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文档简介

山东省青岛市私立智荣中学2022-2023学年高三数学文测试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.已知是定义在上的偶函数,且在上为增函数,则的解集为(

)A. B. C. D.参考答案:B2.“”是“”的(

)A.充分不必要条件 B.必要不充分条件 C.充要条件 D.既不充分也不必要条件参考答案:B由,可得或,即或,所以是成立的必要不充分条件,故选B.

3.已知双曲线的右焦点为F,P是第一象限C上的点,Q为第二象限C上的点,O是坐标原点,若,则双曲线C的离心率e的取值范围是(

)A.

B.

C.

D.参考答案:B略4.函数在下列哪个区间上为增函数(A)

(B)

(C)

(D)

参考答案:B略5.向量,若,则=(

)A.(3,-1)

B.(-3,1)

C.(-2,-1)

D.(2,1)参考答案:A略6.函数f(x)的部分图象如图所示,则f(x)的解析式可以是(

).A.f(x)=x+sinx

B.

C.f(x)=xcosx

D.参考答案:C7.设则

(

)

A.

B.

C.

D.参考答案:C略8.已知三棱柱ABC﹣A1B1C1的侧棱垂直于底面,各顶点都在同一球面上,若该棱柱的体积为,AB=2,AC=1,∠BAC=60°,则此球的表面积是()A.2π B.4π C.8π D.10π参考答案:C【考点】球的体积和表面积.【分析】利用三棱柱ABC﹣A1B1C1的侧棱垂直于底面,棱柱的体积为,AB=2,AC=1,∠BAC=60°,求出AA1,再求出△ABC外接圆的半径,即可求得球的半径,从而可求球的表面积.【解答】解:∵三棱柱ABC﹣A1B1C1的侧棱垂直于底面,棱柱的体积为,AB=2,AC=1,∠BAC=60°,∴×2×1×sin60°×AA1=,∴AA1=2∵BC2=AB2+AC2﹣2AB?ACcos60°=4+1﹣2,∴BC=.设△ABC外接圆的半径为R,则=2R,∴R=1.∴外接球的半径为,∴球的表面积等于4π×()2=8π.故选:C.9.已知a,b,c是正实数,则“”是“”的

A.充分而不必要条件

B.必要而不充分条件

C.充分必要条件

D.既不充分也不必要条件参考答案:A10.已知命题,命题,则命题是命题成立的(

)A.充分不必要条件

B.必要不充分条件

C.充分必要条件

D.既不充分也不必要条件参考答案:B

考点:1充分必要条件;2不等式.二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.已知集合A={1,2},B={a,a2+3},若A∩B={1},则实数a的值为________参考答案:1由题意,显然,所以,此时,满足题意,故答案为112.设函数,则满足的的取值范围是__________.参考答案:13.在平面直角坐标系中,若点的坐标,均为整数,则称点为格点.若一个多边形的顶点全是格点,则称该多边形为格点多边形.格点多边形的面积记为,其内部的格点数记为,边界上的格点数记为.例如图中△是格点三角形,对应的,,.(Ⅰ)图中格点四边形DEFG对应的分别是

;(Ⅱ)已知格点多边形的面积可表示为,其中a,b,c为常数.若某格点多边形对应的,,则

(用数值作答).

参考答案:14.在△ABC中,∠A=,且=0,点M是△ABC外一点,BM=2CM=2,则AM的最大值与最小值的差为.参考答案:2【考点】平面向量数量积的运算.【分析】取边BC的中点为O,把(+)?=0转化为?=0,得出⊥,△ABC为等边三角形,以O为坐标原点,以BC边所在的直线为x轴,建立平面直角坐标系,利用坐标表示得出AM的解析式,求出它的最大值与最小值即可.【解答】解:取边BC的中点为O,则=(+),又(+)?=0,∴?=0,∴⊥,∴△ABC为等腰三角形,又∠A=,∴△ABC为等边三角形,以O为坐标原点,以BC边所在的直线为x轴,建立平面直角坐标系如图所示;并设BC=2a(<a<),点M(x,y);则A(0,a),B(﹣a,0),C(a,0),又BM=CM=2,所以(x+a)2+y2=4(x﹣a)2+y2=1,所以解方程组得:或,所以当时===,令a2﹣=cosθ,则AM==,所以当θ=时(AM)min=1,同理当时,AM===,所以当θ=时(AM)max=3;综上可知:AM的取值范围是[1,3],AM的最大值与最小值的差是2.故答案为:2.【点评】本题考查了平面向量的数量积与应用问题,也考查了数形结合与逻辑推理以及计算能力的应用问题,是难题.15.某校高一开设4门选修课,有4名同学,每人只选一门,恰有2门课程没有同学选修,共有__________种不同选课方案(用数字作答)。参考答案:84 16.已知________参考答案:17.已知公差不为0的等差数列{an}满足a1,a3,a4成等比数列,Sn为{an}的前n项和,则的值为

.参考答案:2考点:等差数列的性质.专题:计算题;等差数列与等比数列.分析:由题意可得:a3=a1+2d,a4=a1+3d.结合a1、a3、a4成等比数列,得到a1=﹣4d,进而根据等差数列的通项公式化简所求的式子即可得出答案.解答: 解:设等差数列的公差为d,首项为a1,所以a3=a1+2d,a4=a1+3d.因为a1、a3、a4成等比数列,所以(a1+2d)2=a1(a1+3d),解得:a1=﹣4d.所以==2,故答案为:2.点评:解决此类问题的关键是熟练掌握等比数列与等差数列的性质,利用性质解决问题.三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.已知与圆相切于点,经过点的割线交圆于点,的平分线分别交于点.(Ⅰ)证明:;

(Ⅱ)若,求的值.

参考答案:(1)∵PA是切线,AB是弦,∴∠BAP=∠C,又∵∠APD=∠CPE,∴∠BAP+∠APD=∠C+∠CPE,∵∠ADE=∠BAP+∠APD,略19.已知椭圆的一个焦点为,其左顶点在圆上.(Ⅰ)求椭圆的方程;(Ⅱ)直线交椭圆于两点,设点关于轴的对称点为(点与点不重合),且直线与轴的交于点,试问的面积是否存在最大值?若存在,求出这个最大值;若不存在,请说明理由.参考答案:(Ⅰ)∵椭圆的左顶点在圆上,∴又∵椭圆的一个焦点为,∴∴∴椭圆的方程为

………………4分(Ⅱ)设,则直线与椭圆方程联立化简并整理得,

∴,

………………5分由题设知∴直线的方程为令得

∴点

………………7分………………9分(当且仅当即时等号成立)∴的面积存在最大值,最大值为1.

………………12分20.(理科)已知四棱锥的底面是直角梯形,,,侧面为正三角形,,.如图4所示.(1)证明:平面;(2)求四棱锥的体积.参考答案:证明(1)直角梯形的,,又,,∴.∴在△和△中,有,.∴且.∴.解(理科)(2)设顶点到底面的距离为.结合几何体,可知.又,,于是,,解得.所以.

21.(15分)设椭圆的焦点分别为、,直线:交轴于点,且.

(1)试求椭圆的方程;

(2)过、分别作互相垂直的两直线与椭圆分别交于、、、四点(如图所示),试求四边形面积的最大值和最小值.参考答案:解:(1)由题意,

为的中点

即:椭圆方程为………………(5分)

(2)当直线与轴垂直时,,此时,四边形的面积.同理当与轴垂直时,也有四边形的面积.当直线,均与轴不垂直时,设:,代入消去得:

设所以,,所以,,同理

……………9分所以四边形的面积

11分令因为当,

13分且S是以u为自变量的增函数

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