上海市金山区高考一模物理试题

金山第页金山区2012学年第一学期期末考试高三物理试卷（一模）2013.1考生注意：1．本卷计算中，g均取l0m/s2。2．本卷22题分为22A和22B，全体考生应任选其一答题；若同时选做22A、22B两题，阅卷时只以22A题的得分计入总分。一、单项选择题（共16分，每小题2分。每小题只有一个正确选项。）1．最先发现通电导线的周围存在磁场的物理学家是（）（A）法拉第（B）安培（C）奥斯特（D）特斯拉abab（A）ab（B）ab（D）ab（C）3．有关分子动理论的说法正确的是（）（A）物质是由大量原子组成的（B）红墨水的扩散实际上是墨水分子的无规则运动过程（C）布朗运动的原因是悬浮颗粒永不停息的无规则运动（D）分子间存在相互作用力，分子力的大小与分子间距有关A0B0Z04．如图所示AA0B0Z0（A）非门（B）与非门（C）与门（D）或门0hEk5．自由下落的物体，其动能与位移的关系如图所示。则图中直0hEk（A）质量（B）机械能（C）重力大小（D）重力加速度大小6．一弹簧振子振动过程中的某段时间内其加速度数值越来越大，则在这段时间内（）（A）振子的速度逐渐增大（B）振子的位移逐渐增大（C）振子正在向平衡位置运动（D）振子的速度方向与加速度方向一致SAMN7．如图所示，S是波源，MN是带孔的挡板，其中M固定，N可以上下移动，为了使原来振动的A点停止振动，可采用的办法是（）SAMN（A）减小波源S的频率（B）波源S向右移动靠近小孔（C）减小波源S的波长（D）挡板N上移一点1/VtPO1/VtPO(C)ABVO(D)PBATPO(A)BATVO(B)BA空气空气AB二、单项选择题（共24分，每小题3分。每小题只有一个正确选项。）9．汽车在平直公路上以恒定的功率加速行驶，若受到的阻力大小不变，则它的牵引力F和加速度a的变化情况是（）（A）F逐渐减小，a也逐渐减小（B）F逐渐增大，a逐渐减小（C）F逐渐减小，a逐渐增大（D）F逐渐增大，a也逐渐增大10．一节普通干电池在接通的电路中作为电源使用，对电池上标有“1.5V”这一数据的正确理解是（）（A）电池正负两极之间电压1.5V（B）若对1Ω的外电阻供电，流过电池的电流强度是1.5A（C）每经过1C的电量，有1.5J的其他能量转为电能（D）每经过1C的电量，有1.5J的电能转为其他能量0.4v/（m·0.4v/（m·s-1）t/s50-30.8（A）小球下落时离地面的高度为0.45m（B）小球在0.8s内的路程为0.8m（C）小球第一次反弹后的加速度大小为10m/s2（D）小球与地面碰撞过程中速度的变化量的大小为2m/sABθ12．如图所示，一条细绳跨过定滑轮连接物体A、B，A悬挂起来，B穿在一根竖直杆上，两物体均保持静止，不计绳与滑轮、B与竖直杆间的摩擦，已知绳与竖直杆间的夹角为θ，则物体A、B的质量之比mA∶mB等于ABθ（A）cosθ∶1（B）1∶cosθ（C）tanθ∶1（D）1∶sinθ磁铁导体柱S水银直铜棒O13．如图，注有水银的玻璃杯侧面底部装一导体柱与电源负极相连，条形磁铁竖直固定在玻璃杯底部中心，磁铁上方O点通过绝缘支架吊一可自由转动的直铜棒，其上端与电源正极相连，下端浸入水银中。由于水银的密度比铜大，铜棒静止时处于倾斜状态。闭合开关磁铁导体柱S水银直铜棒O（A）铜棒会以磁铁棒为轴转动（B）与闭合S前相比，铜棒与竖直方向的夹角不变且仍静止（C）与闭合S前相比，铜棒与竖直方向的夹角会减小但仍可静止（2）实验中保持电动机两端电压U恒为6V，重物每次匀速上升的高度h均为1.5m，所测物理量及测量结果如下表所示：实验次数12345电动机的电流I/A0.20.40.60.82.5所提重物的重力Mg/N0.82.04.06.06.5重物上升时间t/s1.41.652.12.7∞计算电动机效率η的表达式为________（用符号表示），前4次实验中电动机工作效率的平均值为________。（3）在第5次实验中，电动机的输出功率是________；可估算出电动机线圈的电阻为________Ω。六、计算题（共50分）见答题卷30．（10分）底面积S＝40cm2、高l0＝15cm的圆柱形气缸开口向上放置在水平地面上，开口处两侧有挡板，如图所示。缸内有一可自由移动的质量为2kg活塞封闭了一定质量的理想气体，不可伸长的细线一端系在活塞上，另一端跨过两个定滑轮提着质量为10kg的物体A。开始时，气体温度t1=7℃，活塞到缸底的距离l1＝10cm，物体A的底部离地h1＝4cm，对气缸内的气体缓慢加热使活塞缓慢上升。已知大气压p0＝1.0×105Pa，试求：（1）物体A刚触地时，气体的温度；（2）活塞恰好到达气缸顶部时，气体的温度。31．（12分）如图，将质量m＝2kg的圆环套在与水平面成37角的直杆上，直杆固定不动，环的直径略大于杆的截面直径，环与杆间动摩擦因数＝0.5，对环施加一个竖直向上的拉力F，使环由静止开始运动，已知t=1s内环通过的位移为0.5m。