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102023年广东省高考物理试卷〔A卷〕一、单项选择题:本大题共4小题,每题4分,总分值16分.在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的.40分.1〔4分〕某航母跑道长m。飞机在航母上滑行的最大加速度为2,起飞需要的最低。那么,飞机在滑行前,需要借助弹射系统获得的最小初速度为〔 〕A.5m/s B.10m/s C.15m/s D.20m/s2〔4分〕如图,甲、乙两颗卫星以一样的轨道半径分别绕质量为M和M的行星做匀速圆运动,以下说法正确的选项是〔 〕A.甲的向心加速度比乙的小 B.甲的运行周期比乙的小C.甲的角速度比乙的大 D.甲的线速度比乙的大3〔4分〕喷墨打印机的简化模型如以下图,重力可无视的墨汁微滴,经带电室带负电后,速度v垂直匀强电场飞入极板间,最终打在纸上,则微滴在极板间电场中〔 〕A.向负极板偏转B.电势能渐渐增大C.运动轨迹是抛物线D.运动轨迹与带电量无关1 4〔4分〕n:n:1,VA1 L 1RΩ,B端电压u2 1t〔VL 1为100Hz 为24VC.A0.5AD6W二、双项选择题:本大题共5小题,每题6分,共54分.在每题给出的四个选项中,有两个选项符合题目要求,全部选对的得6分,只选1个且正确的得3分,有选错或者不答的得0分.5.〔6 分〕铀核裂变是核电站核能的重要来源,其一种裂变反应是U+n→ Ba+ Kr+3 n,以下说法正确的有〔 〕A.上述裂变反响中伴随着中子放出铀块体积对链式反响的发生无影响C.铀核的链式反响可人工把握6〔6分〕LmL,保持阀门关闭,再充入1atm0.1L,设在全部过程中空气可看作抱负气体,且温度不变,以下说法正确的有〔〕A.充气后,密封气体压强增加C.翻开阀门后,密封气体对外界做正功D.翻开阀门后,不再充气也能把水喷光7〔6分〕如图,游乐场中,从高处A到水面B处有两条长度一样的光滑轨道.甲、乙两小沿不同轨道同时从A处自由滑向B处,以下说法正确的有〔 〕A.甲的切向加速度始终比乙的大B.甲、乙在同一高度的速度大小相等DB处8〔6分〕P静止于固定的斜面上,PQP上,则〔 〕A.P向下滑动B.P静止不动D.P与斜面间的静摩擦力增大9〔6分abOP上.不计重力.以下说法正确的有〔〕A.a、b均带正电b的短b的短D.aP上的落点与Ob的近三、解答题0〔9分〕争论小车匀变速直线运动的试验装置如图a〕可调,打点计时器的工作频率为50Hz,纸带上计数点的间距如图〔b〕所示,其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出.①局部试验步骤如下:A.测量完毕,关闭电源,取出纸带B.接通电源,待打点计时器工作稳定后放开小车D.把打点计时器固定在平板上,让纸穿过限位孔上述试验步骤的正确挨次是: 〔用字母填写〕②图〔b〕中标出的相邻两计数点的时间间隔T= s.④为了充分利用记录数据,减小误差,小车加速度大小的计算式应为a= .X1〔9分〕图a〕R〔内阻不计abX依据原理图链接图〔b〕的实物图A2 上S调整电源输出电压为3.0V时单位长度电阻丝为电压u= A2 11 2 SScacL1 2 2〔2〕LAI6LI值,测量数据已2XX
= 依据用作图法算出R= ΩXX121 2 1 0 2 1 2〔8分〕P、Pm.P的右端固定一轻BLPP2m且可以看作质点.PPvP发生碰撞,碰撞时间极短,碰撞后PP粘PA点〔弹簧始终在弹性限度内PP之间的动摩擦因XX121 2 1 0 2 1 1 2 1 〔1〕P、P刚碰完时的共同速度vP的最终速度v1 2 1 p〔2〕xE.p3〔8分〕如图〕BrO的轴转动,圆心O和边缘K通过电刷与一个电路连接,电路中的P是加上确定正向电压才能导通的电子元件.流过电流表的电流Iω的关系如图〔b〕所示,其中abbc段ab圆盘、电流表和导线的电阻.ω的关系式;b、cPUb、Uc;ab、bcPIpUp的关系式.2023年广东省高考物理试卷〔A卷〕参考答案与试题解析一、单项选择题:本大题共4小题,每题4分,总分值16分.在每题给出的四个选项中,只有一项为哪一项符合题目要求的.40分.1〔4分〕某航母跑道长m。飞机在航母上滑行的最大加速度为2,起飞需要的最低。那么,飞机在滑行前,需要借助弹射系统获得的最小初速度为〔 〕A.5m/s B.10m/s C.15m/s D.20m/s【分析】飞机的末速度、加速度和位移,代入公式,即可求出初速度。v2﹣v2=2as0代人数据得:
