．【难度】难【专题】电路和欧姆定律；电能和电功率．【分析】（1）若甲、乙两处分别接入电压表时，两电阻串联在电路中，甲表测的是R1两端的电压，乙表测的是R2两端的电压，根据欧姆定律求出两电阻阻值之比；（2）若甲、乙两处分别接入电流表时，两电阻并联在电路中，甲表测的是通过R2的电流，乙表测的是通过R1的电流，A测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路电流之比，进一步求出甲电流表的示数，求出丙电流表的示数，最后根据P=UI求出R2消耗的电功率．【解答】解：当甲、乙两处分别接入电压表时，两电阻串联在电路中，甲表测的是R1两端的电压，乙表测的是R2两端的电压，因为串联电路中各处的电流相等，U1：U2=1：2，根据欧姆定律可得：===；若甲、乙两处分别接入电流表时，两电阻并联在电路中，甲表测的是通过R2的电流，乙表测的是通过R1的电流，A测干路电流，此时两电阻两端的电压相等，R1：R2=1：2，所以===，因为I乙=0.3A，所以I甲=0.15A，则电流表A的示数为I=I甲+I乙=0.15A+0.3A=0.45A；R2消耗的电功率为P=UI甲=6V×0.15A=0.9W．故答案为：0.45；0.9．【点评】本题考查了串联电路和并联电路中电流和电压的关系，以及欧姆定律和电功率的计算，关键是甲、乙是电流表或电压表时电路串并联的辨别．三、作图题（每小题4分，共8分）17．在右图电路中，填入电流表或电压表的符号，闭合电键S后，两灯泡并联且均能正常发光．【考点】电流的测量；电压的测量．【难度】易【分析】（1）填入电流表或电压表的符号的依据是：电流表与被测电路串联，电压表与被测电路并联；（2）要使两灯并联，就要使两灯分别在一个支路，这就要求电流从电源出来要分叉，分别通过两个灯泡．【解答】解：由图可知，电流从正极出来若上边的电表是电压表，则灯L1就在干路了，两灯组不成并联电路，所以上边的电表是电流表；若右边的电表是电流表，则电路是短路，所以只能是电压表；中间的电表就在干路上了，所以中间的电表是电流表．如图：这样，两灯并联，电流表A1测干路中电流，A2测L2电流，电压表测电源电压．18．根据如图实物连线图，在方框内画出对应的电路图．【考点】电路图和实物图互化．【难度】中【分析】首先对电路进行分析，明确灯泡的连接关系及开关的控制作用，然后根据灯泡连接关系及开关位置画出电路图．【解答】解：由实物图知：电流从电源正极出发，经开关S，分为两支：一支经灯泡L2；另一支经灯泡L1；然后共同回到负极．所以两只灯泡并联，开关S在干路，控制两只灯泡；电路图设计如下：四、实验题（每小题6分，共12分）19．为了比较酒精和碎纸的热值大小，小明选择了两套完全相同的实验装置如图所示，先将燃烧皿内装了质量相同的酒精和碎纸片，再分别同时给质量和初温相同的水加热，最后比较相同时间内水升高的温度．为正确完成实验，请你解答下列问题：（1）实验装置的组装顺序应该是（选填“由上到下”或“由下到上”）；此实验是通过比较的变化，来比较燃料热值的大小．（2）在题干叙述的操作过程中存在的主要错误是，按正确的操作，除了图示装置还需要的一个测量器材是．（3）即使按照正确方法进行实验后，也只能比较两种燃料热值的大小，而不能计算出准确的热值，这是因为（只写一种原因即可）．【考点】燃料的热值．【难度】中【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小．（2）比较燃料燃烧值的大小，应控制燃烧燃料的质量相等；让相同质量的燃料完全燃烧，根据水升高的温度比较热值的热值大小；实验要控制燃料的质量，需要用天平测燃料的质量；（3）燃料燃烧产生的热量不能完全被水吸收、存在热损失，所以直接计算得出的热值比实际值要小．