上海市杨浦区2020-2021学年九年级(上)期末物理试卷(一模)及答案解析

2020-2021学年上海市杨浦区九年级（上）期末物理试卷（一模）一、选择题（共20分）1．（2分）首先用实验测定大气压强值的科学家是（）A．托里拆利B．阿基米德C．帕斯卡D．牛顿2．（2分）下列实例中，利用连通器原理工作的是（）A．密度计B．液位计C．吸尘器）D．抽水机D．电压3．（2分）影响某导体电流大小的物理量是（A．电荷量B．通电时间C．质量4．（2分）一包医用口罩（10只装）的质量约为（）A．0.03千克B．3千克C．30千克）D．300千克5．（2分）以下事例中，属于增大压强的是（A．载重卡车有很多车轮B．书包背带较宽D．铁轨铺在枕木上C．针尖做得很尖锐6．（2分）有一轻质柱形容器置于水平地面上，容器内盛有10牛重的水。若将重为5牛的物块浸入水中（水不溢出），物块受到的浮力为3牛，则放入物块后容器对水平地面的压力为（A．一定为10牛7．（2分）同种材料制成的长度相等的甲、乙导体串联在电路中，若甲导体两端的电压大于乙导体两端的电压，则关于甲、乙的横截面积S、S大小，下列判断正确的是（）B．一定为15牛C．可能为12牛D．可能为13牛）甲乙A．S一定小于SB．S可能等于S甲乙甲乙C．S一定大于SD．S可能小于S甲乙甲乙8．（2分）两个相同柱形容器置于水平地面上，两容器中分别盛有体积相等的不同液体甲、乙。若将两个质量相等的物块A、B浸入液体中，物块漂浮于液面，如图所示。下列判断正确的是（）A．液体的密度ρ＜ρ甲乙B．液体的质量m＜m甲乙C．液体对容器底部的压强p＞p甲乙D．液体对容器底部的压力F＝F甲乙9．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。开关S从闭合到断开时，变大的是（）第1页（共7页）B．电压表V示数与电流表A示数的乘积C．电流表A的示数若甲对地面的压强变化量大于乙对地面的压强变化量，则（）B．p可能等于p甲乙D．p可能小于p甲乙二、填空题（共34分）12．（3分）压强是表示的物理量。某初中生走路时对地面的压强约为3×104帕，表示每平方米面积上受到的压力约为牛，当他站在立水平地面上时，对地面的压强（选填“变大”、“不变”或“变小”）。13．（3分）质量为1.8千克的实心冰块，其体积为米3，若冰块完全熔化成水，则水的质量为千克/米3）千克，水的体积为米3。（ρ＝1×103千克/米3、ρ＝0.9×103水冰14．（3分）某导体两端的电压为3伏时，通过该导体的电流为0.3安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为伏时，其电阻为库，导体的电阻为欧。欧。若该导体两端的电压改变为615．（3分）如图所示，重10牛的物块A用细线悬挂着浸没于水中。若细线对物块A的拉力为6牛，则物块A所受的浮力为；随着物体A浸入水中的深度变大，它所受的浮力（选填“变大”“变小”或“不变”）。牛，方向第2页（共7页）压表V1示数的差值与电流表A示数的比值变”）。（均选填“变大”、“变小”或“不17．（4分）在如图所示电路中，电源电压保持不变，电阻R、R2的阻值均为R。闭合开关10S，电路正常工作，电压表示数为U0。一段时间后，仅有一个电表示数变小。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1、R上。请根据相关信息写出此时两电表示数及相对2应的故障：。18．（3分）在“测定盐水密度”的实验中，实验原理是；如图所示，用电子天平测质量，测量前，将量筒置于电子天平的中央，完成电子天平的“”操作。在“用电流表测电流”的实验中，电路连接时，电流从电流表拆除电路，接线柱流入；实验数据记录完成后，断开开关，实验器材。19．（4分）如图1所示仪器是属盒在水中的深度不变，改变，为了探究液体内部的压强与方向的关系，保持金，观察并记录U形管液面的高度差。如图2所示是“验证阿基米德原理”的实验过程，此实验目的是为了验证物体受到的浮力与的关系，实验过程中V2﹣V1表明了。第3页（共7页）20．（5分）在“探究导体中电流与电压关系”实验中，某小组同学测量了A导体两端的电压和通过的电流，实验数据记录在下表中，并根据实验结果绘制U﹣I图线，如图所示。序号1电压（V）1.6电流（A）0.160.240.3022.533.0①小明认为“绘制U﹣I图线只需要一组电压和电流值，这组数据在U﹣I图中对应的点和原点连成直线，就是该导体的U﹣I图线”。你是否赞同小明的观点，理由是：。②在绘制U﹣I图线时，小红想：“为什么实验获得的三组数据对应的三个点要用直线连接，而不是曲线呢？”