B。【点评】该题考察导出公式的应用,直接代入公式即可。2〔4分〕如图,甲、乙两颗卫星以一样的轨道半径分别绕质量为M和M的行星做匀速圆运动,以下说法正确的选项是〔 〕A.甲的向心加速度比乙的小 B.甲的运行周期比乙的小C.甲的角速度比乙的大 D.甲的线速度比乙的大【分析】抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力供给,列式开放争论即可.【解答】解:依据卫星运动的向心力由万有引力供给, 有:A、 由于,可知甲的向心加速度小于乙的向心加速度,故A正确;B、 ,由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量,故甲的周期大于乙的周期,B错误;C、 ,由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量,故甲的角速度小于乙的角速度,C错误;D、 ,由于甲的中心天体质量小于乙的中心天体质量,故甲的线速度小于乙的线速度故D错误。。【点评】抓住半径一样,中心天体质量不同,依据万有引力供给向心力开放争论即可,留意区分中心天体的质量不同.3〔4分〕喷墨打印机的简化模型如以下图,重力可无视的墨汁微滴,经带电室带负电后,速度v垂直匀强电场飞入极板间,最终打在纸上,则微滴在极板间电场中〔 〕A.向负极板偏转B.电势能渐渐增大C.运动轨迹是抛物线D.运动轨迹与带电量无关【分析】由电子带负电,在电场中受到的力来确定偏转方向;依据电子做类平抛运动来确定侧向位移,依据电场力做功来确定电势能变化状况.【解答】解:A、由于带负电,故向正极板偏转,A错误;B、由于带负电墨汁微滴做正功,故电势能削减,B错误;C正确;D、由侧向位移y= at2= 2,可知运动轨迹与带电量有关,D错误。C。【点评】解答此题需要理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法,并得出电势能变化是由电场力做功来确定的.4〔4分〕n1:n:1,VA均为抱负电表,灯光电阻Ω,B端电压u12 t〔V.以下说法正确的选项是〔 〕为100Hz 为24VC.A0.5AD6W【分析】依据电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,变压器的输入功率和输出功率相等,逐项分析即可得出结论.1【解答】解A、B端电压u2 t〔。1流频率为f= 故A错误;B、电压表的示数为电路的有效电压的大小,22,U=6V,故B错误;C、I= =1A,A的读数为1A,故C错误;221 2 22==UI=6WD正确。应选:1 2 22【点评】把握住抱负变压器的电压、电流及功率之间的关系,此题即可得到解决.二、双项选择题:本大题共5小题,每题6分,共54分.在每题给出的四个选项中,有两个选项符合题目要求,全部选对的得6分,只选1个且正确的得3分,有选错或者不答的得0分.5.〔6 分〕铀核裂变是核电站核能的重要来源,其一种裂变反应是U+n→ Ba+ Kr+3 n,以下说法正确的有〔 〕A.上述裂变反响中伴随着中子放出铀块体积对链式反响的发生无影响C.铀核的链式反响可人工把握AC正确,B错误,铀核的半衰期与物理、化学变化无关.解:A2个中子,A正确;B错误;C、铀核的链式反响可以通过把握棒进展人工把握,C正确;D、放射性物质的半衰期是元素本身的属性,与外界物理环境和化学环境均无关,D错误。应选:AC。【点评】此题考察了重核的裂变方程,核反响条件,半衰期的特点,难度不大.6〔6分〕LmL,保持阀门关闭,再充入1atm0.1L,设在全部过程中空气可看作抱负气体,且温度不变,以下说法正确的有〔〕A.充气后,密封气体压强增加C.翻开阀门后,密封气体对外界做正功D.翻开阀门后,不再充气也能把水喷光1 1 2 2 【分析】由于温度不变,故充气后,密封气体的分子平均动能不变;充气过程为等温过程,由ppV+pV=pV1 1 2 2 1atm0.1Ln变大,由抱负气体状态方程:pV=nRT可知,当np变大,故A正确;B错误;1 1 2 2 V=pV1.2atm,大于大气压强,所以翻开阀门后,气C1 1 2 2 1 1 2 2 DpV+pV=pV得喷完容器中的D1 1 2 2 【点评】此题考察了热力学第确定律的应用,记住温度是分子平均动能的标志.7〔6分〕AB处有两条长度一样的光滑轨道.甲、乙两小孩沿不同轨道同时从A处自由滑向B处,以下说法正确的有〔 〕A.甲的切向加速度始终比乙的大B.甲、乙在同一高度的速度大小相等DB处【分析】①由受力分析及牛顿其次定律可知,甲的切向加速度先比乙的大,后比乙的小;②可以使用机械能守恒来说明,也可以使用运动学的公式计算,后一种方法比较麻烦;Bv﹣t图象来计算说明.