河北省保定市满城中学2022-2023学年九年级上学期期中物理试卷(含答案)

河北省保定市满城中学2022-2023学年九年级（上）

期中物理试卷

一、选择题。（本大题共20个小题，共43分。1〜17小题为单选题，每小题的四个选项

中，只有一个选项符合题意，每小题2分；18〜20小题为多选题，每小题的四个选项中，

有两个或两个以上选项符合题意，每小题2分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，

有错选或不选的不得分）

1.下列常见的现象，能用分子热运动观点解释的是（）

A.扩散现象只发生在液体和气体中

B.春天柳絮飞扬，说明分子在不停地做无规则运动

C.两个小水珠靠近后会结合成一个大水珠，说明分子间有引力

D.冰不容易被压缩，是因为分子间只有斥力

2.以下的日常生活事例中，通过热传递来增加物体内能的是（）

A.给自行车轮胎打气，气筒发烫

B.点燃的爆竹腾空而起

C.汽车连续制动，刹车盘发热

D.冬天在室外向手上哈气，手变暖和

3.甲、乙两保温杯装有初温相同、等质量的同种液体，在恒温的室内静置，两杯液体的温

度-时间变化图象如图所示。下列说法正确的是（）

B.甲杯液体的比热容小于乙杯

C.0〜lh乙杯液体放出的热量比甲杯多

D.0〜6h甲杯液体放出的热量比乙杯多

4.如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，硝化棉

会燃烧起来。活塞压缩气体的能量转化形式与如图所示汽油机的四个冲程相同的是

()

1

■

5.一台柴油机中的燃料完全燃烧放出了8Xl()7j的能量，共计损失了4.8XI()7j能量，下列

说法正确的是()

A.用来做有用功的能量为3.2Xl()7j

B.该柴油机的效率为60%

C.热机所用燃料的热值越大，效率越高

D.通过科技进步，未来可以实现能量零损失

6.如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器的金属球，验电器的两片金属箔

张开，下列判断正确的是()

金属聿1璃棒

金属箔

A.摩擦过程中，负电荷转移到玻璃棒上

B.摩擦过程中，正电荷转移到丝绸上

C.张开的两片金属箔，一定带同种电荷

D.张开的两片金属箔，一定带异种电荷

7.如图所示为一种声光警报器的电路图，闭合开关Si和S2后，会出现的现象是（）

A.灯不亮，铃响B.灯亮，铃响

C.灯不亮，铃不响D.灯亮，铃不响

8.2022年北京冬奥会开幕式上，在“立春”节气的展示环节中，近400名演员挥动发光

杆，通过改变发光的颜色来体现小草的顽强生机和蒲公英的希望之光。杆上有两个开

关：一个是总开关，另一个用来控制发出白光和绿光。下列电路设计最能实现这一效果

的是（）

白球

三匕----°电源,

白

A.通过灯Li的电流

B.通过灯L2的电流

C.通过灯Li和L2的总电流

D.既是通过灯L］的电流，也是通过灯L2的电流

10.如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转

均如图乙所示，则通过灯泡Li、L2的电流分别为（）

A.1.6A,0.4AB.0.4A,1.6AC.2.0A,0.4AD.1.6A,2.0A

11.如图所示的电路中，甲、乙是电流表或电压表。下列说法正确的是（）

A.闭合开关S,若甲、乙都是电流表，则两灯都发光

B.闭合开关S,若甲、乙都是电压表，则两灯都发光

C.断开开关S,若甲、乙都是电流表,则两灯都不发光

D.断开开关S,若甲、乙都是电压表,则两灯都发光

12.如图所示，在探究“串联电路中电压的规律”时，小芸同学用电压表测出AB、BC、

AC两端的电压分别为UAB=3V,UBC=3V,UAC=6V,在表格中记录数据后，下一步

应该做的是（）

LL,

AB9c

-II~~/一

A.整理器材，分析数据，得出结论

B.换用电压表的另一量程，再测出一组电压值

C.对换Li和L2的位置，再测出一组电压值

D.换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值

13.小洪同学用如图所示的器材探究”影响电阻大小的因素”。a、b为长度一样的银铭合

金丝，b比a的横截面积大。关于此实验，下列说法不正确的是（）

A.利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积、长度的关系

B.用夹子分别将a、b接入电路，接入b时小灯泡更亮

C.小灯泡的亮度越亮，表示接入的合金丝电阻越大

D.为了准确比较两条合金丝的电阻大小，可在电路中串联一个电流表

14.下列滑动变阻器的滑片P向左移动时，能使电路中的电阻变大的接法是（）

15.某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3V,更换5个定值电阻Rx得到

如图乙所示的图象。下列有关叙述中正确的是（)

