江西省万载县二中2021届高三物理上学期第一次质量检测试题

江西省万载县二中2021届高三物理上学期第一次质量检测试题江西省万载县二中2021届高三物理上学期第一次质量检测试题PAGEPAGE19江西省万载县二中2021届高三物理上学期第一次质量检测试题江西省万载县二中2021届高三物理上学期第一次质量检测试题考生注意：1。本试卷分第Ⅰ卷（选择题)和第Ⅱ卷（非选择题）两部分.满分100分。2。考生作答时，请将答案答在答题卡上。第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；第Ⅱ卷请用直径0。5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效在试题卷、草稿纸上作答无效。第Ⅰ卷（选择题共40分）一、选择题（每题4分，共40分1—6题为单选题7-10为多选题,选错的不得分，漏选的得2分)1.能够反映高速列车纵向平稳性的指标，是加加速度或者减减速度。据资料介绍我国的CRH380系列高速列车在高铁上行驶时，它的加加速度和减减速度值要求必须小于0.75m/s3，这个指标在全球这个行业是顶尖的.关于加加速度和减减速度下列说法正确的是A。0.75m/s3意义是每秒速度变化量是0。75m/sB。0。75m/s3意义是加速度变化量是0.75m/s2C.加加速度描述的是加速度变化大小的物理量D。加加速度是加速度变化量与时间的比值2。设地球的半径为R0，质量为m的卫星在距地面3R0高处做匀速圆周运动,地面的重力加速度为g0，则以下说法错误的是A。卫星的线速度为B。卫星的加速度为C。卫星的周期D。卫星的角速度为3。如图所示,物体M套在光滑水平直杆上，系在物体M上的细线跨过定滑轮与物体N相连，将物体N由静止释放,N运动过程中不会落到地面。已知细线无弹性且不计与滑轮间的摩擦，不计空气阻力，则下列说法正确的是A。若M的速度在增大时，则N的速度在减小B.若M的速度在减小时，则N的速度在增大C.当连接物体M的细线与水平方向的夹角为θ时，有D.当连接物体M的细线与水平方向的夹角为θ时,有4。如图所小是一辆汽车做匀减速直线运动x-t图中的一段.从图中所给的数据可以确定汽车在P点的瞬时速度A.大于4m/s B。等于4m/sC。小于4m/s D。可能大于4m/s，也可能小于4m/s5.压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小。一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置，如图甲所，将压敏电阻平放在升降机内，受压面朝上，在上面放一物体m，升降机静止时电流表示数为I0。某过程中电流表的示数如图乙所示,则在此过程中A。升降机一定是先向上做加速运动然后做减速运动B.升降机可能是先向上做减速运动然后做加速运动C。物体一定是先超重后失重D。物体一定是先超重后失重再超重后尖重6.水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为μ（0<μ<1)。现对木箱施加一拉力F,使木箱做匀速直线运动。设F的方向与水平面夹角为θ，如图，在θ从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变,则A。F一直减小 B.F一直增大C.F的功率减小 D.F的功率可能不变7.如图所示，弹簧处于拉伸状态，物体A处于静止状态。现在突然给小车向右的加速度且随时间逐渐增大，而A始终相对小车不动,在一段时间内A.物体A受到的摩擦力可能增大B.物体A受到的摩擦力大小可能不变C.物体A受到的摩擦力可能先减小增大D.物体A受到的摩擦力一定减小8。如图所示,是摩天轮的简化模型示意图，位同学乘摩天轮在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动,已知摩天轮的运动周期为，该同学的质量为m，重力加速度为g，空气阻力不计，则A。当座舱运动到最高点时，该同学对座舱的作用力为mgB.当座舱运动到最低点时,该同学对座舱的作用力为mgC。当座舱运动到与圆心等高时，该同学对座舱的作用力为mgD。当座舱运动到与圆心等高时,该同学对座舱的作用力为9。如图所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行。初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上滑上传送带，以地面为参考系，从小物块滑上传送带开始计时，其在传送带上v—t图象可能的是A。 B.C. D.10。如图所示,小球A和小球B用两根轻质细绳固定在倾角为45°的光滑斜面上，细绳与斜面平行,A球的质量为m,B球的质量为3m，开始时两球均静止，现在对B球施加一竖直平面内的作用力，则A球刚好不离开斜面，两球均可视为质点，重力加速度为g，下列说法正确的是A。若该作用力沿水平方向，则该作用力的大小为F=3mgB。若该作用力沿水平方向，A、B两球之间的细绳与竖直方向的夹角为53°C.所加作用力的大小不能小于2mgD。0与A球之间的细绳的拉力不可能等于零第Ⅱ卷(非选择题共60分）二、实验题(本题共2小题,共16分.）11.