2023版高考化学二轮复习第1部分专题素能提升练专题13有机化学基础教案新人教版

2020版高考化学二轮复习第1部分专题素能提升练专题13有机化学基础教案新人教版PAGE81-有机化学根底1．原子结构与元素的性质：(1)了解原子核外电子的运动状态、能级分布和排布原理，能正确书写1～36号元素原子核外电子、价电子的电子排布式和电子排布图；(2)了解电离能的含义，并能用以说明元素的某些性质；(3)了解电子在原子轨道之间的跃迁及其简单应用；(4)了解电负性的概念并能用以说明元素的某些性质。2.化学键与分子结构：(1)理解离子键的形成，能根据离子化合物的结构特征解释其物理性质；(2)了解共价键的形成、极性、类型(σ键和π键)，了解配位键的含义；(3)能用键能、键长、键角等说明简单分子的某些性质；(4)了解杂化轨道理论及简单的杂化轨道类型(sp、sp2、sp3)；(5)能用价层电子对互斥理论或者杂化轨道理论推测简单分子或离子的空间结构。3.分子间作用力与物质的性质：(1)了解范德华力的含义及对物质性质的影响；(2)了解氢键的含义，能列举存在氢键的物质，并能解释氢键对物质性质的影响。4.晶体结构与性质：(1)了解晶体的类型，了解不同类型晶体中结构微粒、微粒间作用力的区别；(2)了解晶格能的概念，了解晶格能对离子晶体性质的影响；(3)了解分子晶体结构与性质的关系；(4)了解原子晶体的特征，能描述金刚石、二氧化硅等原子晶体的结构与性质的关系；(5)理解金属键的含义，能用金属键理论解释金属的一些物理性质，了解金属晶体常见的堆积方式；(6)了解晶胞的概念，能根据晶胞确定晶体的组成并进行相关的计算。1．(2022·全国卷Ⅱ)近年来我国科学家发现了一系列意义重大的铁系超导材料，其中一类为Fe­Sm­As­F­O组成的化合物。答复以下问题：(相对原子质量：Fe：56，Sm：150，As：75，F：19，O：16)(1)元素As与N同族。预测As的氢化物分子的立体结构为________，其沸点比NH3的________(填“高〞或“低〞)，其判断理由是__________________。(2)Fe成为阳离子时首先失去________轨道电子，Sm的价层电子排布式为4f66s2，Sm3＋价层电子排布式为________。(3)比拟离子半径：F－________O2－(填“大于〞“等于〞或“小于〞)。(4)一种四方结构的超导化合物的晶胞如图1所示。晶胞中Sm和As原子的投影位置如图2所示。图1图2图中F－和O2－共同占据晶胞的上下底面位置，假设两者的比例依次用x和1－x代表，那么该化合物的化学式表示为____________________；通过测定密度ρ和晶胞参数，可以计算该物质的x值，完成它们关系表达式：ρ＝______________________g·cm－3。以晶胞参数为单位长度建立的坐标系可以表示晶胞中各原子的位置，称作原子分数坐标，例如图1中原子1的坐标为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，\f(1,2)，\f(1,2)))，那么原子2和3的坐标分别为______________、________________。[解析](2)Fe的价层电子排布式为3d64s2，成为阳离子时首先失去的是4s轨道的电子。Sm3＋是Sm原子失去3个电子形成的，Sm的价层电子排布式为4f66s2，失去3个电子时，首先失去6s轨道上的2个电子，再失去4f轨道上的1个电子，因此Sm3＋的价层电子排布式为4f5。(3)O2－和F－的核外电子层结构相同，F－的核电荷数大，因此F－的半径小。(4)由题图可知，As、Sm都在晶胞的面上，该晶胞中As的原子个数＝4×1/2＝2，Sm的原子个数＝4×1/2＝2，Fe在晶胞的棱上和体心，Fe的原子个数＝1＋4×1/4＝2，F－和O2－在晶胞的顶点和上下底面，F－和O2－的个数和＝2×eq\f(1,2)＋8×eq\f(1,8)＝2，F－和O2－的比例依次为x和1－x，所以该物质的化学式为SmFeAsO1－xFx。1个晶胞的质量＝eq\f(2[281＋161－x＋19x],NA)g，晶胞的体积＝a2c×10－30cm3，所以晶胞的密度＝eq\f(2[281＋161－x＋19x],a2cNA×10－30)g·cm－3。根据图1中原子1的坐标为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，\f(1,2)，\f(1,2)))，可看出原子2的z轴为0，x、y轴均为eq\f(1,2)，那么原子2的坐标为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，\f(1,2)，0))；原子3的x、y轴均为0，z轴为eq\f(1,2)，那么原子3的坐标为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，0，\f(1,2)))。[答案](1)三角锥形低NH3分子间存在氢键(2)4s4f5(3)小于(4)SmFeAsO1－xFxeq\f(2[281＋161－x＋19x],a2cNA×10－30)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，\f(1,2)，0))eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，0，\f(1,2)))2．(2022·全国卷Ⅰ)Li是最轻的固体金属，采用Li作为负极材料的电池具有小而轻、能量密度大等优良性能，得到广泛应用。答复以下问题：(1)以下Li原子电子排布图表示的状态中，能量最低和最高的分别为________、________(填标号)。(2)Li＋与H－具有相同的电子构型，r(Li＋)小于r(H－)，原因是_____________________________________________________。(3)LiAlH4是有机合成中常用的复原剂，LiAlH4中的阴离子空间构型是________、中心原子的杂化形式为________。LiAlH4中，存在________(填标号)。A．离子键 B．σ键C．π键 D．氢键(4)Li2O是离子晶体，其晶格能可通过图(a)的Born­Haber循环计算得到。图(a)可知，Li原子的第一电离能为________kJ·mol－1，O=O键键能为________kJ·mol－1，Li2O晶格能为________kJ·mol－1。(5)Li2O具有反萤石结构，晶胞如图(b)所示。晶胞参数为0.4665nm，阿伏加德罗常数的值为NA，那么Li2O的密度为________g·cm－3(列出计算式)。图(b)[解析](1)根据能级能量E(1s)<E(2s)<E(2p)判断，能量最低的为D，能量最高的为C。(3)[AlH4]－中Al采用sp3杂化，呈正四面体结构。四氢铝锂中存在离子键、配位键，配位键也是σ键。(4)锂原子的第一电离能为eq\f(1040kJ·mol－1,2)＝520kJ·mol－1。O=O键键能为249kJ·mol－1×2＝498kJ·mol－1。晶格能是指气态离子结合生成1mol晶体所释放的能量，那么Li2O的晶格能为2908kJ·mol－1。