福建省福州市白云中学2022年高二物理测试题含解析

福建省福州市白云中学2022年高二物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.在变电站里，经常要用交流电表去监测电网上的强电流，所用的器材叫电流互感器。如下所示的四个图中，能正确反应其工作原理的是（

）参考答案：A2.（多选）在光电效应实验中，某同学用同一种材料在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线(甲光、乙光、丙光)，如图所示。则可判断出：A．甲光的频率大于乙光的频率B．乙光的波长大于丙光的波长C．甲、乙波长相等

D．甲光对应的光电子最大初动能大于丙光的光电子最大初动能参考答案：BC3.图10-1所示为一列简谐横波在t=23s时的波形图，图10-2是这列波中P点的振动图线，那么该波的传播速度和传播方向是（

）A．v=25cm/s，向左传播

B．v=50cm/s，向左传播C．v=25cm/s，向右传播

D．v=50cm/s，向左传播参考答案：B4.如图所示，50匝矩形闭合导线框ABCD处于磁感应强度大小为B=T的水平匀强磁场中，线框面积S=0.5m2，线框电阻不计。从图示位置开始计时，线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω=200rad/s匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，副线圈接入一只“220V60W”灯泡，且灯泡正常发光。下列说法正确的是A．图示位置穿过线框的磁通量为零B．变压器原、副线圈匝数之比为C．变压器原线圈中电流强度为0.12AD．线框中电动势瞬时值表达式为e=500cosωtV参考答案：C5.从地面上方A点处自由落下一带电荷量为＋q、质量为m的粒子，地面附近有如图所示的匀强电场和匀强磁场，电场方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里，这时粒子的落地速度大小为v1，若电场不变，只将磁场的方向改为垂直纸面向外，粒子落地的速度大小为v2，则()A．v1＞v2

B．v1＜v2C．v1＝v2

D．无法判定参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.现有一个电流表,它的满偏电流为Ig=1mA,内阻Rg=200Ω,若要将它改装成量程为5A的电流表,应

联一个__Ω的电阻,改装后的电流表测量电流时,指针指在表盘上原来0.2mA处,则被测电流的大小是_______.参考答案：

并

联；0.4Ω；

1A

7.某放射性元素质量为M，测得每分钟放出1.2×104个β粒子，21天后再测，发现每分钟放出1.5×103个β粒子，该放射性元素的半衰期为

天。参考答案：8.质量为0.1kg的弹性小球从高为1.25m处自由下落至一光滑而坚硬的水平板上，碰撞后弹回到0.8m高处，碰撞时间为0.01s，则小球与水平板碰撞过程中动量变化大小为_____________kg·m/s，小球与水平板间的平均撞击力大小为____________N．参考答案：

(1).0.9

(2).91【详解】由于小球做自由落体运动，则其与水平面碰撞前的速度为：，所以与水平面碰撞前的动量为：P1=mv1=0.1×5kg?m/s=0.5kg?m/s，方向竖直向下。与水平面碰后，小球做竖直上抛运动，上升的最大高度为0.8m，则碰后小球速度为，方向竖直向上；此时小球的动量为：P2=mv2=0.1×4kg?m/s=0.4kg?m/s，方向竖直向上，动量的变化量为：。设向上为正方向，根据动量定理，合外力的冲量等于物体动量的变化．小球所受外力有重力mg和水平面对它的弹力N，则有：（N-mg）t=P2-P1，代入数据解得：N=91N，方向竖直向上。9.英国物理学家焦耳通过一系列实验发现，电流发热具有下述规律：电流通过导体产生的热量跟________的二次方、导体的__________、通电的_______________成正比。这个规律叫做焦耳定律。参考答案：电流、电阻、时间试题分析：“电流通过导体产生的热量，跟电流的二次方、导体的电阻、通电时间成正比．”这个规律用公式表示为，在中学教材被称为焦耳定律，是由物理学家焦耳发现的，考点：考查了焦耳定律的内容点评：关键是对焦耳定律内容的熟悉，基础题，较易10.如图所示，三相交流电的线电压为380V，三相负载为三个完全相同的灯泡，则图中a灯的电压为________V；当交流电源的A相断开时，图中b灯的电压为________V。

参考答案：220，19011.将一阻值是4Ω的电阻R1与另一电阻R2串联，其总电阻是10Ω，则R2=Ω，若将它们并联接入电路，则通过R1与R2的电流强度之比为I1：I2=．参考答案：解：串联电路中总电阻等于各部分电阻之和：故R2=10﹣4=6Ω；并联电路中各部分电流之比等于电阻的反比；故I1：I2=：=R2：R1=3：2．故答案为：6；3：2．12.一个100匝的线圈，在0.5s内穿过它的磁通量从0.01Wb增加到0.09Wb。求线圈中的感应电动势

