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文档简介
湖南省郴州市麻田中学2022年度高三数学文下学期期末试卷含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1.夏季运动会上,铁饼项目运动员往一矩形区域进行扔饼训练,该矩形长为6,宽为4,铁饼是半径为1的圆,该运动员总能将铁饼圆心仍在矩形区域内,则该运动员能将铁饼完全扔进矩形区域的概率为A.
B.
C.
D.参考答案:C由题意,得该运动员总能将铁饼圆心仍在矩形区域内,即铁饼圆心所在区域为矩形ABCD,要使该运动员能将铁饼完全扔进矩形区域,则铁饼圆心所在区域为矩形EFGH,由几何概型的概率公式,得该运动员能将铁饼完全扔进矩形区域的概率为;故选C.
2.与直线垂直的抛物线的切线方程是 A.
B.C.
D.参考答案:答案:B解析:易知与直线垂直的直线方程的斜率是,设切点为,则在此处的切线斜率是,故,∴
∴所求切线方程是.3.(5分)已知曲线f(x)=sin(wx)+cos(wx)(w>0)的两条相邻的对称轴之间的距离为,且曲线关于点(x0,0)成中心对称,若x0∈[0,],则x0=()A.B.C.D.参考答案:C【分析】利用两角和的正弦公式化简f(x),然后由f(x0)=0求得[0,]内的x0的值.【解答】解:∵曲线f(x)=sin(wx)+cos(wx)=2sin(wx+)的两条相邻的对称轴之间的距离为,∴=π,∴w=2∴f(x)=2sin(2x+).∵f(x)的图象关于点(x0,0)成中心对称,∴f(x0)=0,即2sin(2x0+)=0,∴2x0+=kπ,∴x0=,k∈Z,∵x0∈[0,],∴x0=.故选:C.【点评】本题考查两角和与差的正弦函数,考查了正弦函数的对称中心的求法,是基础题.4.若实数x、y满足不等式组则z=|x|+2y的最大值是(
) A.10 B.11 C.13 D.14参考答案:D考点:简单线性规划.专题:不等式的解法及应用.分析:由约束条件作出可行域,分类化目标函数为直线方程的斜截式,数形结合得到最优解,求出最优解的坐标,代入目标函数得答案.解答: 解:由约束条件作出可行域如图,当x≥0时,z=|x|+2y化为y=﹣x+z,表示的是斜率为﹣,截距为的平行直线系,当过点(1,5)时,直线在y轴上的截距最大,z最大,zmax=1+2×5=11;当x<0时,z=|x|+2y化为,表示斜率为,截距为,的平行直线系,当直线过点(﹣4,5)时直线在y轴上的截距最大,z最大,zmax=4+2×5=14.∴z=|x|+2y的最大值是14.故选:D.点评:本题考查了简单的线性规划,考查了数形结合的解题思想方法,是中档题.5.已知,,则(
)A.
B.或
C.
D.参考答案:C【知识点】三角函数的求值解析:因为,所以或,得,则,所以选C.【思路点拨】抓住所给的三角函数值是特殊角的三角函数值是本题的关键.6.在实数集中定义一种运算“”,,为唯一确定的实数,且具有性质:(1)对任意,;(2)对任意,.关于函数的性质,有如下说法:①函数的最小值为;②函数为偶函数;③函数的单调递增区间为.其中所有正确说法的个数为(
)A. B. C. D.参考答案:C略7.,函数的图象关于直线对称,则的值可以是(
)A.
B.
C.
D.参考答案:D8.已知双曲线(a>0,b>0)的左焦点为F(﹣c,0)(c>0),过点F作圆x2+y2=的一条切线交圆于点E,交双曲线右支于点P,若,则双曲线的离心率为()A.B.C.D.2参考答案:A【考点】双曲线的简单性质.【分析】判断出E为PF的中点,据双曲线的特点知原点O为两焦点的中点;利用中位线的性质,求出PF′的长度及判断出PF′垂直于PF;通过勾股定理得到a,c的关系,求出双曲线的离心率.【解答】解:∵,则,∴E为PF的中点,令右焦点为F′,则O为FF′的中点,则PF′=2OE=a,∵E为切点,∴OE⊥PF,∴PF′⊥PF,∵PF﹣PF′=2a,∴PF=PF′+2a=3a,在Rt△PFF′中,PF2+PF′2=FF′2,即9a2+a2=4c2.所以离心率e=.故选:A.【点评】本小题主要考查双曲线的简单性质、圆的方程等基础知识,考查运算求解能力,考查数形结合思想、化归与转化思想,在圆锥曲线中,求离心率关键就是求三参数a,b,c的关系,属于中档题9.一个棱锥的三视图如图所示,其中侧视图为边长为1的正三角形,则四棱锥侧面中最大侧面的面积是(
)A.
