湖北省武汉市2020年中考物理模拟试卷

第=page1818页，共=sectionpages1919页第=page1919页，共=sectionpages1919页中考物理模拟试卷题号一二三总分得分一、单选题（本大题共12小题，共36.0分）下面四种现象中，由光的直线传播形成的是（）A.在平静的湖面可以看到蓝天白云

B.游泳池注水后，看上去好像变浅了

C.早晨太阳还在地平线一下时人就可以看到它

D.阳光透过树叶间的缝隙射到地面上，形成圆形光斑关于声现象，下列说法正确的是（）A.人类能听到的声叫声音

B.声速的大小只跟介质的种类有关

C.人听到声音是否响亮只跟发声体的振幅有关

D.发声体的材料相同，发出声音的音色也就相同如图所示是空中加油机正在给歼击机加油的情景（它们正在水平匀速飞行），在加油的过程中（）

A.歼击机的动能不变，机械能不变

B.歼击机的动能变大，机械能增大

C.如果以地面为参照物，歼击机静止

D.如果以加油机为参照物，歼击机运动在羽毛球、足球、男子体操、网球这四项运动中，下列描述正确的是（）A.羽毛球离开球拍后能在空中飞行一段距离，是由于羽毛球受到惯性力

B.踢出能在空中可以转弯的“香蕉球”，是利用了流体压强与流速的关系

C.体操运动员在手上涂防滑粉，是为了减小摩擦力

D.球拍在击打网球的过程中，只有球拍发生了弹性形变三峡船闸是世界上最大的人造连通器。图是轮船通过船闸的示意图。此时上游阀门A打开，下游阀门B关闭。下列说法正确的是（）

A.闸室和上游水道构成连通器，水对阀门A两侧的压力相等

B.闸室和上游水道构成连通器，水对阀门A右侧的压力大于左侧的压力

C.闸室和下游水道构成连通器，水对阀门B右侧的压力大于左侧的压力

D.闸室和下游水道构成连通器，水对阀门B两侧的压力相等在“探究浮力的大小跟排开液体所受重力的关系”实验中，如图所示进行了甲、乙、丙、丁四步实验操作。下列相关说法正确的是（）

A.甲乙两个步骤的目的是测量出物体排开水的重力

B.在乙步骤中只要求物体浸没在水中即可

C.乙步骤中溢水杯底部所受水的压力变小

D.按照丁、甲、乙、丙顺序进行实验可以减小实验误差容器中间用隔板分成左右两个部分，隔板下部有一圆孔用面积为1cm2的薄橡皮膜封闭。在容器左右两侧分别倒入水和酒精，橡皮膜中心到水面的距离为0.1m，如图所示，橡皮膜相平。下列结论正确的是（）

A.酒精对容器底部的压强等于水对容器底部的压强

B.酒精对橡皮膜的压力为10N

C.容器右侧中酒精的深度为12.5cm

D.容器右侧液面比左侧水面高2.5cm如图是扬声器工作原理图，线圈中通入携带声音信息、时刻变化的电流，使得它在一个瞬间和下一个瞬间受到不同的力，于是带动纸盆振动起来，发出声音。下列实验中和扬声器工作原理相同的是（）

A. B.

C. D.如图所示微波炉，下列说法正确的是（）

A.断开微波炉开关的瞬间会在空间激起电磁波

B.微波在真空中的传播速度小于光速

C.微波炉产生的微波不属于电磁波

D.微波不能用于通信

如图所示家庭电路中，四个元器件甲、乙、丙、丁分别是三孔插座、两孔插座、带开关及指示灯的插线板、带开关的电灯。图中的电路连接符合正常用电要求及安全用电原则的是（）

A.只有甲 B.甲和丁 C.甲和丙 D.甲、丙和丁如图是某饮水器的原理图。饮水器的容器内有密封绝缘的电热丝R1和热敏电阻Rx，只要水面到达如图所示的位置，接触开关Sl就会导通。继电器开关S2的作用是当饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路。则下列说法中错误的是（）