解决小红疑惑的方法是。③该小组同学查阅历史资料，了解到：“十九世纪初，德国物理学家欧姆由于缺少资料，并且没有稳定的电源，也没有较精确的测量电流强度的仪器，致使探索电流规律的工作十分艰难。期间自己设计电流扭秤，经历了不少坎坷，但他不畏艰难，坚持不懈，终于获得成功。”对此你有什么感想：。三、作图题（共8分）21．（2分）在如图所示中，重为2牛的物块静止在水平地面上，请用力的图示法画出该物块对地面的压力。22．（3分）在如图所示中，将电源、电流表、小灯L2三个元件符号填入电路空缺处。要求：①小灯L1与L2并联；②电流表测小灯L1支路电流；③开关S只控制L。2第4页（共7页）23．（3分）在如图所示的电路中有一根导线尚未连接，以笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合开关S，当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数变小。四、综合题（共38分）24．（6分）体积为2×104米3的物块浸没在水中，求物块所受浮力F的大小。浮﹣25．（6分）在如图（a）所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2上标有“50Ω2A”字样，电流表表盘如图（b）所示。闭合开关S，通过R1的电流为1.8A。①求电源电压U。②在电路各元件都正常工作的情况下，移动变阻器滑片P的过程中，求滑动变阻器R2的最小阻值。26．（6分）在如图（a）所示的电路中，电源电压为18伏且不变。闭合开关S，电流表的示数为1安，电压表示数如图（b）所示。①求电阻R1的阻值。②求此时滑动变阻器R2的阻值。③在电路各元件都正常工作的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数的最大变化范围为0.3安～1.2安，请判断滑动变阻器的规格：“欧，安”。（写出计算过程）第5页（共7页）27．（6分）如图所示，盛满水的薄壁轻质柱形容器甲与实心柱体乙放置在水平地面上。底面积分别为S、2S，水的质量为m。①若容器甲中水的深度为0.2米，求水对容器甲底部的压强p。水②若柱体乙的质量为2m，求柱体乙对地面的压强p。乙③现有物块A、B、C，其密度、体积如下表所示。小华选择其中一个先后放入容器甲的水中（物块浸没在水中）、柱体乙的上部，使容器甲对地面的压强变化量小于柱体乙对地面的压强变化量，且容器甲对地面的压强最大。请写出选择的物块并说明理由，计算出容器甲对地面的压强最大值p。甲大物块A密度体积1.8ρ水0.5V0.6V2VB1.2ρ水C2.5ρ水28．（6分）小华做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有器材：电源（两节新干电池），待测电阻、电流表、电压表、开关各一个，滑动变阻器两个（A标有“10Ω2A”字样，B标有“20Ω1A”字样），以及导线若干。①请为小华设计正确的实验电路图。②根据实验电路图，以笔画线代替导线连接实物图。第6页（共7页）（a）根据相关信息，计算并判断小华实验中滑动变阻器的规格。算过程）。算待测电阻的阻值为欧。（计算最后一组数据，精确到0.1欧）29．（8分）某小组同学用图所示装置，研究实心物块漂浮在水面上，水对容器底部的压强及台秤的示数变化情况。他们选用了不同密度、不同体积的物块浸入水中，待物体静止后，利用仪器测出了水对容器底部的压强p以及台秤的示数F，并把数据记录在下表中。物块的体积V水对容器底部的台秤的示数F实验序号物块的密度ρ（kg/m3）（×104m3）压强p（Pa）2600280023002600290030002800300030003000（N）﹣120.4×1030.4×1030.6×1030.6×1030.6×1030.6×1030.8×1030.8×1030.8×1030.8×1033.04.01.02.03.04.52.03.05.05.54.65.04.04.65.25.45.05.45.45.4345678910①观察实验序号1与2（或3与4与5与6或7与8）中p与V的数据，可得初步结论：同种材料制成的实心物块漂浮在同一容器的水中，②观察实验序号1与5与8（或4与7）中F与ρ的数据，可得初步结论：实心物块漂浮。在同一容器的水中，。③进一步分析实验序号1与4（或2与7）中p与V的数据，可知：当F相同，p也相同。相同时，④小明发现实验序号9与10数据，发现不符合上述结论，请判断可能存在原因，并用学过的物理知识写出推导过程：⑤若选用密度为0.7×103kg/m述容器中，可推断：p为Pa，F为。