2022年高考物理全真模拟卷5(全国卷专用)第一辑(解析版)

2022年高考物理全真模拟卷（全国卷专用）

第一辑第五模拟

二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1478题只有一项符

合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选

错的得0分。

14.（2021・湖南永州•模拟预测）如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈匝数比为10：1,原

线圈接入图乙所示的正弦脉冲电压，副线圈接火灾报警系统（报警器未画出），电压表和电流表均

为理想电表，R。为定值电阻，R为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小。下列说法中正确

的是（）

A.图乙中电压的有效值为220VB.电压表的示数为ll^V

C.R处出现火警时电流表示数变小D.R处出现火警时电阻用消耗的电功率减小

【答案】B

【解析】

A.图乙中电压的最大值Um=22点，则有

上丁一寓、

RR2

解得，电压的有效值为

U=110727

故A错误；

B.变压器原、副线圈中的电压与匝数成正比，所以变压器原、副线圈中的电压之比是10：1,所

以电压表的示数为1l6,故B正确；

CD.R处温度升高时，电压表示数不变，阻值减小，副线圈电流！增大，则输出功率增大，而输

出功率和输入功率相等，所以原线圈电流增大，即电流表示数增大，根据。知，电阻风消耗

的电功率增大，故CD错误。

故选B»

15.（2021•云南•曲靖一中模拟预测）如图所示，在光滑绝缘水平桌面上方分布着一匀强电场，电

场方向平行于桌面。一带正电小球，电量为q、质量为m,先后两次以同样大小的水平初速度4沿

不同方向从0点出发，小球在电场力作用下运动，沿桌面分别经过A、B两点。若小球运动到A、

Vio3

B两点时的速度大小分别为＞=。’,v=------V

B2。，连接OA、测得NAOB=60°,OA=L,OB=2

L,则匀强电场的场强大小为（)

/mvzmv2

D,就

c.

【答案】A

【解析】

由0到A过程，根据动能定理

(0-0)q=-mv2--?mv2=-mv2

OA,r2A2。2。

由O到B过程，根据动能定理

113

(0-0)q=—mv2——mva=-mv2

oB2B2o4o

故

®=-?（©）

OB2OA

在OB上找一点B',使得

OB=L

连接AB',可得AB'是等势线，则电场强度

AB'Lcos3003qL

故选Ao

16.（2021•黑龙江•哈尔滨市第一中学校高三期末）如图所示,设地球半径为R,假设某地球卫星在

距地球表面高度为h的圆形轨道N上做匀速圆周运动，运行周期为T,到达轨道的A点时点火变轨

进入椭圆轨道N,到达轨道的近地点B时，再次点火进入近地轨道N绕地球做匀速圆周运动，引力

常量为G,不考虑其他星球的影响，则下列说法正确的是（）

A.该卫星在轨道N上B点的速率小于在轨道N上A点的速率

B.卫星在圆轨道N和圆轨道N上做圆周运动时，轨道N上动能小，势能大，机械能小

C.卫星从远地点A向近地点B运动的过程中，加速度变小

4«2（R+h）3

D.地球的质量可表示为GT2

【答案】D

【解析】

A.卫星在轨道N上过A点做匀速圆周运动，满足

MmV2

G-----=HTT

nr

卫星在轨道N上过A点做近心运动，即

MmV2

G>rmr

r2r

v_/GM

所以卫星在轨道N上A点速率大于在轨道N上A点的速率，由v-dO]"知，在轨道N上B点的速

率大于在轨道N上A点的速率，因此该卫星在轨道N上B点的速率大于在轨道N上A点的速率，A

错误；

B.卫星从轨道N到轨道N需在A点减速，从轨道N到轨道N需在B点减速，故卫星机械能减小，卫

星在轨道N上的速率大于在轨道N上的速率，故卫星在轨道N上的动能大于在轨道N上的动能，从

轨道N上A运动到B的过程，地球引力对卫星做正功，引力势能减小，可知卫星在轨道N上运行时

动能小，势能大，机械能大，B错误；

C.根据万有引力提供向心力有

G^O-=ma

r2

可得

a=GM

r2

卫星从远地点A向近地点B运动的过程中，r变小，故加速度变大，C错误;

D.卫星在轨道N上的运动过程中，万有引力充当向心力，故有

CMm_~4n2..

G'"一’=m(R+h)

(R+h)2T2''

解得

4«2(R+h)3

M=GT2

D正确。

故选D.