（1）若环沿杆向下运动，求F的大小；（2）若环沿杆向上运动，且t=1s时撤去拉力，求环沿杆向上运动过程中克服摩擦力做功的大小。32．（14分）半径为R的光滑圆环竖直放置，环上套有两个质量分别为m和m的小球A和B。A、B之间用一长为R的轻杆相连，如图所示。开始时，A、B都静止，且A在圆环的最高点，现将A、B释放，试求：（1）B球到达最低点时的速度大小；（2）B球到达最低点的过程中，杆对A球做的功；（3）B球在圆环右侧区域内能达到的最高点位置。33．（14分）在平行金属板间的水平匀强电场中，有一长为L的轻质绝缘棒OA，其一端可绕O点在竖直平面内自由转动，另一端A处有一带电量为－q且不计重力的小球，质量为m的绝缘小球固定在OA棒中点处，当变阻器滑片在P点处时，棒静止在与竖直方向成30°角的位置，如图所示。已知此时BP段的电阻为R，平行金属板间的水平距离为d。（1）求此时金属板间电场的场强大小E；（2）若金属板旋转△α＝30°（图中虚线表示），并移动滑片位置，欲使棒与竖直方向的夹角不变，BP段的电阻应调节为多大？（3）若金属板不转动，将BP段的电阻突然调节为R，带电小球初始位置视为零势能点，求带电小球电势能的最小值。

金山区2012学年第一学期期末考试高三物理参考答案一～三、选择题12345678CBDDCBCC910111213141516ACCBAADB17181920ABADACACD四、（20分）填空题。每空格2分。21、匀速，1.6~1.922A、3.9，水平向左22B、小于，23、1/6，124、150，15025、h＞x＞h－EQ\F(4,5)H，4五、（24分）实验题26、（1）（2分）电压（2）（2分）高27、（1）（2分）D（2）（2分）C0312031233435637839411043121445164718492051225324265557285901267891011345121314米尺秒表电动机+-（2）（4分）AC29、（1）（2分）如右图（2）（2分），（2分）74%（3）（2分）0，（2分）2.4六、计算题30、（10分）解：（1）初始活塞受力平衡：P0S＋mg＝P1S＋T，T＝mAg被封闭气体压强P1＝P0＋EQ\F(（m－mA）g,S)＝…＝0.8×105Pa（2分）初状态：V1＝l1S，T1＝280KA触地时：P1＝P2，V2＝（l1＋h1）S，T2＝？等压变化，EQ\F(l1S,T1)＝EQ\F(（l1＋h1）S,T2)（2分）代入数据，得T2＝392K，即t2＝119℃（1分）（2）活塞恰好到顶部时，P3＝P0＋EQ\F(mg,S)＝…＝1.05×105Pa（2分）V3＝l0S，T3＝？根据理想气体状态方程，EQ\F(P1l1S,T1)＝EQ\F(P3l0S,T3)（2分）代入数据，得T3＝551.25K，即t2＝278.25℃（1分）31、（12分）解：（1）环做匀加速运动，a＝EQ\F(2s,t2)＝1m/s2（2分）向下运动时，F＜mg，据牛二：（mg－F）sin37－（mg－F）cos37＝ma（2分）代入数据得，F＝10N（1分）（2）向上运动时，F＞mg，据牛二：（F－mg）sin37－（F－mg）cos37＝ma代入数据得，F＝30N（2分）即若环沿杆向上运动，f1＝（Fcos37－mgcos37）＝…＝4N1s内克服摩擦力做功W1＝f1s1＝…＝2J（2分）撤去力F后，f2＝mgcos37＝…＝8N环减速上升，a2＝gsin37＋gcos37＝…＝10m/s2s2＝EQ\F(v2,2a2)＝…＝0.05m，W2＝f2s2＝…＝0.4J（2分）向上运动中克服摩擦力做功为W＝W1＋W2＝2.4J（1分）32、（14分）解：（1）系统机械能守恒，mAgR＋mBgR＝EQ\F(1,2)mAvA2＋EQ\F(1,2)mBvB2（2分）vA＝vB（2分）得，vB＝（1分）（2）根据动能定理，mAgR＋W＝EQ\F(1,2)mAvA2（2分）vA＝（2分）得，W＝0（1分）（3）设B球到右侧最高点时，OB与竖直方向夹角为θ，圆环圆心处为零势能面。系统机械能守恒，mAgR＝mBgRcosθ－mAgRsinθ（2分）代入数据得，θ＝30（2分）33、（14分）解：（1）轻杆力矩平衡：EqLcos30＝mgEQ\F(1,2)Lsin30（2分）场强大小E＝EQ\F(mg,6q)（1分）（2）金属板间电势差U＝Ed＝EQ\F(mgd,6q)（1分）金属板旋转30°后平衡，E′qLcos60＝mgEQ\F(1,2)Lsin30E′＝EQ\F(mg,2q)（1分）板旋转后，板距d′＝dcos30，U′＝E′d′＝EQ\F(mgd,4q)（2分）金属板间电势差与变阻器BP电阻成正比，EQ\F(U′,U)＝EQ\F(R′,R)（1分）得R′＝EQ\F(3,2)R（1分）（3）电阻调节为R后，E′′＝EQ\F(mg,2q)，F′′＝EQ\F(1,2)mg（1分）带电小球到达最右端时电势能最小，