2021年全国高考物理二模试卷(新课标ⅱ卷)

2021年全国高考物理二模试卷（新课标口卷）二、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1〜4题只有一项符合题目要求，第5〜8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）关于原子结构和原子核的结构，经过不断的实验探索，我们已经有了一定的认识，对于这个探索的过程，下列描述错误的是（）A.卢瑟福根据a粒子轰击金箔时发生散射，提出了原子的核式结构模型B.为了解释原子的稳定性和辐射光谱的不连续性，波尔提出了氢原子结构模型C.卢瑟福通过利用a粒子轰击铍原子核，最终发现了中子D.人类第一次实现的原子核的人工转变核反应方程是*N+gHe玲f0+1H.1t u 12．（6分）长途客运站的安检机中输送行李的水平传送带匀速转动，乘客把一袋面粉无初速度放在传送带上，在出安检机之前已经和传送带相对静止，结果在传送带上留下了一段白色的径迹，对此分析正确的是（）A.传送带的速度越大，径迹越长B.面粉质量越大，径迹越长C.动摩擦因数越大，径迹越长D.释放的位置距离安检机越远，径迹越长3.（6分）工厂生产的某一批次小灯泡说明书上附有如图甲所示的电压随电流变化图象，乙图是该批次三个小灯泡连接而成的电路，三个灯泡均发光时电压表V2的示数为IV,下列说法正确的是（ ）0 0.1QX0,6O-5J/A甲 乙A.电压表V1的示数为2.0VB.电流表A1的示数为0.60AC.若灯泡L1短路，则电压表V2的示数为5.0VD.电源的输出功率为0.90W4．（6分）据美国宇航局消息，在距离地球40光年的地方发现了三颗可能适合人类居住的类地行星，假设某天我们可以穿越空间到达某一类地行星，测量以初速度10m/s竖直上抛一个小球可到达的最大高度只有1米，而其球体半径只有地球的一半，则其平均密度和地球的平均密度之比为（g=10m/s2）（ ）A．5：2 B．2：5 C．1：10D．10：15.（6分）如图所示，底角为0=21的圆锥体静止不动，顶端通过一根长为L=1m的细线悬挂一个质量为m=1kg的小球，细线处于张紧状态，若小球在水平面内做匀速圆周运动，角速度为⑴的取值范围介于3rad/s到4rad/s之间，不计一切6．（6分）每到夜深人静的时候我们就会发现灯泡比睡觉前要亮，其原因在于大家都在用电时，用电器较多，利用下图模拟输电线路，开关的闭合或者断开模拟B.开关闭合，灯泡L1两端电压升高C.开关闭合，原线圈输入功率增大D.开关断开，副线圈电压增大.（6分）竖直平面内存在有匀强电场，一个质量为m,带电荷量为q的小球以初速度v0沿与竖直方向成0斜向左上方沿直线运动，已知小球运动路径恰好在匀强电场的平面内，那么在小球发生位移L的过程中，下列分析正确的是（）A.若小球做匀速直线运动，则电场强度E=51Q.若小球做匀加速直线运动，电场强度可能等于E=@^lC.若小球运动过程电势能不变，则电场强度E=^^"日qD.若小球运动过程电势能不变，则小球的动量变化量与速度反向8．（6分）长方形区域内存在有正交的匀强电场和匀强磁场，其方向如图所示，一个质量m带电荷量q的小球以初速度v0竖直向下进入该区域.若小球恰好沿直线下降，则下列选项正确的是（）A.小球带正电B.场强E=mQC.小球做匀速直线运动 D.磁感应强度B=』q”口三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分.第9〜12题为必考题，每个试题考生都必须作答.第13〜16题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题9．（8分）光电门在测量物体的瞬时速度方面有得天独厚的优势，比如在探究加速度和力的关系时就省去了打点计时器分析纸带的不便，实验装置如图所示．0 12cmIIIIIIIIIIJJJIJill1,1.1II|IIIIIIII|IIII|IIII|0S10 15 20图2（1）虽然少了计算的麻烦，却必须要测量遮光条的宽度，游标卡尺测量的结果