(5)1个氧化锂晶胞含O的个数为8×eq\f(1,8)＋6×eq\f(1,2)＝4，含Li的个数为81cm＝107nm，代入密度公式计算可得Li2O的密度为eq\f(8×7＋4×16,NA0.4665×10－73)g·cm－3。[答案](1)DC(2)Li＋核电荷数较大(3)正四面体sp3AB(4)5204982908(5)eq\f(8×7＋4×16,NA0.4665×10－73)3．(2022·全国卷Ⅲ)锌在工业中有重要作用，也是人体必需的微量元素。答复以下问题：(1)Zn原子核外电子排布式为__________________________。(2)黄铜是人类最早使用的合金之一，主要由Zn和Cu组成。第一电离能I1(Zn)________I1(Cu)(填“大于〞或“小于〞)。原因是___________________________________________________________________________。(3)ZnF2具有较高的熔点(872℃)，其化学键类型是________；ZnF2不溶于有机溶剂而ZnCl2、ZnBr2、ZnI2能够溶于乙醇、乙醚等有机溶剂，原因是_____________________________________。(4)?中华本草?等中医典籍中，记载了炉甘石(ZnCO3)入药，可用于治疗皮肤炎症或外表创伤。ZnCO3中，阴离子空间构型为________，C原子的杂化形式为________。(5)金属Zn晶体中的原子堆积方式如下图，这种堆积方式称为________。六棱柱底边边长为acm，高为ccm，阿伏加德罗常数的值为NA，Zn的密度为________g·cm－3(列出计算式)。[解析](3)根据ZnF2晶体的熔点较高可知，ZnF2为离子晶体，含有离子键，而ZnCl2、ZnBr2、ZnI2的化学键以共价键为主、极性较小，故能够溶解在有机溶剂中。(4)COeq\o\al(2－,3)中碳原子的价层电子对数为3，中心碳原子采取sp2杂化，故COeq\o\al(2－,3)的空间构型为平面三角形。(5)六棱柱底部正六边形的面积为6×eq\f(\r(3),4)a2cm2，六棱柱的体积为6×eq\f(\r(3),4)a2ccm3，该晶胞中Zn原子个数为12×eq\f(1,6)＋2×eq\f(1,2)＋3＝6，Zn的相对原子质量为65，阿伏加德罗常数的值为NA，那么Zn的密度ρ＝eq\f(m,V)＝eq\f(65×6,NA×6×\f(\r(3),4)a2c)g·cm－3。[答案](1)[Ar]3d104s2(2)大于Zn核外电子排布为全满稳定结构，较难失电子(3)离子键ZnF2为离子化合物，ZnCl2、ZnBr2、ZnI2的化学键以共价键为主，极性较小(4)平面三角形sp2(5)六方最密堆积(A3型)eq\f(65×6,NA×6×\f(\r(3),4)×a2c)4．(2022·全国卷Ⅱ)我国科学家最近成功合成了世界上首个五氮阴离子盐(N5)6(H3O)3(NH4)4Cl(用R代表)。答复以下问题：(1)氮原子价层电子的轨道表示式(电子排布图)为____________。(2)元素的基态气态原子得到一个电子形成气态负一价离子时所放出的能量称作第一电子亲和能(E1)。第二周期局部元素的E1变化趋势如图(a)所示，其中除氮元素外，其他元素的E1自左而右依次增大的原因是___________________________________________________________________________；氮元素的E1呈现异常的原因是_________________________。图(a)图(b)(3)经X射线衍射测得化合物R的晶体结构，其局部结构如图(b)所示。①从结构角度分析，R中两种阳离子的相同之处为________，不同之处为________。(填标号)A．中心原子的杂化轨道类型B．中心原子的价层电子对数C．立体结构D．共价键类型②R中阴离子Neq\o\al(－,5)中的σ键总数为______个。分子中的大π键可用符号Πeq\o\al(n,m)表示，其中m代表参与形成大π键的原子数，n代表参与形成大π键的电子数(如苯分子中的大π键可表示为Πeq\o\al(6,6))，那么Neq\o\al(－,5)中的大π键应表示为______。③图(b)中虚线代表氢键，其表示式为(NHeq\o\al(＋,4))N—H…Cl、______________________、______________________。(4)R的晶体密度为dg·cm－3，其立方晶胞参数为anm，晶胞中含有y个[(N5)6(H3O)3(NH4)4Cl]单元，该单元的相对质量为M，那么y的计算表达式为________________________________________________________________________________________________。[解析](3)①R中两种阳离子分别为H3O＋和NHeq\o\al(＋,4)。A选项，两种阳离子中心原子的杂化轨道类型均为sp3，所以两者相同；B选项，H3O＋中心原子的价层电子对数为(6＋3－1)/2＝4，NHeq\o\al(＋,4)中心原子的价层电子对数为(5＋4－1)/2＝4，所以两者相同；C选项，H3O＋和NHeq\o\al(＋,4)的立体结构分别为三角锥形和正四面体形，所以两者不同；D选项，H3O＋和NHeq\o\al(＋,4)均含有极性共价键和配位键，所以两者相同。②由题给图示可知，N与N之间形成5个N—N键，因此有5个σ键。Neq\o\al(－,5)中有5个氮原子参与形成大π键，每个N原子与其他2个N原子形成共价键，每个N原子还可以提供1个电子参与大π键的形成，加上得到的1个电子，共有6个电子参与形成大π键，因此Neq\o\al(－,5)中的大π键可表示为Πeq\o\al(6,5)。③根据题给表示式可知，除表示出形成氢键的原子外，还要表示出形成氢键的原子所在的原子团和该原子在原子团中的成键情况，因此氢键的表示式为(NHeq\o\al(＋,4))N—H…Cl、(H3O＋)O—H…N(Neq\o\al(－,5))、(NHeq\o\al(＋,4))N—H…N(Neq\o\al(－,5))。(4)晶胞的质量为dg·cm－3×(a×10－7cm)3＝a3d×10－21g，NA个该单元的质量为Mg，那么eq\f(a3d×10－21g,y)＝eq\f(M,NA)，故y＝eq\f(602a3d,M)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(或\f(a3dNA,M)×10－21))。[答案](1)(或)(2)同周期元素随核电荷数依次增大，原子半径逐渐变小，故结合一个电子释放出的能量依次增大N原子的2p轨道为半充满状态，具有稳定性，故不易结合一个电子(3)①ABDC②5Πeq\o\al(6,5)③(H3O＋)O—H…N(Neq\o\al(－,5))(NHeq\o\al(＋,4))N—H…N(Neq\o\al(－,5))(4)eq\f(602a3d,M)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(或\f(a3dNA,M)×10－21))上述真题的题型为物质结构与性质大题，题中既有填空题又有选择题。