A.其中电磁铁的右端为N极

B.Rx必须选用阻值随温度升高而增大的热敏电阻

C.R2两端的电压与电流的比值不是一个定值

D.降低饮水器加热的最高温度要将滑动变阻器R2的滑片向左调节如图所示的电路，灯泡上标着“2.5V0.625W”，电流表和电压表的量程分别为0～0.6A和0～3V。

①断开S1和S3，闭合S2，将滑片移到阻值最大处时，滑动变阻器接入电路的阻值为R2，R2消耗的功率为0.162W，电压表和电流表的示数分别为U1和I1。

②断开S2，闭合S1和S3时，电压表和电流表的示数分别为U2和I2。

③断开S3，闭合S1和S2，移动滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值为R2时，电流表的示数I3=2I1．已知U1：U2=9：5，I1：I2=3：5，假设灯泡的电阻和电源电压不变，则下列数据正确的是（）

A.电源电压为5V

B.R1=10Ω

C.在③中，电路消耗的总功率为0.081W

D.在③中，为了保证电路安全，滑动变阻器阻值变化范围为8～20Ω二、计算题（本大题共2小题，共11.0分）某汽车采用了北斗卫星定位系统，汽车定位装置需要通过______（选填“超声波”、“微波”或“光纤”）将信息发送给天上的数颗卫星。汽车18km/h的速度行驶1000m需要时间______s．如图所示，汽车尾部的倒车雷达靠超声波来探测障碍物，某次倒车雷达发出超声波0.02s后收到回波，障碍物距离汽车车尾的距离是______m。

半潜式钻井平台是一种可在深海开采可燃冰的巨型设备，其工作原理图如下图甲，它由平台、立柱和浮箱组成。半潜式钻井平台在海面上通常有两种工作状态：处于上浮状态时，浮箱有少部分露出水面，以便在海上航行；处于半潜状态时，浮箱整体潜入水面以下一定深度，这样的设计增强了开采作业时整个设备抗风浪的能力。

（1）有报道说“可燃冰体积小，蕴含大量能量”，这句话是指可燃冰具有较高的______；不计加热过程中的能量损失，0.3m3的可燃冰完全燃烧放出的热量可以使多少______kg的水温度升高1℃．（q可燃冰=4.2×108J/kg）

（2）半潜式钻井平台在海上以18km/h的速度航行时，推进系统由相同型号的8台电动机

和8台螺旋桨组成，每台电动机独立带动一台螺旋桨。如果电动机工作电压为10000V，推进系统的效率为80%，海水对半潜式钻井平台的阻力为6.4×106N，则每台电动机工作电流为多少？

（3）如图乙所示平台上起重机的钢丝绳正在将一根横放在水平甲板上的钢管从一端吊起。

①把图中的钢管看做一个杠杆，在图乙中画出杠杆所受阻力。

②整根钢管直径一定，长度为15m，质量为200kg。钢丝绳拉着钢管的右端上升30m后，接着又水平移动10m，不计摩擦力，在整个过程中钢丝绳拉力做了多少功？

三、实验探究题（本大题共5小题，共23.0分）某同学用如图甲所示的实验装置观察两种物质的熔化现象。将分别盛有海波和蜡的两个试管固定在铁架台上，温度传感器的探头分别与海波和蜡良好接触，两只温度传感器通过数据采集线与计算机相连，打开红外加热器开关后，在计算机上可以得到相应的实验图线如图乙所示。

（1）分析图乙可知：______（选填“A”或“B”）是海波，其熔点为______；

（2）0-20s内，海波增加的内能______（选填“大于”“等于”或“小于”）蜡增加的内能。

（3）该实验完成后，根据获取的数据不能比较海波和蜡在固态时的比热容的大小，其原因是______。如图是探究凸透镜成像规律的实验装置，在光屏上已经获得一个清晰的像。

（1）______（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）成像特点和如图所示成像的特点相同。

（2）不改变图中烛焰和光屏的位置，将凸透镜另外放在______cm处，光屏上也可得到清晰的像。

（3）不改变图中烛焰、凸透镜和光屏的位置，改用焦距更短的凸透镜进行实验，要在光屏上成清晰的像，可在烛焰和凸透镜之间放一个______镜。利用这个实验原理可以矫正______。某同学在实验室测量盐水的密度。