AI/A

A.该同学研究的是电压和电阻的关系

B.实验中电压表的示数保持2.5V不变

C.滑动变阻器阻值变化范围为5〜25。

D.将Rx从5Q换成10。后，应将滑动变阻器的滑片向左移

16.在“伏安法”测电阻的实验中，下列说法正确的是（）

A.连接电表时，若无法估测电压、电流大小，应先选大量程

B.“伏安法”测电阻的实验原理是欧姆定律

C.闭合开关前，应先将变阻器滑片移到阻值最大处

D.滑动变阻器的作用是控制未知电阻两端的电压保持不变

17.如图所示电路，开关闭合后，无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，电流表示数几乎为

零，电压表有示数且不变，造成此现象的原因可能是（）

A.小灯泡短路B.小灯泡断（开）路

C.滑动变阻器断（开）路D.开关接触不良

（多选）18.（3分）下列关于汽车的说法中正确的是（）

A.常用水作汽车发动机的冷却液，是因为水的比热容较大

B.随着汽油的消耗，油箱中剩余汽油的热值变小

C.给汽车提供动力的是汽油机的做功冲程

D.汽车在行驶时，内燃机把燃料中的化学能全部转化成机械能

（多选）19.（3分）如图所示电路中，闭合开关，电压表Vi的示数为6V,电压表V2的

示数为3.4V,那么下列说法中正确的是（）

A.电源电压为6V

B.Li两端电压为2.6V

C.将电压表V2换成电流表，则Li亮，L2不亮

D.将电压表V2换成电流表，则Li与L2并联，电流表测干路上的电流

（多选）20.（3分）光敏电阻的特点是光照增强阻值变小。如图所示，是某小区门口利用

光敏电阻设计的行人监控装置，Ri为光敏电阻，R2为滑动变阻器，A、B间接监控装

A.当有人通过而遮蔽光线时，Ri两端的电压减小

B.当有人通过而遮蔽光线时，A、B间电压减小

C.R2的滑片向上移动时，A、B间电压增大

D.R2的滑片向下移动时，通过Ri的电流变小

二、填空题。（本大题共6个小题；每空2分，共26分）

21.小明早晨起床后，将沸腾后的水倒入杯子里，一段时间后变成一杯可以饮用的温水，

若这杯水的质量为200g,小明饮用时水温为40℃,则这杯水在这一段时间里内能

（选填“增大”“减小"或''不变”），在此过程中水释放的热量为【当地

气压为一个标准大气压，c水=4.2X1（）3〃（kg.»c）］

22.一台单缸四冲程柴油机在工作运行中，共消耗了5kg的柴油，如果柴油是完全燃烧则

放出热量________J,若此柴油机只做了6.27X107J的有用功，则它的热机效率

为o(q柴油=3.3X107J/kg)

23.如图所示，A、B是串联在电路中的材料和长度都相同的两段导线，它们的直径之比是

3：1,则A、B两段导体的电阻RaRb.通过A、B两段导线的电流1aIb

（均选填“<”、“>”或“=”）。

24.如图所示的电路中，电压表测量的是（选填“Li”或“L2”）两端的电压；若

电源电压为6V,电压表的示数为4V,则灯泡Li两端的电压为Vo

L,

25.如图所示的是某电路的一部分，其中Ri=20£l,R2=30Q。当将A、B分别接在某一电

源的两极时，电流表的示数为0.5A。将电流表换成电压表，并将A、C分别接在同一电

源的两极，则通过R1的电流为A,电压表的示数为Vo

Ao-------□------[=□-------OC

BO---------------

26.如图所示电路，电源电压不变，滑动变阻器最大阻值为20。。闭合开关S,当滑动变阻

器的滑片P移到a端时，电流表的示数为0.6A,此时电阻R两端的电压为V；当

滑动变阻器滑片P移到b端时，电流表的示数为0.8A,则电源电压为V；电阻R

的阻值为n«

三、实验与探究题。(本题共2个小题；第27题10分，第28题10分，共20分)

27.同学们为了比较不同物质吸热的情况，利用如图甲所示的实验装置进行实验。

甲乙

(1)在两个完全相同的烧杯中分别装入初温相同且相等的水和煤油。

(2)对满足上述条件的水和煤油用相同酒精灯加热lOmin,水吸收的热量(选

填“大于”“小于”或“等于”)煤油吸收的热量。根据实验数据，某同学作出了水和

煤油的温度随加热时间变化的图象，如图乙所示，可知水的比热容(选填“大

于，，“小于”或“等于”)煤油的比热容。

(3)由图象可知，煤油的比热容是J/(kg-C)。［c水=4.2X1()3J/(kg«℃)J

(4)实验中水和煤油吸收热量，是通过(选填“做功”或“热传递”)的方式

改变内能的。

28.在测量阻值约为5。的定值电阻Rx的实验中，小明用如图甲所示的器材进行实验，电

源电压保持不变。

(1)如图甲所示，在图中用笔画线代替导线，将实验电路连接完整，要求滑动变阻器的

滑片向右滑动时连入电路的电阻变小。

(2)小明把最后一根导线连接完毕后，看到电压表和电流表立即都有较大示数，他在实

验操作中的两处错误是和。

(3)在实验中出现：电流表有示数，电压表示数为0的现象，其故障可能是。

A.电流表的正、负接线柱接反

B.电压表的量程选小了

C.电阻Rx发生了短路

D.把滑动变阻器下端两接线柱连入电路

(4)改正错误后，小明改变Rx两端的电压和电流。两次测得的电阻值分别为Ri=

5.1Q,R2=5.3C,第三次测量时，电压表的示数为1.5V,电流表的示数如图乙所示，则

R3=0,实验测得值应为Rx=ft.(结果保留一位小数)