B.1
C.
D.参考答案:D10.设为空间两条不同的直线,为空间两个不同的平面,给出下列命题:①若,则;②若,则;③若,则;④若,则.其中正确命题的个数是(
)A.1
B.2
C.3
D.4参考答案:D二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11.若函数f(x)=(2x2-a2x-a)lgx的值域为,则a=_________参考答案:略12.定积分的值为____参考答案:013.在极坐标系中,点到直线的距离为
.参考答案:【知识点】简单曲线的极坐标方程.N3
解析:点P化为直角坐标P(0,1).直线化为2x﹣y+2=0.∴点P到直线的距离d==.故答案为:.【思路点拨】点P化为直角坐标P(0,1).直线化为2x﹣y+2=0.再利用点到直线的距离公式即可得出.14.已知e为自然对数的底数,函数f(x)=ex﹣e﹣x+ln(+x)+1,f′(x)为其导函数,则f(e)+f′(e)+f(﹣e)﹣f′(﹣e)=
.参考答案:2【考点】导数的运算.【分析】由已知函数解析式,令函数g(x)=f(x)﹣1,可知函数g(x)为奇函数,求导后判断g′(x)=f′(x)为偶函数,然后借助于函数奇偶性的性质可得f(e)+f(﹣e)=2,f′(e)﹣f′(﹣e)=0,由此求得f(e)+f′(e)+f(﹣e)﹣f′(﹣e)=2.【解答】解:f(x)=ex﹣e﹣x+ln(+x)+1,令g(x)=f(x)﹣1=ex﹣e﹣x+ln(+x),则g(﹣x)=f(﹣x)﹣1=,g(x)+g(﹣x)=0,故g(x)为奇函数,g′(x)=f′(x)==,由g′(x)﹣g′(﹣x)=﹣,可知g′(x)=f′(x)为偶函数,g(e)+g(﹣e)=f(e)﹣1+f(﹣e)﹣1=0,∴f(e)+f(﹣e)=2.又f′(e)=f′(﹣e),∴f′(e)﹣f′(﹣e)=0,∴f(e)+f′(e)+f(﹣e)﹣f′(﹣e)=2.故答案为:2.15.设f(x)是定义在R上的奇函数,当x>0时,f(x)=2x﹣3,则不等式f(x)<﹣5的解为
.参考答案:(﹣∞,﹣3)【考点】3L:函数奇偶性的性质.【分析】根据函数奇偶性的性质求出当x<0的解析式,讨论x>0,x<0,x=0,解不等式即可.【解答】解:若x<0,则﹣x>0,∵当x>0时,f(x)=2x﹣3,∴当﹣x>0时,f(﹣x)=2﹣x﹣3,∵f(x)是定义在R上的奇函数,∴f(﹣x)=2﹣x﹣3=﹣f(x),则f(x)=﹣2﹣x+3,x<0,当x>0时,不等式f(x)<﹣5等价为2x﹣3<﹣5即2x<﹣2,无解,不成立;当x<0时,不等式f(x)<﹣5等价为﹣2﹣x+3<﹣5即2﹣x>8,得﹣x>3,即x<﹣3;当x=0时,f(0)=0,不等式f(x)<﹣5不成立,综上,不等式的解为x<﹣3.故不等式的解集为(﹣∞,﹣3).故答案为(﹣∞,﹣3).【点评】本题主要考查不等式的解集的求解,根据函数奇偶性的性质求出函数的解析式是解决本题的关键.16.将7名学生分配到甲、乙两个宿舍中,每个宿舍至少安排2名学生,那么互不相同的分配方案共有________种.参考答案:11217.若曲线在与处的切线互相垂直,则正数的值为
.参考答案:
三、解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤18.(本小题满分12分)已知幂函数在上单调递增,函数.(Ⅰ)求的值;(Ⅱ)当时,记,的值域分别为集合,若,求实数的取值范围.参考答案:(Ⅰ)依题意得:或当时,在上单调递减,与题设矛盾,舍去.