命题角度主要涉及：(1)原子结构与性质：①核外电子或价电子的排布式或轨道表达式，②核外电子排布与能量上下关系，③元素性质(第一电离能，电负性、粒子半径大小等)，如T1(2)(3)、T2(1)(2)(4)、T3(1)(2)、T4(1)(2)。(2)分子结构与性质：①粒子立体构型，②粒子间作用力比拟，③中心原子杂化类型，④共价键类型(σ、π键)，⑤分子的性质，⑥氢键，如T1(1)、T2(3)(4)、T3(3)(4)、T4(3)。(3)晶体结构与性质：①晶体的有关密度计算，②晶胞参数的计算，③金属堆积类型，④晶体熔点比拟，⑤晶胞中原子利用率计算等，如T1(4)、T2(4)(5)、T3(5)、T4(4)。预测2022年高考仍会在上述命题角度方面继续关注并有所创新。特别要注意晶胞有关计算这一命题角度创新命题。复习时要加强空间立体结构的想象能力。原子结构与性质(对应学生用书第108页)1．原子核外电子排布的“三〞规律(1)能量最低原理原子核外电子总是先占据能量最低的原子轨道(2)泡利原理每个原子轨道上最多只能容纳2个自旋状态相反的电子(3)洪特规那么当电子排布在同一能级的不同轨道时，基态原子中的电子总是优先单独占据一个轨道，而且自旋状态相同2.两种化学用语的表示(1)电子排布式eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(原子\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(核外电子：Fe：[Ar]3d64s2,价电子外围电子：Fe：3d64s2)),离子\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(核外电子：Fe2＋：[Ar]3d6,价电子外围电子：Fe2＋：3d6))))3．电离能及其应用(1)电离能的变化规律①同周期从左到右(ⅠA→0族)，第一电离能有增大的趋势。但第ⅡA族(np0)和第ⅤA族(ns2np3)，因p轨道处于全空或半充满状态，比拟稳定，所以其第一电离能大于同周期右侧相邻的ⅢA族或ⅥA族元素，如第一电离能Mg>Al，P>S。②逐级电离能逐渐增大(即I1<I2<…)，同能层的变化不大，但不同能层的差异很大(即突变)。如Na：I1≪I2…I9≪I10<I11。(2)电离能的应用①判断元素金属性的强弱。电离能越小，金属越容易失去电子，金属性越强；反之越弱。②判断元素的化合价。根据逐级电离能确定最外层电子数和各层电子数。4．电负性及其应用(1)电负性变化规律在周期表中，电负性从左到右逐渐增大，从上往下逐渐减小。(2)电负性的3个主要应用①确定元素类型：一般来说，电负性>1.8，非金属元素；电负性<1.8，金属元素。②确定化学键类型：一般来说，两成键元素电负性差值>1.7，离子键；两成键元素电负性差值<1.7，共价键。③判断元素价态正负：一般来说，电负性大的元素呈现负价，电负性小的元素呈现正价。原子结构及核外电子排布1．(2022·各地模拟精选)(1)氮族(ⅤA族)元素的外围电子排布式的通式为________。Sb的元素名称为______。基态P原子中，电子占据的最高能级符号为________，该能层具有的原子轨道数为________。(2)银(Ag)位于元素周期表第五周期，与Cu同族，那么基态Ag的价电子排布式为________。(3)基态Ca原子M能层电子排布图________，假设价层电子由4s2状态变化为4s14p1状态所得原子光谱为______光谱(填“发射〞或“吸收〞)。(4)以下氧原子电子排布图表示的状态中，能量最高的是________(填序号，下同)，能量最低的是________。(5)第四周期中，与N原子未成对电子数相同的金属元素有______种；最外层电子排布式为4s1的元素有______种。(6)Si原子中未成对电子数与成对电子数的个数之比为________，最高能级的原子轨道形状为________。[答案](1)ns2np3锑3p9(2)4d105s1(3)吸收(4)DA(5)33(6)1∶6哑铃形元素的主要性质2．(2022·各地模拟精选)(1)对于呋喃(和吡咯)所含的元素中，电负性最大的是________，最小的是________；第一电离能最大的是________。(2)Ca的第一电离能________(填“大于〞或“小于〞)Ga。理由是___________________________________________________________________________________________________________。(3)黄铜是由铜和锌所组成的合金，元素铜与锌的第一电离能分别为：ICu＝746kJ·mol－1，IZn＝906kJ·mol－1，ICu＜IZn的原因是_____________________________________________________。(4)FeO和Fe2O3中较稳定的是________，从原子结构角度分析，其理由是___________________________________________________________________________________________________。(5)组成HClO4～NaClO4的4种元素的电负性由小到大的顺序为________________。(6)从原子结构的角度解释形成焰色反响的原因为________________________________________________________________。[答案](1)OHN(2)大于Ga的4p轨道上有一个电子，易失去，而Ca的4p轨道上全空较稳定(3)锌失去的是全充满的4s2电子，铜失去的是4s1电子(4)Fe2O3Fe2O3中的＋3价Fe的3d为半充满状态，很稳定(5)Na<H<Cl<O(6)处于较高激发态的电子容易跃迁到较低激发态或基态，并以光的形式释放能量原子轨道“全满〞“半满〞的应用能量相同的原子轨道在全满(p6、d10、f14)、半满(p3、d5、f7)和全空(p0、d0、f0)状态时，体系的能量最低。利用此规律可解释①原子核外电子排布式，如Cr：[Ar]3d54s1，Cu：[Ar]3d104s1；②第一电离能反常大，如I1(N)＞I1(O)；③稳定性强弱，如Cu2O比CuO稳定；Fe2O3比FeO稳定。分子结构与性质(对应学生用书第109页)1．共价键(1)分类②配位键：形成配位键的条件是成键原子一方(A)能够提供孤电子对，另一方(B)具有能够接受孤电子对的空轨道，可表示为A→B。(2)σ键和π键的判断方法共价单键为σ键，双键中有一个σ键和一个π键，三键中有一个σ键和两个π键。但注意配位键也属于σ键，如1mol[Cu(NH3)4]2＋中含σ键16NA。(3)大π键①简介：大π键一般是三个或更多个原子间形成的，是未杂化轨道中原子轨道“肩并肩〞重叠形成的π键。②表达式Πeq\o\al(n,m)：m代表参与形成大π键的原子数，n代表参与形成大π键的电子数。