3、体积为3×10﹣4m3的物块放入上N。第7页（共7页）2020-2021学年上海市杨浦区九年级（上）期末物理试卷（一模）参考答案与试题解析一、选择题（共20分）1．【分析】本题根据对初中物理中几位重大贡献的科学家的认识做出选择。【解答】解：A、托里拆利完成了托里拆利实验，第一个准确测量了大气压的值。符合题意。B、阿基米德发现了阿基米德原理；不符合题意。C、帕斯卡研究了帕斯卡定律，属于液体压强问题。不符合题意。D、牛顿的主要贡献是总结了牛顿三定律，为力学奠定的基础，不符合题意。故选：A。【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。2．【分析】连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征。【解答】解：A、密度计是利用物体漂浮时浮力等于重力的原理工作的，故A不符合题意；B、液位计的上端开口、下端连通，是利用连通器原理工作的，即水位计中的水位与锅炉水位是相同的，故B符合题意；C、吸尘器在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大、压强小，灰尘、纸屑等垃圾在周围较大的大气压的作用下被“吸”入，故C不符合题意；D、抽水机的原理是先使水面上方的大气压强减小（通过提起活塞或叶轮的旋转），然后水就在外界大气压的作用下，把水沿抽水机压上来，故D不符合题意。故选：B。【点评】本题考查连通器的原理，关键知道连通器是上端开口、底部相连通的，液面静止时保持相平。3．【分析】对于某一确定的导体，电阻一定，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，据此分析选择。【解答】解：（1）通过导体的电流决定于导体两端电压和导体本身的电阻大小，与通过导体的电荷量、通电时间及导体质量无关。故ABC不符合题意；（2）由欧姆定律可知，对于某一导体，通过导体的电流与导体两端的电压成正比，所以第1页（共17页）

对于某一确定的导体，通过导体电流大小决定于导体两端的电压。故D符合题意。故选：D。【点评】本题考查了电流定义式I＝和欧姆定律表达式I＝的理解与掌握，注意区分。4．【分析】此题考查我们对常见物体质量的估测，根据对日常生活中常见物体和质量单位及其进率的认识，选出符合题意的选项。【解答】解：一个医用口罩的质量约3g，一包（10只装）的质量约为10×3g＝30g＝0.03kg。故选：A。【点评】质量的估测，需要我们熟悉常见物体的质量大小，以它们为标准对研究对象的质量作出判断．如：一个鸡蛋的质量在60g左右，一个苹果的质量在200g的质量在0.5kg左右，中学生的质量在50kg左右，大象的质量在5t左右，等等。5．【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关。左右，一杯水增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。【解答】解：A、载重汽车有很多车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；B、书包背带很宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意；C、针尖做得很尖锐，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故C符合题意；D、铁轨铺在枕木上，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意。故选：C。【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。6．【分析】已知有一轻质柱形容器，则容器的质量忽略不计，容器对水平地面的压力为水、物体的重力之和。【解答】解：因为是轻质柱形容器置于水平地面上，容器的质量忽略不计，则放入物块后水不溢出，则水的质量不变，水的重力不变；将容器内的水和物体作为一个整体，则容器对水平地面的压力F＝G＝G+G＝总水物第2页（共17页）10N+5N＝15N。故选：B。【点评】此题考查重力与压力的区别，将容器内的水和物体作为一个整体分析是解答此题的关键，7．【分析】串联电路中电流处处相等，已知甲导体两端的电压大于乙导体两端的电压，然后根据欧姆定律比较出甲乙的电阻关系；电阻大小的影响因素：导体的材料、长度、横截面积和温度，当其他条件相同时，横截面积越大，导体的电阻越小，由此分析两导体横截面积的大小。