新疆维吾尔自治区乌鲁木齐市新市区第七十中学2023年物理高二第二学期期中复习检测试题含解析

新疆维吾尔自治区乌鲁木齐市新市区第七十中学2023年物理高二第二学期期中复习检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、以下有关电动势的说法中正确的是()A．电源的电动势跟电源内非静电力做的功成正比，跟通过的电荷量成反比B．电动势的单位跟电压的单位一致，所以电动势就是电源两极间的电压C．非静电力做的功越多，电动势就越大D．只是电动势的定义式而非决定式，电动势的大小是由电源内非静电力的特性决定的2、如图所示,矩形线圈abcd与理想变压器原线圈组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动,磁感应强度大小为B,线圈转动的角速度为,匝数为N,线圈电阻不计．下列说法正确的是()A．电容器的电容C变小时,灯泡变亮B．将原线圈抽头P向下滑动时,灯泡变暗C．若线圈转动的角速度变为,灯泡变亮D．线圈处于图示位置时.,电压表读数为03、如图所示是甲、乙两个单摆在同一地点做简谐运动的图象，则下列说法中正确的是()A．甲、乙两摆的振幅之比为1：1B．甲、乙两摆的摆长之比为4：1C．甲、乙两摆摆球在最低点时向心加速度大小一定相等D．t=2s时，甲摆的重力势能最小，乙摆的动能为零4、当导线中分别通以图示方向的电流，小磁针静止时北极指向读者的是（）A． B．C． D．5、把玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，它的尖端就变成球形了，产生这一现象的原因是（）A．玻璃是非晶体，溶化后再凝固变成晶体B．玻璃是晶体，熔化后再凝固变成非晶体C．熔化后的玻璃表面分子间表现为引力使其表面绷紧D．熔化后的玻璃表面分子间表现为斥力使其表面扩张6、下列关于电磁波的说法，正确的是（）A．电磁波只能在真空中传播B．电场随时间变化时一定产生电磁波C．紫外线的波长比X射线的长，它具有杀菌消毒的作用D．电磁波是纵波二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图为理想变压器原线圈所接电源电压波形，原副线圈匝数之比n1∶n2=10∶1，串联在原线圈电路中电流表的示数为1A，下则说法正确的是（）A．变压器输出两端所接电压表的示数为VB．变压器输出功率为220WC．变压器输出的交流电的频率为50HzD．该交流电每秒方向改变50次8、如图是氢原子的能级图。一个氢原子从n=4的能级向低能级跃迁，则以下判断正确的是（）A．该氢原子最多可辐射出3种不同频率的光子B．该氢原子只有吸收0.85eV的光子时才能电离C．该氢原子跃迁到基态时需要吸收12.75eV的能量D．该氢原子向低能级跃迁时，向外辐射的光子的能量是特定值9、关于光电效应的规律，下面说法正确的是（）A．当某种色光照射金属表面时，能产生光电效应，则入射光的频率越高，产生的光电子的最大初动能越大B．当某种色光照射金属表面时，能产生光电效应，则入射光的强度越大，产生的光电子数越多C．同一频率的光照射不同金属，如果都能产生光电效应，则逸出功大的金属产生的光电子的最大初动能也越大D．对于某种金属，入射光波长必须小于某一极限波长，才能发生光电效应10、目前无线电力传输已经比较成熟，如图所示为一种非接触式电源供应系统．这种系统基于电磁感应原理可无线传输电力，两个感应线圈可以放置在左右相邻或上下相对的位置，原理示意图如图所示．利用这一原理，可以实现对手机进行无线充电．下列说法正确的是A．若A线圈中输入电流，B线圈中就会产生感应电动势B．只有A线圈中输入变化的电流，B线圈中才会产生感应电动势C．A中电流越大，B中感应电动势越大D．A中电流变化越快，B中感应电动势越大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了解释光电效应现象，爱因斯坦提出了“光子”的概念，并给出了光电效应方程．但这一观点一度受到质疑，密立根通过下述实验来验证其理论的正确性，实验电路如图1所示．（1）为了测量遏止电压UC与入射光频率的关系，实验中双刀双掷开关应向____闭合．（填“ab”或“cd”）（2）如果实验所得UC-υ图象如图2所示，其中U1、υ1、υ0为已知量，电子电荷量e，那么：①只需将__________________与普朗克常量h进比较，若在误差许可的范国内二者相等，则证明“光电效应方程”是正确的．②该实验所用光电管的K极材料的逸出功为___________________．12．（12分）(1)在“用单摆测重力加速度”的实验中，下列措施中可以提高实验精度的是________。A．选用表面很光滑中心有小孔的实心塑料小球做为摆球B．单摆摆动时保持摆线在同一竖直平面内C．拴好摆球后，把摆线拉成水平测量摆长D．计时起止时刻，选在摆动的最低点(2)某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间，则：①该摆摆长为________cm。②如果测得的g值偏大，可能的原因是____________。A．测摆线长时摆线拉得过紧B．摆线上端悬点末固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了C．结束计时时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动记为50次四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，一列简谐横波沿x轴方向传播。实线为t=0时的波形图，此时x=4m的质点M速度方向沿y轴正方向。虚线为t=0.6s时的波形图。求：（1）这列波的传播方向；（2）简谐波的周期；（3）波的最小传播速度。14．（16分）某校校园文化艺术节举行四驱车模型大赛，其中规定赛道如图所示．某四驱车以额定功率20W在水平轨道AB处由静止开始加速4s后从B点水平飞出，无碰撞进入圆弧轨道CD，该圆弧圆心角为37°，半径R0＝5m，竖直圆轨道的半径R＝2.4m．在恰好经过第一个圆弧轨道最高点F后，继续沿着轨道运动后从最高点H处水平飞出后落入沙坑中．已知沙坑距离EG平面高度为h2＝2m，四驱车的总质量为2kg，g＝10m/s2（四驱车视为质点，C点以后轨道均视为光滑轨道）．求：（1）四驱车在水平轨道AB处克服摩擦力做功的大小；（2）四驱车在E点对轨道的压力；（3）末端平抛高台h1为多少时能让四驱车落地点距离G点水平位移最大，通过计算说明．15．（12分）某水电站发电机的输出功率为100kW，发电机的电压为250V．通过升压变压器升高电压后向远处输电，输电线总电阻为8Ω，在用户端用降压变压器把电压降为220V．要求在输电线上损失的功率控制为5KW．请你设计两个变压器的匝数比．为此，请你计算：（1）降压变压器输出的电流是多少?输电线上通过的电流是多少?（2）输电线上损失的电压是多少?升压变压器输出的电压是多少?（3）两个变压器的匝数比各应等于多少?