③例如：：Πeq\o\al(6,6)，CH2=CH—CH=CH2：Πeq\o\al(4,4)，NOeq\o\al(－,3)：Πeq\o\al(6,4)，SO2：Πeq\o\al(4,3)，O3：Πeq\o\al(4,3)，COeq\o\al(2－,3)：Πeq\o\al(6,4)。2．中心原子价层电子对数、杂化类型与粒子的立体构型(ABeq\o\al(m±,n)型)价层电子对数(杂化轨道数)234轨道杂化类型spsp2sp3价层电子对模型(VSEPR)直线形三角形四面体形粒子组成形式与构型AB2：直线形AB2：V形AB3：三角形AB2：V形AB3：三角锥形AB4：(正)四面体形规律当中心原子无孤电子对时，分子构型与价层电子对模型一致；当不相等时，分子的构型为去掉孤电子对后剩余局部的立体构型，且孤电子对会对分子构型产生“挤压〞效果，使键角变小3.分子构型与分子极性的关系4．三种作用力及对物质性质的影响范德华力氢键共价键作用微粒分子H与N、O、F原子强度比拟共价键＞氢键＞范德华力影响因素组成和结构相似的物质，相对分子质量越大，范德华力越大A—H……B中形成氢键元素的电负性(A、B的电负性)原子半径对性质的影响影响物质的熔点、沸点、溶解度等物理性质分子间氢键使熔点、沸点升高，溶解度增大键能越大，稳定性越强5.无机含氧酸[(HO)mROn]的酸性强弱n越大，R的化合价越高，—OH在水中越易电离，酸性越强。6．等电子原理原子总数相同，价电子总数相同的不同粒子，具有相似的化学键特征和立体构型。如N2O与CO2，H3O＋与NH3。7．配位化合物(1)概念：金属离子(或原子)与某些分子或离子(称为配体)以配位键结合形成的化合物。(2)形成条件①配体有孤电子对，中性分子如H2O、NH3和CO等；离子如F－、Cl－、CN－等，对于配体中两端均有孤电子对时，电负性小的原子为配位原子，如配体CO、CN－中的C为配位原子。②中心原子有空轨道，如Fe3＋、Cu2＋、Zn2＋、Ag＋等。(3)组成共价键杂化与空间结构1．2022年诺贝尔化学奖授予在“分子机器设计和合成〞领域有突出成就的三位科学家，其研究对象之一“分子开关〞即与大环主体分子苯芳烃、硫或氮杂环杯芳烃等有关。答复以下问题：(1)对叔丁基杯[4]芳烃(如下图)可用于第ⅢB族元素对应的离子萃取，如La2＋、Sc2＋。写出基态二价钪离子(Sc2＋)核外电子排布式：____________________。其中电子占据的轨道数为________个。(2)对叔丁基杯[4]芳烃由4个羟基构成杯底，其中羟基氧原子的杂化方式为______。羟基间的相互作用力为____________________。(3)不同大小的杯芳烃能识别某些离子，如：Neq\o\al(－,3)、SCN－等。根据等电子体原理判断Neq\o\al(－,3)立体构型为__________；一定条件下，SCN－与MnO2反响可得到(SCN)2。试写出(SCN)2的结构式：____________。[解析](1)Sc是21号元素，Sc2＋核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d1或[Ar]3d1；每个s能级有1个轨道，每个p能级有3个轨道，3d能级只有1个电子，占据1个轨道，因此电子共占据10个轨道。(2)羟基中的氧原子有2个σ键，2个孤电子对，因此杂化类型是sp3，羟基间通过氢键联系在一起。(3)Neq\o\al(－,3)与CO2互为等电子体，因此Neq\o\al(－,3)的立体构型为直线形；(SCN)2的结构式为。[答案](1)[Ar]3d1(或1s22s22p63s23p63d1)10(2)sp3氢键(3)直线形2．(2022·各地模拟题精选)(1)依据VSEPR理论推测S2Oeq\o\al(2－,3)的立体构型为________，中心原子S的杂化方式为________，[Ag(S2O3)2]3－中存在的化学键有________(填字母序号)。A．离子键B．极性键C．非极性键D．金属键E．配位键(2)氯气与熟石灰反响制漂白粉时会生成副产物Ca(ClO3)2，ClOeq\o\al(－,3)中心原子的杂化形式为________、立体构型是________。(3)甲醇(CH3OH)在Cu催化作用下被氧化成甲醛(HCHO)。甲醛分子内σ键与π键个数之比为______。甲醇分子内的O—C—H键角____________(填“大于〞“等于〞或“小于〞)甲醛分子内的O—C—H键角，理由是：______________________________________________________________________________________。(4)呋喃()分子中，碳原子和氧原子的杂化方式分别为________________；1mol吡咯()分子中含有________molσ键，分子中N采用杂化方式为________。[解析](1)硫代硫酸根离子中一个硫原子相当于氧原子，中心硫原子孤电子对数为eq\f(6＋2－2×4,2)＝0，价层电子数为0＋4＝4；[Ag(S2O3)2]3＋中Ag＋与S2Oeq\o\al(2－,3)之间形成配位键，硫原子之间形成非极性键，硫与氧原子之间形成极性键。(3)甲醛中C原子形成3个σ键，为sp2杂化，是平面三角形结构，键角为120°，甲醇分子内碳原子形成4个σ键，无孤电子对，杂化方式为sp3杂化，是四面体结构，O—C—H键角约为109°28′，键角小于120°，所以甲醇分子内O—C—H键角比甲醛分子内O—C—H键角小。[答案](1)四面体形sp3BCE(2)sp3三角锥形(3)3∶1小于甲醇分子中碳采用sp3杂化，键角约为109°28′，而甲醛分子中碳采用sp2杂化，键角约为120°(4)sp2sp310sp3(1)键角大小比拟的4种类型①杂化类型不同时，sp>sp2>sp3。②杂化类型相同，中心原子孤电子对越多，键角越小，如H2O<NH3。③杂化类型和孤电子对数相同，中心原子电负性越大，键角越大。如NH3>PH3。④杂化类型和孤电子对数相同，配位原子的电负性越大，键角越小，如NCl3<NBr3。(2)根据结构判断杂化类型氢键、配位键及配合物3．(2022·模拟题精选)(1)①VCl2溶液与乙二胺(H2N—CH2—CH2—NH2)可形成配离子[V(En)2]2＋(En是乙二胺的简写)，该配离子中所含非金属元素的电负性由大到小的顺序是________(用元素符号表示)。乙二胺分子中氮原子的杂化轨道类型为________，乙二胺和三甲胺[N(CH3)3]均属于胺，且相对分子质量相近，但乙二胺比三甲胺的沸点高得多，原因是_________________。②钒能形成多种配合物，钒的两种配合物X、Y的化学式均为V(NH3)3ClSO4，取X、Y的溶液进行实验(配体难电离出来)，所用试剂及所得现象如表所示：X的溶液X的溶液Y的溶液Y的溶液试剂BaCl2溶液AgNO3溶液BaCl2溶液AgNO3溶液现象白色沉淀无明显变化无明显变化白色沉淀那么X的配离子为________，Y的配体是________。(2)NH3与H2O可与Zn2＋形成配合物[Zn(NH3)3(H2O)]2＋，与Zn2＋形成配位键的原子是________(填元素符号)。