【解答】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此必须按照自下而上的顺序进行；为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；燃料完全燃烧放出的热量的多少，是通过温度计示数的变化来反映；（2）实验应燃烧相等质量的酒精与纸，比较水升高的温度，然后比较酒精与纸的热值大小，而不是用酒精与纸对水加热，比较相同时间内水升高的温度比较酒精与纸的热值大小；实验需要用天平测酒精、纸、水的质量；（3）由于燃料燃烧放出的热会散失到空气中，又或被烧杯等实验装置吸了热，使Q放大于Q吸，依此计算出燃料的热值比实际要偏小些．故答案为：（1）自下到上；温度计示数的变化；（2）比较相同时间内水升高的温度；天平；（3）燃料燃烧放出的热会散失到空气中．【点评】本题是一道关于热值的实验探究题，知道热值的意义；会用控制变量法和转换法设计探究实验是本题的解题关键．20．在学习“伏安法测电阻”的实验中，老师将同学们分成两组，一组测量定值电阻的阻值；另一组测量小灯泡的电阻：（1）小红小组测量的是定值电阻的阻值，他们连接的部分电路如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整．要求：导线不能交叉，且滑片P向右移动时，电流表示数变大．（2）小红小组在某次测量时，电流表和电压表示数如图乙所示，则此时测得的待测电阻的阻值为Ω．（3）小聪小组测量的是小灯泡的电阻值，她们测得的数据如下表格，并绘出U﹣I图象如图丙的A所示．然后小红小组根据表格中的数据求出了小灯泡电阻的平均值，她们的这种做法合理吗？为什么？．电压/V0.51.01.52.02.53.0电流/A0.100.160.200.230.250.27电阻/Ω5.06.37.58.710.011.1平均电阻/Ω8.1（4）小明小组同学用与小聪小明相同的器材和电路图也做这实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出U﹣I图象如图图丙的B所示，你认为错误的原因可能是电压表接在了滑动变阻器两端．【考点】伏安法测电阻．【难度】难【分析】（1）将滑动变阻器串联在电路中，要接一上一下，根据要求选择下面接线柱；将电压表与电阻并联，根据电源电压确定电压表的量程，电流表可选大量程；（2）根据电表的量程和分度值读出电表的示数，利用欧姆定律求出待测电阻的阻值；（3）影响电阻的因素有：导体的温度、长度、横截面积和材料等，而小灯泡两端的电压不同，小灯泡灯丝的温度会不同，因此电阻也不同；（4）电压表并联在灯泡两端时，随着电流的增大，灯泡两端的电压增大，根据串联电路电压的特点，变阻器两端的电压会随之减小．【解答】解：（1）将电压表与电阻并联，电源由两节干电池组成，所以电压表可选择0～3V量程；电流表可以先选择大量程（经试触后选择合适的）；滑动变阻器串联在电路中，滑片向右移动时，电流表示数变大，滑动变阻器连入电路的阻值变小，所以下面应接右边的接线柱，如图所示：（2）电压表测量程为0～3V，分度值为0.1V，电压表的示数为2.4V；电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，电流表的示数为0.24A，待测电阻的阻值R===10Ω；（3）她们的这种做法不合理．因为灯丝的电阻与温度有关，而灯泡两端的电压越大，灯丝的温度越高，因此小灯泡在不同电压下工作时，小灯泡的灯丝温度不同，电阻也不相同，所以不能求灯丝电阻的平均值；（4）丙图中的B图象，随着电流的增大，电压减小，正好与A图象相反，符合滑动变阻器两端电压的变化规律，因此错误的原因可能是电压表接在了滑动变阻器两端．故答案为：（1）如图所示；（2）10；（3）不合理；灯丝的电阻受温度影响，并非一个定值；（4）电压表接在了滑动变阻器两端．【点评】本题考查了伏安法测电阻实验中滑动变阻器使用、电路故障原因与现象的对应关系、影响电阻的因素等知识点，涉及知识点多，综合性强．其中，分析电路故障、从图象变化规律得到电阻变化规律是此题的难点．五、计算题（每小题10分，共20分）21．每到夏收季节，大量农作物秸秆在田间被随意焚烧，这不仅造成资源浪费、环境污染，而且极易引发火灾等．