（1）把托盘天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻线处。观察到横梁指针在分度盘的位置如图甲，此时应将平衡螺母向______旋动，直到______时表明横梁平衡了。

（2）将盛有盐水的烧杯放在左盘，横梁再次平衡后游码的位置和右盘中的砝码如图乙，烧杯和盐水的总质量是______g。

（3）将烧杯中的盐水倒入量筒一部分，量筒中盐水的体积如图丙。如果在测量盐水的体积时俯视读数，试分析密度的测量结果将出现的偏差：______。

（4）用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量为11.2g。盐水密度为______kg/m3。某同学用如图所示的实验装置测量滑轮组的机械效率，相关数据记录在下表中。实验序号钩码重/N钩码上升的高度/m绳端的拉力/N绳端移动的距离/m机械效率120.101.20.355.6%240.101.80.3360.102.50.3460.202.5（1）实验中，使用滑轮组提升重物时，应______拉动弹簧测力计。

（2）在第四次实验中，滑轮组的机械效率为______。

（3）分析实验数据可发现滑轮组机械效率变化规律是______。

（4）除机械效率外，根据表格中的数据可以计算出的物理量有______。

某同学利用如图甲所示的电路探究电流与电阻的关系。实验中电源电压保持不变，选用的定值电阻的阻值分别为5Ω、10Ω、15、20Ω和25Ω，滑动变阻器的规格为“30Ω1.5A”。

（1）该同学接错了一根导线，请你在这根导线上打“×”，并补画出正确的那根导线。

（2）正确连接电路后，先用5Ω的定值电阻进行实验，闭合开关后，移动滑片，当电流表的示数为如图乙所示时记下电压表的示数；接着将5Ω的电阻换成另外4个定值电阻进行实验，每次观察到电压表的示数为______V时，记录电流表的示数。分析实验数据，得出电流与电阻关系的结论是：______。这四组实验数据中，定值电阻消耗电功率最大的是______W。

（3）若实验中电源电压有4V、6V、8V和10V四种可选，则该同学选用的电源电压可能是______V。

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、平静湖面上山的“蓝天白云”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；

B、游泳池注水后看上去变浅了，是因为光从水中斜射入空气时，发生了折射，折射角大于入射角，是光的折射现象，故B不符合题意；

C、早晨太阳还在地平线以下时人就可以看到它，是由于光在密度不均匀的介质中传播时发生折射现象引起的，故C不符合题意；

D、树荫下有许多圆形的光斑是太阳的像，属于小孔成像，是由光的直线传播形成的，故D符合题意。

故选：D。

在分析几个实例时，要注意区分是光的直线传播、光的反射还是光的折射。

①光在自然界中存在三种光现象：光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

②当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来发生反射现象，例如：平面镜成像、水中倒影等；

③当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等。

此题主要考查了与光的反射、折射及直线传播有关的各种现象，大家要做到灵活运用，平时在学习中要注意理解区分。

2.【答案】A

【解析】解：

A、人类能听到的声叫声音，声音、超声波和次声波统称为声，故A正确；

B、声音传播速度与介质种类和温度有关。故B错误；

C、人听到声音是否响亮跟发生体发声时的响度和发声体的距离有关，故C错误；

D、音色不仅与发声体材料有关，还与结构有关，故D错误。

故选：A。

①人类能听到的声是声音，超声波和次声波人类都听不到，也属于声，次声波、超声波、声音统称声；

②声音传播速度与介质种类和温度有关；

③响度指声音的大小，跟物体的振幅、距声源的距离、分散程度有关；

④音色与发声体材料和结构都有关系。

本题考查了声的产生、传播三个特征跟影响因素之间的关系等，这些都属于比较简单的知识点，难度较小。

3.【答案】B

【解析】解：

AB、歼击机在加油过程中匀速飞行，质量增大，速度不变，动能变大；歼击机在加油过程中水平飞行，质量增大，高度不变，重力势能增大。此时歼击机没有弹性势能，所以当动能增大，重力势能增大时，机械能增大。故A错误、B正确。