(3)NH3的相对分子质量比N2O的小，但其沸点却比N2O的高，其主要原因是_________________________________________________________________________________________________________________________________________________________。(4)H2O比NH3的熔沸点高的理由是___________________________________________________________________________。(5)HF的水溶液中存在的氢键有________________________________________________________________________________(用A—H…B形式表示)。(6)的熔点________(填“高〞或“低〞)理由是_________________________________________________________________________________________________。(7)乙醇在水中的溶解度比CH3CH3大的多的理由是______________________________________________________________。[答案](1)①N＞C＞Hsp3乙二胺分子之间可以形成氢键，三甲胺分子之间不能形成氢键②[V(NH3)3Cl]2＋NH3、SOeq\o\al(2－,4)(2)N、O(3)NH3分子间形成氢键(4)H2O分子间形成氢键比NH3的多(5)F—H…OF—H…FO—H…FO—H…O(6)低形成分子内氢键而形成分子间氢键，后者熔点较高(7)乙醇与H2O能形成分子间氢键，溶解度增大回归高考，真题验收4．(1)(2022·全国卷Ⅰ，节选)在普通铝中参加少量Cu和Mg后，形成一种称为拉维斯相的MgCu2微小晶粒，其分散在Al中可使得铝材的硬度增加、延展性减小，形成所谓“坚铝〞，是制造飞机的主要材料。答复以下问题：①以下状态的镁中，电离最外层一个电子所需能量最大的是________(填标号)。②乙二胺(H2NCH2CH2NH2)是一种有机化合物，分子中氮、碳的杂化类型分别是________、________。乙二胺能与Mg2＋、Cu2＋等金属离子形成稳定环状离子，其原因是__________________，其中与乙二胺形成的化合物稳定性相对较高的是________(填“Mg2＋〞或“Cu2＋〞)。(2)(2022·全国卷Ⅲ，节选)磷酸亚铁锂(LiFePO4)可用作锂离子电池正极材料，具有热稳定性好、循环性能优良、平安性高等特点，文献报道可采用FeCl3、NH4H2PO4、LiCl和苯胺等作为原料制备。答复以下问题：①在周期表中，与Li的化学性质最相似的邻族元素是________，该元素基态原子核外M层电子的自旋状态________(填“相同〞或“相反〞)。②FeCl3中的化学键具有明显的共价性，蒸汽状态下以双聚分子存在的FeCl3的结构式为________________，其中Fe的配位数为________。[解析](1)①根据影响电离能大小的因素(有效核电荷数、微粒半径和电子层结构)可知，A中电离最外层一个电子所需能量最大。②乙二胺中N、C原子价层电子对数均为4，均采用sp3方式杂化。乙二胺中氮原子有孤对电子，Mg2＋、Cu2＋存在空轨道，两者易形成配位键。由于半径Cu2＋>Mg2＋，Cu2＋的配位数比Mg2＋大，故乙二胺与Cu2＋形成的配合物更稳定。(2)①在周期表中存在“对角线〞关系的元素化学性质相似，如Li和Mg、Be和Al、B和Si等，所以与Li的化学性质最相似的邻族元素是Mg。Mg元素基态原子核外M层上只有3s轨道上2个自旋状态相反的电子。②在蒸汽状态下FeCl3以双聚分子存在，即分子式为Fe2Cl6；每个Fe原子与3个Cl原子形成共价键，还可以提供空轨道与另1个Cl原子提供的孤对电子形成配位键，结构式可表示为；由结构式可知，Fe的配位数为4。[答案](1)①A②sp3sp3乙二胺的两个N提供孤对电子给金属离子形成配位键Cu2＋(2)①Mg相反5．(2022·全国卷Ⅱ，节选)硫及其化合物有许多用途，相关物质的物理常数如下表所示：H2SS8FeS2SO2SO3H2SO4熔点/℃－85.5115.2>600(分解)－75.516.810.3沸点/℃－60.3444.6－10.045.0337.0答复以下问题：(1)基态Fe原子价层电子的电子排布图(轨道表达式)为____________________，基态S原子电子占据最高能级的电子云轮廓图为________形。(2)根据价层电子对互斥理论，H2S、SO2、SO3的气态分子中，中心原子价层电子对数不同于其他分子的是________。(3)图(a)为S8的结构，其熔点和沸点要比二氧化硫的熔点和沸点高很多，主要原因为___________________________________________________________________________________________________________________________________________________。图(a)图(b)(4)气态三氧化硫以单分子形式存在，其分子的立体构型为________形，其中共价键的类型有________种；固体三氧化硫中存在如图(b)所示的三聚分子，该分子中S原子的杂化轨道类型为________。[解析](2)价层电子对数包括成键电子对数和孤电子对数，H2S中S的成键电子对数为2，孤电子对数为eq\f(6－1×2,2)＝2，故价层电子对数为4(或价层电子对数为eq\f(6＋1×2,2)＝4)，同理，SO2中S的价层电子对数为eq\f(6＋0×2,2)＝3，SO3中S的价层电子对数为eq\f(6＋0×3,2)＝3，H2S中S的价层电子对数不同于SO2、SO3。(4)气态SO3为单分子，分子中S无孤电子对，其分子的立体构型为平面三角形，S和O之间形成双键，故共价键有σ键和π键两种。固态SO3为三聚分子，分子中每个S与4个O成键，S无孤电子对，故原子的杂化轨道类型为sp3。[答案](1)哑铃(纺锤)(2)H2S(3)S8相对分子质量大，分子间范德华力强(4)平面三角2sp3晶体结构与性质(对应学生用书第111页)1．四类晶胞结构及其代表物(1)离子晶体(2)金属晶体：简单立方堆积(Po)，体心立方堆积(Na、K)，六方最密堆积(Mg、Zn)，面心立方最密堆积(Cu、Ag)。(3)分子晶体(图a)(4)原子晶体(图b)图a图b2．晶胞计算的思维方法(1)“均摊法〞原理注意：①立方体晶胞中各线段之间的关系②对于不是平行六面体的晶胞，用均摊法计算粒子数时，要注意均摊比例的不同，如三棱柱晶胞和六棱柱晶胞等。(2)晶体密度的相关计算假设1个晶胞中含有x个微粒，那么1mol晶胞中含有xmol微粒，其质量为xMg(M为微粒的相对“分子〞质量)；1个晶胞的质量为ρVg(V为晶胞的体积)，那么1mol晶胞的质量为ρVNAg，因此有xM＝ρVNA。注意计算V时要注意晶胞的立体形状灵活计算，且注意V与ρ单位一致。(3)晶胞中原子空间利用率＝eq\f(晶胞中含有粒子的体积,晶胞体积)×100%。