如图所示，我们可以发现游标尺上每一分度与主尺上的最小刻度相差cm,遮光条宽度为cm.(2)某次实验过程中，已经得到AB之间的距离l和通过光电门的时间t和力传感器的示数F,若要完成探究目的，还需要满足的条件是.若要以F为横坐标，做出一条倾斜的直线来判断加速度和力成正比，那么纵坐标的物理量应该是(t2或3).(6分)压敏电阻由在压力作用下发生形变进而导致电阻率发生变化的材料组成,为了探究某压敏材料的特性,有人设计了如下的电路,一电源电动势3V内阻约为1Q,两个电流表量程相同均为0.6A,一个电流表内阻r已知，另外一个电流表内阻较小但阻值未知.L卜二L卜二(1)电路图中哪个电流表的内阻r已知(A1或者A2)(2)在某一个压力测试下，两个电流表A1A2的读数分别为I1和I2,则压敏电阻的阻值Rx=.(3)经过测试获得压敏电阻的阻值和压力的关系图如下所示，以竖直向下为正方向，则阻值和压力的关系式是.(15分)如图，水平边界的匀强磁场上方5m处有一个边长1m的正方形导线框从静止开始下落，已知线框质量为1kg,电阻为R=10Q,磁感应强度为B=1T,当线框的cd边刚进入磁场时(1)求线框中产生的感应电动势大小；(2)求cd两点间的电势差大小；(3)若线框此时加速度等于0，则线框电阻应该变为多少欧姆.（18分）质量分别为2m和m的滑块1和滑块2通过一根细线拴接在压缩的弹簧两端，某一刻细线剪断后滑块1沿水平面向左运动，滑块2向右从斜面底端开始沿斜面向上运动，忽略滑块2沿斜面向上运动前的速度大小变化，当斜面倾角e=2L时，滑块1和滑块2滑行的最大距离之比为.多4,当倾斜角度变化时，&滑块沿斜面滑行的最大距离也会随之变化.重力加速度为8，水平部分和斜面部分动摩擦因数相同.（1）滑块和斜面之间的动摩擦因数；（2）假设滑块2的初速度为v0，当斜面倾角为多大时，滑块滑行的最大距离最小，最小值是多少？（二）选考题：共45分.请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答.如果多做，则每学科按所做的第一题计分.[物理--选修3-3]（15分）（5分）下列说法中正确的是（）A.绝对湿度大，相对湿度一定大B.对于一定质量的理想气体，当分子间的平均距离变大时，压强不一定变小C.密封在体积不变的容器中的气体，温度升高，气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大D.两个铁块用力挤压不能粘合在一起说明分子之间存在有斥力E.液体表面张力的作用是使液体表面收缩.（10分）通电后汽缸内的电热丝缓慢加热，由于汽缸绝热使得汽缸内密封的气体吸收热量Q后温度由T1升高到T2,由于汽缸内壁光滑，敞口端通过一个质量m横截面积为S的活塞密闭气体.加热前活塞到汽缸底部距离为h.大气压用P0表示，①活塞上升的高度；②加热过程中气体的内能增加量.［物理--选修3-4］（15分）.下列说法中正确的是（）A.利用红外摄影可以不受天气（阴雨、大雾等）的影响，因为红外线比可见光波长长，更容易绕过障碍物B.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度C.紫光的双缝干涉条纹间距可能大于红光双缝干涉条纹间距D.我们在地球上接收到来自遥远星球的光波的波长变长，可以判断该星球正在离我们远去E.光的色散现象都是由于光的干涉现象引起的.A和B是一列简谐横波上平衡位置相距x=3m的两个质点，某时刻，质点A到达平衡位置正向上振动，而质点B刚刚从平衡位置开始起振，且二者之间只有一个波谷，经过时间t=0.6s质点B第一次到达波峰.①画出B刚开始起振时A、B两质点间的波形，并在图中标出B质点此时的振动方向；②求该波的可能波速大小.2017年全国高考物理二模试卷（新课标口卷）参考答案与试题解析二、选择题：本题共8小题，每小题6分.在每小题给出的四个选项中，第1〜4题只有一项符合题目要求，第5〜8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）关于原子结构和原子核的结构，经过不断的实验探索，我们已经有了一定的认识，对于这个探索的过程，下列描述错误的是（）A.卢瑟福根据a粒子轰击金箔时发生散射，提出了原子的核式结构模型B.为了解释原子的稳定性和辐射光谱的不连续性，波尔提出了氢原子结构模型C.卢瑟福通过利用a粒子轰击铍原子核，最终发现了中子D.人类第一次实现的原子核的人工转变核反应方程是HN+[He玲H0+；H.