(5)若将图甲中的电阻换为小灯泡，当滑动变阻器接入电路的电阻变小时，电压表与电

流表示数的比值将(选填“变大”、“变小”或“不变”)。

四、计算应用题。(本大题共2个小题；第29题5分，第30题6分，共11分。解答时，

要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分)得分评卷人

29.为了减少环境污染，部分农村地区改用液化气烧菜做饭。某钢瓶装有液化气5kg,[q浓

fc^=4.2X107J/kg,C*=4.2X103J/(kg・℃)]求：

(1)这瓶液化气全部燃烧放出的热量是多少？

(2)若(1)中放出的热量有50%被初温为50℃的水吸收，在标准大气压下可将多少kg

的水烧开？

30.如图所示的电路中，电源电压不变，已知定值电阻Ri=20。，R2=40Q,开关闭合

后，电流表Ai的示数为0.6A。求：

(1)电源电压；

(2)电流表A的示数。

河北省保定市满城中学2022-2023学年九年级（上）

期中物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题。（本大题共20个小题，共43分。1〜17小题为单选题，每小题的四个选项

中，只有一个选项符合题意，每小题2分；18〜20小题为多选题，每小题的四个选项中，

有两个或两个以上选项符合题意，每小题2分，全选对的得3分，选对但不全的得2分，

有错选或不选的不得分）

1.下列常见的现象，能用分子热运动观点解释的是（）

A.扩散现象只发生在液体和气体中

B.春天柳絮飞扬，说明分子在不停地做无规则运动

C.两个小水珠靠近后会结合成一个大水珠，说明分子间有引力

D.冰不容易被压缩，是因为分子间只有斥力

【分析】分子在永不停息地做无规则运动，分子间同时存在相互作用的引力和斥力。

【解答】解：A、扩散现象可以发生在固体、液体和气体中，故A错误。

B、春天柳絮飞扬是机械运动，故B错误。

C、两个小水珠靠近后会结合成一个大水珠，说明分子间有引力，故C正确。

D、冰不容易被压缩，是因为分子间有斥力，但分子间也有引力，故D错误。

故选：Co

【点评】本题考查学生对分子动理论的理解，属于基础题。

2.以下的日常生活事例中，通过热传递来增加物体内能的是（）

A.给自行车轮胎打气，气筒发烫

B.点燃的爆竹腾空而起

C.汽车连续制动，刹车盘发热

D.冬天在室外向手上哈气，手变暖和

【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做

功，做功实质是能量的转化；热传递实质是热量从一个物体转移到另一个物体，或者是

从一个物体的高温部分传到低温部分。

【解答】解：A、给自行车轮胎打气，是压缩气体做功，使气体的内能增大、温度升高，

从而使气筒也发烫，主要是做功增加了物体的内能，故A不合题意；

B、点燃的爆竹腾空而起，燃气膨胀对外做功，将内能转化为机械能，是做功使物体的

内能减小，故B不合题意；

C、汽车连续制动，刹车盘发热，是克服摩擦做功，使物体的内能增大，故C不合题

思,-AL；

D、冬天在室外向手上哈气，手变暖和，是手从热气吸收热量，内能增大、温度升高，

是热传递改变了物体的内能，故D符合题意。

故选：D。

【点评】解决此类问题的关键是知道做功和热传递在改变物体内能上的区别，即做功实

质是能量的转化，而热传递是能量的转移。

3.甲、乙两保温杯装有初温相同、等质量的同种液体，在恒温的室内静置，两杯液体的温

度-时间变化图象如图所示。下列说法正确的是（）

B.甲杯液体的比热容小于乙杯

C.0〜lh乙杯液体放出的热量比甲杯多

D.0〜6h甲杯液体放出的热量比乙杯多

【分析】（1）比热容是物质的一种特性，同种物质、同种状态时的比热容相同；

（2）甲、乙杯中的质量相同、比热容相同，根据图象确定。〜lh、0〜6h内的温度变化，

利用Q=cmAt比较放热多少。

【解答】解：AB、根据题意可知两杯装有同种液体，所以两杯液体的比热容相等，故

A、B错误；

CD、由图象可知，Oh两杯液体的温度都是100C,lh甲杯液体的温度是80℃,乙杯液

体的温度约是50℃,6h两杯液体的温度都是20℃,所以0〜lh乙杯液体降低的温度多，

0~6h两杯液体降低的温度相同，利用Q=cmAt可知。〜lh乙杯放出的热量多，0~6h

两杯放出的热量相同，故C正确，D错误。

故选：C»