【解答】解：已知甲、乙导体串联在电路中，串联电路中电流处处相等，所以I＝I甲乙＝I，根据欧姆定律I＝可知：甲的电阻R＝甲，乙的电阻R＝乙，甲导体两端的电压大于乙导体两端的电压，即U＞U，所以R＞R；甲甲乙乙电阻大小的影响因素：导体的材料、长度、横截面积和温度，当其他条件相同时，横截面积越大，导体的电阻越小，所以甲的横截面积小于乙的横截面积，即S＜S。甲乙故选：A。【点评】本题主要考查了欧姆定律的应用和电阻的影响因素，是一道好题。8．【分析】根据物体浮沉条件比较两物块所受浮力关系；根据阿基米德原理分析两种液体的密度关系，然后根据液体压强公式比较杯底受到的压强关系，根据p＝分析容器底部受到的压力的关系。【解答】解：由图可知，A、B两个物体都漂浮在液面上，根据物体的浮沉条件可知，受到的浮力等于自身的重力，物块A、B的质量相同，则重力相同，所以A、B受到的浮力是相同的；A、两容器原来液面等高，放入物体后，甲液面低，说明A排开的液体的体积要小于B排开的液体的体积，浮力相同，根据阿基米德原理F＝ρgV可知，甲液体的密度要浮液排大于乙液体的密度，即ρ＞ρ，故A错误；甲乙B、液体的体积相同，ρ＞ρ，根据m＝ρV可知，液体的质量m＞m，故B错误；甲乙甲乙CD、由图可知，该容器为规则形的容器，则液体对容器底部的压力等于液体的重力，由于液体的质量m＞m，则液体的重力G＞G，物块A、B的重力相同，则液体和物甲甲乙乙第3页（共17页）块对容器底部的压力是F＞F，底面积相同，根据p＝可知，p＞p，故C正确，甲甲乙乙D错误。故选：C。【点评】此题考查物体浮沉条件、密度、液体压强公式的应用，同时考查阿基米德原理和浮力产生的原因等知识点，是一道综合性很强的题目，此题难度适中，适合学生训练，属于中档题。9．【分析】由电路图可知，开关S闭合时，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流；当开关S断开时，电路为R2的简单电路，电流表测R的电流；2电压表V仍侧电源两端的电压，根据电源的电压可知电压表V示数的变化；根据并联电支路电路的变化，进一步可知电压表V示数R1路中各支路独立工作、影响可知通过与电流表A1示数的乘积变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，进一步可知电压表V示数与电流表A示数的比值变化。【解答】解：由电路图可知，开关S闭合时，R1与R2并联，电压表V测电源两端的电压，电流表A测干路电流；当开关S由闭合到断开时，电路为R2的简单电路，电流表测R的电流，电压表仍测电2源两端的电压；因电源电压保持不变，电压表V的示数不变，故A错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，开关S由闭合到断开时，通过R2的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，开关S由闭合到断开时，干路电流变小，即电流表A的示数变小，故C错误；则：电压表V示数与电流表A示数的比值变大；电压表V示数与电流表A示数的乘积变小；故D正确，B错误。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，分析好开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应用。10．【分析】甲乙原来的体积相同，截取相同的体积后，剩余的体积也相同。将截取部分叠放在各自剩余部分上方后，两物体对地面的压力不变。由于甲乙物体都是各自上下一样粗细的长方体，沿竖直方向截取相同体积切割相同体积后，剩余部分的体积占原来体积的比例相同。分别表示出甲、乙两物体的压强变化量，根据甲对地面的压强变化量大于第4页（共17页）乙对地面的压强变化量，即可得出答案。【解答】解：假设剩余的体积占整体的比例为x，由于甲乙物体都是各自上下一样粗细的长方体，沿竖直方向截取相同体积后，剩余的底面积占比例也是x，甲对地面的压强变化量是：，乙对地面的压强变化量是：，题目中已知，甲对地面压强的变化量大于乙地面压强的变化量，故，，即p一定大于p。甲乙故选：A。【点评】本题解答需要一定分析理解能力，有一定难度。二、填空题（共34分）11．【分析】（1）家庭电路的电压为220V；（2）家用电器工作互不影响，应并联使用。（3）导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关；干路中的电流等于各支路电流之和。