2023年广东省高考物理试卷(a卷)(含答案)

102023年广东省高考物理试卷〔A卷〕一、单项选择题：本大题共4小题，每题4分，总分值16分.在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的.40分．1〔4分〕某航母跑道长m。飞机在航母上滑行的最大加速度为2，起飞需要的最低。那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为〔 〕A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s2〔4分〕如图，甲、乙两颗卫星以一样的轨道半径分别绕质量为M和M的行星做匀速圆运动，以下说法正确的选项是〔 〕A．甲的向心加速度比乙的小 B．甲的运行周期比乙的小C．甲的角速度比乙的大 D．甲的线速度比乙的大3〔4分〕喷墨打印机的简化模型如以下图，重力可无视的墨汁微滴，经带电室带负电后，速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中〔 〕A．向负极板偏转B．电势能渐渐增大C．运动轨迹是抛物线D．运动轨迹与带电量无关1 4〔4分〕n：n：1，VA1 L 1RΩ，B端电压u2 1t〔VL 1为100Hz 为24VC．A0.5AD6W二、双项选择题：本大题共5小题，每题6分，共54分．在每题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或者不答的得0分．5．〔6 分〕铀核裂变是核电站核能的重要来源，其一种裂变反应是U+n→ Ba+ Kr+3 n，以下说法正确的有〔 〕A．上述裂变反响中伴随着中子放出铀块体积对链式反响的发生无影响C．铀核的链式反响可人工把握6〔6分〕LmL，保持阀门关闭，再充入1atm0.1L，设在全部过程中空气可看作抱负气体，且温度不变，以下说法正确的有〔〕A．充气后，密封气体压强增加C．翻开阀门后，密封气体对外界做正功D．翻开阀门后，不再充气也能把水喷光7〔6分〕如图，游乐场中，从高处A到水面B处有两条长度一样的光滑轨道．甲、乙两小沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，以下说法正确的有〔 〕A．甲的切向加速度始终比乙的大B．甲、乙在同一高度的速度大小相等DB处8〔6分〕P静止于固定的斜面上，PQP上，则〔 〕A．P向下滑动B．P静止不动D．P与斜面间的静摩擦力增大9〔6分abOP上．不计重力．以下说法正确的有〔〕A．a、b均带正电b的短b的短D．aP上的落点与Ob的近三、解答题0〔9分〕争论小车匀变速直线运动的试验装置如图a〕可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图〔b〕所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①局部试验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述试验步骤的正确挨次是： 〔用字母填写〕②图〔b〕中标出的相邻两计数点的时间间隔T= s．④为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度大小的计算式应为a= ．X1〔9分〕图a〕R〔内阻不计abX依据原理图链接图〔b〕的实物图A2 上S调整电源输出电压为3.0V时单位长度电阻丝为电压u= A2 11 2 SScacL1 2 2〔2〕LAI6LI值，测量数据已2XX

= 依据用作图法算出R= ΩXX121 2 1 0 2 1 2〔8分〕P、Pm．P的右端固定一轻BLPP2m且可以看作质点．PPvP发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞后PP粘PA点〔弹簧始终在弹性限度内PP之间的动摩擦因XX121 2 1 0 2 1 1 2 1 〔1〕P、P刚碰完时的共同速度vP的最终速度v1 2 1 p〔2〕xE．p3〔8分〕如图〕BrO的轴转动，圆心O和边缘K通过电刷与一个电路连接，电路中的P是加上确定正向电压才能导通的电子元件．流过电流表的电流Iω的关系如图〔b〕所示，其中abbc段ab圆盘、电流表和导线的电阻．ω的关系式；b、cPUb、Uc；ab、bcPIpUp的关系式．2023年广东省高考物理试卷〔A卷〕参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每题4分，总分值16分.在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的.40分．1〔4分〕某航母跑道长m。飞机在航母上滑行的最大加速度为2，起飞需要的最低。那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为〔 〕A．5m/s B．10m/s C．15m/s D．20m/s【分析】飞机的末速度、加速度和位移，代入公式，即可求出初速度。v2﹣v2=2as0代人数据得：