C、如果以地面为参照物，歼击机不停飞飞行，歼击机和地面之间发生变化，所以以地面为参照物歼击机是运动的，故C错误。

D、如果以加油机为参照物，歼击机和加油机之间没有发生距离和方位的变化，所以以加油机为参照物歼击机是静止的，故D错误。

故选：B。

（1）从动能和重力势能大小的影响因素进行判断。

动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，动能越大。

重力势能大小跟质量、被举得高度有关。被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定时，高度越高，重力势能越大。

机械能等于动能和势能的总和。

（2）物体和参照物之间发生距离和方向的变化物体就是运动，否则是静止。

（1）掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化。

（2）判断物体和参照物之间是否变化是判断物体运动和静止的关键。

4.【答案】B

【解析】解：

A、击出的羽毛球能在空中继续飞行，是由于羽毛球具有惯性，还会保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性力作用，故A错误；

B、为了控制乒乓球的飞行路径可以让它旋转起来，这是利用了流体压强与流速的关系，故B正确；

C、体操运动员在手上涂防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C错误；

D、力的作用是相互的，在羽毛球拍和球击打的瞬间，球和拍都发生了弹性形变，故D错误。

故选：B。

（1）一切物体都有保持原有运动状态的特性；

（2）流体压强与流速的关系是通过实验探究得到的，流体包括液体和气体，流速越快的地方压强反而越小；

（3）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；

（4）力的作用是相互的，物体发生形变后能恢复原状，这种变化叫作弹性形变。

本题考查了学生根据现象结合力学知识进行分析判断的能力，题中所涉及的几个力学知识是历年中考的热点，一定要掌握和理解。

5.【答案】A

【解析】解：图中，上游阀门A打开，下游阀门B关闭：

闸室和上游水道构成连通器，当水静止时，两侧水深相同，水对阀门A两侧的压强相等、压力相等，故A正确、B错；

阀门B关闭，闸室和下游水道不连通，不能构成连通器，不符合题意，故C、D错。

故选：A。

上端开口，底部相连通的容器叫连通器，当所装同一种液体静止不流动时，各容器中的液面是相平的。据此分析判断。

本题考查了连通器的实际应用，知道连通器的特点（所装同一种液体静止不流动时，各容器中的液面是相平的）是关键。

6.【答案】D

【解析】解：A、通过乙与甲弹簧测力计的示数差可求出物体所受浮力的大小，故A错误；

B、要想测出物体排开的水的重力，溢水杯内水的液面必须到达溢水杯口，若达不到，则测得的排开的液体的重力会变小；因此在乙步骤中不仅要求物体浸没在水中，而且溢水杯内水的液面必须到达溢水杯口，故B错误；

C、已知溢水杯内水的液面必须到达溢水杯口，当物体浸入后水会溢出，则水的深度h不变，由p=ρgh可知溢水杯底部所受水的压强不变，由F=pS可知，溢水杯底部所受水的压力不变，故C错误；

D、为了减小误差，在小桶接水前，应先测出其重力，按照丁、甲、乙、丙顺序进行实验可以减小实验误差，故D正确；

故选：D。

（1）通过图甲的弹簧测力计可读出物体的重力；通过乙与甲弹簧测力计的示数差可求出物体所受浮力的大小；

（2）要想测出物体排开的水的重力，溢水杯内水的液面必须到达溢水杯口；

（3）溢水杯内水的液面必须到达溢水杯口，当物体浸入后水会溢出，溢水杯中的水仍然是满的，由p=ρgh可知溢水杯底部所受水的压强不变，由F=pS分析压力情况；

（4）通过图甲的弹簧测力计可读出石块的重力；通过乙与甲弹簧测力计的示数差可求出石块所受浮力的大小；图丙中弹簧测力计的示数等于小桶的重加石块的浮力；用小桶接水前，应先测出其重力。

本题目就是考查学生对阿基米德实验的掌握程度，看学生能否掌握每个步骤，以及每一步要测量的对象，只要基本知识掌握扎实，题目不难做出。

7.【答案】D

【解析】解：A、橡皮膜相平说明上面液体对橡皮膜的压强相等，因为水的密度等于酒精的密度，根据p=ρgh知，下面水的压强大于酒精的压强，所以酒精对容器底部的压强小于水对容器底部的压强，故A错误；