【解答】解：上海地区家庭电路的电压为220V；电视机、空调工作时互不影响，是并联连接的；当家中开启的用电器增加时，相当于横截面积变大，故家中电路的总电阻变小；因为干路中的电流等于各支路电流之和，所以使用的家用电器越多，电路中的总电流越大，总电压不变。故答案为：220；并联；总电流。【点评】记住常见电压值、明确家庭电路电器的连接方式、理解影响电阻的因素；可解答此题。12．【分析】（1）压强是表示压力的作用效果的物理量；压强的国际单位是帕斯卡，简称帕，符号是Pa，1Pa＝1N/m2，表示每平方米的面积上受到的压力是1N。第5页（共17页）（2）压力一定时，改变受力面积大小可以改变压强大小，根据压强计算公式p＝可判断压强的变化。【解答】解：压强是表示压力的作用效果的物理量；某初中生走路时对地面的压强约为3×104帕，表示每平方米面积上受到的压力为3×104牛；人的重力不变，对地面的压力等于自身重力，所以对地面的压力不变；当站立在水平地面上时，受力面积变大，根据压强计算公式p＝可知，对地面的压强变小。故答案为：压力的作用效果；3×104；变小。【点评】此题考查压强的物理意义、影响压强大小的因素，难度不大，属于基础题目。13．【分析】已知冰块的质量和密度，可以根据密度公式变形V＝求出冰块的体积。冰完全熔化成水，质量是保持不变的，即水的质量等于冰的质量，为1.8kg，故此时也可根据密度公式变形V＝求出水的体积。【解答】解：由ρ＝可得，＝2×10﹣3m3，冰的体积：V＝冰＝当冰熔化成水后，m＝m＝1.8kg，水冰＝1.8×10﹣3m3。故水的体积：V＝水＝故答案为：2×10﹣3；1.8；1.8×10﹣3。【点评】此题考查了密度公式的应用，知道冰化水质量不变是解答此题的关键。14．【分析】根据公式Q＝It可计算通过导体的电荷量；利用欧姆定律的变形公式可求出导体的电阻；再根据电阻不变，可判断导体两端电压改变时电阻的大小。【解答】解：通过该导体的电流为0.3安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为：Q＝It＝0.3A由欧姆定律I＝得导体的电阻：R＝＝＝10Ω；×10s＝3C；因为电阻是导体本身的一种属性，其大小与电压和电流无关，第6页（共17页）所以若该导体两端的电压改变为6伏时，其电阻仍为10Ω。故答案为：3；10；10。【点评】本题主要考查了电量公式、欧姆定律及其变形公式的简单计算，以及考查对电阻概念的理解，属电学的基础计算题。15．【分析】（1）根据称重法F＝G﹣F，可计算物块浸没在水中时受到的浮力，浮力的浮示方向是竖直向上的；（2）物块浸没在液体中，V＝V，根据F＝ρgV可分析浮力大小的变化。排排浮液【解答】解：物块所受浮力F＝G﹣F＝10N﹣6N＝4N；浮力的方向是竖直向上的。浮示随着物体A浸入水中的深度变大，因为全部浸没，V＝V，所以根据F＝ρgV可知，排排浮液它所受浮力的大小不变。故答案为：4；竖直向上；不变。【点评】本题考查了称重法测浮力和阿基米德原理的应用，属于基础题。16．【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测R1两端的电压，电流表A测电路中的电流。根据电源电压可知滑片移动时电压表V的示数变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，再根据欧姆定律结合R1的阻值判断电压表V示数和电压表V1示数的差值与电流表A示数的比值的变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表V测电源两端的电压，电压表V1测R1两端的电压，电流表A测电路中的电流。因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变；将滑动变阻器的滑片P向左移动，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由I＝可知，电路中的电流变大，由U＝IR可知，R1两端的电压变大，即电压表V1的示数变大，由R＝可知，电压表V示数和电压表V1示数的差值与电流表A示数的比值等于R2的阻值，R2的阻值变小，其比值变小。故答案为：变大；变大；变小。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。17．【分析】由图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压；电路故障有两种：断路和短路，分别列第7页（共17页）举各个故障，得出答案。