如面心立方最密堆积(如下图)分析：a＝2eq\r(2)r；V(球)＝4×eq\f(4,3)πr3；V(晶胞)＝a3＝(2eq\r(2)r)3＝16eq\r(2)r3；空间利用率＝eq\f(V球,V晶胞)×100%＝eq\f(4×\f(4,3)πr3,16\r(2)r3)×100%≈74%。3．比拟晶体熔、沸点上下的规律方法(1)不同类型晶体的熔、沸点上下一般规律原子晶体>离子晶体>分子晶体。金属晶体的熔、沸点差异很大。如钨、铂等熔点很高，汞、铯等熔点很低。(2)同类型晶体的熔、沸点上下一般规律①原子晶体由共价键形成的原子晶体中，原子半径小的键长短，键能大，晶体的熔、沸点高。如熔点：金刚石>碳化硅>硅。②离子晶体一般地说，阴、阳离子的电荷数越多，离子半径越小，那么离子间的作用力就越强，晶格能就越大，其晶体的熔、沸点就越高。如熔点：MgO>NaCl>CsCl。③分子晶体a．分子间作用力越大，物质的熔、沸点越高；具有氢键的分子晶体熔、沸点反常地高。如H2O>H2Te>H2Se>H2S。b．组成和结构相似的分子晶体，相对分子质量越大，熔、沸点越高。如SnH4>GeH4>SiH4>CH4。c．组成和结构不相似的分子晶体(相对分子质量接近)，分子的极性越大，其熔、沸点越高。如CO>N2。④金属晶体金属离子半径越小，离子电荷数越多，金属键越强，金属熔、沸点就越高。如熔、沸点：Al>Mg>Na。晶体结构及其晶胞计算1．(2022·潍坊模拟)某磷青铜晶胞结构如以下图所示：(1)其中原子坐标参数A为(000)；B为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(1,2)，\f(1,2)))。那么P原子的坐标参数为________。(2)该晶体中距离Cu原子最近的Sn原子有________个，这些Sn原子所呈现的构型为________。(3)假设晶体密度为ag·cm－3，最近的Cu原子核间距为________pm(用含NA和a的代数式表示)。[答案](1)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，\f(1,2)，\f(1,2)))(2)4平面正方形(3)eq\f(\r(2),2)eq\r(3,\f(342,a·NA))×10102．(2022·济宁模拟)萤石(CaF2)的晶胞如下图。(1)白球的代表粒子为________。(2)Ca2＋和F－的配位数分别为________、________。(3)晶体中F－配位的Ca2＋形成的空间结构为________形；Ca2＋配位的F－形成的空间结构为________形。(4)晶胞参数为0.545nm，阿伏加德罗常数的值为NA，那么萤石的密度为________g·cm－3(列出计算式，不必计算)。[解析]萤石的化学式为CaF2，即晶胞中钙离子与氟离子个数比为1∶2，从晶胞示意图看，每个晶胞中实际占有黑球的个数＝8×1/8＋6×1/2＝4，晶胞中实际占有白球的个数为8，据此可知黑球代表Ca2＋，白球代表F－。将该面心立方晶胞分割成8个小立方，每个小立方的4个顶点上是Ca2＋，体心是F－，先选取1个顶点(Ca2＋)作为考查对象，经过该顶点的小立方体有8个，即与该顶点的Ca2＋距离相等且最近的F－共有8个，所以Ca2＋的配位数为8。萤石的一个晶胞中实际占有4个Ca2＋和8个F－，即4个CaF2组成。根据(0.545×10－7)3ρNA＝4×78，可得ρ。[答案](1)F－(2)84(3)正四面体、立方体(4)eq\f(4×78,0.545×10－73NA)3．(2022·青岛模拟)某种离子型铁的氧化物晶胞如以下图所示，它由A、B组成。那么该氧化物的化学式为________，该晶体的晶胞参数为anm，阿伏加德罗常数的值为NA，那么密度ρ为________g·cm－3(用含a和NA的代数式表示)。[解析]1个A和1个B中含有的Fe2＋、Fe3＋、O2－分别为248，故1个晶胞中含8个Fe3O4。故：(a×10－7)3ρNA＝8×M(Fe3O4)。ρ＝eq\f(232×8,a×10－73NA)。[答案]Fe3O4eq\f(232×8,a×10－73NA)4．利用新制的Cu(OH)2检验醛基时，生成红色的Cu2O，其晶胞结构如以下图所示。(1)该晶胞原子坐标参数A为(000)；B为(100)；C为eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)，\f(1,2)，\f(1,2)))。那么D原子的坐标参数为________，它代表__________________原子。(2)假设Cu2O晶体的密度为dg·cm－3，Cu和O的原子半径分别为rCupm和rOpm，阿伏加德罗常数值为NA，列式表示Cu2O晶胞中原子的空间利用率为_______________________________________________________________________________________________________________________。[解析](1)根据晶胞的结构，D在A和C中间，因此D的坐标是eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)，\f(1,4)，\f(1,4)))，白色的原子位于顶点和体心，个数为8×eq\f(1,8)＋1＝2，D原子位于晶胞内，全部属于晶胞，个数为4，根据化学式，推出D为Cu。(2)空间利用率是晶胞中球的体积与晶胞体积的比值，晶胞中球的体积为(4×eq\f(4,3)πreq\o\al(3,Cu)＋2×eq\f(4,3)πreq\o\al(3,O))×10－30cm3，晶胞的体积可以采用晶胞的密度进行计算，即晶胞的体积为eq\f(2×144,NA×d)cm3，因此空间利用率为eq\f(πdNA2r\o\al(3,Cu)＋r\o\al(3,O)×10－30,108)×100%。[答案](1)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)，\f(1,4)，\f(1,4)))Cu(2)eq\f(πdNA2r\o\al(3,Cu)＋r\o\al(3,O)×10－30,108)×100%(答案合理即可)5．如图为碳化钨晶体结构的一局部，碳原子嵌入金属钨的晶格的间隙，并不破坏原有金属的晶格，形成填隙固溶体。(1)在此结构中，1个钨原子周围距离该钨原子最近的碳原子有________个，该晶体的化学式为________。(2)该局部晶体的体积为Vcm3，那么碳化钨的密度为______g·cm－3(用NA表示阿伏加德罗常数的值)。[解析](1)据图可知，距离一个钨原子最近的碳原子的个数为6，钨原子位于顶点、棱上、面上、内部，属于该晶胞的个数为12×eq\f(1,6)＋6×eq\f(1,3)＋2×eq\f(1,2)＋1＝66个碳原子位于内部，即化学式为WC。(2)晶胞的质量为eq\f(6×184＋12,NA)g，根据密度的定义可知，WC的密度为eq\f(1176,VNA)g·cm－3。[答案](1)6WC(2)eq\f(1176,VNA)三类典型晶胞的体积计算(1)立方体(晶胞边长为a)：V＝a3。(2)长方体：V＝abc。(3)三棱柱或六棱柱：V＝S底面×h。