【点评】本题考查比热容的概念及学生对热量的理解，难度不大，是一道基础题。

4.如图所示，在一个配有活塞的厚玻璃筒里放一小团硝化棉，把活塞迅速压下去，硝化棉

会燃烧起来。活塞压缩气体的能量转化形式与如图所示汽油机的四个冲程相同的是

【分析】（1）改变内能的方式有两种，即做功和热传递；对物体做功，物体的内能会增

加，物体对外做功，其内能会减小；

（2）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只

有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；另外还有压缩冲程有能量转化，将机械能

转化为内能。

【解答】解：

图中，在一个配有活塞的厚壁玻璃筒中放一小团硝化棉，迅速向下压活塞，由于压缩玻

璃筒内的空气对其做功，使得空气的内能增加，温度升高，故是将机械能转化为内能的

过程，故与内燃机的压缩冲程相类似；

A,图中，进气门开启，活塞下行，气体流入汽缸，是吸气冲程；

B、图中，两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，此冲程将机械能转

化为内能；

C、图中，两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，此冲程将内能转化

为机械能；

D、图中，排气门开启，活塞上行，气体流出汽缸，是排气冲程；

所以ACD错误，B正确。

故选:Bo

【点评】知道做功可以改变物体的内能，并能准确判断其能量的转化过程是解决该题的

关键。

5.一台柴油机中的燃料完全燃烧放出了8Xl()7j的能量，共计损失了4.8X1()7J能量，下列

说法正确的是()

A.用来做有用功的能量为3.2Xl()7j

B.该柴油机的效率为60%

C.热机所用燃料的热值越大，效率越高

D.通过科技进步，未来可以实现能量零损失

【分析】(1)用来做有用功的能量等于燃料完全燃烧放出的热量与损失的能量之差；

v有

(2)利用n=_5_可求出该柴油机的效率；

Q放

(3)热机的效率是指有效利用的能量占燃料完全燃烧释放总能量的百分比；热值是燃料

的一种特性，热值大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量、燃料的燃烧程度无关；

(4)任何机械在工作过程中都不可避免地要克服机械间的摩擦而产生额外功，因此效率

不能达到100%。

【解答】解：A、用来做有用功的能量为：W有=(3放-W损=8X1()7J-4.8X107J=3.2X

107J,故A正确；

B、该柴油机的效率为：『匡=&2X1”=40%,故B错误；

Q放8X1。叮

C、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，与燃料热值大小

无关，故C错误；

D、柴油机在工作过程中不可避免地要克服机械间的摩擦而产生额外功，因此效率不能

达到100%,即不能实现能量零损失，故D错误。

故选：Ao

【点评】本题考查了对热机效率和有用功、额外功和总能量之间关系的理解，属于基础

题，难度不大。

6.如图所示，用丝绸摩擦过的玻璃棒接触不带电的验电器的金属球，验电器的两片金属箔

张开，下列判断正确的是（）

金属黑f璃棒

金属箔

A.摩擦过程中，负电荷转移到玻璃棒上

B.摩擦过程中，正电荷转移到丝绸上

C.张开的两片金属箔，一定带同种电荷

D.张开的两片金属箔，一定带异种电荷

【分析】AB、摩擦过程中，负电荷转移到丝绸上，从而丝绸带上了负电，玻璃棒带上了

正电；

CD、同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。

【解答】解：AB、摩擦过程中，负电荷转移到丝绸上，故AB错误；

CD、张开的两片金属箔，一定带同种电荷，故C正确；D错误。

故选:Co

【点评】此题考查了摩擦起电的实质，电荷间的相互作用规律，属基础题目。

7.如图所示为一种声光警报器的电路图，闭合开关Si和S2后，会出现的现象是（）

A.灯不亮，铃响B.灯亮，铃响

C.灯不亮，铃不响D.灯亮，铃不响

【分析】开关闭合后，用电器是否可以正常工作，有以下几个条件:

（1）电路中必须有电源；

（2）电路中没有断路的情况；

（3）用电器或电源没有被短路。

【解答】解：当开关Si和S2都闭合时，电铃由于被导线短路没有电流通过，所以只有

灯泡发光，铃不响。

故选：D。

【点评】此题是结合电路图考查电路中用电器的连接情况，要会结合开关的组合分析电

路中电流的流向，从而可以判断电路状态。

8.2022年北京冬奥会开幕式上，在“立春”节气的展示环节中，近400名演员挥动发光

杆，通过改变发光的颜色来体现小草的顽强生机和蒲公英的希望之光。杆上有两个开

关：一个是总开关，另一个用来控制发出白光和绿光•下列电路设计最能实现这一效果

的是（）

【分析】根据题意分析两个开关的连接方式和两盏灯泡的连接方式。

【解答】解：根据题意可知，发光杆一会发出绿光代表绿草，随后又发出白光组成蒲公

英，这说明两个灯泡可以独立工作，是并联的；干路中有一个开关，另一个开关用来控

制发出白光和绿光，所以这个开关是一个单刀双掷开关，根据选项可知，D图正确。

故选：Do

【点评】本题考查了电路图的设计，明确单刀双掷开关的作用是解题的关键。

9.如图所示，电流表乙测量的是（)