【解答】解：由图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流；闭合开关S，电路正常工作，电压表示数为U0，电阻R、R2的阻值均为R，则根10两端的电压也为U0，则电源电压为2U；此时电流表示数为I据U＝IR可知，电阻R20＝；①若R1断路，则电流表示数为0，电压表测量的是电源电压，示数为2U，即电流表示0数变小，电压表测量的是电源电压，示数变大，为2U；0②若R1短路，电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，此时的示数为2；根据U＝IR可知，电压表示数为0；即电流表示数变大，电压表示数变小；③若R2断路，整个电路电路，电流表和电压表示数都为0，即两个电表示数都变小；④若R2短路，只有电阻R1接入电路中，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，此时的示数为2；此时电压表测量的是电源电压，则此时电压表示数为2U0；即电流表和电压表示数都变大；根据题意可知，仅有一个电表示数变小，故符合题意情况的是：①R1断路，电流表示数为0，电压表示数为2U0；②R短路，电压表示数为0，电流表示数为2。1断路，电流表示数为0，电压表示数为2U；②R1短路，电压表示数为故答案为：①R100，电流表示数为2。【点评】本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和断路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。18．【分析】在“测定盐水密度”的实验中，实验原理是ρ＝；天平使用前要调零；在“用电流表测电流”的实验中，电路连接时，电流要正进负出；实验结束要整理器材。【解答】解：（1）在“测定盐水密度”的实验中，实验原理是ρ＝；（2）天平使用前要调零，用电子天平测质量，测量前，将量筒置于电子天平的中央，完第8页（共17页）成电子天平的“调零”操作；（3）在“用电流表测电流”的实验中，电路连接时，电流要正进负出，电路连接时，电流从电流表正接线柱流入；（4）实验结束要整理器材，实验数据记录完成后，断开开关，拆除电路，整理实验器材。故答案为：ρ＝；调零；正；整理。【点评】本题考查了特殊器材的测量，注意和常用的进行联系，此题在实验题中也较常见。19．【分析】（1）研究液体内部压强的规律要用到液体压强计，液体内部压强的大小是通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法，金属盒的朝向不同可研究液体不同方向的压强；（2）验证阿基米德原理，即要验证物体受到的浮力（可根据称重法得出）与排开液体的重力（根据G＝ρgV）的关系，据此分析。排排液【解答】解：（1）如图所示仪器是液体压强计，为了探究液体内部的压强与方向的关系，保持金属盒在水中的深度不变，改变金属盒的朝向，观察并记录U形管液面的高度差；（2）如图所示是“验证阿基米德原理”的实验过程，此实验目的是为了验证物体受到的浮力与排开液体的重力的关系，实验过程中V2﹣V表明了排开液体的体积。1故答案为：液体压强计；金属盒的朝向；排开液体的重力；排开液体的体积。【点评】本题探究液体内部的压强与方向的关系和验证阿基米德原理，考查对仪器的认识及转换法和操作过程。20．【分析】①为得出普遍性的规律，要多次测量，获得多组数据；②对同一导体，可多做几次实验，获得更多的数据，观察这些数据在U﹣I图中对应的点是否都在这条直线上，若在同一直线上，则对应的三个点要用直线连接；③根据题意回答，合理即可。【解答】解：①为得出普遍性的规律，要多次测量，获得多组数据，故不赞同小明的观点，一组实验数据无法得出结论；②对同一导体，多做几次实验，获得更多的数据，观察这些数据在U﹣I图中对应的点是否都在这条直线上③感想：世上无难事，只要肯登攀（合理即可）。故答案为：①不赞同，一组实验数据无法得出结论；②对同一导体，多做几次实验，获第9页（共17页）得更多的数据，观察这些数据在U﹣I图中对应的点是否都在这条直线上；③世上无难事，只要肯登攀（合理即可）。【点评】本题探究导体中电流与电压关系实验，考查多次实验的目的及实验过程，通过物理学史，学习科学家的勇于登攀、积极进取的宝贵精神。三、作图题（共8分）21．【分析】力的大小、方向和作用点叫力的三要素。力的图示就是用一条带箭头的线段表示出力的三要素（注意要选取合适的标度）。