……………5分(Ⅱ)当时,,单调递增,,,,.
……………12分19.(本小题满分14分)设函数.(Ⅰ)当时,求的极值;(Ⅱ)当时,求的单调区间;(Ⅲ)当时,对任意的正整数,在区间上总有个数使得成立,试问:正整数是否存在最大值?若存在,求出这个最大值;若不存在,说明理由.参考答案:(I)函数的定义域为.
…………1分当时,,∴.…2分由得.,随变化如下表:0极小值由上表可知,,没有极大值.
…………4分(II)由题意,.令得,.………6分若,由得;由得.…………7分若,①
当时,,或,;,.②当时,.③当时,,或,;,.综上,当时,函数的单调递减区间为,单调递增区间为;当时,函数的单调递减区间为,,单调递增区间为;当时,函数的单调减区间是,当时,函数的单调递减区间为,,单调递增区间为.…………10分(Ⅲ)当时,,.∵,∴.∴,.…………12分由题意,恒成立.令,且在上单调递增,,因此,而是正整数,故,所以,时,存在,时,对所有满足题意.∴.…………………14分20.(14分)如图,四棱锥P﹣ABCD的底面是边长为1的正方形,侧棱PA⊥底面ABCD,且PA=2,E是侧棱PA上的动点.(1)求四棱锥P﹣ABCD的体积;(2)如果E是PA的中点,求证:PC∥平面BDE;(3)是否不论点E在侧棱PA的任何位置,都有BD⊥CE?证明你的结论.参考答案:【考点】直线与平面平行的判定;棱锥的结构特征.【分析】(1)利用四棱锥的体积计算公式即可;(2)利用三角形的中位线定理和线面平行的判定定理即可证明;(3)利用线面垂直的判定和性质即可证明.【解答】解:(1)∵PA⊥底面ABCD,∴PA为此四棱锥底面上的高.∴V四棱锥P﹣ABCD==.(2)连接AC交BD于O,连接OE.∵四边形ABCD是正方形,∴AO=OC,又∵AE=EP,∴OE∥PC.又∵PC?平面BDE,OE?平面BDE.∴PC∥平面BDE.(3)不论点E在侧棱PA的任何位置,都有BD⊥CE.证明:∵四边形ABCD是正方形,∴BD⊥AC.∵PA⊥底面ABCD,∴PA⊥BD.又∵PA∩AC=A,∴BD⊥平面PAC.∵CE?平面PAC.∴BD⊥CE.【点评】熟练掌握线面平行、垂直的判定和性质定理及四棱锥的体积计算公式是解题的关键.21.已知向量a是以点A(3,-1)为起点,且与向量b=(-3,4)垂直的单位向量,求a的终点坐标.参考答案:设a的终点坐标为(m,n),则a=(m-3,n+1),∵a⊥b,∴由题意由①得:n=(3m-13)代入②得25m2-150m+209=0,解得或∴a的终点坐标是(,-)或(,-).
22.如图,在四棱锥P﹣ABCD中,PD⊥底面ABCD,AD⊥AB,CD∥AB,,CD=3,直线PA与底面ABCD所成角为60°,点M、N分别是PA,PB的中点.(1)求证:MN∥平面PCD;(2)求证:四边形MNCD是直角梯形;(3)求证:DN⊥平面PCB.参考答案:【考点】直线与平面垂直的判定;直线与平面平行的判定.【分析】(1)利用三角形的中位线性质证明MN∥AB,再由已知条件和公理4证明MN∥CD,再利用直线和平面平行的判定定理证得MN∥平面PCD.(2)由(1)可得MN∥CD.先由条件利用直线和平面垂直的判定证明CD⊥平面PAD,从而证得CD⊥MD,从而得到四边形MNCD是直角梯形.(3)由条件求得∠PAD=60°,利用勾股定理求得DN⊥CN.在Rt△PDB中,由PD=DB=,N是PB的中点,证得DN⊥PB,再根据直线和平面垂直的判定定理证得DN⊥平面PCB.【解答】证明:(1)因为点M,N分别是PA,PB的中点,所以MN∥AB.…因为CD∥AB,所以MN∥CD.又CD?平面PCD,而MN?平面PCD,所以MN∥平面PCD.…(2)由(1)可得MN∥CD.因为AD⊥AB,CD∥AB,
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