A.通过灯Li的电流

B.通过灯L2的电流

C.通过灯Li和L2的总电流

D.既是通过灯L］的电流，也是通过灯L2的电流

【分析】分析电路图判定电路的连接方式和电流表的作用，然后得出正确答案。

【解答】解：由图可知，两灯并联，电流表甲在干路中，测通过干路的电流，电流表乙

与灯L2串联在支路中，电流表乙测通过灯L2的电流，故B正确。

故选：B«

【点评】解决此类问题的关键是知道电流表应串联在电路中，以及串联电路的特点，难

度不大。

10.如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转

均如图乙所示，则通过灯泡Li、L2的电流分别为（）

A.1.6A,0.4AB.0.4A,1.6AC.2.0A,0.4AD.1.6A,2.0A

【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表Ai测L2支路电

流，根据并联电路的电流特点和两个电流表的指针在同一个位置确定两表量程，根据分

度值读出示数，进一步求出灯Li中的电流。

【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表Ai测L2支路

电流。

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且两个电流表的指针偏转相同，

所以，干路电流表A2的量程为0〜3A,分度值为0.1A,示数为2A,即干路电流1=

2A,

L2支路电流表Ai的量程为。〜0.6A,分度值为0.02A,示数为0.4A,即通过L2的电流

b=0.4A,

则通过Li的电流：Ii=1-E=2A-0.4A=1.6A。

故选：A«

【点评】本题考查了并联电路的电流特点和电流表的读数，会确定两电流表的量程是关

键。

11.如图所示的电路中，甲、乙是电流表或电压表。下列说法正确的是（)

A.闭合开关S,若甲、乙都是电流表，则两灯都发光

B.闭合开关S,若甲、乙都是电压表，则两灯都发光

C.断开开关S,若甲、乙都是电流表，则两灯都不发光

D.断开开关S,若甲、乙都是电压表，则两灯都发光

【分析】先分析用电器的连接方式，然后根据电压表与被测用电器并联，电流表与被测

用电器串联进行分析。

【解答】解：

A、闭合开关S,若甲、乙都是电流表，电源短路，则两灯都不发光，故A错误；

B、闭合开关S,若甲、乙都是电压表，该电路为串联电路，两灯都发光，故B正确；

C、断开开关S,若甲、乙都是电流表，该电路为并联电路，两灯都发光，故C错误；

D、断开开关S,若甲、乙都是电压表，电压表串联接入电路中，由于电压表所在电路

相当于断路，所以两灯都不发光，故D错误。

故选：B。

【点评】本题考查识别电路的能力，以及电流表和电压表的正确使用方法，难度不大。

12.如图所示，在探究“串联电路中电压的规律”时，小芸同学用电压表测出AB、BC、

AC两端的电压分别为UAB=3V,UBC=3V,UAC=6V,在表格中记录数据后，下一步

应该做的是（）

LL,

AB9c

-II~~/一

A.整理器材，分析数据，得出结论

B.换用电压表的另一量程，再测出一组电压值

C.对换Li和L2的位置，再测出一组电压值

D.换用不同规格的小灯泡，再测出几组电压值

【分析】从为了使实验结论具有普遍性，避免偶然性的角度进行分析。

【解答】解：为了使实验结论具有普遍性，避免偶然性，应该更换不同规格的小灯泡，

重复多次实验，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了探究型实验的实验过程，属于基础题型，题目难度不大。

13.小洪同学用如图所示的器材探究“影响电阻大小的因素”。a、b为长度一样的银铭合

金丝，b比a的横截面积大。关于此实验，下列说法不正确的是（）

A.利用此装置能探究导体电阻大小和横截面积、长度的关系

B.用夹子分别将a、b接入电路，接入b时小灯泡更亮

C.小灯泡的亮度越亮，表示接入的合金丝电阻越大

D.为了准确比较两条合金丝的电阻大小，可在电路中串联一个电流表

【分析】（1）在此实验装置中，运用转换法，电阻的大小通过比较小灯泡的亮度来判断，

但是现象不是很明显，效果不好，为了准确比较电阻的大小，可以在电路中串联一只电

流表；

（2）因为两根电阻丝的材料一样，故运用控制变量法，可以探究导体的电阻大小和横截

面积、长度的关系；

导体的材料，长度相同时，横截面积越大，导体的电阻越小。

【解答】解：A、两根电阻丝的材料一样，横截面积不同，运用控制变量法，可以探究导

体的电阻大小和横截面积、长度的关系；运用转换法，电阻的大小通过比较小灯泡的亮

度来判断，所以本实验的探究方法有控制变量法和转换法，故A正确；

BC、导体的材料，长度相同时，横截面积越大，导体的电阻越小，b比a的横截面积

大，则b的电阻较小，根据欧姆定律可知把b接入电路时电路中的电流较大，小灯泡较

亮，即小灯泡亮度越亮，表示接入的合金丝电阻越小，故B正确，C错误；

D、为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表，根据电流表示数的

大小来判断电阻的大小，故D正确。

故选：C»