B、对橡皮膜的压强：p=ρ水gh水=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa，

因为酒精对橡皮膜的压强等于水对橡皮膜压强，

酒精对橡皮膜的压也为1000Pa，

根据p=知酒精对橡皮膜的压力：

F=pS=1000Pa×1×10-4m2=0.1N，故B错误；

C、根据p=ρgh知，可以算出橡皮膜上面的酒精的深度，但不知道橡皮膜下面酒精的高度，不能判断出容器右侧中酒精的深度，故C错误；

D、根据p=ρgh知橡皮膜上面的酒精的深度：

h酒精===0.125m=12.5cm，

又因为橡皮膜中心到水面的距离为0.1m=10cm，

容器右侧液面比左侧水面高12.5cm-10cm=2.5cm，故D正确。

故选：D。

（1）橡皮膜相平说明上面液体对橡皮膜的压强相等，根据p=ρgh判断出下面水和酒精的压强，从而判断出酒精对容器底部的压强与水对容器底部的压强的关系；

（2）根据p=ρ水gh水算出水对橡皮膜的压强，根据酒精对橡皮膜和水对橡皮膜压强的关系判断出酒精对橡皮膜的压强，根据=pS算出酒精对橡皮膜的压力；

（3）根据p=ρgh知，可以算出橡皮膜上面的酒精的深度，但不知道橡皮膜下面酒精的高度，不能判断出容器右侧中酒精的深度；

（4）根据算出水和酒精的高度算出右侧液面比左侧水面高的高度。

本题考查探究液体压强特点的实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。

8.【答案】C

【解析】解：扬声器是根据通电导体在磁场中受力而运动原理工作的。

A、如图是奥斯特实验，表明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，与扬声器的原理不同。

B、如图是通电螺线管，在通电时周围产生磁场，是电流的磁效应，与扬声器的原理不同。

C、如图电路中有电源和磁体，是通电导体在磁场中受力而运动，与扬声器的原理相同。

D、如图电路中只有磁体，没有电源，是电磁感应，与扬声器的原理不同。

故选：C。

知道扬声器的工作原理，然后从选项中找出和扬声器原理相同的即可。

电磁部分涉及到三部分内容，包括电生磁、磁生电、磁场对电流作用，归纳这三部分各是谁的工作原理，即可解决这部分的内容。

9.【答案】A

【解析】解：A、迅速变化的电流，会产生变化的电磁场，这就形成了电磁波，故A正确；

BCD、微波在真空中的传播速度等于光速，微波炉产生的微波属于电磁波，微波能用于通信，故BCD错误。

故选：A。

（1）电流会产生磁场，变化的磁场则会产生变化电场，变化的电场又会产生变化的磁场，变化的电磁场在空间的传播形成了电磁波；

（2）微波在真空中的传播速度等于光速，微波炉产生的微波属于电磁波，微波能用于通信。

本题考查电磁波的产生，以及微波的属性难度不大。

10.【答案】C

【解析】解：

甲图、三孔插座中，上孔接地、左孔接零线、右孔接火线，故甲接法正确；

乙图、两孔插座中左孔应接零线、右孔应接火线，故甲接法错误；

丙图、两孔插座中左孔接零线、右孔接火线，开关接在火线和插座（指示灯）之间，指示灯接在火线和零线之间，故丙接法正确；

丁图、开关控制灯泡时，火线首先接开关，再接灯泡，零线直接接灯泡，故丁接法错误。

故选：C。

（1）家庭电路中，开关控制灯泡时，火线首先接开关，再接灯泡；零线直接接灯泡。这样连接，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。

（2）两孔插座接法：左孔应接零线、右孔应接火线；

三孔插座的正确连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。

为了人身安全，要掌握开关控制灯泡和三孔插座的连接方法，并且掌握这种正确连接的必要性。

11.【答案】D

【解析】解：A、由安培定则可知，热水在加热过程中，继电器开关中电磁铁的右端为N极，故A正确；

B、继电器开关S2的作用是当饮水器内的水加热至沸腾后能自动切断加热电路，此时电磁铁的磁性应该减小，衔铁会向右移动，磁性减小，则继电器线圈中的电流减小，Rx必须选用阻值随温度升高而增大的热敏电阻，故B正确；