【分析】卢瑟福提出了原子核式结构；波尔提出玻尔理论，解释了原子的稳定性和辐射光谱的不连续性；查德威克发现了中子；卢瑟福用a粒子轰击氮核发现质子，并首次实现原子核的人工转变．【解答】解：A、卢瑟福在a粒子散射实验的基础上提出了原子的核式结构模型，故A正确；8、为了解释原子的稳定性和辐射光谱的不连续性，波尔提出了氢原子结构模型，故B正确；C、查德威克在a粒子轰击铍核时实现了人工转变发现了中子，并获得诺贝尔物理奖。故C错误；D、卢瑟福用a粒子轰击氮原子核，产生了氧的一种同位素--氧17和一个质子，这是人类第一次实现的原子核的人工转变，该反应方程为产N+：He玲；丁0+；H.故D正确；本题选择错误的，故选：C2．（6分）长途客运站的安检机中输送行李的水平传送带匀速转动，乘客把一袋面粉无初速度放在传送带上，在出安检机之前已经和传送带相对静止，结果在传

送带上留下了一段白色的径迹，对此分析正确的是（）A.传送带的速度越大，径迹越长B.面粉质量越大，径迹越长C.动摩擦因数越大，径迹越长D.释放的位置距离安检机越远，径迹越长【分析】面粉放上传送带后相对于传送带向后滑，受到向前的摩擦力，向右做匀加速直线运动，当速度与传送带速度相等后，做匀速直线运动．根据牛顿第二定律求出加速度，结合运动学公式求出相对位移的大小，从而进行判断．【解答】解：根据牛顿第二定律得，面粉的加速度大小a=Hg,设传送带的速度2 2为v0,则面粉速度达到传送带速度时经历的时间匕心，位移x/gl二露，在这段时间内传送带的位移x2=v0t=^-,则相对位移，即径迹的长度△x=x2-x1=与面粉的质量无关，传送带运动的速度越大，径迹越越长。动摩擦因数越大，径迹越小。故A正确，BCD错误。故选：A。3．（6分）工厂生产的某一批次小灯泡说明书上附有如图甲所示的电压随电流变化图象，乙图是该批次三个小灯泡连接而成的电路，三个灯泡均发光时电压表V2的示数为IV，下列说法正确的是（ ）Q.2QX0.60.5J/A甲 乙A.电压表V1的示数为2.0VB.电流表A1的示数为0.60AC.若灯泡L1短路，则电压表V2的示数为5.0VD.电源的输出功率为0.90W【分析】图中灯泡L2与L3并联后与灯泡L1串联，根据电压表V2的示数和U-I图象求解出干路电流，得到通过另外两个灯泡的电流，再结合U-I图象得到灯泡L［的电压.【解答】解：AB、电压表故的示数为IV,由U-I图象得到其电流为0.3A,故L2、匕两个灯泡的电流均为0.3A,干路电流为0.6A,再根据U-I图象得到电压为4V,故电压表V1的示数为4V,电流表A1的示数为0.60A,故A错误，B正确；C、若L［短路，总电阻减小，总电流增大，内电压增大，路端电压减小，电压表%的示数小于5V,故C错误；D、路端电压为4V+1V=5V,干路电流为0.6A,故输出功率为P=UI=5X0.6=3.0W,故D错误；故选：B。4．（6分）据美国宇航局消息，在距离地球40光年的地方发现了三颗可能适合人类居住的类地行星，假设某天我们可以穿越空间到达某一类地行星，测量以初速度10m/s竖直上抛一个小球可到达的最大高度只有1米，而其球体半径只有地球的一半，则其平均密度和地球的平均密度之比为（g=10m/s2）（ ）A．5：2B．2：5C．1：10D．10：1【分析】根据竖直上抛运动的规律求出类地行星表面的重力加速度，根据万有引力等于重力得出重力加速度表达式，结合密度公式，即可求出类地行星的平均密度和地球的平均密度之比．【解答】解：根据万有引力等于重力，有1rlMm"J--门

在类地行星表面，吕二城二喜口八二5班，小■^^=—•—=—X—=—，故D正确，ABC错误P地目地R行1。 1 1故选：D。5.（6分）如图所示，底角为0=21的圆锥体静止不动，顶端通过一根长为L=1m4的细线悬挂一个质量为m=1kg的小球，细线处于张紧状态，若小球在水平面内做匀速圆周运动，角速度为⑴的取值范围介于3rad/s到4rad/s之间，不计一切阻力，则细线拉力F可能等于（）则有:所以，苧4则有:所以，苧4+io,A.5近一5B.5\,+5C.15D.20【分析】先求小球运动的半径，得到向心力的范围；对小球进行受力分析，得到向心力和拉力的关系式，联立向心力的范围即可解得拉力的范围，【解答】解：小球在水平面内做匀速圆周运动，所以，小球做匀速圆周运动的半®R=Lcos9=-^y-ir，角速度为之的取值范围介于3rad/s到4rad/s之间，向心力为：F向二m3%，所以有：詈弼＜电＜[2小）。