【点评】此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变量法在物理实验中的

熟练运用，是中考的常见题型。

14.下列滑动变阻器的滑片P向左移动时，能使电路中的电阻变大的接法是（）

【分析】滑动变阻器是通过改变电阻丝接入电路的长度来改变电阻大小的。电阻丝接入

电路的长度越长，电路中的电阻就越大；在连接滑动变阻器时，要一上一下连接。

【解答】解：要使P向左移动时，电路中的电阻变大，即接入电路的下面的电阻丝的长

度变长。

A、图中滑片P向左移动时，右半段电阻丝接入电路，电阻丝的长度变长，所以电路中

的电阻变大，故A符合题意；

B、图中上面两个接线柱接入电路，相当于接入了一段导线，不能改变电阻的大小，故

B不合题意；

C、图中滑片P向左移动时，左半段电阻丝接入电路，电阻丝的长度变短，所以电路中

的电阻变小，故C不合题意；

D、图中下面两个接线柱接入电路，相当于接入了一只定值电阻，不能改变电阻的大

小，故D不合题意。

故选：Ao

【点评】滑动变阻器的滑片移动时，其接入电路的阻值变化，取决于它所选取的下面的

接线柱是哪一个，上面的两个接线柱实质上是一个。

使用时，接线柱的选取要一上一下。若同时选取了下面的两个接线柱，此时的滑动变阻

器为定值电阻；若同时选取了上面的接线柱，滑动变阻器没有接入电路。

15.某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3V,更换5个定值电阻Rx得到

如图乙所示的图象。下列有关叙述中正确的是（）

AI/A

0.5

A.该同学研究的是电压和电阻的关系

B.实验中电压表的示数保持2.5V不变

C.滑动变阻器阻值变化范围为5〜25C

D.将Rx从5Q换成10。后，应将滑动变阻器的滑片向左移

【分析】AB、闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，由图中

数据结合欧姆定律可得电压表示数，实验保持电压表示数不变，根据控制变量法可知，

研究电流与电阻的关系；

C、根据串联电路电压规律计算滑动变阻器两端的电压，电路电流最大时滑动变阻器接

入电路的阻值最小，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电路的最小阻值，

电路电流最小时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律计算滑动变阻器接入电

路的最大阻值，据此确定滑动变阻器阻值变化范围；

D、根据串联分压原理可知将定值电阻由5。改接成10。的电阻，定值电阻分得的电压增

大；

探究电流与电阻的实验中应保持定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可

知应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压原理可知应增大滑动变阻器连入电路中的

电阻，据此判断滑片移动的方向。

【解答】解：AB、闭合开关，两电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，

由图中数据结合欧姆定律可得电压表示数：Uv=IR=0.5AX5Q=0.1AX25c=2.5V,即

保持电压表示数为2.5V不变，根据控制变量法可知，研究电流与电阻的关系，故B正

确，A错误；

C、串联电路总电压等于各部分电压之和，则滑动变阻器两端的电压：UH=U-UV=3V

-2.5V=0.5V,

电路电流最大时滑动变阻器接入电路的阻值最小，根据欧姆定律可得滑动变阻器接入电

路的最小阻值：皿小=曳=&里=1。，

I大0.5A

电路电流最小时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据欧姆定律可得滑动变阻器接入电

路的最大阻值：1^1大=曳="上=5。，

I小0.1A

所以滑动变阻器阻值变化范围为1〜5Q,故C错误；

D、根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Q改接成10。的电阻，电阻增大，其分得的

电压增大；

探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持定值电阻两端的电压不变，根据串

联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压原理可知应增大滑动

变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数不变，故D错误。

故选：B»

【点评】本题考查控制变量法、串联电路的规律及欧姆定律的运用和实验的操作过程

等。

16.在“伏安法”测电阻的实验中，下列说法正确的是（）

A.连接电表时，若无法估测电压、电流大小，应先选大量程

B.“伏安法”测电阻的实验原理是欧姆定律

C.闭合开关前，应先将变阻器滑片移到阻值最大处

D.滑动变阻器的作用是控制未知电阻两端的电压保持不变

【分析】（1）连接电表时，应先选用大量程试触；

（2）“伏安法”测电阻的实验原理为区=旦；

I

（3）为了保护电路，闭合开关前，应先将变阻器滑片移到阻值最大处；

（4）多次测量取平均值可以减小测量误差，使测量结果更接近真实值。

【解答】解：A、连接电表时，应先选用大量程试触，再确定合适的量程，故A错误；

B、“伏安法”测电阻的实验原理是R=旦，故B错误；

I

C、为了保护电路，闭合开关前，应先将变阻器滑片移到阻值最大处，故C正确：

D、此实验中通过移动滑动变阻器来改变电阻两端的电压和通过电阻的电流，多次测量

求平均值来减小误差，故D错误。

故选：C»