为解决这一问题，现已研制出利用秸秆生产的节能环保型燃料﹣﹣秆浆煤．若燃烧秆浆煤（热值为2.4×107J/kg），使50kg、20℃的水温度升高到80℃．求：（1）水的内能增加了多少（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃））（2）如果秆浆煤燃烧释放的热量有30%被水吸收，需要完全燃烧多少千克秆浆煤．【考点】燃料的热值；热量的计算．【难度】中【分析】（1）根据Q=Cm△t可计算水需要吸收的热量，即水增加的内能；（2）根据效率公式计算出秆浆煤燃烧放出的热量，再根据Q=mq可计算需要完全燃烧多少千克秆浆煤．【解答】解：（1）Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（80℃﹣20℃）=1.26×107J；（2）由η=得：秆浆煤放出的热量：Q放===4.2×107J，由Q放=mq得需要秆浆煤的质量：m′===1.75㎏．答：（1）水的内能增加了1.26×107J；（2）需要完全燃烧1.75千克秆浆煤．【点评】本题考查学生对燃料燃烧放出热量公式和热传递过程中吸热公式的综合运用．22．（2014秋•惠安县期末）如图所示为某款全自动豆浆机及其铭牌，其主要结构：中间部位是一个电动机带动的刀头，用来将原料进行粉碎打浆；外部是一个金属圆环形状的电热管，负责对液体加热煮沸．下表是这个豆浆机的主要技术参数，请解答下列问题：型号SYL﹣624额定电压220V额定频率50HZ电机功率110W加热功率880W容量1000mL（1）电热管正常工作时的电流；（2）电热管正常工作时的电阻值；（3）在一次豆浆机工作的时候，小明将家里的其他用电器都关闭，观察到豆浆机的电热管工作时，家里标有“1200R/kW•h“字样的电能表转盘1min内转过20转．此时电路的实际电压是多大？【考点】欧姆定律在串、并联电路中的应用；电功率．【难度】难【专题】电路和欧姆定律；电功率．【分析】（1）由表中数据求出电热管额定功率与额定电压，然后由P=UI求出电热管正常工作时的电流．（2）由欧姆定律可以求出电热管的电阻．（3）根据电能表转过的圈数求出加热管消耗的电能，然后应用电功率公式求出实际电压．【解答】解：（1）由P=UI可知，电加热管正常工作时的电流：I===4A；（2）由I=可知，电加热管的电阻：R===55Ω；（3）电加热管消耗的电能：W==kW•h=6×104J，实际功率：P实际===1000W，由P=可知，实际电压：U实际==≈234.52V；答：（1）电热管正常工作时的电流是4A；（2）电热管正常工作时的电阻值为55欧姆；（3）此时电路的实际电压是234.52V．【点评】本题考查了求电流、电阻与实际电压问题，求出电热管的功率，应用电功率公式、欧姆定律即可正确解题．期末卷3一、选择题（每小题3分，共30分）1．（2012秋•郯城县期末）下列数据符合实际的是（）A．家用台灯正常工作时的电流是2AB．家用冰箱正常工作一天消耗的电能约为20kW•hC．家用电视机的额定功率为1000WD．不高于36V的电压才是安全电压【考点】电流；电压；电功；电功率．【难度】易【专题】估算综合应用题．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解答】解：A、台灯的白炽灯泡正常工作时的功率约为25W，而照明电压U=220V，工作时的电流大约为I==≈0.1A，故A不符合实际情况；B、冰箱24小时的耗电量，冰箱一般是0.5度～1.5度，即为1kW•h左右，故B不符合实际情况；C、家用电视机的额定功率为100W左右，故C不符合实际情况；D、只有不高于36V的电压才是安全电压，所以D符合实际情况．故选D．【点评】本题考查估测能力，需要在平时的学习与生活中多积累，将物理知识与社会生活联系起来．2．下列事件中在改变物体内能的方式上与其他三项不同的是（）A．搓手取暖 B．玩滑梯，臀部发热C．放大镜聚光烤焦纸片 D．压缩空气【考点】物体内能的改变．