对小球进行受力分析，如右图：即：3+5,2<F<g+5J?。故BC正确，AD错误。故选：BC。6．（6分）每到夜深人静的时候我们就会发现灯泡比睡觉前要亮，其原因在于大家都在用电时，用电器较多，利用下图模拟输电线路，开关的闭合或者断开模拟B.开关闭合，灯泡L1两端电压升高C.开关闭合，原线圈输入功率增大D.开关断开，副线圈电压增大【分析】根据电压与匝数程正比，电流与匝数成反比，变压器的输入功率和输出功率相等，逐项分析即可得出结论．【解答】解：A、家庭电路用电器之间为并联关系，用户较多时，并联支路增多，相当于开关闭合，而与之串联的定值电阻，实际是等效输电线的电阻，故A正确；B、开关闭合副线圈总电阻变小，总电流变大，定值电阻分电压增多，并联电压变小，即灯泡片两端电压减小，故B错误；C、副线圈电压不变电流增大，副线圈电功率增大，根据能量守恒，原线圈电功率也增大，故C正确；D、原、副线圈匝数和电压成正比，由于匝数比值不变，原线圈输入电压也不变，所以副线圈电压不会变化，故D错误；故选：AC。.（6分）竖直平面内存在有匀强电场，一个质量为m,带电荷量为q的小球以初速度v0沿与竖直方向成0斜向左上方沿直线运动，已知小球运动路径恰好在匀强电场的平面内，那么在小球发生位移L的过程中，下列分析正确的是（）A.若小球做匀速直线运动，则电场强度E=^-Q.若小球做匀加速直线运动，电场强度可能等于E=@强C.若小球运动过程电势能不变，则电场强度E=^^“日qD.若小球运动过程电势能不变，则小球的动量变化量与速度反向【分析】小球在电场中受电场力和重力作用，根据运动情况分析受力情况求解【解答】解：A、若小球做匀速直线运动，则受力平衡，有Eq=mg,则旧理，故QA正确；B、若小球做匀加速直线运动，则电场力和重力的合力与初速度同向，必有Eq>mg,则E〉号，故B错误；CD、若小球运动过程中电势能不变，则电场力不做功，则电场力与速度方向垂直,重力分解为垂直于速度和沿速度的分量,重力垂直初速度方向的分力与电场力相等，则有mgsinB二Eq,所以3=喳卫生，小球合力等于重力沿速度方向的分量，与速度方向相反，以初速度方向为正方向，根据动量定理,有：I=-mgcose・t=4p<0,动量的变化量方向为负方向，则小球动量变化量与速度反向，故CD正确；故选：ACD。8.（6分）长方形区域内存在有正交的匀强电场和匀强磁场,其方向如图所示,一个质量m带电荷量q的小球以初速度v0竖直向下进入该区域.若小球恰好沿直线下降,则下列选项正确的是（）A.小球带正电B.场强E=^lQC.小球做匀速直线运动 D.磁感应强度B=上支q可口【分析】粒子沿直线运动，必定做匀速直线运动，根据左手定则和平衡条件可判断电性，并可求出B和E.【解答】解：A、若粒子带正电，电场力方向与电场线的方向相同，向右下方；洛伦兹力垂直于V0向左，同时重力的方向向下，则电场力、洛伦兹力和重力不可能平衡。若粒子带负电，电场力方向与电场线的方向相反，指向左上方，洛伦兹力垂直于v0向右，重力的方向竖直向下，则电场力、洛伦兹力和重力可能平衡。可知粒子带负电。故A错误。B、由A的分析可知，电场力沿竖直方向的分力与重力大小相等方向相反，则有：qE・sin45°=mg所以：E=qi.故b错误；C、粒子如果做匀变速运动，重力和电场力不变，而洛伦兹力变化，粒子不能沿直线运动，与题意不符，可知小球一定做匀速直线运动。故C正确。D、粒子在水平方向受到的洛伦兹力与电场力沿水平方向的分力大小相等，方向相反，则由平衡条件得：qvB=qEcos0,联立解得：B=曰1，故D正确q甲D故选：CD。阳

三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分.第9〜12题为必考题，每个试题考生都必须作答.第13〜16题为选考题，考生根据要求作答.（一）必考题9．（8分）光电门在测量物体的瞬时速度方面有得天独厚的优势，比如在探究加速度和力的关系时就省去了打点计时器分析纸带的不便，实验装置如图所示．（1（1）虽然少了计算的麻烦，却必须要测量遮光条的宽度，游标卡尺测量的结果如图所示，我们可以发现游标尺上每一分度与主尺上的最小刻度相差0.005cm,遮光条宽度为0.225cm.