某兴趣小组用如图所示的装置做“探究加速度与力的关系”的实验：小车搁置在水平放置的长木板上，左端固定一个传感器,细线一端和传感器相连，另一端系一沙桶并跨过定滑轮，纸带连接车尾并穿过打点计时器，用来测定小车的加速度a，改变桶内沙子的重力从而改变对小车的拉力F.在保持小车质量不变的情况下，测得小车所受拉力F和加速度a的数据如下表：F/N0。210.300.400。490.60a/（m·s—2）0.100。210.290.410。49（1）（3分)根据测得的数据，在下图中作出a—F图象。（2）（3分）若认为滑动摩擦力等于最大静摩擦力，根据作出的图象,小车与长木板之间的动摩擦因数为_________。（保留一位有效数字）(3）（2分）利用图示装置探究加速度与力、质量的关系时,下列做法合理的是A。若要使作出的a—F图线过坐标原点,可以适当垫高木板的右端B.提供外力的小桶和沙子的总质量要远小于小车的质量C。处理数据时，作出a—m图象能准确判断出加速度与质量之间的关系D。处理数据时,作出a-F图像能准确判断出加速度与力之间的关系12.（每空2分）某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示。在气垫导轨上（可忽略摩擦力）相隔一定距离的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连.滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图象。（1）实验前，调整气垫导轨倾斜角度，使两光电门之间导轨高度差为h,接通气源.（2)用游标卡尺测遮光条宽度d，测量结果如图丙所示，则d=_________mm.（3）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t1、△t2和d已知，要验证滑块和钩码组成的系统机械能是否守恒,还应测出____________和_____________(写出物理量的名称及符号）。（4）若上述物理量间满足关系式___________，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒。三、计算题（本题共4小题，共44分。解答应写出必要的文字说明方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分,有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.)13.（8分）在玻璃桶内盛上密度ρ0的蓖麻油，将密度为ρ、半径为r的钢球从油面正上方h1处由静止释放钢球，在蓖麻油中下落h2后将匀速下落，这个速度称为此物体下落的稳定速度.已知：不计空气阻力,球体在蓖麻油中运动时受到的粘滞阻力f与球的半径r、速度v、液体的种类及温度有关，且(式中物理量η是蓖麻油的粘滞系数,它只与液体的种类及温度有关）,球体的体积公式为。试求下列问题：(1）小球刚落至油面处时的速度v1大小；(2)小球的稳定速度v2大小。14。（10分）如图所小，质量为1kg的物块放在倾角为37°的固定斜面底端，在F=22N与斜面底边平行的力作用下，物块从静止开始沿斜面向上运动。已知物块与斜面间的动摩擦因数μ=0。5，重力加速度g=10m/s2,斜面足够长已知:sin37°=0。6，cos37°=0。8，求:(1）在经历时间t=4s后,物块的瞬时速度；(2）若4s时，撤去拉力F,则撤去拉力F后经过多长时间物块的速度大小为2m/s。15。（12分)如图甲所小，水平放置的实验平台A、B两端点相距L，高为h，遥控电动小车（视为质点）的质量为m，与实验平台的动摩擦因数为μ，假设遥控开关开启后电动小车获得恒定的电动牵引力.现将电动小车静置于A点,开启遥控开关后，小车沿水平直线轨道AB运动后从B端水平飞出,落到地面上的C点，测得B、C两点的水平距离为，重力加速度为g,不计空气阻力。（1)求电动小车运动到B点时速度v;(2)求电动小车的电动牵引力F；（3）假设遥控开关开启后电动小车获得恒定的电动牵引功率在该牵引力作用下从A运动到B。现将电动小车静止于A点，开启控制开关后，经过时间t关掉开关，小车仍从B端水平飞出，测得B、C两点的水平距离为x。改变时间t，x将随之改变，多次实验，以x2为纵坐标、t为横坐标，得到如图（乙)所示图像、若已知x2-t图像的斜率为k.求电动小车的牵引功率P。16.（14分）如图所示，在距地面上方h=0。75m的光滑水平台面上，质量为m=8kg的物块左侧压缩一个轻质弹簧，弹簧与物块未拴接。物块与左侧竖直墙壁用细线拴接，使物静止在O点.水平台面右侧有一倾角为θ=37°的光滑斜面，半径分别为R1=0.4m和R2=0.2m的两个光滑圆形轨道固定在粗糙的水平地面上，且两圆轨道分别与水平面相切于C、E两点，两圆最高点分别为D、F。现剪断细线，物块离开水平台面后恰好无碰撞地从A点落入光滑斜面上，运动至B点后（在B点无能量损失)沿粗糙的水平面从C点进入光滑竖直圆轨道且通过最高点D,已知物块与水平面间的动摩擦因数μ=0。1，AB长度L1=0。5m,BC距离L2=3m，g=10m/s2,已知:sin37°=0.6,cos37°=0。8。