【点评】本题“伏安法”测电阻的实验，考查了电表的使用、实验原理、注意事项和滑

动变阻器的作用等知识，属于实验基本能力考查。

17.如图所示电路，开关闭合后，无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，电流表示数几乎为

零，电压表有示数且不变，造成此现象的原因可能是（）

C.滑动变阻器断（开）路D.开关接触不良

【分析】由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡两

端的电压；根据电流表示数分析电路故障的种类，根据电压表示数分析电路故障的原

因。

【解答】解：由图可知，该电路为串联电路，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯

泡两端的电压；

开关闭合后，无论怎样移动滑片，小灯泡都不亮，电流表示数几乎为零，这说明电路出

现了断路现象；

电压表有示数且不变，这说明电压表与电源之间是接通的，所以故障是与电压表并联的

灯泡断路。

故选：Bo

【点评】本题考查电路的故障分析，明确电路的连接方式是解题的关键。

（多选）18.（3分）下列关于汽车的说法中正确的是（）

A.常用水作汽车发动机的冷却液，是因为水的比热容较大

B.随着汽油的消耗，油箱中剩余汽油的热值变小

C.给汽车提供动力的是汽油机的做功冲程

D.汽车在行驶时，内燃机把燃料中的化学能全部转化成机械能

【分析】（1）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度

时，水吸收或放出的热量多；

（2）热值是燃料的一种特性，与质量无关。

（3）内燃机的做功冲程将内能转化为机械能，为汽车提供动力；

（4）热机工作时，废气带走很大一部分能量，一部分能量消耗在散热上，还有一部分能

量克服摩擦做功等等，所以热机效率总是小于1。

【解答】解：

A、水的比热容较大，与其它物质相比，在质量和升高的温度相同时，水吸收的热量

多，所以常用水作汽车发动机的冷却液，故A正确；

B、随着汽油的消耗，油箱中剩余汽油的热值不变，故B错误；

C、给汽车提供动力的是汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能，故C正确；

D、汽车在行驶时，并不能将燃料所蕴藏的化学能全部转化为机械能，用来对外做有用

功，而是有很大一部分能量在工作过程中损耗掉了，故D错误。

故选：ACo

【点评】本题考查了热值、水的比热容较大的应用、汽油机做功冲程中的能量转化，属

于基础题。

（多选）19.（3分）如图所示电路中，闭合开关，电压表Vi的示数为6V,电压表V2的

示数为3.4V,那么下列说法中正确的是（）

A.电源电压为6V

B.Li两端电压为2.6V

C.将电压表V2换成电流表，则L1亮，L2不亮

D.将电压表V2换成电流表，则Li与L2并联，电流表测干路上的电流

【分析】（1）闭合开关，两灯串联，电压表V|测电源电压，V2测L2两端的电压，根据

串联电路的电压规律可得L,两端的电压；

（2）将电压表V2换成电流表时，由于电流表相当于导线，则将灯泡L2短路，据此判断

电路工作情况。

【解答】解：AB、闭合开关，两灯串联，电压表Vi测电源电压，V2测L2两端电压，即

电源电压U=6V,L2两端电压U2=3.4V,

根据串联电路的电压规律可得，Li两端电压Ui=U-U2=6V-3.4V=2.6V,故AB正

确；

C、将电压表V2换成电流表时，灯泡L2被短路，电路为灯泡Li的简单电路，则Li亮，

L2不亮，电流表测量通过Li的电流，故C正确，D错误。

故选：ABCo

【点评】本题考查了串联和并联电路的识别、对短路的认识以及串联电路电压规律的应

用，正确识别电路的连接方式以及电压表所测物理量是关键。

（多选）20.（3分）光敏电阻的特点是光照增强阻值变小。如图所示，是某小区门口利用

光敏电阻设计的行人监控装置，R1为光敏电阻，R2为滑动变阻器，A、B间接监控装

置，则下列说法中正确的是（）

A.当有人通过而遮蔽光线时，Ri两端的电压减小

B.当有人通过而遮蔽光线时，A、B间电压减小

C.R2的滑片向上移动时，A、B间电压增大

D.R2的滑片向下移动时，通过Ri的电流变小

【分析】（1）由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联；根据题意得出有人通过

时Ri阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和A、B间电压的变化；

（2）先判断滑片移动后R2连入电路中的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变

化和Ri两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知A、B间电压的变化。

【解答】解：

由电路图可知，两电阻串联，监控装置与R2并联。由题知，光敏电阻Ri的特点是有光

照射它时阻值变小。

AB、当有人通过通道而遮蔽光线时，光照强度变弱，则Ri阻值变大，电路中的总电阻

变大；根据1=口可知，电路中的电流变小，根据U=IR可知，R2阻值不变时，其两端

R

的电压变小，即A、B间电压降低，根据串联电路的电压规律可知，Ri两端的电压增

大,故A错误、B正确；

C、R2的滑片向上移动时，R2连入电路中的阻值变小，电路中的电阻变小；根据I=U

R

可知，电路中的电流变大，根据U=IR可知，Ri阻值不变时，其两端的电压变大，根据

串联电路的总电压等于各分电压之和可知，R2两端的电压变小，即A、B间电压降低，