（2）某次实验过程中，已经得到AB之间的距离l和通过光电门的时间t和力传感器的示数F,若要完成探究目的，还需要满足的条件是A位置必须由静止释放.若要以F为横坐标，做出一条倾斜的直线来判断加速度和力成正比，那么纵坐标的物理量应该是一吃一⑴或4）.【分析】游标尺的精确度=1【分析】游标尺的精确度=1等分刻度mm,游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读；滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度.根据运动学公式解答.【解答】解：（1）游标卡尺的精度为【解答】解：（1）游标卡尺的精度为1

等分刻度mm,因此游标卡尺有20个小的等分刻度，游标尺上每一分度与主尺上的最小刻度相差0.05mm=0.005cm,游标卡尺的主尺读数为2mm,游标读数为0.05X5mm=0.25mm,所以最终读数为：2mm+0.25mm=2.25mm=0.225cm.(2)实验时，将滑块从A位置必须由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度．根据运动学公式得若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是遮光条到光电门的距离1.由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：V2=2a1,v=—,a=—,tM可得：立)2・X・1,/M解得：F=^d1.占.21 ”故答案为：(1)0.005,0.225；(2)A位置必须由静止释放，二L.上210.(6分)压敏电阻由在压力作用下发生形变进而导致电阻率发生变化的材料组成，为了探究某压敏材料的特性，有人设计了如下的电路，一电源电动势3V内阻约为1。，两个电流表量程相同均为0.6A,一个电流表内阻r已知，另外一个电流表内阻较小但阻值未知.图1 图2(1)电路图中哪个电流表的内阻r已知A1 (A1或者A2)(2)在某一个压力测试下，两个电流表A1A2的读数分别为I1和I2,则压敏电阻的阻值Rx=__ZlL.（3）经过测试获得压敏电阻的阻值和压力的关系图如下所示，以竖直向下为正方向，则阻值和压力的关系式是R=二2F+16.【分析】（1）根据伏安法测电阻的原理与实验电路图分析选择电流表.（2）根据并联电路特点与欧姆定律求出待测电阻阻值．（3）根据图示图象求出阻值与压力的关系式．【解答】解：（1）测压敏电阻阻值时应测出电阻两端电压，由图示电路图可知，压敏电阻与电流表A1并联，则需要知道电流表A1的内阻.（2）由图示电路图可知，待测电阻阻值：Rx='=/l.（3）由图示图象可知，R与F成线性关系，不妨设：R=kF+b,由图示图象可知：F=0N时R=16Q,F=4.5N时R=7。，由此得：b=16,7=4.5k+b,解得：k=-2,则R与F的关系式为：R=-2F+16.故答案为：（1）A1;（2）工产；（3）R=-2F+16.12Tl（15分）如图，水平边界的匀强磁场上方5m处有一个边长1m的正方形导线框从静止开始下落，已知线框质量为1kg,电阻为R=10Q,磁感应强度为B=1T,当线框的cd边刚进入磁场时（1）求线框中产生的感应电动势大小；（2）求cd两点间的电势差大小；（3）若线框此时加速度等于0,则线框电阻应该变为多少欧姆.【分析】（1）根据机械能守恒定律求出线框刚进入磁场时的速度，由E=BLv即可求解线框中的感应电动势大小；（2）cd间的电势差即为电源的路端电压，根据串联电路的电压与电阻成正比易求出；（3）此时线框加速度恰好为零，线框所受的安培力与重力平衡，推导出安培力表达式，由平衡条件即可求解线框电阻；解：（1）根据机械能守恒定律^的二］IW?解得归/2gh=/2X10X5hi/s=10id/s感应电动势E=BLv=1X1X10=10V（2）设线框电阻为R,则cd两点间的电势差大小为：R=Je4x1a5邛（3）线框中电流［=看线框cd边所受安培力除BILB・哈唾」；■122加速度为0,所以合力为0,则咤二BL"R砥屋L%12xi2xiq^^得R=: 1乂1仆 Q:1qing1X10答：（1）线框中产生的感应电动势大小为10V；（2）cd两点间的电势差大小为7.5V；（3）若线框此时加速度等于0，则线框电阻应该变为1欧姆（18分）质量分别为2m和m的滑块1和滑块2通过一根细线拴接在压缩的弹簧两端，某一刻细线剪断后滑块1沿水平面向左运动，滑块2向右从斜面底端开始沿斜面向上运动，忽略滑块2沿斜面向上运动前的速度大小变化，当斜面倾角0=工时，滑块1和滑块2滑行的最大距离之比为.多4,当倾斜角度变化时，6滑块沿斜面滑行的最大距离也会随之变化.重力加速度为8，水平部分和斜面部分动摩擦因数相同.（1）滑块和斜面之间的动摩擦因数；（2）假设滑块2的初速度为v0，当斜面倾角为多大时，滑块滑行的最大距离最小,最小值是多少？