17.（2021•山东•济南市章丘区第四中学高三期中）如图甲所示，用一轻质绳拴着一质量为m的小

球，在竖直平面内做圆周运动（不计一切阻力），小球运动到最高点时绳对小球的拉力为F1小球

在最高点的速度大小为v,其FT-V2图像如图乙所示，则（）

am

A.轻质绳长等于"T

m

B.当地的重力加速度为二

ac

—+a

C.当V2=c时，轻质绳的拉力大小为b

D.只要V22b,小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a

【答案】D

【解析】

AB.在最高点，对小球有

V2

mg+F=m-

得

V2

F=m-------mg

可知FT-V2图像的纵轴截距的绝对值为

a=mg

解得当地的重力加速度

a

g=­

m

图像的斜率

am

k=—=—

bL

解得轻质绳的长度

|_=弛

a

AB错误；

C.当V2=c时，轻质绳的拉力大小为

V2ac

F=m-------mg-----------a

TLb

c错误；

D.当V2=b时，轻质绳的拉力大小为FT=O,重力提供向心力

V2

mg=m—

当小球运动到最低点时速度为V‘，根据动能定理可知

c.11

2mgL=­mv*2--mv2

最低点，根据向心力公式可知

F-mg=m三

联立解得

FT=6mg=6a

故当

V2>b

时，小球在最低点和最高点时绳的拉力差为6a,D正确。

故选Do

18.（2021•河北•模拟预测）如图甲所示，质量为m的物体放在水平面上，给物体以水平向左的初

速度vo=6m/s,同时在物体上施加一水平向右的F=4N的外力，从该时刻开始计时，外力作用一

段时间后撤走，经过一段时间物体停止运动，图乙为整个过程中物体的速度随时间的变化规律，重

力加速度g取10m/s2,不计空气阻力.则下列说法正确的是（）

A.m=2kgB.物体与水平面间的动摩擦因数为0.1

C.物体运动的总时间为3sD.物体的位移为5m

【答案】C

【解析】

AB.由图乙可知，物体在0~ls内沿正方向做减速运动，1~2s内沿负向做加速运动，2s后沿负方

向做减速运动，则外力在2s末撤走，外力F的作用时间为2s,由图知，在0~ls内物体的加速度

大小为

a=/S2=6m/sz

1At1-0

1

由牛顿第二定律得

F+从mg=ma

Is〜2s内物体的加速度大小为

Av2-0/八,

a=—―-m/S2=2m/S2

2At1-0

2

由牛顿第二定律得

F-ymg=ma2

由以上可解得

m=1kg

j*=0.2

AB错误；

C.撤走外力的瞬间，物体的速度沿负方向且大小为2m/s,此后物体在摩擦力的作用下做减速运动，

则物体的加速度大小为

a=Ujg=2m/s2

3

则撤走外力后物体运动的时间为

t=丫—=乙=1s

a32

所以物体运动的总时间为3s,C正确；

D.V-t图象，图线与横坐标轴围成的面积表示位移，则物体运动的位移为

x=（|。6）1—；）2）2））|m=1m

D错误。

故选Co

19.（2021.四川•成都七中一模）如图所示，水平面上AB两处有甲、乙两个可视为质点的小滑块处

于静止状态，B点右侧水平面粗糙，左侧水平面光滑。若甲在水平向右的拉力F=3t的作用下由静

止向右运动，当t=2s时撤去拉力F,紧接着甲与乙发生弹性正碰，其中乙滑行1.6m后停下。已知

乙的质量为1kg,甲、乙与粗糙水平面间的动摩擦因数均为0.5,取g=10m/s2,则（）

甲乙

__n〃_

/B

A.0~2s内，拉力F的冲量为12N.sB.撤去拉力F时甲的速度大小为3m/S

C.两个滑块碰撞后瞬间乙的速度是4m/sD.甲停止运动时甲、乙相距1.5m

【答案】BC

【解析】

A.F与t线性关系，力F对甲的冲量为I

l=1Ft=J3te=J3）22N.S=6N.S

故A错误。

C.对乙碰撞后的过程中利用动能定理得

—Lilmgx=0——mvz

22

v=4m/s

2

故c正确。

BD.设甲的质量为碰前速度为%,碰后速度为x，根据动量守恒得

mv=mv+mv

101I2

根据机械能守恒得

111

—mV2=—mV2+—mv2

21o21122

I=mv=6N.s

1o

联立得

v=3m/s

0

v=1m/s

i

m1=2kg

甲乙碰后做减速运动，加速度均为

a=|jg=5m/s2

对甲停止运动时

V2

x="r-=0.1m

12a

甲运动时间为

v

t=r=0.2s

a

此时乙的位移

x=vt--at2=0.7m

222

即甲停止运动时甲、乙相距

Ax=x-x=0.6m0

21

B正确，D错误。

故选BC«

20.（202卜河北•高三期中）如图所示，在直线AB上方存在着范围足够大、方向垂直于纸面向里的

匀强磁场。一带电粒子从0点以速度V。沿垂直于AB方向进入磁场，经过t时间运动到磁场中的C

点。已知0、C连线与初速度V。的夹角为9,不计粒子的重力，下列说法正确的是（）

XXXXXXX

XXXXexXX

%/

X步/XXXXX

AO5

A.带电粒子从。点运动至C点的过程中，速度偏转角为9

血

B.带电粒子在磁场中运动的时间为29

4

C.带电粒子在磁场中运动的轨迹直径为29

_t_

D.若仅增大粒子的入射速度大小，经过5时间粒子速度方向偏转的角度为9

【答案】BD

【解析】

A.作出粒子从。点运动至C点的轨迹如图所示

根据几何关系可知，粒子的速度偏向角等于圆心角

三OO〔C=29

故A错误；

B.粒子在磁场中做匀速圆周运动，从0点运动至C点的时间为3因此

29

t=—.T

2几

且

2几m

"qB"

联立解得

m_t

qB=29

而带电粒子在磁场在磁场中运动的时间

1=]=史

1229

故B正确；

C.根据

qvB=rrrir

or

可得带电粒子在磁场中运动的半径

mvvt

v“t

执行为了，故C错误；

D.若仅增大粒子的入射速度大小，粒子在磁场中运动的切不变，经过t时间运动的圆弧对应的圆

心角为29,由A可知经过£时间粒子速度方向偏转