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

电源内部非静电力把正电荷从电源负极移送到正极，根据电动势的定义式可知，电动势等于非静电力把单位正电荷从电源负极移送到正极所做的功．属于比值定义，电动势E与W、q及体积和外电路无关，由电源内非静电力的特性决定．故A错误，D正确；电动势和电压虽然单位相同，但是二者具有不同的性质，不能说电动势就是电压；故B错误；

非静电力做功的多少与时间有关，电动势很小，若时间很长也可以做功很多；故C错误；故选D．【点睛】本题考查电动势的物理意义．要注意电动势与电压是两个不同的概念，不能说电动势就是电压．2、C【解析】

A．电容器的电容C变小时，容抗变大，故干路电流减小，灯泡变暗，故A错误；B．矩形线圈abcd中产生交变电流；将原线圈抽头P向下滑动时，原线圈匝数减小，根据变压比公式输出电压变大，故灯泡会变亮，故B错误；C．若线圈转动角速度变为2ω，根据电动势最大值公式Em=NBSω，最大值增加为2倍，根据变压比公式可知，输出电压变大，所以灯泡会变亮，故C正确；D．线圈处于图示位置时，是中性面位置，感应电动势的瞬时值为零，但电压表读数不为0，故D错误．故选C．3、D【解析】

A.由图知，甲、乙两摆的振幅分别为1cm、1cm，则振幅之比为1：1，故A错误；B.甲、乙两摆的周期分别为4s、8s，周期之比为1：1．根据由单摆的周期公式T=2πLg得：甲、乙两摆的摆长之比为1：4，故C.设摆角为θ，则摆球从最高点摆到最低点的过程中，由机械能守恒定律得：mgL（1-cosθ）=12mv1；摆球在最低点时向心加速度a=v2LD.t=1s时，甲摆通过平衡位置，重力势能最小。乙摆经过最大位移处，动能为零，故D正确。4、C【解析】

A、通电直导线电流从左向右，根据右手螺旋定则，则有小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向里，所以小磁针静止时北极背离读者，故A错误；B、如图所示，根据右手螺旋定则，磁场的方向逆时针（从上向下看），因此小磁针静止时北极背离读者，故B错误；C、环形导线的电流方向如图所示，根据右手螺旋定则，则有小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针静止时北极指向读者，故C正确；D、根据右手螺旋定则，结合电流的方向，则通电螺线管的内部磁场方向，由右向左，则小磁针的静止时北极指向左，故D错误；5、C【解析】

AB．玻璃是非晶体，熔化再凝固后仍然是非晶体．故AB错误；CD．细玻璃棒尖端放在火焰上烧溶后尖端变成球形，是表面张力的作用，因为表面张力具有使液体表面绷紧即减小表面积的作用，而体积相同情况下球的表面积最小，故呈球形．故C正确，D错误．故选C．6、C【解析】