（1）求弹簧储存的弹性势能Ep；（2）求物块经过C点时对圆轨道的压力；（3）为了让物块能从E点进入圆轨道且不脱离轨道，则C、E间的距离应满足什么条件？物理试题参考答案一、选择题（每题4分,共40分。1-6题为单选题,7—10为多选题,选错的不得分,漏选的得2分）题号12345678910选项DBDACCACBDBCBC1.答案:D解析:类比加速度定义加加速度描述的是加速度变化快慢的物理量，意义是加速度的变化率，加加速度是加速度变化量与时间的比值，选项A、B、C均错误,D正确。2.答案:B解析：由和两式得,A项错误。由得，B选项正确。由得，C项错误。由得，D项错误。3.答案:D解析：分析M受力知，当它在滑轮左边时合力向右，是向右加速到滑轮正下方,由速度的分解知N的速度先增大减小。A、B选项错误，当细绳与横杆的夹角为θ时，由速度的分解知，C选项错误，D正确。4。答案:A解析：观察图象知AB段的平均速度等于4m/s即等于中间时刻的瞬时速度，而匀变速直线运动位移中点的瞬时速度一定大于中间时刻的瞬时速度，所以A正确。5.答案：C解析：观察图象知电流于I0,对应电阻变小，压力大于重力是超重现象；电流小于I0，对应电阻变大，压力小于重力是失重现象。这里超重现象可能是升降机加速上升也可能是升降机减速下降引起，失重现象可能是升降机减速上升也可能是升降机加速下降引起。所以答案只有选项A正确。6。答案:C解析：木箱在F作用下向右匀速运动的过程中，受4个力作用而平衡,即Fcosθ=μ（mg-Fsinθ），解得：，其中,由数学知识知F先减小后增大，所以AB错误;由F的功率知功率减小，所以C正确，D错误。7。答案：AC解析:出平衡条件知，初始时静摩擦力向左，当小车突然向右加速时，出牛顿第二定律知F弹—f=ma，由于加速度逐渐增大，而A始终相对小车不动，即弹簧弹力不变，则摩擦力在一段时间内,可能处于一直向左减小过程；也可能处于先向左减小后向右增大过程；还可能处于向左增大过程，故正确答案为AC。8。答案:BD解析：在最高点处，由牛顿第二定律知，解得F=mg，故A错；在最低点处，由牛顿第二定律知，解得F=mg,故B正确；在与圆心等高处，在半径方向，由牛顿第二定律知,在竖直方向，由平衡方程知FN=mg，故，故D正确；C错误。故选BD.9。答案：BC解析:滑块滑上传送带后可能有以下两种情况:第一种情形，小物块从右端滑上传送带后一直做匀减速运动，该过程中不可能与传送带共速，故A错误，C正确；第二种情形，小物块从右端滑上传送带后先减速到零，然后反向加速再匀速,故B项正确；D项错误，10.答案:BC解析:若该恒力沿水平方向,对整体受力分析知，出平衡条件得F=4mg；故A错误;对B受力分析由平衡条件知；联立解得，，即θ=53°，故B正确；对整体受力分析，由矢量三角形可知,当F垂直于T时，F有最小值,Fmin=4mgsin45°=2mg，故C正确；若该恒力沿竖直向上方向且大小为F=4mg时，由平衡条件知，T=0，故D错误。二、实验题（本题共2小题，共16分。）11。（1）（3分）（2)μ=0。01（3分)(3）AD（2分）解析：（1）①在a—F图像中根据所给的数据描点.②用一条直线连接这些点（连接时要尽量多的点落在直线上，让其他的点尽可能分布在直线的两侧）.（2）当拉力等于最大静摩擦力时，物体开始运动,由上问所得a-F图像可知，当拉力等于0.10N时物体开始运动，故最大静摩擦力fm为0.1N，又由fm=μmg，解得μ=0.01（3)a—F图像未过坐标原点的原因是未平衡摩擦力,故A项正确；由于有力传感器记录滑块的拉力，则实验时不需要满足M〉>m，故B项错误；由于a-m图象是非线性图像，故很难判断出加速度与质量之间的关系，故C项错误；根据拉力a—F图像的线性关系可以判断出加速度与力之间的关系，故D正确。12.（每空2分)（2)10.85mm(3）两光电门之间的距离L滑块的质量M（4）解析：（2)山游标卡尺的读数规则可知，示数为10mm+17×0。05mm=10.85mm（3）为了计算出滑块、钩码的重力势能的减少量，需测量出两光电门之间的距离L滑块的质量M（4）对滑块、钩码组成的系统，由机械能守恒定律，三、计算题（本题共4小题，共44分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）13.（8分)解析：(1）小球在下落至蓖麻油中之前做自由落体运动，根据自由落体运动规律有解之得(如答案出现同样给分）（3分）（2）题意可知,小球稳定下落时匀速运动，故重力、浮力、粘滞阻力三力平衡即（2分）又F浮=ρ0gV联立以上各式得（3分)14。（10分）解析：（1）对物块受力分析如图所示:根据牛顿第二定律得(2分）根据摩擦力公式得联立解得a1=1m/s2当运动4s后，物块的速度为v1=a1t=4m/s(2分）（2）4s后，撤去外力,对物块受力分析如图所示:根据牛顿第二定律得解得a2=10m/s2（1分）撤F后，物块向上滑行减速至v2=2m/s所需时间（1分）撤去F后，物块向上滑行至最高点所需时间由于，故物块将会沿斜面下滑,受力分析如图所示根据牛顿第二定律得解得a3=2m/s2（1分）物块下滑过程中加速至v3=2m/s所需时间(1分）故从F撤去后至下滑加速到v3=2m/s所需时间t4=t2+t3=1。4s综上所述,撤去拉力F后经0.2