C、R2是滑动变阻器，阻值随着滑片的移动而变化，故R2两端的电压与电流的比值不是一个定值，故C正确；

D、想降低饮水器的最高温度，应增大R2的电阻，减小电路中的电流，故滑片应向右移动，故D错误。

故选：D。

（1）根据安培定则分析；

（2）饮水器内的水加热至沸腾后，磁性减小，电磁铁会切断电路；

（3）饮水器内的水加热至沸腾后，磁性减小，电流减小，表明电磁铁电路中的电阻会变大；

（4）想降低饮水器的最高温度，应增大R2的电阻，减小电路中的电流。

此题主要考查了电磁继电器的原理、构造和工作过程等知识，电磁继电器的实质相当于工作电路中的开关，解决此类题目的关键是了解电磁继电器的构造，并搞清各部分的作用，同时要搞清控制电路和工作电路。

12.【答案】D

【解析】解：

灯泡上标着“2.5V0.625W”，根据P=可得，灯的电阻：RL===10Ω；

①断开S1和S3，闭合S2，将滑片移到阻值最大处时，滑动变阻器接入电路的阻值为R2，两电阻串联后再与灯串联，电压表测RL与R1的电压，电流表测电路中的电流，R2消耗的功率为0.162W，电压表和电流表的示数分别为U1和I1。

②断开S2，闭合S1和S3时，RL与R1串联，电压表测RL的电压，电流表测电路中的电流，电压表和电流表的示数分别为U2和I2。

③断开S3，闭合S1和S2，移动滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值为R2，此时灯与变阻器R2串联，电压表测灯的电压，电流表测电路中的电流，此时电流表的示数I3=2I1；