A．电磁波在真空中以光速c传播，在介质中的传播速度小于光速，所以电磁波不是只能在真空中传播，故A错误；B．根据麦克斯韦电磁场理论，均匀变化的磁场产生恒定的电场，均匀变化的电场产生恒定的磁场，而不产生电磁波，故B错误；C．紫外线的波长比X射线的长，它具杀菌消毒的作用，故C正确；D．电磁波伴随的电场方向，磁场方向，传播方向三者互相垂直，因此电磁波是横波，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

A．根据原线圈电压波形图，可知原原线圈电压最大值为V，则有效值为V根据解得，即变压器输出两端所接电压表的示数为22V，故A错误；B．由题知，原线圈的电流为1A，则输入功率为P=U1I=220W输入功率与输出功率相等，可知变压器输出功率为220W，故B正确；C．由图可知，该交流电的周期为T=0.02s，则频率为50Hz故C正确；D．交流电一个周期内方向改变2次，而周期为0.02s，故每秒方向改变100次，故D错误。故选BC.8、AD【解析】

A．单个处于n能级的氢原子向低能级跃迁时最多可辐射出n-1种不同频率的光子，故该氢原子向低能能跃迁时最多可辐射出3种不同频率的光子，A项正确；

B．只要吸收的光子的能量大于0.85eV，该氢原子就能电离，B项错误；

C．该氢原子跃迁到基态时需要释放-0.85eV-（-13.6eV）=12.75eV的能量，C项错误；

D．氢原子向低能级跃迁时，向外辐射的光子的能量等于两能级的能量差，此能量差为一特定值，D项正确。

故选AD。9、ABD【解析】

A．根据光电效应方程Ek=hγ-W0，可知产生光电效应时，入射光的频率越高，产生的光电子的最大初动能越大，故A正确；B．当某种色光照射金属表面时，能产生光电效应，则入射光的强度越大，产生的光电子数越多，故B正确；C．根据光电效应方程Ek=hγ-W0，同一频率的光照射不同金属，如果都能产生光电效应，则逸出功大的金属产生的光电子的最大初动能小，故C错误；D．对于某种金属，入射光波长必须小于某一极限波长，才能发生光电效应，故D正确。故选ABD。10、BD【解析】

根据法拉第电磁感应定律与感应电流产生的条件即可解答．【详解】A项：根据感应电流产生的条件，若A线圈中输入恒定的电流，则A产生恒定的磁场，B中的磁通量不发生变化，则B线圈中就会不产生感应电动势，但在图A输入过程中，A线圈中的电流从无到有，因此B线圈中会产生感应电动势，然而不是总会有的，故A错误；B项：若A线圈中输入变化的电流，根据法拉第电磁感应定律：可得，则B线圈中就会产生感应电动势，故B正确；C、D项：根据法拉第电磁感应定律：可得，A线圈中电流变化越快，A线圈中电流产生的磁场变化越快，B线圈中感应电动势越大．故C错误；D正确．故应选：BD．【点睛】该题的情景设置虽然新颖，与日常的生活联系也密切，但抓住问题的本质，使用电磁感应的规律即可正确解答．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、cd【解析】

（1）测量遏止电压需要将阴极K接电源的正极，可知实验中双刀双掷开关应向下闭合到cd．

（2）①根据爱因斯坦光电效应方程：Ek=hv-W0

由动能定理：eU=Ek得：，

结合图象知：；

解得普朗克常量：h=，

②截止频率为v0，则该金属的逸出功：W0=hv0【点睛】解决本题的关键掌握光电效应方程，对于图象问题，关键得出物理量之间的关系式，结合图线的斜率或截距进行求解，解决本题的关键掌握光电效应方程以及最大初动能与遏止电压的关系．12、BD98.50AD【解析】

(1)[1]A．为了减小空气阻力的影响，摆球选择质量大体积小的，故选择中心有小孔的实心铁球，故A错误；B．为了使单摆做简谐运动，实验时单摆摆动时必须保持摆线在同一竖直平面内，不能形成圆锥摆，故B正确；C．由于细线有伸缩性，所以应拴好摆球后，令其自然下垂时测量悬点到球心的距离作为摆长，故C错误；D．摆球经过平衡位置时，速度最大，相同的距离误差引起的时间误差最小，故应从平衡位置开始计时，故D正确；故选BD。(2)①[2]摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，所以摆长为②[3]A．根据知，测摆线长时摆线拉得过紧，导致摆长偏大，重力加速度偏大，故A正确；B．摆线上端悬点末固定，振动中出现松动，使摆线长度增加了，摆动的过程中，则摆长的测量值偏小，根据知，重力加速度偏小，故B错误；C．结束计时时，秒表过迟按下，导致周期变长，根据知，重力加速度偏小，故C错误；D．实验中误将49次全振动记为50次，导致周期变小，根据知，重力加速度偏大，故D正确；故选AD。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）向右；（2）s（n=0，1，2……）；（