B。【点评】该题考察导出公式的应用，直接代入公式即可。2〔4分〕如图，甲、乙两颗卫星以一样的轨道半径分别绕质量为M和M的行星做匀速圆运动，以下说法正确的选项是〔 〕A．甲的向心加速度比乙的小 B．甲的运行周期比乙的小C．甲的角速度比乙的大 D．甲的线速度比乙的大【分析】抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力供给，列式开放争论即可．【解答】解：依据卫星运动的向心力由万有引力供给， 有：A、 由于，可知甲的向心加速度小于乙的向心加速度，故A正确；B、 ，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的周期大于乙的周期，B错误；C、 ，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的角速度小于乙的角速度，C错误；D、 ，由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量，故甲的线速度小于乙的线速度故D错误。。【点评】抓住半径一样，中心天体质量不同，依据万有引力供给向心力开放争论即可，留意区分中心天体的质量不同．3〔4分〕喷墨打印机的简化模型如以下图，重力可无视的墨汁微滴，经带电室带负电后，速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中〔 〕A．向负极板偏转B．电势能渐渐增大C．运动轨迹是抛物线D．运动轨迹与带电量无关【分析】由电子带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；依据电子做类平抛运动来确定侧向位移，依据电场力做功来确定电势能变化状况．【解答】解：A、由于带负电，故向正极板偏转，A错误；B、由于带负电墨汁微滴做正功，故电势能削减，B错误；C正确；D、由侧向位移y= at2= 2，可知运动轨迹与带电量有关，D错误。C。【点评】解答此题需要理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由电场力做功来确定的．4〔4分〕n1：n：1，VA均为抱负电表，灯光电阻Ω，B端电压u12 t〔V．以下说法正确的选项是〔 〕为100Hz 为24VC．A0.5AD6W【分析】依据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．1【解答】解A、B端电压u2 t〔。1流频率为f= 故A错误；B、电压表的示数为电路的有效电压的大小，22，U=6V，故B错误；C、I= =1A，A的读数为1A，故C错误；221 2 22==UI=6WD正确。应选：1 2 22【点评】把握住抱负变压器的电压、电流及功率之间的关系，此题即可得到解决．二、双项选择题：本大题共5小题，每题6分，共54分．在每题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或者不答的得0分．5．〔6 分〕铀核裂变是核电站核能的重要来源，其一种裂变反应是U+n→ Ba+ Kr+3 n，以下说法正确的有〔 〕A．上述裂变反响中伴随着中子放出铀块体积对链式反响的发生无影响C．铀核的链式反响可人工把握AC正确，B错误，铀核的半衰期与物理、化学变化无关．解：A2个中子，A正确；B错误；C、铀核的链式反响可以通过把握棒进展人工把握，C正确；D、放射性物质的半衰期是元素本身的属性，与外界物理环境和化学环境均无关，D错误。应选：AC。【点评】此题考察了重核的裂变方程，核反响条件，半衰期的特点，难度不大．6〔6分〕LmL，保持阀门关闭，再充入1atm0.1L，设在全部过程中空气可看作抱负气体，且温度不变，以下说法正确的有〔〕A．充气后，密封气体压强增加C．翻开阀门后，密封气体对外界做正功D．翻开阀门后，不再充气也能把水喷光1 1 2 2 【分析】由于温度不变，故充气后，密封气体的分子平均动能不变；充气过程为等温过程，由ppV+pV=pV1 1 2 2 1atm0.1Ln变大，由抱负气体状态方程：pV=nRT可知，当np变大，故A正确；B错误；1 1 2 2 V=pV1.2atm，大于大气压强，所以翻开阀门后，气C1 1 2 2 1 1 2 2 DpV+pV=pV得喷完容器中的D1 1 2 2 【点评】此题考察了热力学第确定律的应用，记住温度是分子平均动能的标志．7〔6分〕AB处有两条长度一样的光滑轨道．甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处，以下说法正确的有〔 〕A．甲的切向加速度始终比乙的大B．甲、乙在同一高度的速度大小相等DB处【分析】①由受力分析及牛顿其次定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小；②可以使用机械能守恒来说明，也可以使用运动学的公式计算，后一种方法比较麻烦；Bv﹣t图象来计算说明．