AB、在①②中，由电阻的串联和欧姆定律有：

U1=I1（RL+R1）=I1×（10Ω+R1），

U2=I2RL=I2×10Ω，

因U1：U2=9：5，且I1：I2=3：5，

联立解得R1=20Ω，故B错误；

在①②中，根据电源电压不变时，电流与总电阻成反比有：

R总：R总′=I2：I1，

即（R2+20Ω+10Ω）：（10Ω+20Ω）=5：3，

解得R2=20Ω；

在①中，R2消耗的功率为0.162W，根据P=I2R，则电路的电流：I1===0.09A；

在①中，根据电阻的串联和欧姆定律可得，电源电压：

U=I1（R1+R2+RL）=0.09A×（20Ω+20Ω+10Ω）=4.5V；故A错误；

C、在③中，电路消耗的总功率为：

P3=UI3=U×2I1=4.5V×2×0.09A=0.81W；故C错误；

D、灯的额定电流为：

IL===0.25A＜0.6A，故电路中的最大电流为0.25A，此时电路中电阻最小，由欧姆定律和电阻的串联可得，变阻器连入的最小电阻：

R小=-RL=-10Ω=8Ω；

滑动变阻器连入电路的阻值越大，电路中的电流越小，灯的电压越小，故滑动变阻器连入电路的最大电阻为20Ω，

由此可知，在③中，为了保证电路安全，滑动变阻器阻值变化范围为8Ω～20Ω，故D正确。

故选：D。

灯泡上标着“2.5V0.625W”，根据P=得出灯的电阻；

分析①②③中电路的连接及电表测量的物理量：

AB、在①②中，由电阻的串联和欧姆定律有，根据U1：U2=9：5和I1：I2=3：5求出R1；

在①②中，根据电源电压不变时，电流与电阻成反比和电阻的串联求出R2；

在①中，由R2消耗的功率为0.162W，根据P=I2R得出电路的电流I1；

在①中，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源电压；

C、在③中，根据P=UI求出电路消耗的总功率；

D、根据P=UI求出灯的额定电流确定电路中的最大电流，此时电路中电阻最小，由欧姆定律和电阻的串联求出变阻器连入的最小电阻；

滑动变阻器连入电路的阻值越大，电路中的电流越小，灯的电压越小，得出滑动变阻器连入电路的最大电阻为。

本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路连接的分析。

13.【答案】微波

200

3.4

【解析】解：（1）汽车定位装置需要电磁波将信息发送给天上的数颗卫星，电磁波是微波；

（2）因为1m/s=3.6km/h，所以18km/h=5m/s，

由v=得：t===200s；

（3）超声波传播的路程：

s=v声t=340m/s×0.02s=6.8m，

车尾到障碍物之间的距离：

d===3.4m。

故答案为：微波；200；3.4。

（1）汽车定位装置需要电磁波将信息发送给天上的数颗卫星；

（2）利用公式v=解决；

（3）由速度公式的变形式s=vt求出声波的传播路程，该路程是车到障碍物距离的一半。

本题考查速度计算公式的应用，解题的关键是明确声波传播的是往返路程。

14.【答案】热值

3×107

【解析】解：

（1）可燃冰的能量密度高，它占用体积小，却蕴含大量能量，说明与相同质量的其他燃料相比可燃冰完全燃烧过程中放出的热量多，即可燃冰的热值大；

0.3m3的可燃冰完全燃烧放出的热量Q放=Vq=0.3m3×4.2×108J/kg=1.26×108J；

由题知，水吸收的热量：Q吸=Q放=1.26×108J，

由Q吸=cm△t得水的质量：

m===3×107kg。

（2）因为半潜式钻井平台匀速运动，所以牵引力和阻力是平衡力，大小相等，即F=f=6.4×106N，

半潜式钻井平台的功率：P===Fv=6.4×106N×m/s=3.2×107W，

根据η=×100%=×100%=×100%知，

半潜式钻井平台的电功率为：P电===4×107W，

每台电动机工作电流为：I=×=×=500A；

（3）①把图中的钢管看做一个杠杆，支点在最左边，阻力为钢管的重力，重心在钢管的中心，如图所示：

②如上图，根据杠杆的平衡条件F×LOA=G×LOB

因为LOA=LOB，

所以F=G=×mg=×200kg×10N/kg=1000N，

在没有吊起来之前，钢丝绳的拉力做的功为：

W1=F×L=1000N×15m=15000J，

钢管被吊起以后，其右端上升又上升了15m，该过程中拉力做的功：

W2=F2h=Gh=mgh=200kg×10N/kg×（30m-15m）=30000J，

水平移动10m拉力不做功，

所以在整个过程中钢丝绳拉力做的功为：W=W1+W2=15000J+30000J=45000J。

答：（1）热值；3×107；

（2）每台电动机工作电流为500A；

（3）①见上图；

②在整个过程中钢丝绳拉力做了45000J的功。

（1）1kg某种燃料完全燃烧放出的热量叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它代表燃料的优劣；

由Q放=Vq可求得可燃冰完全燃烧放出的热量，不计加热过程中的能量损失，Q吸=Q放，由Q吸=cm△t可求得水的质量；

（2）根据二力平衡的知识求出牵引力，根据P===Fv求出半潜式钻井平台的功率，根据η=×100%=×100%=×100%求出半潜式钻井平台的电功率为，再根据I=×求出每台电动机工作电流；

（3）根据杠杆的五要素找出阻力；

根据杠杆的平衡条件求出在没有拉起来之前的拉力，利用W=Fs算出此过程做的功和钢丝绳拉着钢管的右端上升30m做的功，最后求出总功。

本题考查了热值、热量公式、平衡力、功、杠杆等知识，是一道力、热、电的综合题，有一定的难度。

15.【答案】B

48℃

等于

不知道海波和蜡的质量关系

【解析】解：

（1）晶体有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热但温度保持不变；非晶体没有一定的熔化温度，在熔化过程吸热，温度不断地升高；

已知实验中两种物质为海波和蜡，海波是晶体，蜡是非晶体；由图乙中的B图线知，它有一段温度保持不变的过程，说明B是海波，晶体熔化时的温度为熔点，则海波的熔点为48℃；