故C错误；

D、R2的滑片向下移动时，R2连入电路中的阻值变大，电路中的电阻变大；根据1=工

R

可知，电路中的电流变小，故D正确。

故选：BDo

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析当有人通过通道

而遮蔽光线时和当仅增大Ri连入电路中的阻值时电路的动态分析，要注意光敏电阻的

特点。

二、填空题。（本大题共6个小题；每空2分，共26分）

21.小明早晨起床后，将沸腾后的水倒入杯子里，一段时间后变成一杯可以饮用的温水，

若这杯水的质量为200g,小明饮用时水温为40℃,则这杯水在这一段时间里内能减

小（选填“增大”“减小”或“不变”），在此过程中水释放的热量为5.04X104

Jo【当地气压为一个标准大气压，C，K=4.2X103J/（kg-℃）］

【分析】（1）改变物体内能的方式的两种：做功和热传递；物体吸收热量时内能增加，

放出热量时内能减少；

（2）根据Q^=cm（t-to）计算水放出的热量。

【解答】解：（1）将沸腾后的水倒入杯子里，由于水和空气有温度差，水和空气发生热

传递，沸水的温度高，放出热量，其内能减少，温度降低，所以经过一段时间后变成一

杯可以饮用的温水；

（2）标准大气压下水的沸点为100℃,水的质量m=200g=0.2kg,

水放出的热量：Q吸=c,j<m(t-to)=4.2X103J/(kg・℃)X0.2kgX(100℃-40℃)=

5.04X10%

故答案为：减小；5.04X10、

【点评】此题考查了改变内能的方法以及热量计算，同时考查了标准大气压下水的沸

点，都是基础知识的考查。

22.一台单缸四冲程柴油机在工作运行中，共消耗了5kg的柴油，如果柴油是完全燃烧则

放出热量1.65X108J,若此柴油机只做了6.27X107J的有用功，则它的热机效率为

38%。(q柴油=3.3Xl()7j/kg)

【分析】(1)根据燃料燃烧放热公式Q,&=qm计算。

Q有

(2)根据n=_5_xioo%计算。

Q放

【解答】解：(1)柴油完全燃烧则放出热量Q放=口柴油m=3.3Xl()7j/kgX5kg=1.65X

108Jo

(2)热机效率T]=£^X1(X)%=6・27‘1O7Jxioo%=38%。

Q放1.65X108J

故答案为：1.65X108；38%。

【点评】本题考查燃料燃烧放出热量和热机效率的计算，属于基础题目。

23.如图所示，A、B是串联在电路中的材料和长度都相同的两段导线，它们的直径之比是

3：1,则A、B两段导体的电阻Ra<Rh,通过A、B两段导线的电流L=lb(均

选填“V”、“>”或“=”)。

【分析】(1)电阻是导体本身的一种性质，其大小只与导体的材料、长度、横截面积和

温度有关；若不考虑温度的影响，在材料和长度都相同时，导体横截面积越大，其电阻

越小；

（2）根据串联电路中电流处处相等的特点可进行解答。

【解答】解：在材料和长度都相同时，导体横截面积越大，其电阻越小，

A、B是串联在电路中的材料和长度都相同的两段导线，它们的直径之比是3：1,则A

导线的横截面积较大，所以A段的电阻小于B段的电阻，即Ra<Rb;

A、B两段导线串联，根据串联电路电流处处相等可知，这两段导线中的电流是相等

的‘即Ia=1b。

故答案为：<;—O

【点评】本题考查了串联电路的电流规律以及影响电阻大小的因素，难度不大。

24.如图所示的电路中，电压表测量的是L2（选填“Li”或“L2”）两端的电压；若

电源电压为6V,电压表的示数为4V,则灯泡Li两端的电压为2V。

【分析】由图可知，两灯串联，电压表测量L2两端的电压；根据串联电路的电压规律求

得Li两端的电压。

【解答】解：由图可知，两灯串联，电压表测量L2两端的电压；则L2两端的电压为U2

=4V,

因为串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和，则Li两端的电压为：

Ui=U-U2=6V-4V=2V。

故答案为：L2；2。

【点评】本题考查了电压表的使用和串联电路的电压规律的应用，知道电压表的测量对

象是关键。

25.如图所示的是某电路的一部分，其中Ri=20Q,R2=30Q。当将A、B分别接在某一电

源的两极时，电流表的示数为0.5A。将电流表换成电压表，并将A、C分别接在同一电

源的两极，则通过Ri的电流为0.3A,电压表的示数为15V。

AQ------------昌---昌-----------OC

BO----------------------

【分析】由图可知，当将A、B分别接在某一电源的两极时，Ri、R2并联，电流表测量

通过R2的电流，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算电源电压；

将电流表换成电压表，并将A、C分别接在同一电源的两极，此时Ri、R2串联，电压表

测量电源电压，电源电压不变，据此判断电压表的的示数；

根据串联电路电阻规律、串联电路电流特点结合欧姆定律计算通过Ri的电流。

【解答】解：由图可知，当将A、B分别接在某一电源的两极时，Ri、R2并联，电流表

测量通过R2的电流，

并联电路各支路的电压都相等，由欧姆定律可得电源电压：U=I2R2=0.5AX30n=

15V；

将电流表换成电压表，并将A、C分别接在同一电源的两极，此时Ri、R2串联，电压表

测量电源电压，由于电源电压U=15V不变，所以电压表的的示数为15V；

串联电路的总电阻等于各部分电阻之和，串联电路的电流处处相等，根据欧姆定律可得

通过R1的电流为:U15V=0.3Ao

R]+R220。+30Q

故答案为：0.3；15。

【点评】本