V，与10Ω的电阻串联，电流大小

A参考答案：16V、1.6A13.将一个电荷量为－2×10－8C的点电荷，从零电势点S移到M点要克服电场力做功4×10－8J，则M点电势φM＝________.若将该电荷从M点移到N点，电场力做功14×10－8J，MN两点间的电势差UMN＝________，则N点的电势φN＝________.参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.在燃气灶上常常安装电子点火器，用电池接通电子线路产生高压，通过高压放电的电火花来点燃气体请问点火器的放电电极为什么做成针尖状而不是圆头状？参考答案：燃气灶电极做成针尖状是利用尖端放电现象解：尖端电荷容易聚集，点火器需要瞬间高压放电，自然要高电荷密度区，故安装的电子点火器往往把放电电极做成针形．【点睛】强电场作用下，物体尖锐部分发生的一种放电现象称为尖端放电，它属于一种电晕放电.它的原理是物体尖锐处曲率大，电力线密集，因而电场强度大，致使其附近部分气体被击穿而发生放电.如果物体尖端在暗处或放电特别强烈，这时往往可以看到它周围有浅蓝色的光晕．15.

(12分)物质是由大量分子组成的，分子有三种不同的聚集状态：固态、液态和气态。物质处于不同状态时各有不同的特点和物理性质。试回答下列问题：(1)如图所示，ABCD是一厚度均匀的由同一种微粒构成的圆板。AB和CD是互相垂直的两条直径，把圆板从图示位置转过90°后电流表的示数发生了变化，已知两种情况下都接触良好，由此可判断圆板是晶体。(2)在化学实验中发现，把玻璃管的断裂口放在火焰上烧熔，它的尖端就变圆，这是什么缘故?(3)如下图是氧分子在不同温度(O℃和100℃)下的速度分布规律图，由图可得出哪些结论?(至少答出两条)

参考答案：(1)(4分)单；(2)(4分)熔化玻璃的表面层存表面张力作用下收缩到最小表面积，从而使断裂处尖端变圆；(3)①(2分)一定温度下，氧气分子的速率呈现出“中间多，两头少”的分布规律；②(2分)温度越高，氧气分子热运动的平均速度越大(或温度越高氧气分子运动越剧烈)。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，在高h1=30m的光滑水平平台上，质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣K锁住，储存了一定量的弹性势能Ep．若打开锁扣K，小物块将以一定的速度v1水平向右滑下平台做平抛运动，并恰好能从光滑圆弧形轨道BC上B点沿切线方向进入圆弧形轨道．B点的高度h2=15m，圆弧轨道的圆心O与平台等高，轨道最低点C的切线水平，并与地面上动摩擦因数为μ=0.7的足够长水平粗糙轨道CD平滑连接，小物块沿轨道BCD运动最终在E点（图中未画出）静止．求：（1）小物块滑下平台的速度v1；（2）小物块原来压缩弹簧时储存的弹性势能Ep的大小（3）小物块在圆弧形轨道的最低点时对轨道的压力（4）C、E两点间的距离．参考答案：解：（1）设物块从A运动到B的时间为t，由于h1=30m，h2=15m，则

h1﹣h2=gt2；解得t=s．由Rcos∠BOC=h1﹣h2，R=h1所以∠BOC=60°设小物块平抛运动的水平速度是v1，则=tan60°解得v1=10m/s．（2）由能量守恒可得，弹簧压缩时的弹性势能为Ep=mv12=J=50J．（3）物块从A到C过程，由机械能守恒定律得

mgR+mv12=在C点，由牛顿第二定律得

N﹣mg=m联立解得N≈33.3N根据牛顿第三定律知，小物块在圆弧形轨道的最低点时对轨道的压力大小N′=N=33.3N，方向竖直向下．（4）设C、E两点间的距离为L，从A到E的整个过程，根据动能定理得

mgh1+mv12=μmgL．解得L=50m．答：（1）小物块滑下平台的速度v1为10m/s．（2）小物块原来压缩弹簧时储存的弹性势能Ep的大小为50J．（3）小物块在圆弧形轨道的最低点时对轨道的压力大小为33.3N，方向竖直向下．（4）C、E两点间的距离为50m．【考点】动能定理的应用；向心力；弹性势能．【分析】（1）根据平抛运动下降的高度求出运动的时间，通过速度方向，结合竖直方向上的分速度求出平抛运动的初速度v1．（2）根据能量守恒求出弹簧压缩时具有的弹性势能．（3）由机械能守恒定律求出小物块在圆弧形轨道的最低点时的速度，再由牛顿定律求对轨道的压力．（4）根据动能定理求出C、E两点间的距离．17.用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图，已知ac和bc与水平方向的夹角分别为和，则ac绳和bc绳中的拉力分别是多少？参考答案：.Fac与Fbc的合力与重力等大反向.作了平行四边形如图,18.三只灯泡L1、L2和L3的额定电压分别为1.5V、1.5V和2.5V，它们的额定电流都为0.3A.若将它们连接成图1、图2所示电路，且灯泡都正常发光，试求题图1电路的总电流和电阻R2消耗的电功率;分别计算两电路电源提供的电功率，并说明哪个电路更节能。参考答案：(1)由题意，在图1电路中：电路的总电流I总＝IL1+IL2+IL3=0.9A

(1分)=E-I总r=2.55V

(1分)UR2=U路