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文档简介

课时作业(三十二)有关球的综合问题练基础1.[2022·山东东营高一期末]一个棱长为1的正方体的8个顶点都在同一个球面上,则该球的表面积和体积之比值为()A.2B.eq\f(3,2)C.eq\r(3)D.2eq\r(3)2.[2022·河北保定高一期末]某圆锥的母线长为4,高为3,则该圆锥外接球的表面积为()A.16πB.eq\f(196π,9)C.24πD.eq\f(256π,9)3.[2022·福建宁德高一期末]如图,“甜筒”状旋转几何体,由一个圆锥与一个半球组合而成,其中圆锥的轴截面是边长为2的正三角形,则这个组合体的表面积为________.4.某组合体的直观图如图所示,它的中间为圆柱形,左右两端均为半球形,若图中r=1,l=3,试求该组合体的表面积和体积.提能力5.[2022·湖南常德高一期末]轴截面为正三角形的圆锥称为等边圆锥,已知一等边圆锥的母线长为eq\r(3),则该圆锥的内切球体积为()A.4πB.eq\f(4π,3)C.πD.eq\f(π,6)6.(多选)[2022·福建龙岩高一期中]若正四面体外接球的表面积为eq\f(27π,2),则()A.该正四面体的体积为eq\f(9\r(2),4)B.该正四面体的表面积为9eq\r(2)C.该正四面体内切球的半径为eq\f(\r(6),4)D.该正四面体的外接球上一动点M到内切球上一动点N距离的最小值为eq\f(\r(6),2)7.[2022·湖南张家界高一期末]如图所示是古希腊数学家阿基米德的墓碑上刻着的一个圆柱,圆柱内有一个内切球,这个球的直径恰好与圆柱的高相等,相传这个图形表达了阿基米德最引以为荣的发现.设圆柱的体积与球的体积之比为m,圆柱的表面积与球的表面积之比为n,则eq\f(m,n)=________.8.已知一个球的外切圆台的上、下底面半径分别为r、R,求出该球的表面积.9.正四棱锥的顶点都在同一球面上.若该棱锥的高为4,底面边长为2,求该球的体积.10.如图是某种水箱用的“浮球”,它是由两个半球和一个圆柱筒组成.已知球的半径是2cm,圆柱筒的高是2cm.(1)求这种“浮球”的体积;(2)要在100个这种“浮球”的表面涂一层防水漆,每平方厘米需要防水漆0.5g,共需多少防水漆?培优生11.[2022·河北石家庄高一期末]我国古代《九章算术》中将上下两面为平行矩形的六面体称为刍童.如图的刍童ABCD­EFGH有外接球,且AB=4eq\r(3),AD=4,EH=eq\r(15),EF=eq\r(5),平面ABCD与平面EFGH间的距离为1,则该刍童外接球的表面积为()A.124πB.36πC.164πD.48π12.如图,在水平放置的直径与高相等的圆柱内,放入两个半径相等的小球(球A和球B),圆柱的底面直径为2+eq\r(2),向圆柱内注满水,水面刚好淹没小球B.(1)求球A的体积;(2)求圆柱的侧面积与球B的表面积之比.课时作业(三十二)有关球的综合问题1.解析:由题意知正方体外接球的直径为eq\r(12+12+12)=eq\r(3),所以eq\f(S球,V球)=eq\f(4πR2,\f(4,3)πR3)=eq\f(3,R)=eq\f(3,\f(\r(3),2))=2eq\r(3).故选D.答案:D2.解析:设该圆锥外接球的半径为R,则R2=(3-R)2+42-32,解得R=eq\f(8,3),故该圆锥外接球的表面积S=4πR2=eq\f(256π,9).故选D.答案:D3.解析:由题意,这个组合体的表面积为S=eq\f(1,2)×4π×12+π×1×2=4π.答案:4π4.解析:该组合体的表面积S=4πr2+2πrl=4π×12+2π×1×3=10π.该组合体的体积V=eq\f(4,3)πr3+πr2l=eq\f(4π,3)×13+π×12×3=eq\f(13π,3).5.解析:轴截面如图所示,设内切球的半径为r,则OD=OE=r,由题意可得∠OCD=eq\f(π,6),CD=eq\f(\r(3),2),在Rt△OCD中,tan∠OCD=eq\f(OD,CD),所以OD=CD·tan∠OCD=eq\f(\r(3),2)×eq\f(\r(3),3)=eq\f(1,2),即r=eq\f(1,2),所以内切球体积为eq\f(4,3)πr3=eq\f(4,3)πeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))3=eq\f(π,6),故选D.