晶体的主要性质6．(1)Mn与Re属于同一族，研究发现，Mn的熔点明显高于Re的熔点，原因可能是________________________。(2)CuSO4的熔点为560℃，Cu(NO3)2的熔点为115℃，CuSO4熔点更高的原因是_______________________________________________________________________________________________。(3)根据下表提供的数据判断，熔点最高、硬度最大的是________(填化学式)。离子晶体NaFMgF2AlF3晶格能/(kJ·mol－1)92329575492(4)金刚石结构中C—C比石墨结构中C—C的键长长，那么金刚石的熔点________石墨的熔点(填“高于〞或“低于〞或“等于〞)理由是___________________________________________。(5)碳酸盐的热分解示意图如下图：热分解温度：CaCO3________(填“高于〞或“低于〞)SrCO3，原因是_________________________________________________________________________________________________________。[答案](1)Mn的金属键比Re的金属键强(2)CuSO4和Cu(NO3)2均为离子晶体，SOeq\o\al(2－,4)所带电荷比NOeq\o\al(－,3)多，故CuSO4晶格能较大，熔点较高(3)AlF3(4)低于键长越长，键能越小，键越不稳定，熔点越低(5)低于CaO晶格能大于SrO晶格能，故CaCO3更易分解生成CaO7．(2022·模拟精选)(1)MnO的熔点(1650℃)比MnS的熔点(1610℃)高，它们都属于________晶体。前者熔点较高的原因是______________________________________________________________。(2)SiCl4和SnCl4通常均为液体。①Si、Sn、Cl三种元素电负性由小到大的顺序为________(用元素符号表示)。②SiCl4的立体构型为________。③SiCl4的熔点低于SnCl4的原因为____________________________________________________________________________。(3)晶格能不可以用实验的方法直接测得，但是可以根据“盖斯定律〞间接计算。NaCl是离子晶体，其形成过程中的能量变化如下图：由图可知，Na原子的第一电离能为________kJ·mol－1，NaCl的晶格能为________kJ·mol－1。(4)中C原子的杂化方式为________，其熔点比NaF________(填“高〞或“低〞)。(5)铜、银、金的晶体结构均为面心立方最密堆积。①以下不属于晶体的共同性质的是________(填选项字母)，判断晶体和非晶体最可靠的方法是________。A．自范性 B．透明C．固定的熔点 D．各向异性E．热塑性②金的相对原子质量为197，常温常压下密度为ρg·cm－3，阿伏加德罗常数的值为NA，那么金原子的半径为________cm(用含ρ、NA的代数式表示)。[解析](3)由图可知，Na(g)失去一个电子得到Na＋(g)所需的能量为496kJ·mol－1，因此Na原子的第一电离能为496kJ·mol－1。根据盖斯定律可知，NaCl的晶格能为411kJ·mol－1＋108kJ·mol－1＋121kJ·mol－1＋496kJ·mol－1－349kJ·mol－1＝787kJ·mol－1。(4)离子半径越大，晶格能越小，熔点越低，的半径比F－的半径大，因此其熔点低于NaF。(5)②金的晶胞为面心立方最密堆积，一个晶胞中含有4个金原子，所以晶胞的体积为eq\f(4×197,ρNA)cm3，边长为eq\r(3,\f(4×197,ρNA))cm；面对角线长度等于4倍的原子半径，所以原子半径为eq\f(\r(2),4)eq\r(3,\f(4×197,ρNA))cm。[答案](1)离子O2－半径小于S2－半径，MnO的晶格能较大(2)①Sn<Si<Cl②正四面体形③二者均为分子晶体，组成与结构相似，SiCl4的相对分子质量小于SnCl4，分子间作用力弱于SnCl4，熔点低于SnCl4(3)496787(4)sp2低(5)①BEX射线衍射实验②eq\f(\r(2),4)eq\r(3,\f(4×197,ρNA))回归高考，真题验收8．(2022·全国卷Ⅰ)钾和碘的相关化合物在化工、医药、材料等领域有着广泛的应用。答复以下问题：(1)元素K的焰色反响呈紫红色，其中紫色对应的辐射波长为________nm(填标号)。A404.4B．553.5C．589.2D．670.8E．766.5(2)基态K原子中，核外电子占据最高能层的符号是________，占据该能层电子的电子云轮廓图形状为________。K和Cr属于同一周期，且核外最外层电子构型相同，但金属K的熔点、沸点等都比金属Cr低，原因是___________________________________________________________________________________________。(3)X射线衍射测定等发现，I3AsF6中存在Ieq\o\al(＋,3)。Ieq\o\al(＋,3)的几何构型为__________________，中心原子的杂化形式为________________。(4)KIO3晶体是一种性能良好的非线性光学材料，具有钙钛矿型的立体结构，边长为a＝0.446nm，晶胞中K、I、O分别处于顶角、体心、面心位置，如下图。K与O间的最短距离为________nm，与K紧邻的O个数为________。(5)在KIO3晶胞结构的另一种表示中，I处于各顶角位置，那么K处于________位置，O处于________位置。[解析](1)紫色光对应的辐射波长范围是400～430nm。(2)基态K原子占据K、L、M、N四个能层，其中能量最高的是N能层。N能层上为4s电子，电子云轮廓图形状为球形。Cr的原子半径小于K且其价电子数较多，那么Cr的金属键强于K，故Cr的熔、沸点较高。(3)Ieq\o\al(＋,3)的价层电子对数为eq\f(7＋2－1,2)＝4，中心原子杂化轨道类型为sp3，成键电子对数为2，孤电子对数为2，故空间构型为V形。(4)K与O间的最短距离为eq\f(\r(2),2)a＝eq\f(\r(2),2)×0.446nm≈0.315nm；由于K、O分别位于晶胞的顶角和面心，所以与K紧邻的O原子为12个。(5)根据KIO3的化学式及晶胞结构可画出KIO3的另一种晶胞结构，如以下图，可看出K处于体心，O处于棱心。[答案](1)A(2)N球形K原子半径较大且价电子数较少，金属键较弱(3)V形sp3(4)0.31512(5)体心棱心9．(1)(2022·全国卷Ⅰ，节选)①一些氧化物的熔点如下表所示：氧化物Li2OMgOP4O6SO2熔点/℃1570280023.8－75.5解释表中氧化物之间熔点差异的原因________________________________________________________________________。