（2）由图可知，用同一热源加热，同时打开红外加热器，则在0-20s内（时间相同），海波和蜡吸收的热量是相同的，即海波增加的内能等于蜡增加的内能，

（3）因为不知道海波和蜡的质量关系，由Q=cm△t可知，该实验完成后，根据获取的数据不能比较海波和蜡在固态时的比热容的大小。

故答案为：（1）B；48℃；（2）等于；（3）不知道海波和蜡的质量关系。

（1）晶体有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热但温度保持不变；非晶体没有一定的熔化温度，在熔化过程中吸热的同时，温度也在不断地升高；晶体熔化时的温度为熔点；

（2）相同的加热器对其加热时，即表明在相同的时间内两种液体所吸收的热量是相同的；

（3）根据控制变量法分析。

解决此题要学会用控制变量法进行分析，把吸收的热量转化为通电时间的长短，考查了学生对数据的分析和理解，是中考中常见的题目。

16.【答案】照相机

22

凹透

近视眼

【解析】解：

（1）由图可知，物距大于像距，故所成的像的性质是倒立、缩小、实像。利用此原理制成了照相机；

（2）在保持（1）中蜡烛和光屏位置不变的情况下，将凸透镜向左移到刻度线，物距等于（1）的像距，u=52.0cm-40.0cm=12.0cm，v=40.0cm-10.0cm=10.0cm，即凸透镜向右移到刻度线22.0cm处，光屏上也可得到清晰的像。

（3）不改变图中烛焰、凸透镜和光屏的位置，改用焦距更短的凸透镜进行实验，透镜的焦距变小，相当于增大物距，当物体成实像时，随着物距u增大，像距减小，要在光屏上成清晰的像，可在烛焰和凸透镜之间放一个凹透镜，使光线发散一下，像成在光屏上；利用这个实验原理可以矫正近视眼。

故答案为：（1）照相机；（2）22；（3）凹透；近视眼。

（1）凸透镜成像规律：

当u＞2f时，2f＞v＞f，成倒立缩小的实像，应用：如照相机；

当u=2f时，v=2f，成倒立等大的实像，应用：测焦距；

当2f＞u＞f时，v＞2f，成倒立放大的实像，应用：如投影仪或幻灯机；

当u=f时，不成像；

当u＜f时，像物在透镜的同侧，成正立放大的虚像，应用：如放大镜；

（2）当物距小于像距成实像时，应该成倒立放大实像；

（3）透镜的焦距变小，相当于增大物距，当物体成实像时，随着物距u增大，像距减小；凹透镜可以矫正近视眼。

此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律。

17.【答案】右

指针指在分度盘中央或指针左右摆动幅度相同

39.2

俯视读数会比实际值要偏大，由ρ=可知，密度偏小

1.12×103

【解析】解：（1）由图知，指针左偏，说明左盘低右盘高，应将横梁右端的平衡螺母向右调节，直到指针指在分度盘中央或指针左右摆动幅度相同时表明横梁平衡了。

（2）烧杯和盐水的总质量：m总=20g+10g+5g+4.2g=39.2g，

（3）用量筒量液体体积时读数时视线要与液体的凹液面相平，否则测量的液体体积会不准确，俯视读数会比实际值要偏大，由ρ=可知，密度偏小；

（4）量筒内盐水的质量m=m总-m剩=39.2g-11.2g=28g，量筒内盐水的体积V=25cm3，

盐水密度ρ===1.12g/cm3=1.12×103kg/m3。

故答案为：（1）右；指针指在分度盘中央或指针左右摆动幅度相同；（2）39.2；（3）俯视读数会比实际值要偏大，由ρ=可知，密度偏小；（4）1.12×103。

（1）在天平的调平过程中，指针左偏，说明左盘低，右盘高。哪端的盘较高，平衡力螺母便向哪端调节，当指针指在分度盘中央或指针左右摆动幅度相同时，表示横梁平衡。

（2）天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。

（3）用量筒量液体体积时读数时视线要与液体的凹液面相平，否则测量的液体体积会不准确，然后由密度公式分析；

（4）量筒内盐水的质量等于烧杯和盐水的总质量减去烧杯和剩余盐水的总质量，由图丙读出量筒内盐水的体积，再利用密度公式计算密度。

此题是测量盐水的密度，主要考查了有关天平及量筒的使用和读数，同时考查了密度的计算。在此实验中，要掌握测量液体密度的方法，