【难度】易【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递．做功的实质是能量转化的过程，即：内能和其他形式能的相互转化．热传递的实质是能量转移的过程，发生热传递的条件是有温度差．【解答】解：ABD、搓手取暖、玩滑梯以及压缩空气都是克服摩擦做功使手的内能增加的；C、放大镜聚光烤焦纸片是通过热传递使纸的内能增加的；显然C选项与其它三个选项改变物体内能的方式不同．故选C．【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式，结合生活实际解决问题．3.如图四个实验中，其能量转化方式与图示汽油机对应冲程类似的是（）A．电火花发生器点火后将盒盖顶出B．滚摆向下运动C．向下压缩空气引火仪D．酒精灯加热杯中冷水【考点】能量的转化；汽油机．【难度】中【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程；汽油机四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化．【解答】解：A、电火花发生器点火后将盒盖顶出，此时燃气的内能转化机械能，故与题目中的情境相同，故A正确；B、滚摆向下运动，动能增加，重力势能减小，所以是重力势能转化为动能的过程，故B错误；C、向下压缩空气引火仪，即将机械能转化为仪器内部空气内能，所以是将机械能转化为内能的过程，故C错误；D、酒精灯加热杯中冷水，这是通过热传递的方式改变内能的，故D错误；故选A．【点评】此题考查了内燃机冲程的理解和能量的转化的判断，是一道综合题．4．（2013•云岩区校级模拟）把一个“12V6W”的灯泡接入电路中，若通过灯泡的电流是0.3A，则灯泡的实际功率（）A．等于6W B．大于6W C．小于6W D．无法判断【考点】电功率．【难度】中【专题】计算题；电能和电功率．【分析】由灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据R=求出灯泡的电阻；再根据P=I2R求出通过它的电流是0.3A时灯泡的实际功率．【解答】解：灯泡的电阻为：R===24Ω，通过它的电流是0.3A时灯泡的实际功率为：P′=（I′）2R=（0.3A）2×24Ω=2.16W＜6W．故选C．【点评】本题考查了电阻、电功率的计算，关键是公式及其变形式的灵活应用，以及对灯泡铭牌含义的理解和掌握．5．（2014秋•厦门期末）如图所示，玻璃瓶和试管内都装有水，试管通过玻璃瓶密封盖上的孔插入玻璃瓶的水中，且试管与密封盖紧密接触，现给玻璃瓶加热，则经过一段时间后（）A．玻璃瓶内的水先沸腾B．试管内的水先沸腾C．玻璃瓶、试管内的水同时沸腾D．玻璃瓶内的水沸腾，试管内的水不会沸腾【考点】沸腾及沸腾条件．【难度】中【专题】汽化和液化、升华和凝华．【分析】液体沸腾有两个必要条件：①达到沸点，②继续吸热，当两个条件同时具备时即可沸腾；液面上的压强越高，液体的沸点越高，反之，气压越低，液体的沸点越低．据此分析判断．【解答】解：玻璃瓶是密封的，给玻璃瓶加热，经过一段时间后，玻璃瓶水面上的气压增大，沸点升高，会高于100℃；试管的水从玻璃瓶中的水吸收热量，温度升高，当达到水的沸点（100℃）时就会沸腾，而此时玻璃瓶的水还不能沸腾．故选B．【点评】本题考查了沸腾及其条件、沸点与气压的关系，综合性强，要求灵活运用所学知识．6．（2016秋•岱岳区期中）用相同的电加热器分别对质量相等的A和B两种液体加热（不计热量损失），如图是A和B的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是（）A．A和B升高相同的温度，B吸收热量较多B．A的比热容与B的比热容之比为2：3C．都加热t时间，B吸收热量比A吸收热量多D．A的比热容与B的比热容之比为2：1【考点】比热容；热量的计算．【难度】中【分析】A、B两种液体液体质量相等、初温相同、吸热也相同，末温从图中可以看出，利用热量的计算公式分析