②图(a)是MgCu2的拉维斯结构，Mg以金刚石方式堆积，八面体空隙和半数的四面体空隙中，填入以四面体方式排列的Cu。图(b)是沿立方格子对角面取得的截图。可见，Cu原子之间最短距离x＝________pm，Mg原子之间最短距离y＝________pm。设阿伏加德罗常数的值为NA，那么MgCu2的密度是________g·cm－3(列出计算表达式)。(a)(b)(2)(2022·全国卷Ⅲ，节选)①苯胺(NH2)的晶体类型是________。苯胺与甲苯(CH3)的相对分子质量相近，但苯胺的熔点(－5.9℃)、沸点(184.4℃)分别高于甲苯的熔点(－95.0℃)、沸点(110.6℃)，原因是_____________________。②NH4H2PO4中，电负性最高的元素是________；P的________杂化轨道与O的2p轨道形成________键。③NH4H2PO4和LiFePO4属于简单磷酸盐，而直链的多磷酸盐那么是一种复杂磷酸盐，如：焦磷酸钠、三磷酸钠等。焦磷酸根离子、三磷酸根离子如以下图所示：这类磷酸根离子的化学式可用通式表示为____________(用n代表P原子数)。[解析](1)①晶体的熔点上下与晶体类型以及晶体微粒间的作用力有关。Li2O、MgO是离子晶体，离子晶体的晶格能大小影响了晶体熔点的上下，晶格能越大，晶体熔点越高；P4O6、SO2为分子晶体，分子晶体的熔点上下取决于分子间作用力的大小，分子间作用力越大，晶体熔点越高。②由图(b)可知，立方格子面对角线长为eq\r(2)apm，即为4个Cu原子直径之和，那么Cu原子之间最短距离为eq\f(\r(2),4)apm。由图(b)可知，假设将每个晶胞分为8个小立方体，那么Mg原子之间最短距离y为晶胞内位于小立方体体对角线中点的Mg原子与顶点Mg原子之间的距离(如下图)，即小立方体体对角线长的一半，那么y＝eq\f(a,2)pm×eq\r(3)×eq\f(1,2)＝eq\f(\r(3),4)apm。由图(a)可知，每个晶胞含Mg原子8×eq\f(1,8)＋6×eq\f(1,2)＋4＝8个，含Cu原子16个，那么MgCu2的密度ρ＝eq\f(8×24＋16×64,a×10－103NA)g·cm－3。(2)①苯胺是有机化合物，属于分子晶体。由于苯胺分子中N原子电负性大、原子半径小，易形成分子间氢键N—H…N，导致熔、沸点比相对分子质量相近的甲苯高。②元素的非金属性越强，电负性越高，非金属性：H＜P＜N＜O，故在N、H、P、O四种元素中电负性最高的是O。POeq\o\al(3－,4)中价层电子对数为eq\f(5＋3,2)＝4，采取sp3杂化方式，杂化轨道与配位原子只能形成σ键，故与O原子的2p轨道形成σ键。③由题给焦磷酸根离子、三磷酸根离子的结构式可看出，多磷酸盐中存在POeq\o\al(3－,4)结构单元，n个POeq\o\al(3－,4)结构单元共用(n－1)个O原子，那么O原子总数为4n－(n－1)＝3n＋1，离子所带电荷数为－(n＋2)，故通式为(PnO3n＋1)(n＋2)－。[答案](1)①Li2O、MgO为离子晶体，P4O6、SO2为分子晶体。晶格能MgO>Li2O，分子间力(分子量)P4O6>SO2②eq\f(\r(2),4)aeq\f(\r(3),4)aeq\f(8×24＋16×64,NAa3×10－30)(2)①分子晶体苯胺分子之间存在氢键②Osp3σ③(PnO3n＋1)(n＋2)－突破物质结构与性质的“三步〞思维(1)审题——正确推断题中元素或物质有些物质结构与性质题不需要进行元素与物质的推断，题干很简单，往往介绍简单的背景材料，略作了解即可；有些题需进行元素与物质的推断，认真阅读题目所提供信息，根据原子结构、元素周期律知识、物质的性质正确推断题中元素与物质。(2)析题——认真分析，关注有效信息①物质结构特点：有些题目常考查物质所含σ键和π键，需正确书写物质的结构式进行分析；单键均为σ键，双键、三键中只有一个为σ键，其余为π键。运用等电子体知识，理解物质中原子的杂化方式和立体结构，以及电子式的书写方法等。②关注晶胞结构：题目中有关晶体的理解常提供晶胞结构，需认真分析，想象晶体中原子在空间的连接方式，正确确定物质的化学式。(3)答题——关注细节，标准正确答题①原子结构的考查，应注意看清是原子的电子排布式、离子的电子排布式、价电子排布式还是电子排布图等。②第一电离能的考查，特别注意第ⅡA和ⅤA族的特殊性。③对于物质熔、沸点的上下比拟，特别注意不要忽略氢键的问题。④注意问题表达(因果、比照)及书写标准。“物质结构与性质〞大题中的简答题专练(对应学生用书第115页)原子结构与性质1．(1)Cr的价电子排布式为3d54s1而不是3d44s2的理由是_____________________________________________________。(2)P的第一电离能比S的第一电离能大的理由是_______________________________________________________________。(3)假设I4表示元素的第四电离能，那么I4(Co)________I4(Fe)(填“>〞或“<〞)。理由是_________________________________________________________________________________________。(4)在高温条件CuO转化为Cu2O的理由是_____________________________________________________________________。[答案](1)3d5为半充满，能量低，稳定(2)P的3p轨道为3p3，电子半充满，能量低，稳定，难失去电子(3)<Co、Fe失去3个e－后的价电子排布为3d6、3d53d5为半充满，稳定，难失去电子(4)Cu2O中＋1价Cu的价电子排布为3d10，轨道处于全充满状态，能量低，较稳定2．烟花燃放过程中，天空呈现五彩缤纷的焰花，其理由是___________________________________________________________________________________________________________。[答案]处于激发态的电子跃迁至较低能级的激发态或基态，以光的形式释放能量3．电离能：I2(Ti)＝1310kJ·mol－1，I2(K)＝3051kJ·mol－1，I2(Ti)<I2(K)，其原因为________________________________________________________________________________________。[答案]K＋失去的是全充满的3p6电子，Ti＋失去的是4s1电子，相对较易失去，故I2(Ti)<I2(K)分子结构与性质4．C与O易形成π键而Si与O难形成π键的理由是_______________________________________________________________________。[答案]Si的原子半径较大，p轨道“肩并肩〞重叠程度很小，难形成π键5．硅烷种类没有烷烃多，从键能角度解释，其主要原因是_