解:A:由受力分析及牛顿其次定律可知,甲的切向加速度先比乙的大,后比乙的小,故A错误;B:由机械能守恒定律可知,各点的机械能保持不变,高度〔重力势能〕相等处的动能也相等,B正确;D:甲的切向加速度先比乙的大,速度增大的比较快,开头阶段的位移比较大,故甲总是先C错误,D正确。BD。【点评】此题应当用“加速度”解释:高度一样,到达底端的速度大小就一样,但甲的加速度渐渐慢.积可以用来表示位移.8〔6分〕P静止于固定的斜面上,PQP上,则〔 〕A.P向下滑动B.P静止不动D.P与斜面间的静摩擦力增大【分析】PQ轻轻地叠放在P上,相当于增大物体P重力.解:A、BP受力分析,受重力、支持力、静摩擦力,依据平衡条件,有:f=Mgsinθf≤μNQPPP静止不动,故A错误,B正确;PC错误;PPP与斜面间的静摩擦力增大,D正确;BD。【点评】此题关键是对物体受力分析,求解出支持力和静摩擦力表达式;物体Q轻轻地叠放在PP重力.9〔6分如图两个初速度大小一样的同种离子a和b从O点沿垂直磁场方向进入匀强磁场最终打到屏P上.不计重力.以下说法正确的有〔 〕A.a、b均带正电b的短b的短D.aP上的落点与Ob的近和周期公式 进展求解.【解答】解:a、b粒子的运动轨迹如以下图:a、b都向下由左手定则可知,a、bA正确;r= 可知,两粒子半径相等,依据上图中两粒子运动轨迹可知a粒子运动轨迹长度大于b粒bBC错误;POabD正确。应选:AD。【点评】带电粒子在磁场中运动的题目解题步骤为:定圆心、画轨迹、求半径.三、解答题0〔9分〕争论小车匀变速直线运动的试验装置如图a〕可调,打点计时器的工作频率为50Hz,纸带上计数点的间距如图〔b〕所示,其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出.①局部试验步骤如下:A.测量完毕,关闭电源,取出纸带B.接通电源,待打点计时器工作稳定后放开小车D.把打点计时器固定在平板上,让纸穿过限位孔上述试验步骤的正确挨次是: DCBA 〔用字母填写〕相邻两计数点的时间间隔T= 0.1 s5③计数点5对应的瞬时速度大小计算式为v= .5a=.【分析】①先连接试验器材,测量时先接通电源,后释放纸带;50Hz0.02s4个记录点未画50.02s;③匀变速直线运动中,平均速度等于中间时刻的瞬时速度;④依据公式△x=aT2列式求解.DCBA;50Hz0.02s4个记录点未画50.02sT=0.1s;③匀变速直线运动中,平均速度等于中间时刻的瞬时速度,故 ;④依据公式△x=aT2,有: ;解得: ;故答案为:①DCBA,②0.1,③ ,④ .【点评】此题关键明确试验原理、试验步骤,会计算瞬时速度和加速度,根底题.1〔9分〕图a〕X〔内阻不计ab依据原理图链接图〔b〕的实物图A2 时单位长度电阻丝为电压u= 0.1 A2 11 2 SScacL1 2 2〔2〕LAI6LI值,测量数据已2X X在图〔c〕中标出,写出R与L、I、u的关系式R= X XΩ〔1〕比照电路图连线即可;3.0V,电阻丝粗细均匀,用电压除以长度即可;律列式求解待测电阻表达式后结合图象分析即可.【解答】1〕连线实物图如图;3V30cm1cm0.1V;x间电压为Lu,电流为I,故依据欧姆定律,有:R= 作L﹣I图,如以以下图所示:xx斜率为:k= x故答案为〔1〕如以下图〔2〕1〔3〕 ,0.L﹣I关系式,然后结合图线分析数据,不难.121 2 1 0 2 1 2〔8分〕P、Pm.P的右端固定一轻BLPP2m且可以看作质点.PPvP发生碰撞,碰撞时间极短,碰撞后PP粘PA点〔弹簧始终在弹性限度内PP之间的动摩擦因121 2 1 0 2 1 1 2 1 〔1〕P、P刚碰完时的共同速度vP的最终速度v1 2 1 p〔2〕xE.p1 2 1 〔1〕P、P碰撞过程,由动量守恒定律列出等式.对P、P、P1 2 1 1 2 、Pv1 2 1 【解答】1〕PP1 mv=2mv①0 11解得v= ,方向水平向右②11 P、P、P1 mv+2mv=4mv③0 0 22解得v= ,方向水平向右④21 2 〔2〕当弹簧压缩最大时,P、P、P三者具有共同速度v1 2 mv+2mv=4mv⑤0 0 2对系统由能量守恒定律μ〔2m〕g×2〔L+x〕= 〔2m〕v +〔2m〕v ﹣〔4m〕v ⑥得x= ﹣L ⑦pp最大弹性势能E= 解得E= mv ⑨pp
+〔2m〕v ﹣〔4m〕v ﹣μ•2mg〔L+x〕⑧1 答〔1〕P、P 刚碰完时的共同速度1 〔2〕x是
,方向水平向右,P的最终速度是 ,方向水平向﹣L,相应的弹性势能是 mv .需加强这方面的训练.3〔8分〕如图〕BrO的轴转动,圆心O和
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