【解答】解：物块静止在水平地面上，对地面的压力大小F＝G＝2N，方向垂直于地面向下，作用点在接触面的中点处，选取1N为标度，则压力的图示如图所示：【点评】画力的图示，关键是描述清楚力的三要素，用箭头的起点（少数时候也用终点）作力的作用点，箭头方向表示力的方向，线段的长度结合标度表示力的大小。22．【分析】要使灯泡发光则必须有电源；电流表在电路中相当于短路，并且与用电器串联；开关S只控制L2，则开关S与L2串联在支路中。【解答】解：由图可知，最左边的电路元件与灯泡L1是串联在一起的，由于电流表测小灯L1支路电流，则该元件是电流表；要使两盏灯泡并联，则电流的路径有两条；开关S与最右面的元件串联，由于开关S只控制L2，则该元件为灯泡L，中间的元件为电源；2如图所示：【点评】此类型题目要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确连接电路。23．【分析】根据电路要求确定滑动变阻器的接法，然后连接实物电路图。第10页（共17页）【解答】解：当滑动变阻器的滑片向左移动时，电流表的示数变小，根据欧姆定律可知，滑动变阻器接入电路的阻值变大，即滑动变阻器接B接线柱；在不知道电路电流大小的情况下，接大的量程；如图所示：【点评】本题考查了连接实物电路图，根据题意确定滑动变阻器的接法是正确解题的关键。四、综合题（共38分）24．【分析】物块浸没在水中，V＝V，根据F＝ρgV求得物块浸没在水中受到的浮排物浮水物力。【解答】解：物块浸没在水中，V＝V＝2×10﹣4m3，排物物块所受浮力F＝ρVg＝1×103kg/m34m3×2×10×9.8N/kg＝1.96N。﹣浮水排答：物块所受浮力F的大小为1.96N。浮【点评】本题考查了学生对阿基米德原理的掌握和运用，明确物块浸没在水中，V＝V排是解答此题的关键。物25．【分析】（1）已知电阻R1的阻值，已知通过R1的电流，然后根据欧姆定律的变形公式计算出R1压，再根据并联电路的电压规律得出电源电压；（2）通过R1的电流是1.8A，电流表串联在干路中，并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以电流表的示数大于1.8A，所以电流表的量程是0﹣3A，干路电流最大值为3A，又由于并联电路中干路电流等于各个支路电流之和，我们可以计算出通过R2的最大电流，根据欧姆定律再计算出滑动变阻器R2的最小阻值。和滑动变阻器并联，已知定值电阻R＝5Ω，通过【解答】解：（1）由图可知，电阻R11R1的电流I＝1.8A1，由于I＝1，所以U＝IR＝1.8A×5Ω＝9V，111并联电路中电源电压等于各个支路电压之和，所以电源电压U＝U1＝9V；（2）已知通过R1的电流I＝1.8A，由图可知电流表串联在干路，并联电路中干路电流1等于各个支路电流之和，所以电流表的量程为0﹣3A，第11页（共17页）允许通过干路的最大电流I＝3A，所以允许通过滑动变阻器的最大电流I＝I﹣I1最大滑最大＝3A﹣1.8A＝1.2A＜2A，根据欧姆定律可知：滑动变阻器R2的最小阻值R＝滑＝＝7.5Ω。答：①电源电压U为9V；②在电路各元件都正常工作的情况下，移动变阻器滑片P的过程中，滑动变阻器R2的最小阻值是7.5Ω。【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电流表量程的判断。26．【分析】（1）图（a）中定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测量的是R1两端的电压，闭合开关S，电流表的示数为1安，电压表示数如图（b）所示为10V，根据欧姆定律可以计算出定值电阻R1的阻值；（2）串联电路中总电压等于各个用电器电压之和，已知电源电压和定值电阻两端电压，可以计算出滑动变阻器两端电压，串联电路中电流处处相等，所以滑动变阻器的电流也是1A，然后根据欧姆定律的变形公式计算出R2的阻值；（3）在电路各元件都正常工作的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数的最大变化范围为0.3安～1.2安，当电路中电流是0.3A时，此时滑动变阻器的阻值最大，根据欧姆定律可以计算出此时的最大阻值；当电路中电流是1.2A时，此时电路中电流最大，可以计算此时滑动变阻器的阻值，然后判断滑动变阻器的规格。