解：A：由受力分析及牛顿其次定律可知，甲的切向加速度先比乙的大，后比乙的小，故A错误；B：由机械能守恒定律可知，各点的机械能保持不变，高度〔重力势能〕相等处的动能也相等，B正确；D：甲的切向加速度先比乙的大，速度增大的比较快，开头阶段的位移比较大，故甲总是先C错误，D正确。BD。【点评】此题应当用“加速度”解释：高度一样，到达底端的速度大小就一样，但甲的加速度渐渐慢．积可以用来表示位移．8〔6分〕P静止于固定的斜面上，PQP上，则〔 〕A．P向下滑动B．P静止不动D．P与斜面间的静摩擦力增大【分析】PQ轻轻地叠放在P上，相当于增大物体P重力．解：A、BP受力分析，受重力、支持力、静摩擦力，依据平衡条件，有：f=Mgsinθf≤μNQPPP静止不动，故A错误，B正确；PC错误；PPP与斜面间的静摩擦力增大，D正确；BD。【点评】此题关键是对物体受力分析，求解出支持力和静摩擦力表达式；物体Q轻轻地叠放在PP重力．9〔6分如图两个初速度大小一样的同种离子a和b从O点沿垂直磁场方向进入匀强磁场最终打到屏P上．不计重力．以下说法正确的有〔 〕A．a、b均带正电b的短b的短D．aP上的落点与Ob的近和周期公式 进展求解．【解答】解：a、b粒子的运动轨迹如以下图：a、b都向下由左手定则可知，a、bA正确；r= 可知，两粒子半径相等，依据上图中两粒子运动轨迹可知a粒子运动轨迹长度大于b粒bBC错误；POabD正确。应选：AD。【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为：定圆心、画轨迹、求半径．三、解答题0〔9分〕争论小车匀变速直线运动的试验装置如图a〕可调，打点计时器的工作频率为50Hz，纸带上计数点的间距如图〔b〕所示，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出．①局部试验步骤如下：A．测量完毕，关闭电源，取出纸带B．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔上述试验步骤的正确挨次是： DCBA 〔用字母填写〕相邻两计数点的时间间隔T= 0.1 s5③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v= ．5a=．【分析】①先连接试验器材，测量时先接通电源，后释放纸带；50Hz0.02s4个记录点未画50.02s；③匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度；④依据公式△x=aT2列式求解．DCBA；50Hz0.02s4个记录点未画50.02sT=0.1s；③匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故 ；④依据公式△x=aT2，有： ；解得： ；故答案为：①DCBA，②0.1，③ ，④ ．【点评】此题关键明确试验原理、试验步骤，会计算瞬时速度和加速度，根底题．1〔9分〕图a〕X〔内阻不计ab依据原理图链接图〔b〕的实物图A2 时单位长度电阻丝为电压u= 0.1 A2 11 2 SScacL1 2 2〔2〕LAI6LI值，测量数据已2X X在图〔c〕中标出，写出R与L、I、u的关系式R= X XΩ〔1〕比照电路图连线即可；3.0V，电阻丝粗细均匀，用电压除以长度即可；律列式求解待测电阻表达式后结合图象分析即可．【解答】1〕连线实物图如图；3V30cm1cm0.1V；x间电压为Lu，电流为I，故依据欧姆定律，有：R= 作L﹣I图，如以以下图所示：xx斜率为：k= x故答案为〔1〕如以下图〔2〕1〔3〕 ，0．L﹣I关系式，然后结合图线分析数据，不难．121 2 1 0 2 1 2〔8分〕P、Pm．P的右端固定一轻BLPP2m且可以看作质点．PPvP发生碰撞，碰撞时间极短，碰撞后PP粘PA点〔弹簧始终在弹性限度内PP之间的动摩擦因121 2 1 0 2 1 1 2 1 〔1〕P、P刚碰完时的共同速度vP的最终速度v1 2 1 p〔2〕xE．p1 2 1 〔1〕P、P碰撞过程，由动量守恒定律列出等式．对P、P、P1 2 1 1 2 、Pv1 2 1 【解答】1〕PP1 mv=2mv①0 11解得v= ，方向水平向右②11 P、P、P1 mv+2mv=4mv③0 0 22解得v= ，方向水平向右④21 2 〔2〕当弹簧压缩最大时，P、P、P三者具有共同速度v1 2 mv+2mv=4mv⑤0 0 2对系统由能量守恒定律μ〔2m〕g×2〔L+x〕= 〔2m〕v +〔2m〕v ﹣〔4m〕v ⑥得x= ﹣L ⑦pp最大弹性势能E= 解得E= mv ⑨pp

+〔2m〕v ﹣〔4m〕v ﹣μ•2mg〔L+x〕⑧1 答〔1〕P、P 刚碰完时的共同速度1 〔2〕x是

，方向水平向右，P的最终速度是 ，方向水平向﹣L，相应的弹性势能是 mv ．需加强这方面的训练．3〔8分〕如图〕BrO的轴转动，圆心O和