答案:D6.解析:设正四面体的外接球半径为R,则4πR2=eq\f(27π,2),得R=eq\f(3\r(6),4).把正四面体A­CFG补形为正方体ABCD­EFHG,则R=eq\f(\r(3),2)AB=eq\f(3\r(6),4),得AB=eq\f(3\r(2),2),AF=3.VA­CFG=VABCD­EFHG-4VA­EFG=(eq\f(3\r(2),2))3-4×eq\f(1,3)×eq\f(1,2)×(eq\f(3\r(2),2))3=eq\f(9\r(2),4),A正确.该正四面体的表面积为4S△AFG=4×eq\f(1,2)×3×3×eq\f(\r(3),2)=9eq\r(3),B错误.设正四面体的高为h,则VA­CFG=eq\f(1,3)S△AFG·h=eq\f(9\r(3),12)h=eq\f(9\r(2),4),得h=eq\r(6),因为正四面体的外接球球心与内切球球心重合,所以内切球半径r=eq\r(6)-eq\f(3\r(6),4)=eq\f(\r(6),4),C正确.该正四面体的外接球上一动点M到内切球上一动点N距离的最小值为eq\f(3\r(6),4)-eq\f(\r(6),4)=eq\f(\r(6),2),D正确.故选ACD.答案:ACD7.解析:设球的半径为r,则圆柱的底面半径为r,高为2r,于是m=eq\f(πr2·2r,\f(4,3)πr3)=eq\f(3,2),n=eq\f(2πr2+2πr·2r,4πr2)=eq\f(3,2),则eq\f(m,n)=1.答案:18.解析:如图所示圆台及内切球的轴截面ABCD,O1、O2、O分别为上、下底面中心及球心,设球半径为x,则O1O2=2x,过C作CE⊥AB于E,则CE=2x,BE=R-r,BC=R+r,∴在Rt△CBE中,由CB2=BE2+CE2,得(R+r)2=(R-r)2+(2x)2,x2=Rr,∴球的表面积为4πx2=4πRr.9.解析:如图所示,设正四棱锥P­ABCD的底面ABCD的中心为E,连接PE,AE,则PE为正四棱锥的高,PE=4,AB=2,AE=eq\f(1,2)AC=eq\r(2);设球心为O,则O一定在线段PE上,连接OA;设球的半径为R,在Rt△AOE中,OA2=AE2+OE2,即R2=(eq\r(2))2+(4-R)2,解得R=eq\f(9,4);所以球的体积为V=eq\f(4π,3)×eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(9,4)))3=eq\f(243π,16).10.解析:(1)因为该“浮球”的圆柱筒底面半径和半球的半径r=2cm,圆柱筒的高为2cm,所以两个半球的体积之和为V1=eq\f(4,3)πr3=eq\f(32,3)π(cm)3,圆柱的体积V2=πr2h=8π(cm)3,∴该“浮球”的体积是V=V1+V2=eq\f(56,3)π(cm)3.(2)根据题意,上下两个半球的表面积是S1=4πr2=16π(cm)2,而“浮球”的圆柱筒侧面积为S2=2πrh=8π(cm)2,∴“浮球”的表面积为S=S1+S2=24π(cm)2;所以给100个这种浮球的表面涂一层防水漆需要100×24π×0.5=1200πg.11.解析:如图,设上底面中心为O1,下底面中心为O2,刍童外接球的球心为O,则O,O1,O2共线,连接O1E,O2A,OE,OA,由已知可得O1E=eq\r(5),O2A=4,O1O2=1.设该刍童的外接球的半径为R,OO2=h,则R2=16+h2,R2=5+(h+1)2,联立解得R2=41.∴该刍童的外接球的表面积为S=4πR2=164π.故选C.答案:C12.解析:(1)设圆柱的底面半径为R,小球的半径为r,且r<R,由圆柱与球的性质知AB2=(2r)2=(2R-2r)2+(2R-2r)2,即r2-4Rr

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