【解答】解：（1）图（a）中定值电阻R1和滑动变阻器R2串联，电压表测量的是R1两端的电压，电流表测量串联电路中的电流，电压表的量程是0﹣15V，分度值是0.5V，电压表示数如图（b）所示为10V，所以R1两端电压U1＝10V，电路中电流I＝1A，根据欧姆定律I＝可知：定值电阻R＝＝＝10Ω；1（2）已知电源电压U＝18V，串联电路中总电压等于各个用电器电压之和，所以此时滑动变阻器两端电压U2＝U﹣U＝18V﹣10V＝8V，1可知：此时滑动变阻器的阻值R＝2＝串联电路中的电流I＝1A，根据欧姆定律I＝第12页（共17页）＝8Ω；（3）在电路各元件都正常工作的情况下，移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数的最大变化范围为0.3A～1.2A，当电路中电流I＝0.3A时，此时滑动变阻器的阻值最大，定值电阻R1此时两端电压U小R＝0.3A×10Ω＝3V，＝I小1小那么滑动变阻器此时的电压U＝U﹣U＝18V﹣3V＝15V，此时滑动变阻器阻值R小滑最大＝＝＝50Ω；当电路中电流I＝1.2A时，定值电阻R此时两端电压U＝IR＝1.2A×10Ω＝12V，1大大1大那么滑动变阻器此时的电压U'＝U﹣U＝18V﹣12V＝6V，此时滑动变阻器的阻值R最滑大＝＝＝5Ω＞0，小所以滑动变阻器允许通过的最大电流为1.2A，所以滑动变阻器的规格是：“50Ω，1.2A“。故答案是：（1）电阻R1的阻值是10Ω；（2）此时滑动变阻器R2的阻值是8Ω。（3）50；1.2。【点评】该题主要考查了欧姆定律的应用和滑动变阻器规格的判断。27．【分析】①已知甲水深为0.2m，利用p＝ρhg可求得水对容器甲底部的压强p；水②已知乙物体的质量，求出重力，柱体乙对地面的压力与柱体乙的重力相等，根据p＝求出压强p；乙③首先要明确甲容器底部受到水的压强变化量为△p＝甲，乙对地面压强变化量为△p＝乙；其次要知道在甲排开水的体积小的物体，在乙中上放质量大的物体，比值最小，然后即可求得结论。【解答】解：①容器甲中水的深度为：h＝0.2m，水对容器甲底部的压强：p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×9.8N/kg×0.2m＝1960Pa；水水②若柱体乙的质量为2m，则柱体乙对地面的压力F＝G＝2mg，乙乙第13页（共17页）柱体乙对地面的压强p＝乙＝＝；③把物体放置在柱体乙上面，柱体乙对地面压强变化量：△p＝乙＝＝，若选密度大于水的A物体或B物体，则它们放入甲容器中（物块浸没在水中）、由于薄壁轻质柱形容器甲原来是盛满水的，所以甲容器底部受到水的压力增大量：△F＝G﹣G＝ρgV﹣ρgV＝ρgV﹣物甲物排物物水排物ρgV＝（ρ﹣ρ）gV，水物物水物则容器甲对地面的压强变化量：△p＝甲＝，若：△p＜△p，甲乙即：则：＜＜，，所以，ρ＜2ρ，物水由表格数据可知：A、B物体符合；由于容器甲对地面的压强最大值p，则A、B物体中重力大体积小的A物体符合；甲大所以此时容器甲对地面的压力为：F最大+G﹣GgV﹣ρgV＝mg+1.8ρg×0.5V﹣ρg×0.5V＝mg+0.4ρA排＝mg+ρAAA＝G水A水水水gV；水则容器甲对地面的压强最大值为p＝甲大＝。答：①若容器甲中水的深度为0.2米，水对容器甲底部的压强p为1960Pa。水②若柱体乙的质量为2m，柱体乙对地面的压强p为乙。③出容器甲对地面的压强最大值p甲大为。第14页（共17页）【点评】本题为力学综合题，考查了学生对密度公式、压强定义式的掌握和运用，特别是压强变化量，比较复杂，要进行细心分析判断，特别容易出错！28．【分析】（1）将电源、开关、电流表、滑动变阻器、被测电阻串联连接，用电压表测量被测电阻两端电压；（2）根据电源电压确定电压表量程，根据图2电流表确定电流表量程；根据电路图，将电源、开关、电流表、滑动变阻器、被测电阻依次连接，电压表并联在被测电阻两端，据此连接实物；（3）①根据电流表量程、分度值读出电流表的示数，利用串联电路电压规律和欧姆定律表示出电源电压，联立关系式求出滑动变阻器的最大阻值，从而确定滑动变阻器的规格；②将滑动变阻器的滑片移至另一端，即滑动变阻器接入电路的阻值为0，根据欧姆定律求出待测电阻的阻值。【解答】解：（1）将电源、开关、电流表、滑动变阻器、被测电阻依次连接，电压表并联在被测电阻两端，如下图所示：（2）因为电源电压为3V，所以电压表量程选择0～3V；根据图2可知，电流表量程选择0～0.6A；根据电路图，将电源、开关、电流表、滑动变阻器、被测电阻依次连接，电压表并联在被测电阻两端，如下图所示：第15页（共17页）（3）（a）根据图a可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，因此当滑动变阻器接入电路阻值最大时，电路电流