田加帼多C…【分析（1）对于细线剪断后弹簧弹开两滑块的过程，由于系统的合外力为零，所以系统的机械能守恒．由动量守恒定律求得两个滑块获得的速度大小之比．对滑块1和滑块2滑行的过程，分别运用动能定理列式，即可求得滑块和斜面之间的动摩擦因数；（2）对滑块2在斜面上上滑的过程，运用动能定理列式，结合数学知识求滑块滑行距离的最小值．【解答】解：（1）设细线剪断后滑块1和滑块2的速度大小分别为v1和v2.取向左为正方向，由动量守恒定律得：2mv1-mv2=0解得v1：v2=1：2对滑块1和滑块2滑行的过程，分别由动能定理得：-pi*2mgs1=0--1-X2mv12.-pi*2mgs1=0--1-X2mv12.一(mgsine+pimgcosB)s2=0-mmv22.-mmv.2.其中13门1=山则得a=30由数学知识可知：当0+a=90°,即0=60°时滑块滑行的最大距离最小，最小值是答：（1）滑块和斜面之间的动摩擦因数是-1;3（2）假设滑块2的初速度为v0，当斜面倾角为60°时，滑块滑行的最大距离最小，最小值是一言（二）选考题：共45分．请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答．如果多做，则每学科按所做的第一题计分．[物理--选修3-3]（15分）13．（5分）下列说法中正确的是（ ）A.绝对湿度大，相对湿度一定大B.对于一定质量的理想气体，当分子间的平均距离变大时，压强不一定变小C.密封在体积不变的容器中的气体，温度升高，气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大D.两个铁块用力挤压不能粘合在一起说明分子之间存在有斥力E.液体表面张力的作用是使液体表面收缩【分析】解答本题需掌握：绝对湿度是指每单位容积的气体所含水分的重量，一般用mg/L作指标.相对湿度是指绝对湿度与该温度饱和状态水蒸气含量之比，用百分数表达．理想气体状态方程双二C；T两个铁块用力挤压不能粘合在一起说明分子之间存在有斥力；凡作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．【解答】解：A、对于不同的压强和温度，饱和蒸汽压不同，故绝对湿度大时相对湿度不一定大，故A错误；B、当分子间的平均距离变大时，气体的体积增大，根据理想气体状态方程更RTQ可知，若气体的温度同时升高，则压强不一定减小；故B正确；C、密封在体积不变的容器中的气体，温度升高，根据理想气体状态方程平二。可知体积不变温度升高时，气体的压强增大，所以，气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大，故C正确；D、两个铁块用力挤压不能粘合在一起说明分子之间存在有引力，故D错误；E、作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力，液体表面张力的作用是使液体表面收缩，故E正确；故选：BCE。14．（10分）通电后汽缸内的电热丝缓慢加热，由于汽缸绝热使得汽缸内密封的气体吸收热量Q后温度由T1升高到T2，由于汽缸内壁光滑，敞口端通过一个质量m横截面积为S的活塞密闭气体.加热前活塞到汽缸底部距离为h.大气压用P0表示，①活塞上升的高度；②加热过程中气体的内能增加量.【分析】①给气体加热时，封闭气体发生等压变化，可根据盖•吕萨克定律列式求解温度上升到T2时，活塞与容器底部相距的距离h’.即可得到活塞上升的距离.②气体发生等压变化，对活塞的压力大小不变，由公式W=P△V求出气体对活塞做功，即可根据热力学第一定律求内能的变化量.【解答】解：①设温度为t2时活塞与容器底部相距h2.因为气体做等压变化，由盖吕萨克定律有：活塞上